2021屆湖南省永州市高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆湖南省永州市高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.夕衰變所釋放的電子是原子的核外電子電離產(chǎn)生的

B.將放射性物質(zhì)放入高溫高壓的環(huán)境，其半衰期將變大

C.放射性物質(zhì)發(fā)出的射線中，a射線的穿透能力比/?射線的穿透能力強(qiáng)

D.鈾核（豺8〃）衰變?yōu)殂U核（第6pb）的過程中，要經(jīng)過8次a衰變和6次/?衰變

2.如圖所示為重約2t的某品牌跑車快速通過特別搭建的垂直摩天輪跑

道的情境。為了成功通過直徑約207n的豎直環(huán)形跑道（在底部軌道錯

開），跑車在進(jìn)入摩天輪環(huán)形跑道時的速度需達(dá)到力=22/n/s,在頂

端倒立行駛的速度需達(dá)到藝=7m/s,以對抗地心引力，確保跑車能

夠在環(huán)形跑道頂點(diǎn)順利地倒立行駛，重力加速度g=10m/s2.下列說

法正確的是（）

A.跑車通過摩天輪跑道的過程機(jī)械能守恒

B.跑車在環(huán)形跑道最高點(diǎn)的向心加速度大小約為19m/s2

C.跑車剛進(jìn)入環(huán)形跑道時受到跑道的支持力大小約為116800N

D.跑車剛進(jìn)入環(huán)形跑道時發(fā)動機(jī)輸出功率與到達(dá)環(huán)形跑道頂點(diǎn)時的相等

3.如圖為某物體在10s內(nèi)運(yùn)動的v—t圖象。關(guān)于物體在10s內(nèi)的位移,

下列數(shù)據(jù)正確的是（）

A.60m

B.40m

C.48m

D.54m

4.某人造地球衛(wèi)星的軌道半徑逐漸變小，則它的

A.周期增大，動能減小B.周期減小，動能減小

C.周期增大，動能增大D.周期減小，動能增大

5.如圖所示，P、Q是兩個電量相等的異種點(diǎn)電荷，P帶正電，Q帶負(fù)電，它

們連線的中點(diǎn)是0,4、B是中垂線上的兩點(diǎn)，用&、EB、?A、0B分別表④------o——6

P

示4、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)與電勢，貝lj（）'A

uB

A.E4大于EB，以等于。BB.EA小于EB，OA等于。B

C.品大于與，<M小于0BD.E4等于%,勿等于0B

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.如圖所示，在粗糙水平面上放置質(zhì)量分別為4m、4m、3m、m的四個木塊從B、C、D,木塊4、B

用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的動摩擦因數(shù)均為小木塊C、。與水平面間的動摩擦因數(shù)均

為泰最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。若用水平拉力尸拉木塊B,使四個木塊一起勻加速前進(jìn),

重力加速度為g,則（）

A.勻加速的最大加速度為14g

B.以最大加速度勻加速前進(jìn)時，木塊4、C間的摩擦力與木塊B、。間的摩擦力大小之比為3：2

C.輕繩拉力最大為14卬ng

D.水平拉力最大為8〃?ng

7.質(zhì)量為m、邊長為L的正方形線圈的ab邊距離磁場邊界為s,線圈

從靜止開始在水平恒力尸的作用下，穿過如圖所示的有界勻強(qiáng)磁

場，磁場寬度為d（d>L）o若它與水平面間沒有摩擦力的作用，ab

邊剛進(jìn)入磁場的速度與ab邊剛離開磁場時的速度相等。下列說法

正確的是（）

A.線圈進(jìn)入磁場和離開磁場的過程通過線圈的電荷量不相等

B.穿越磁場的過程中線圈的最大速度大于惡

C.穿越磁場的過程中線圈的最小速度為產(chǎn)（s+L-d）

yjm

D.穿越磁場的過程中線圈消耗的電能為F（d+L）

8.質(zhì)量為m的物體，由靜止開始下落，由于空氣阻力作用，下落的加速度為gg,在物體下落九的過

程中，則物體（）

A.重力做的功為mghB.所受阻力做的功為gnigh

C.重力勢能減少了gmg/iD.所受所受合力做的功'mgh

9.下列選項(xiàng)正確的是（）

A.氣體的溫度升高，每個氣體分子運(yùn)動的速率都增加

B.布朗運(yùn)動是指懸浮在液體中固體顆粒的分子的無規(guī)則運(yùn)動

C.空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢

D.由同種元素構(gòu)成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體

10.如圖所示，一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波，實(shí)線為t=0時刻的波

形圖，虛線為t=0.6s時的波形圖，波的周期r>0.6s,則（）

A.波的周期為2.4s

B.波速為lOm/s

C.在t=0.9s時，P點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動

D.從t=0.6s起的0.4s內(nèi)，P點(diǎn)經(jīng)過的路程為0.4m

E.在t=0.5s時，Q點(diǎn)到達(dá)波峰位置

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.某實(shí)驗(yàn)小組按如圖1所示實(shí)驗(yàn)裝置探究“加速度與物體所受合外力的關(guān)系”。圖中4為裝有祛碼

的小車，B為裝有祛碼的小盤，C為一端帶有定滑輪的長木板?小車通過紙帶與打點(diǎn)計(jì)時器（未

畫出）相連，小車（及祛碼）的質(zhì)量為M,小盤（及祛碼）的質(zhì)量為機(jī)。

（1）在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持（用題中物理量表示）不變，用裝有祛碼的小盤所

受的重力大小作為，用紙帶法測小車的加速度。

為使祛碼及小盤的總重力在數(shù)值上近似等于小車運(yùn)動時受到的拉力，應(yīng)滿足的條件是祛碼及小盤的

總質(zhì)量（選填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于”或“近似等于”）小車和小車上祛碼的總質(zhì)量。

（2）改變小盤中所放祛碼的數(shù)量，多次重復(fù)測量。如圖2所示在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)可畫

出a-尸關(guān)系圖線。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是o（填正確選

項(xiàng)前字母）

A.操作前未平衡摩擦力

民牽引小車的細(xì)繩與長木板未保持平行

C.小盤中所放祛碼的總質(zhì)量太大

D所用小車的質(zhì)量太大

(3)實(shí)驗(yàn)中，得到一條打點(diǎn)的紙帶，如圖3所示，并在其上取了4B、C、。、E、F、G7個計(jì)數(shù)點(diǎn)，

各計(jì)數(shù)點(diǎn)到4點(diǎn)的距離如圖3,其中相鄰兩點(diǎn)間的時間間隔為T,則打下點(diǎn)時的速度%=

圖3

12.為了測量一定值電阻的阻值，某同學(xué)進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)操作。

(1)首先使用多用電表粗測電阻，他將歐姆表的選擇開關(guān)旋至“X10”擋位，測量時指針偏轉(zhuǎn)如圖甲

所示，以下是該同學(xué)的后續(xù)主要實(shí)驗(yàn)操作，請完善相關(guān)內(nèi)容。

①斷開待測電阻，將選擇開關(guān)施至(選填“X100”或“x1”)擋；

②將紅黑表筆,調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向歐姆表的(選填“0”或“8”)刻度

線；

③再接入待測電阻，指針示數(shù)如圖乙所示，則待測電阻阻值為

④測量結(jié)束后，將選擇開關(guān)旋至交流電壓最大擋。

(2)接著采用“伏安法”較準(zhǔn)確地測量該電阻的阻值，所用實(shí)驗(yàn)器材如圖丙所示，其中電壓表內(nèi)阻約

為20k0,電流表內(nèi)阻約為200,圖中部分電路已經(jīng)連接好，請完善電路的實(shí)物圖連接。

圖內(nèi)

四、簡答題(本大題共1小題，共20.0分)

13.如圖所示，把一質(zhì)量為0.5kg的電動玩具車,放在質(zhì)量為1kg的帶有光滑輪子的小車上，當(dāng)接通

玩具車的電源，使它相對與小車以0.5m/s的速度運(yùn)動時，小車如何運(yùn)動？

五、計(jì)算題(本大題共3小題，共32.0分)

14.如圖所示，質(zhì)量為m的工件，從高h(yuǎn)的光滑曲面上由靜止下滑，水平向右進(jìn)入傳送帶，傳送帶以

速度勻速向左運(yùn)動，傳送帶長L，物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)〃=今求：

(1)物體離開傳送帶時的速度.物體是從傳送帶的左邊還是右邊離開傳送帶？

(2)物體在傳送帶上運(yùn)動過程產(chǎn)生的熱能.

15.如圖所示.有一熱氣球，球的下端有一小口，使球內(nèi)外的空氣可以流通，以

保持球內(nèi)外壓強(qiáng)相等，球內(nèi)有溫度調(diào)節(jié)器，以便調(diào)節(jié)型內(nèi)空氣的溫度，是氣

球可以上升或下降，設(shè)氣球的總體積%=5003(球殼體及忽略不計(jì))，福球內(nèi)

空氣外,氣球質(zhì)量m=180kg,已知地球表面的大氣溫度7()=280k,密度p()=

1.20Wm3,如果把大氣視為理想氣體，它的組成和溫度幾乎不隨高度變化.

(1)為使氣球從地面飄起，球內(nèi)氣溫最低必須加熱到多少？

(2)當(dāng)球內(nèi)溫度為480k時，氣球上升的加速度多大？

16.如圖所示為用某種透明材料制成的一塊柱形棱鏡的截面圖，圓弧CO

為半徑為R的四分之一的圓周，圓心為。，光線從4B面上的某點(diǎn)入射,

入射角。1=45。，它進(jìn)入棱鏡后恰好以臨界角射在面上的。點(diǎn).

(a)畫出光線由4B面進(jìn)入棱鏡且從CD弧面射出的光路圖：

仙)求該棱鏡的折射率小

(c)求光線在該棱鏡中傳播的速度大小也已知光在空氣中的傳播速度c=3.0x108m/s).

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：4、/?衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時產(chǎn)生的，故A錯誤；

8、半衰期的大小與放射性元素的溫度無關(guān)，故8錯誤；

C、在a、6、V，這三種射線中，a射線的電離作用最強(qiáng)，y射線的穿透能力最強(qiáng)，故C錯誤；

D、鈾核淄8[;）衰變?yōu)殂U核（第6pb）的過程中，電荷數(shù)少10,質(zhì)量數(shù)少32,設(shè)經(jīng)過n次a衰變，m次￡衰

變，則有：4n=32,2n—m=10,解得=8,m=6,故。正確。

故選：D。

放射性元素的半衰期與元素所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，由原子核內(nèi)部因素決定；0衰變的實(shí)質(zhì)

是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來；在a、夕、y,這三種射線中，a射

線的電離能力最強(qiáng)，穿透能力最弱，y射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量

數(shù)守恒，結(jié)合衰變的實(shí)質(zhì)求出衰變的次數(shù)。

本題考查了半衰期、衰變的實(shí)質(zhì)，射線的性質(zhì)等基礎(chǔ)知識點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識

點(diǎn)，注意半衰期的大小與放射性元素所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)。

2.答案：C

解析：解：4、從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中汽車的牽引力做功、摩擦力要做功，機(jī)械能不守恒，故4

錯誤；

B、最高點(diǎn)的向心加速度a=躇=4.9m/s2,故B錯誤；

C、在最低點(diǎn)由向心力公式得：氏一加9=解得FN=116800N,故C正確；

D、發(fā)動機(jī)輸出功率為牽引力與速度的乘積，而「牽一/=紗在最低點(diǎn)和最高點(diǎn)的切向加速度不確

定，在最低點(diǎn)的速度大于最高點(diǎn)的速度，輸出功率?牽D不確定，故。錯誤；

故選：Co

A、跑車通過摩天輪跑道的過程中有牽引力做功、阻力做功可判斷機(jī)械能是否守恒；B、由向心加速

度公式求解；

C、在最低點(diǎn)由向心力公式求解；。、發(fā)動機(jī)輸出功率為牽引力與速度的乘積，速度關(guān)系已知，列牛

頓第二定律表達(dá)式表示出牽引力來判斷。

本題考查了機(jī)械能守恒的條件、向心加速度、向心力、牽引力的功率，熟練掌握定律、公式的含義

才能靈活應(yīng)用。

3.答案:B

解析：

要求物體在10s內(nèi)發(fā)生的位移，可以用運(yùn)動學(xué)公式，但需求物體的加速度，也可以用“速度圖象與時

間軸圍成的面積等于物體通過的位移”進(jìn)行求解，

本題用第二種方法比較簡單，用“速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移”求位移是一

種比較簡潔的方法，要注意掌握。

速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移，故在10s內(nèi)物體的位移x=等x10巾=40m,

故8正確，AC。錯誤。

故選B。

4.答案:D

解析：

根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、周期的表達(dá)式進(jìn)行討論即可。

本題是利用萬有引力定律研究天體運(yùn)動的簡單題目，不難。

設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為八地球質(zhì)量為M

人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時，根據(jù)萬有引力提供向心力，有G萼=m^=m4r

r2rT2

則得：〃=怪,7=2〃區(qū)

動能取=|mv2=空^

可以知道，衛(wèi)星的軌道半徑變小，速度增大，動能增大，而周期減小，所以。選項(xiàng)是正確的.

故選。。

5.答案：A

解析：解：等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線，所以心等于以.根據(jù)電場線的疏密知，力點(diǎn)處

電場線比B點(diǎn)處密，則以>EB.故A正確，8CO錯誤.

故選：A.

兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線.電場強(qiáng)度方向與等勢面方向垂直，而且指向電

勢低的方向.

對于等量異種電荷和等量同種電荷連線和垂直平分線的特點(diǎn)要掌握，抓住電場線和等勢面的對稱性

進(jìn)行記憶.

6.答案：BD

解析：解：4、設(shè)4c之間的滑動摩擦力為八，BD之間的滑動摩擦力為左，使4C相對滑動的最大加速

度%,使BD相對滑動的最大加速度a?

對C牛頓第二定律：(3m+4m)g=3max,/1=〃,4mg,聯(lián)立解得：的=

對。牛頓第二定律：/z-?(4m+m)g=ma2,f2=ix-4mg,聯(lián)立解得：a2=

綜上，如果使四個木塊一起勻加速前進(jìn)，最大的加速度為故A錯誤；

8、使四個木塊一起勻加速前進(jìn)，AC之間摩擦力為最大靜摩擦力即：/i=4“mg

對D牛頓第二定律：f2'-^-(4m+m^g=ma1,解得：則/i：啟=3：2,故B正確；

C、使四個木塊一起勻加速前進(jìn)，對4木塊牛頓第二定律，設(shè)繩子最大拉力為7：7-〃?4mg=4max,

解得：7=g〃mg,故C錯誤；

。、以最大加速度勻加速前進(jìn)時，最大拉力為尸，整體法，牛頓第二定律：F-^(4m+4m+3m+

m

)9~(4m+4m+3m+m)a1,解得：F=故。正確；

故選：BD。

(1)分別求AC、BD之間取最大靜摩擦力時的最小加速度，它們的最小值就是四個木塊一起勻加速前

進(jìn)的最大加速度；

(2)以上分析可知4c之間取最大靜摩擦力時，四個木塊一起勻加速前進(jìn)的最大加速度，對。牛頓第二

定律求靜摩擦力；

(3)對4木板牛頓第二定律求繩子最大拉力；

(4)對四個木塊整體法求最大水平拉力。

本題考查牛頓第二定律和摩擦力的判斷，關(guān)鍵突破口為求出一起加速運(yùn)動的最大加速度，然后靈活

運(yùn)用整體法和隔離法求解摩擦力和拉力，要把握兩個物體剛要相對滑動的條件：靜摩擦力達(dá)到最大

值。

7.答案：BC

解析：

分析線框的運(yùn)動情況時，關(guān)鍵要分析清楚題設(shè)的條件，抓住安培力的變化，判斷線框的運(yùn)動情況。

求電能時，不要忘記線圈離開磁場的過程也要產(chǎn)生電能。

A、通過線圈的電量勺=〃(：=辿=絲，線圈進(jìn)入磁場和離開磁場的過程中，線框磁通量變化量大

小相等，則通過線圈的電荷量相等，故A錯誤。

BC、進(jìn)入磁場前，線圈做勻加速直線運(yùn)動，進(jìn)入磁場后由于受到向左的安培力，阻礙線圈的運(yùn)動，

線圈全部進(jìn)入磁場后不產(chǎn)生感應(yīng)電流，不受安培力，線圈做勻加速直線運(yùn)動，結(jié)合必邊剛進(jìn)入磁場

的速度與ab邊剛離開磁場時的速度相等，知ab邊進(jìn)入磁場后線圈開始做減速運(yùn)動，又因當(dāng)ab邊剛要

穿出磁場時線圈又做減速運(yùn)動，所以

線圈剛進(jìn)磁場時速度最大，根據(jù)B/L>F得："L>F

得最大速度為：vmax>V。

最小速度就是線圈剛完全進(jìn)入磁場或完全離開磁場時的速度，在ab邊剛進(jìn)入磁場到油邊剛離開磁場

時，設(shè)線圈克服安培力做功為勿，兩時刻速度相等，由動能定理得：

Fd-W=0

所以進(jìn)入磁場的過程中線圈克服安培力做功為：W=Fd

當(dāng)線圈完全離開時線圈克服安培力做功仍為W，設(shè)線圈最小速度為“，由動能定理得：

1,

F(s+L+d)-2W=-mv^in

2F(5d)

解得整個線圈穿越磁場的過程中線圈的最小速度為：vmin=|^-,故BC正確；

。、由于ab邊剛進(jìn)入磁場的速度與ab邊剛離開磁場時的速度相等，那么線圈進(jìn)入磁場和離開磁場時

安培力做功相等，即線圈消耗的電能相等，故穿越磁場的過程中線圈消耗的電能即線圈中產(chǎn)生的熱

量為：Q=2〃=2Fd,故。錯誤。

故選：BCo

8.答案：AD

解析：解：4、根據(jù)重力做功的公式可知，重力做功皿=巾9%，故4正確；

B、因物體的加速度為a=(g,由牛頓第二定律可知mg-丹=ma,解得空氣阻力fy=：機(jī)9,阻力

方向與運(yùn)動方向相反，故阻力做功必=一：69九，故8錯誤；

C、重力做功與重力勢能變化的關(guān)系以=一△￡2，重力做正功，故重力勢能減少mg/i，故C錯誤;

D、因物體的加速度為a=gg,故合力F=ma=gmg,故合力做功呼合=F/i=gmg九，故。正確。

故選：AD.

根據(jù)牛頓第二定律求出阻力的大小，再求物體克服阻力所做的功；據(jù)以=瓶9無求重力做的功，而重

力做功決定了重力勢能變化；根據(jù)牛頓第二定律求出合力，再根據(jù)功的公式求解合力的功。

本題考查功能關(guān)系的應(yīng)用，應(yīng)明確重力勢能變化是由重力做功引起與其他力是否做功無關(guān)，阻力做

功為負(fù)功。

9.答案:CD

解析：解：4溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，對單個的分子沒有意義，所以氣體的溫度升高，不是

每個氣體分子運(yùn)動的速率都增加。故A錯誤；

8、布朗運(yùn)動是懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動，不是固體顆粒的分子的無規(guī)則運(yùn)動，故3錯誤；

C、相對濕度等于空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)比上同溫度下水的飽和汽壓，空氣相對濕度越大時，空氣中水

蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和汽壓，水蒸發(fā)得越慢，故C正確；

。、同種元素構(gòu)成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石，

故。正確；

故選：CD。

溫度是分子的平均動能的標(biāo)志；布朗運(yùn)動不是液體分子的運(yùn)動，也不是固體小顆粒分子的運(yùn)動，而

是小顆粒的運(yùn)動；相對濕度等于空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)（絕對濕度）比上同溫度下水的飽和汽壓，據(jù)此

即可分析判斷。

解答該題要熟練的掌握布朗運(yùn)動的定義和分子平均動能的標(biāo)志以及晶體和非晶體的特性。

10.答案：BDE

解析：解：4、從實(shí)線波形圖到虛線波形圖需要經(jīng)歷￡=（n+》7個周期，而周期大于0.6s,可知=7=

0.6,解得：7=x0.6s=0.8s,故A錯誤；

B、由圖象可知：A-8m,則波速為：v=-=^-m/s=10m/s,故3正確；

TO.o

C、t=0.9s的波形圖和t=0.1s的波形圖相同，波沿x軸負(fù)方向傳播，所以P點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動，故

C錯誤：

D、經(jīng)過t=0.4s,P完成半個周期的振動，經(jīng)過的路程為24=2x0.2m=0.4m,故。正確；

E、在t=0時Q點(diǎn)的橫坐標(biāo)為5m,由于波沿y軸負(fù)方向運(yùn)動，故在t=0.5s的時間內(nèi)波沿x軸負(fù)方向傳

播的距離為“="=10x0.5=5m,故在t=0.5s時，Q點(diǎn)振動情況和t=0時距離坐標(biāo)原點(diǎn)10m處

的質(zhì)點(diǎn)的振動情況相同，而t=0時距離坐標(biāo)原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波峰位置，故E正確；

故選：BDE。

應(yīng)用平移法求出波的波長和周期，再根據(jù)求波速；根據(jù)波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)的振動方向；后

一個質(zhì)點(diǎn)重復(fù)前一個質(zhì)點(diǎn)的振動，在一個周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)完成一個全振動，運(yùn)動路程為4A根據(jù)時間與周

期的關(guān)系，確定Q點(diǎn)的位置和運(yùn)動方向。

本題運(yùn)用波形的平移法分析時間與周期的關(guān)系，得到周期，并根據(jù)時間與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)的

狀態(tài)。

11.答案：小盤(及祛碼)的質(zhì)量小車所受外力的大小遠(yuǎn)小于。守得券

解析：解：(1)在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持小盤(及祛碼)的質(zhì)量不變，用裝有祛碼的小

盤所受的重力大小作為小車所受外力的大小，為使祛碼及小盤的總重力在數(shù)值上近似等于小車運(yùn)動

時受到的拉力，應(yīng)滿足的條件是祛碼及小盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和小車上祛碼的總質(zhì)量。

(2)由于。4段a-尸關(guān)系為一傾斜的直線，所以在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比，

由實(shí)驗(yàn)原理：mg=Ma

實(shí)際上出?

可見4B段明顯偏離直線向下彎曲，是由于沒有滿足祛碼及小盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量造成

的，故C正確，錯誤。

故選：故

(3)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度得打F點(diǎn)時的速度傳=嶗

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=可以求出加速度的大小，

zg_.DL&HAD__d$_2d3

例~(37)2__9T2。

故答案為：(1)小盤(及祛碼)的質(zhì)量，小車所受外力的大小，遠(yuǎn)小于，(2)C,(3)”，安算。

ZI9/

(1)(2)探究加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)，首先要平衡摩擦力；當(dāng)鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時，小車受到

的拉力近似等于鉤碼受到的重力；如果鉤碼質(zhì)量太大，小車受到的拉力小于鉤碼重力，圖象發(fā)生彎

曲；

(3)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上該點(diǎn)時小車

的瞬時速度大小；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△X=可以求出加速度的大小。

探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)時.，要平衡小車受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不

夠、或過平衡摩擦力，小車受到的合力不等于鉤碼的重力；

要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解

與應(yīng)用。

12.答案：X100短接01.7x103

解析：解：(1)由題意知，測電阻時，歐姆表的示數(shù)太大，要使示數(shù)變小，

則要求倍率換大，即換為“X100”后，再重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，測量未

知電阻；所以要重新短接兩表筆，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零電阻，使歐姆表的指針

指在0刻度線，再將待測電阻接入紅黑表筆間，測得Rx=17x1000=

17000；

(2)先對比一下倍數(shù)關(guān)系，因?yàn)殁?詈285,而氏=需=12,即合＜方,所以心為大電阻，故

電流表采用內(nèi)接法，而為多測量幾組數(shù)據(jù)，滑動變阻器采用分壓接法，按此思路進(jìn)行實(shí)物圖連接,

如圖所示。

故答案為：(1)①X100、②短接、，0、③1.7x103；(2)如圖

(1)選擇開關(guān)旋到“X10”擋位，測量時指針偏轉(zhuǎn)角度太大，換用“X100”擋后，重新進(jìn)行歐姆調(diào)

零，再進(jìn)行測量，測量值=指示值X倍率;

(2)將待測電阻與電壓表和電流表的內(nèi)阻比較，確定其是大電阻還是小電阻，從而確定電流表的內(nèi)外

接；

本題主要考查基本儀器多用電表粗測電阻的方法，對于伏安法測電阻要根據(jù)待測電阻的阻值心與

膈而的關(guān)系選擇合適的電路。

13.答案：解：選取地面為參考系，設(shè)小車相對于地面的速度為“，則電動玩具車相對于地面的速度

為3-0.5)m/s,規(guī)定小車的速度方向?yàn)檎较颍?/p>

根據(jù)動量守恒定律有：Mv+m(v-0.5)=0,

代入數(shù)據(jù)解得：v=0.17m/s.

答：小車的速度為0.17m/s.

解析：電動玩具車和小車組成的系統(tǒng)動量守恒，結(jié)合動量守恒定律求出小車的速度.

本題考查了動量守恒定律的基本運(yùn)用，難度不大，但是本題需要注意兩個問題：1、動量守恒定律表

達(dá)式的矢量性，2、動量守恒定律表達(dá)式中的速度必須相對于同一參考系.

14.答案：解：（1）設(shè)工件從傳送帶右邊離開，工件到達(dá)傳送帶右邊時速度大小為也有：

mgh.-/j.mgL=1mv2

解得。=匣＞0

2

工件從傳送帶右邊離開

（2）工件到達(dá)傳送帶時速度大小為在傳送帶上運(yùn)動時間為t

1C

mgh=-mv/

v'-v=at

Q二

產(chǎn)生的熱量Q=卬+L）

由以上各式解得Q=|mgh

答：（1）物體離開傳送帶時的速度為學(xué).物體是從傳送帶的右邊離開傳送帶

（2）物體在傳送帶上運(yùn)動過程產(chǎn)生的熱能為

解析：（1）假設(shè)從右端離開，判斷出末速度的大小，即可判斷假設(shè)是否正確

（2）由牛頓第二定律可求得物體在傳送帶上運(yùn)動時的加速度，則可求得物體的運(yùn)動情況；摩擦力與物

體和傳送帶之間的相對滑動位移的乘積轉(zhuǎn)化為熱量.

傳送帶問題，關(guān)鍵要根據(jù)物體的受力情況分析物體的運(yùn)動過程.摩擦生熱等于滑動摩擦力大小與物

體間相對位移大小的乘積.

15.答案：解：（1）設(shè)氣球剛好從地面飄起時氣球內(nèi)的氣體溫度為7,密度為p,則氣球升起時，浮力

等于氣球和內(nèi)部氣體的總重力，即Po。％=Mg+pgV0

由于氣球內(nèi)的氣體溫度升高時，壓強(qiáng)并沒有變化，則原來的氣體溫度升