2022年廣東省珠海二中高考物理四模試卷

2022年廣東省珠海二中高考物理四模試卷

1.下列說法正確的是（）

A.用比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，例如場強(qiáng)E=；F、電容

C=號(hào)、加速度a=上都是采用比值法定義的

Um

B.利用v-t圖像與坐標(biāo)軸圍成面積推導(dǎo)位移公式的過程中，用到了等效替代的物

理學(xué)方法

C.米、千克、摩爾、安培都是國際單位制中的基本單位

D.鐵（Fe）的比結(jié)合能最大，所以鐵的原子核最不穩(wěn)定

2.藝術(shù)課上，老師將學(xué)生們的剪紙作品進(jìn)行展出時(shí)，用一枚

小磁鐵將剪紙作品吸在豎直的磁性黑板上，下列關(guān)于各物蠢

體的受力情況正確的是（）

A.磁鐵對剪紙的壓力是由于剪紙發(fā)生形變引起的

B.黑板對剪紙的作用力與磁鐵對剪紙的作用力大小相等

磁鐵對剪紙的摩擦力與黑板對剪紙的摩擦力大小不相等

D.磁鐵對剪紙的摩擦力與剪紙對磁鐵的摩擦力是一對平衡力

3.計(jì)算機(jī)鍵盤每個(gè)按鍵下面都連有兩塊小金屬片，兩塊金屬片之間有

一定的空氣間隙，組成一個(gè)可變電容器，如圖所示。當(dāng)鍵盤連接電

源不斷電，按下某個(gè)按鍵時(shí)，與之相連的電子線路就發(fā)出該按鍵相

關(guān)的信號(hào)。松開按鍵時(shí)，貝取)

A.電容器的電容變小B.極板的電量變大

C.兩極板間的電壓變小D.兩極板間的場強(qiáng)變大

4.我市境內(nèi)的高速公路最高限速為100km/h。某興趣小組經(jīng)過查閱得到以下資料，資

料一：駕駛員的反應(yīng)時(shí)間為0.3?0.6s;資料二：各種路面與輪胎之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

（如表）

干瀝青路干碎石路濕瀝青路

路面

面面面

動(dòng)摩擦因數(shù)0.70.6?0.70.32-0.4

興趣小組根據(jù)以上資料，通過計(jì)算判斷汽車在高速公路上行駛的安全距離最接近

()

A.200mB.150mC.100mD.50m

5.如圖，某中心天體的衛(wèi)星a在較低軌道1上運(yùn)行，該中心天體的同

步衛(wèi)星b在軌道2上運(yùn)行。某時(shí)刻a、b在同一直線上，已知a繞中心

天體運(yùn)行一個(gè)周期的時(shí)間，b第一次到達(dá)虛線所示位置。若b的軌

道半徑為r,則a的軌道半徑為（）

A-5B?:C3*

6.K-介子衰變的方程為K--立。-71-,其中K-介子和1T介子帶

負(fù)的基本電荷，71°介子不帶電.一個(gè)K-介子沿垂直于磁場的

方向射入勻強(qiáng)磁場中，其軌跡為圓弧AP,衰變后產(chǎn)生的1介

P

子的軌跡為圓弧PB,兩軌跡在P點(diǎn)相切，它們的半徑R”與

xXXX

之比為2:1,7T。介子的軌跡未畫出.由此可知7C的動(dòng)量大小

與11°的動(dòng)量大小之比為（）

A.1：1B.1：2C.1：3D.1：6

7.自行車的發(fā)電花鼓裝置可以在騎行時(shí)為車燈提供持續(xù)的電能,其原理可簡化為圖（

甲）所示，圖中N、S是可與摩擦小輪同軸轉(zhuǎn)動(dòng)的一對磁極，磁極周圍固定一個(gè)與理

想變壓器相連的矩形線框，變壓器的輸出端與車燈相連。勻速騎行時(shí)，摩擦小輪在

車輪的驅(qū)動(dòng)下帶動(dòng)磁極旋轉(zhuǎn)，變壓器輸出正弦型交變電流。某輛攜帶發(fā)電花鼓裝置

的自行車的部分結(jié)構(gòu)如圖（乙）所示，其中大齒輪與踏板相連，半徑較小的小齒輪1和

半徑較大的小齒輪2與后輪同軸固定，騎行者可調(diào)節(jié)變速器使鏈條掛在不同的小齒

輪上，騎行時(shí)摩擦小輪與車輪不打滑。下列說法正確的是（）

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A.騎行速度越快，車燈一定越亮

B.騎行速度越快，交變電流的周期一定越大

C.同樣的騎行速度，鏈條掛在小齒輪1上相比掛在小齒輪2上，燈泡更亮

D.同樣的騎行速度，變壓器原線圈的匝數(shù)越多，車燈越亮

8.如圖所示，在等量異種點(diǎn)電荷形成的電場中有一正方形ABCD,?

其對角線AC與兩點(diǎn)電荷的連線重合，兩對角線的交點(diǎn)位于兩?-A

點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)0.下列說法中不正確的有（）3

A.A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同

B.B、D兩點(diǎn)的電勢相同

C.質(zhì)子由C點(diǎn)沿C-0-A路徑移至A點(diǎn)，電場力對其先做負(fù)功后做正功

D.電子由B點(diǎn)沿B-CTD路徑移至D點(diǎn)，電勢能先增大后減小

9.在研究甲、乙兩種金屬光電效應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中，光

電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率v的關(guān)系如圖所

示,則（）

A.兩條圖線與橫軸的夾角a和?？赡懿幌嗟?/p>

B.若增大入射光頻率v,則所需的遏止電壓Uc隨之

增大

C.若某一頻率的光可以使乙金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則一定也能使甲金屬發(fā)生光電效

應(yīng)

D.若增加入射光的強(qiáng)度，不改變?nèi)肷涔忸l率v,則光電子的最大初動(dòng)能將增大

10.如圖所示，甲圖一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上,

上端疊放兩個(gè)質(zhì)量均為M的物體A、B（B物體與彈簧連

接），彈簧的勁度系數(shù)為k,初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)。

現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體A上，使物體A開始

向上做加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng)，測得兩個(gè)物體的v-

t圖象如圖乙所示（重力加速度為g）,則（）

A.施加外力前，彈簧的形變量為等

k

B.外力施加的瞬間，A、B間的彈力大小為M（g-a）

C.A、B在ti時(shí)刻分離，此時(shí)彈簧彈力恰好為零

D.彈簧恢復(fù)到原長時(shí)，物體B的速度達(dá)到最大值

11.某同學(xué)利用如圖1所示的裝置來測量物塊與木板CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)。軌道ABC的BC

段為圓形軌道，C點(diǎn)為軌道的最低點(diǎn)，此處安裝的壓力傳感能測出物塊經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)對

軌道的壓力。木板CD水平放置且與BC平滑連接。將物塊從軌道的某點(diǎn)釋放后，讀

出物塊經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)傳感器的示數(shù)為F,測量物塊停止運(yùn)動(dòng)后離C點(diǎn)的距離為X。

⑴此實(shí)驗(yàn)（填“需要”或“不需要”）滿足ABC軌道光滑。

（2）除F和X外，還需要測量的物理量有。

A.物塊釋放時(shí)的高度h

B.物塊的質(zhì)量m

C.圓形軌道的半徑R

（3）為減小實(shí)驗(yàn)誤差，某同學(xué)想到了多次從不同高度釋放物塊并利用圖像法處理數(shù)

據(jù)的實(shí)驗(yàn)方法，得到了如圖2所示的F-X圖像。如果圖線的斜率為k、與縱軸的截

距為b,圓形軌道的半徑R,請寫出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式口=（用k、b、R表示

）。若R=0.10m,則口=。（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

12.某實(shí)驗(yàn)小組需要測定一滑動(dòng)變阻器電阻絲的電阻率。實(shí)驗(yàn)器材有：待測滑動(dòng)變阻器、

電源（電動(dòng)勢約3V）、電流表（量程100mA）、電阻箱、導(dǎo)線若干。

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（1）由于不方便用螺旋測微器測量電阻絲的直徑，某同學(xué)提出了由螺線管繞線寬度

除以匝數(shù)的方法來測量電阻絲直徑。測得總匝數(shù)n=200匝時(shí)螺線管的繞線寬度如

圖（甲）所示，則繞線寬度為cm；

（2）將器材按圖（乙）連接，在閉合電鍵前將滑片移至最右端200匝處，并將電阻箱阻

值調(diào)至（填“最大”或“最小”），然后逐漸調(diào)節(jié)電阻箱的阻值R,使電流表

的示數(shù)為80mA；

（3）之后不斷減少電阻絲接入電路的匝數(shù)，同時(shí)調(diào)節(jié)電阻箱，保持電流表示數(shù)80mA

不變，記錄數(shù)據(jù)如下：

n（匝）20016012080400

R（。）111621223136

（4）在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)如圖（丙）所示，請?jiān)谧鴺?biāo)紙上作出R隨n變化的圖線。若

圖線的斜率絕對值為k,電阻絲直徑為d,進(jìn)一步測得螺線管的直徑D=1.80cm,

該電阻絲電阻率的表達(dá)式p=（用k、d、D表示），計(jì)算結(jié)果為C-m（保

留3位有效數(shù)字）；

（5）電流表和電源的內(nèi)阻會(huì)導(dǎo)致電阻率的測量結(jié)果（填“偏大”、“偏小”

或“無影響”）。

13.匝數(shù)N=1000、面積S=20cm2、電阻r=1。的線圈水平放置，勻強(qiáng)磁場B1豎直向

下穿過線圈，其磁感應(yīng)強(qiáng)度為按如圖所示的規(guī)律變化。線圈兩端分別連接兩根完全

相同的勁度系數(shù)為k=100N/m、電阻為R=1.5Q的金屬彈簧，兩金屬彈簧上端固

定在水平天花板上，下端懸掛一根水平金屬棒。另有一水平勻強(qiáng)磁場B2垂直金屬棒

分布(如圖所示)，其磁場寬度為L=10cm。閉合開關(guān)后，兩彈簧的長度均變化了Ax=

0.5cm。導(dǎo)線和金屬棒的電阻不計(jì)，求：

(1)閉合開關(guān)后，通過金屬棒的電流大小。

(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的大小。

14.如圖所示，足夠長的光滑水平面上有一輕質(zhì)彈簧在其左側(cè)固定，彈簧右端連接質(zhì)量

m=1kg的小物塊A,彈簧壓縮后被鎖定，水平面右側(cè)與水平傳送帶平滑對接，傳

送帶長1=1m,以v=2m/s的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，它與左右兩邊的臺(tái)面等高，并能平

滑對接，傳送帶右側(cè)與光滑的曲面平滑連接，質(zhì)量M=2kg的小物塊B從其上距水

平面h=1.0m處由靜止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間后與物塊A碰撞。設(shè)物塊A、B之間發(fā)生

的是對心碰撞，碰撞后兩者一起向前運(yùn)動(dòng)且碰撞瞬間彈簧鎖定被解除，B與傳送帶

之間的動(dòng)摩擦因數(shù)口=0.2,取g=10m/s2,兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。

(1)求物塊B與物塊A第一次碰撞過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能；

(2)若物塊B第一次與A分離后，恰好運(yùn)動(dòng)到右邊曲面距水平臺(tái)面h'=0.65m高的位

置，求彈簧被鎖定時(shí)彈性勢能的大??；

(3)在滿足(2)問條件的前提下，兩物塊發(fā)生多次碰撞，且每次碰撞后分離的瞬間物

塊A都會(huì)立即被鎖定，而當(dāng)它們再次碰撞前鎖定被解除，求物塊A、B第n次碰撞后

瞬間速度大小。

15.某“小醫(yī)生”玩具的針筒如圖所示，密閉圓筒內(nèi)有一定質(zhì)量的空氣，。

活塞可沿圓筒的內(nèi)壁上下滑動(dòng)。一兒童向下推活塞柄，使活塞向下

滑動(dòng)。若筒內(nèi)空氣(視為理想氣體)與外界不發(fā)生熱交換，且活塞不一\、

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漏氣，則在活塞下滑的過程中，外界對圓筒內(nèi)空氣（選填“做正功”?！白?/p>

負(fù)功”或“不做功”），圓筒內(nèi)空氣的內(nèi)能（選填“增大”、“減小”或“不

變”）。

16.一個(gè)用電子天平測量環(huán)境溫度的裝置如圖所示。導(dǎo)熱汽缸固定在桌面上，開口向上,

汽缸內(nèi)用活塞封閉一定質(zhì)量的空氣（可視為理想氣體）。輕質(zhì)彈性細(xì)繩的一端豎直懸

掛活塞，另一端通過光滑滑輪豎直懸掛一鐵塊，鐵塊放置在電子天平上，環(huán)境溫度

T=300K時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)與外界大氣壓相同。已知活塞質(zhì)量mi=500g,橫截

面積S=20cm2,鐵塊質(zhì)量m2=1000g,外界大氣壓強(qiáng)p（）=1.0Xl（）5pa,重力加

速度g=10m/s2。求該測溫計(jì)的測溫范圍。

17.一列簡諧橫波沿x軸傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖所示,

此時(shí)x=3m處的質(zhì)點(diǎn)正在向上運(yùn)動(dòng)，則x=2.5m處的

質(zhì)點(diǎn)向（選填"上”或“下”）運(yùn)動(dòng)。當(dāng)x=

3m處的質(zhì)點(diǎn)在波峰時(shí)，x=5m處的質(zhì)點(diǎn)恰好在

（選填“波峰”“波谷”或“平衡位置”）。

18.如圖，abc和cde是兩種透明材料做成的三棱柱的截

面，abc是直角三角形且Na=30。，cde是等邊三角

形，b、c、d在同一直線上?，F(xiàn)有一束平行光線從ab

邊某點(diǎn)垂直ab射入棱柱，該光線通過abc后剛好垂直

通過ce面直接射向de面，且恰好不能從de面射出。求這兩種透明材料的折射率。

答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：A.場強(qiáng)E=￡和電容C=號(hào)是采用比值法定義的，加速度a=￡是加速度的決

定式，a=非才是加速度的比值定義式，故A錯(cuò)誤；

B.利用v-t圖像與坐標(biāo)軸圍成面積推導(dǎo)位移公式的過程中，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多

小段，每一小段近似看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里用到了微元法，

故B錯(cuò)誤；

C.米、千克、摩爾、安培都是國際單位制中的基本單位，故C正確；

D.鐵(Fe)的比結(jié)合能最大，所以鐵的原子核最穩(wěn)定，故D錯(cuò)誤。

故選:Co

國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量.分別為長度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光

強(qiáng)度、物質(zhì)的量.原子核是核子結(jié)合在一起構(gòu)成的，要把它們分開，需要能量，這就是

原子核的結(jié)合能；比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定；Fe

比Si穩(wěn)定，Si的比結(jié)合能比Fe的比結(jié)合能??；只知道硅核質(zhì)量，不足以算出硅核的結(jié)合

能。

本題屬于記憶知識(shí)，要了解、熟悉物理學(xué)史，關(guān)鍵在于平時(shí)注意積累和記憶，不可忽視，

不然很容易出錯(cuò).對于物理學(xué)上常用的科學(xué)研究方法：等效替代法、理想化模型法、比

值定義法等等要理解并掌握，并進(jìn)行歸納總結(jié)，對學(xué)習(xí)物理量的意義有很大的幫助。

2.【答案】C

【解析】解：A.磁鐵對剪紙的壓力是由于磁鐵發(fā)生形變引起的，故A錯(cuò)誤；

D.磁鐵對剪紙的摩擦力與剪紙對磁鐵的摩擦力是一對相互作用力，故D錯(cuò)誤；

C.設(shè)剪紙的重力大小為Gi，磁鐵的重力大小為G2,對磁鐵分析，根據(jù)平衡條件以及牛頓

第三定律可知磁鐵對剪紙的摩擦力大小為f2=G2

對磁鐵和剪紙整體分析，可知黑板對剪紙的摩擦力大小為

fi=G]+G2>f2

故C正確；

B.根據(jù)平衡條件可知黑板對剪紙的壓力大小等于磁鐵對剪紙的壓力大小，均設(shè)為N,則

黑板對剪紙的作用力大小為

F]=仆2+今

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磁鐵對剪紙的作用力大小為

F2=州2+修<Fl

故B錯(cuò)誤。

故選：Co

明確彈力和摩擦力的性質(zhì)，從而分析各力產(chǎn)生原因，同時(shí)根據(jù)摩擦力的性質(zhì)確定摩擦力

的方向，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件分析摩擦力的大小。

本題考查摩擦力和彈力的性質(zhì)，要注意明確彈力和摩擦力產(chǎn)生的條件，同時(shí)掌握判斷摩

擦力大小和方向的方向。

3.【答案】A

【解析】解：A、當(dāng)按鍵被松開時(shí)，兩極板間的距離增大，根據(jù)電容的決定式C=第1知

4Trkd

電容減小，故A錯(cuò)誤；

BC、因電容器與電源連接，則電勢差U不變，根據(jù)Q=CU知，電荷量Q變小，故BC錯(cuò)

誤；

D、依據(jù)E=1,極板間距d變大，因U不變，貝帕變小，故D錯(cuò)誤；

a

故選：Ao

根據(jù)c=吊判斷電容的變化，電容與電源連接，電壓不變，根據(jù)Q=CU判斷電量的變

4irkd

化，最后依據(jù)E=1來判定電場強(qiáng)度的變化.

對電容器，要掌握電容的決定式和定義式及其綜合應(yīng)用.解決本題的關(guān)鍵知道電容器與

電源相連，則電勢差不變；與電源斷開，電荷量不變，根據(jù)電容的決定式和定義式進(jìn)行

判斷.

4.【答案】B

【解析】解：汽車的最高速度為v=100km/h=詈m/s,

在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)，汽車仍做勻速直線運(yùn)動(dòng)，xi=vt「當(dāng)ti=0.6s時(shí)，通過的最大距離為

50

X]=-m,

13

在汽車剎車的過程，根據(jù)勻減速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有0-v2=-2ngx2,得X2=裝，

汽車以最高速度行駛在濕瀝青路面上剎車的過程距離最大，取U=0.32,

代入數(shù)據(jù)X2?120.6m,

則總位移大小為x=Xi+X2,x《137m,與四個(gè)選項(xiàng)中的150m最接近，故B正確，ACD

錯(cuò)誤。

故選:Bo

當(dāng)汽車在濕瀝青路面上行駛時(shí)，動(dòng)摩擦因數(shù)最小，剎車時(shí)滑行的距離最大，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)

求出反應(yīng)時(shí)間內(nèi)汽車通過的距離，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式求出剎車后滑行的距離，

再求解安全距離最接近的值。

本題一抓住在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)，汽車仍保持原來的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；二要會(huì)選擇數(shù)據(jù)，同等條件下，

動(dòng)摩擦因數(shù)越小，汽車滑行的距離越大，根據(jù)動(dòng)摩擦因數(shù)最小的情況求解安全距離。

5.【答案】B

【解析】解：在a運(yùn)行一個(gè)周期的時(shí)間內(nèi)，b經(jīng)過的時(shí)間為：1=捻兀=2幾=9兀，

根據(jù)開普勒第三定律可知：舄=看，解得：、=牛=：,故ACD錯(cuò)誤，B正確；

故選:Bo

由t=捻幾求出衛(wèi)星a運(yùn)行一個(gè)周期時(shí)衛(wèi)星b走的時(shí)間，根據(jù)開普勒第三定律求出a軌道

的半徑。

本題考查開普勒第三定律，注意開普勒第三定律應(yīng)用的條件，必須是不同的衛(wèi)星繞同一

個(gè)天體運(yùn)動(dòng)。

6.【答案】C

【解析】解：限介子與7T介子均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定

律得：

2

eBv=m—v>

粒子動(dòng)量為：P=mv=eBR,

則有.：PK-：Pz-=2：1,

以，的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：

PLP/F

解得：Pn°=3PTC

則的動(dòng)量大小與0的動(dòng)量大小之比為1：3；

故選：Co

曲線運(yùn)動(dòng)中，粒子的速度方向沿著軌跡上該點(diǎn)的切線方向，又由于K-介子衰變過程中，

系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故可知衰變后，丁介子反向飛出，TT°介子沿原

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方向飛出，再根據(jù)介子做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由洛倫茲力提供，可以列式求出K■介子與TC

介子的動(dòng)量之比，再結(jié)合動(dòng)量守恒定律列式分析.

本題考查了求粒子的動(dòng)量之比，應(yīng)用牛頓第二定律與動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量的計(jì)算公式即

可正確解題.

7.【答案】A

【解析】解：A.騎行速度越快，摩擦小輪轉(zhuǎn)動(dòng)越快，線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢越大，車燈的電

流越大，車燈一定越亮，故A正確；

B.騎行速度越快，摩擦小輪轉(zhuǎn)動(dòng)越快，摩擦小輪的角速度越大，根據(jù)T=空，交變電流

(0

的周期一定越小，故B錯(cuò)誤；

C.同樣的騎行速度，車輪的線速度線相同，摩擦小輪的線速度相同，摩擦小輪的角速度

相同，無論鏈條掛在小齒輪1上還是掛在小齒輪2上，燈泡的亮度相同，故C錯(cuò)誤；

D.同樣的騎行速度，車輪的線速度線相同，摩擦小輪的線速度相同，摩擦小輪的角速度

相同，變壓器原線圈的電壓相同，根據(jù)金=》,變壓器原線圈的匝數(shù)越多，變壓器副線

圈兩端電壓越小，車燈越暗，故D錯(cuò)誤。

故選：Ao

自行車的發(fā)電花鼓裝置通過磁極的旋轉(zhuǎn)來發(fā)電，產(chǎn)生交變電流，利用變壓器來改變電壓

的大小，根據(jù)變壓器的原來分析即可。

本題考查的是交流電的產(chǎn)生和變壓器的應(yīng)用，明確交流電產(chǎn)生的原理即可解答。

8.【答案】C

【解析】解：A、在如圖所示的電場中，A、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)方向都是水平向右的，故A正

確；

B、由于中垂線為零等勢線，則B、D兩點(diǎn)電勢相同，故B正確；

C、圖中兩電荷連線電場方向水平向右，即由A指向C,質(zhì)子受電場力水平向右，故質(zhì)子

由C點(diǎn)沿C-0-A路徑移至A點(diǎn)過程中電場力做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；

D、電子由B沿B-C運(yùn)動(dòng)到C過程中，靠近負(fù)電荷遠(yuǎn)離正電荷，因此電場力做負(fù)功；沿

C-D運(yùn)動(dòng)到D過程中，靠近正電荷遠(yuǎn)離負(fù)電荷，電場力做正功；故整個(gè)過程中電場力

對其先做負(fù)功后做正功，故D正確；

本題選擇不正確選項(xiàng)，

故選:Co

等量異種電荷電場分布特點(diǎn)：關(guān)于連線對稱，也關(guān)于連線中垂先對稱；根據(jù)電場分布特

點(diǎn)分析各點(diǎn)場強(qiáng)和電勢；根據(jù)電場力做功判斷分析電勢能變化。

解決本題關(guān)鍵是要知道等量異種電荷電場分布特點(diǎn)，知道等勢面與電場線處處垂直。

9.【答案】BC

【解析】解：A.根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hv-Wo,可知光電子的最大初動(dòng)能Ek

與入射光頻率v的關(guān)系圖像的斜率為普朗克常量h,所以兩條圖線的斜率一定相等，a和0

一定相等，故A錯(cuò)誤；

B.由Ek=hv-W。，可知，若增大入射光的頻率V,則產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能增大。

由eUc=Ek可知若增大入射光頻率V,則所需的遏止電壓5將增大，故B正確：

C.光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率v的關(guān)系圖像與橫軸的截距等于金屬的逸出功

Wo與普朗克常量h的比值，由圖像可知甲的逸出功較小，因此某一頻率的光可以使乙金

屬發(fā)生光電效應(yīng)，則一定能使甲金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確；

D.根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律，若不改變?nèi)肷涔忸l率V,而增加入射光的強(qiáng)度，則光電子的最大

初動(dòng)能不變，故D錯(cuò)誤。

故選:BCo

通過Ek與v的圖線確定傾角的大小關(guān)系，由eUc=Ek可知若增大入射光頻率v,則所需的

遏止電壓Uc將增大，根據(jù)圖像分析光頻率，從而分析發(fā)生光電效應(yīng)的情況，光電子的最

大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)。

解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件，知道光電子的最大初速度與入射光的頻率有關(guān)，

與光強(qiáng)度無關(guān)。

10.【答案】AB

【解析】解：A、施加F前，物體AB整體平衡，根據(jù)平衡條件，有：

2Mg=kx

解得：

X=2T

故A正確。

B、施加外力F的瞬間，對B物體，根據(jù)牛頓第二定律，有：

F彈一Mg—FAB=Ma

其中：F彈=2Mg

第12頁，共19頁

解得：FAB=M(g-a),故B正確。

C、物體A、B在匕時(shí)刻分離，此時(shí)A、B具有共同的v與a且FAB=0；

對B：F彈,—Mg=Ma

解得：F彈'=M(g+a),故C錯(cuò)誤。

D、當(dāng)F彈，=Mg時(shí)，B達(dá)到最大速度，故D錯(cuò)誤。

故選：AB。

題中彈簧彈力根據(jù)胡克定律列式求解，先對物體AB整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律

列方程；再對物體B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；。時(shí)刻是A與B分離的時(shí)刻，

之間的彈力為零。

本題關(guān)鍵是明確A與B分離的時(shí)刻，它們間的彈力為零這一臨界條件；然后分別對AB整

體和B物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程分析，不難。

11.【答案】不需要BC笑0.15

【解析】解：(1)通過C點(diǎn)傳感器的示數(shù)F,根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)，可求出C點(diǎn)速度的大小，

故不需要ABC軌道光滑；

(2)根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)，在C點(diǎn)，有

F□—mg=-m-v?

則有

EkC=|mv2="FR-mgR)

從C點(diǎn)到停止運(yùn)動(dòng)，有

-HmgX=0-Ekc

聯(lián)立解得

1,FRR、

尸式藏一？

故還需測量的物理量有物塊的質(zhì)量m和圓形軌道的半徑R,故選BC。

(3)由(2)分析可得

「211mgX.

F=—r\+mg

則有

.2Hmg,

k=IXb=mg

解得：n=g

代入數(shù)據(jù)得：g=0.15

故答案為：(1)不需要；(2)BC；(3)崇；0.15

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析出軌道是否需要光滑；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析出需要測量的物理量；

(3)根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像的截距和斜率完成分析。

本題主要考查了摩擦力的相關(guān)應(yīng)用，熟悉牛頓第二定律，結(jié)合圖像的物理意義即可完成

分析。

12.【答案】12.00最大如上圖所示卑6.25x10-7無影響

4D

【解析】解：(1)刻度尺的分度值為0.1cm,需要估讀至IJO.Olcm,所以繞線寬度為12.00cm。

(2)為了使閉合開關(guān)后電路中電流最小，以保護(hù)元件，在閉合電鍵前將電阻箱阻值調(diào)至

最大。

(4)舍去誤差較大的點(diǎn)，將剩余點(diǎn)用直線擬合，如圖所示。

L=nnD

電阻絲的橫截面積為

und2

S=--

4

根據(jù)電阻定律可知n匝螺線管接入電路時(shí)的阻值為

人=匹=4pDn

由于保持電流表示數(shù)不變，則電路總電阻R也不變，所以

R=R總—r—「A-Rn

則圖線的斜率為

卜=繁

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解得：p=9

r4D

由圖像可得

k="a=0.125Q

248

電阻絲的直徑為

d——cm=6x10-4m

200

代入數(shù)據(jù)解得：p=6.25xIO-。,m

(5)根據(jù)前面分析可知，在構(gòu)建方程時(shí)已經(jīng)將電流表內(nèi)阻和電源內(nèi)阻考慮進(jìn)去，而這兩

個(gè)參量并不影響所作圖像的斜率，只會(huì)影響縱截距，因此對電阻率的測量結(jié)果無影響。

故答案為：(1)12.00；(2)最大;(4)如上圖所示;塔;6.25x10-7；6)無影響

4D

(1)根據(jù)刻度尺的讀數(shù)規(guī)則得出對應(yīng)的寬度；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理理解電阻箱調(diào)節(jié)的位置；

(4)用一條直線穿過盡可能多的點(diǎn)，不在直線上的點(diǎn)盡量均勻地分析在直線兩側(cè)，誤差

較大的點(diǎn)舍去，根據(jù)圖像的物理意義得出電阻率的表達(dá)式并算出具體的數(shù)值；

(5)根據(jù)電路構(gòu)造分析出電學(xué)儀器的內(nèi)阻對測量結(jié)果的影響。

本題主要考查了金屬電阻率的測量，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合歐姆定律

結(jié)合圖像的物理意義完成分析。

13.【答案】解：(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得：E=N^=N-^.S

其中，由圖可知：=5T/S

△t'

代入得E=1000x5x20x10-4=10V

由閉合電路歐姆定律可得：1=搐=；7977A=2.5A

(2)安培力為：F安=B2IL

彈簧彈力：F^^nkAx

對金屬棒受力分析，由平衡條件得：B2IL=2kAx

代入數(shù)據(jù)，得B2=4T

答：(1)閉合開關(guān)后，通過金屬棒的電流大小為2.5A；

(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的大小為4T。

【解析】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律計(jì)算；(2)寫出安培力，表達(dá)

彈力，由平衡條件列平衡方程解答。

電磁感應(yīng)中的電路問題，首先要找到''等效電源”，必要時(shí)畫出等效電路，由法拉第電

磁感應(yīng)定律求出電動(dòng)勢，然后就是閉合電路電路問題。要熟練左手定則和安培力公式。

14.【答案】解：(1)若B在傳送帶上一直做勻減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)它在最左端的速度為V1前，B

從最高點(diǎn)到傳送帶最左端過程，由動(dòng)能定理得：

Mgh—|iMgl=|Mv：前—0,

代入數(shù)據(jù)解得：丫[前=4m/s>2m/s,可知物塊在傳送帶上一直做勻減速運(yùn)動(dòng)。

物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大小為4m/s,設(shè)碰撞后瞬間的共同速度為V1后，規(guī)

定向左為正方向，

根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：前=(M+m)V1后，

代入數(shù)據(jù)解得：%后=|m/s,

第一次碰撞過程中損失的機(jī)械能△E=：Mvj前一家m+M)v；后=3X2X42J-：X

(1+2鴻)2]=*；

(2)當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)A、B分離,設(shè)B第一次離開彈簧時(shí)的速度為看離，對B離開彈簧到

運(yùn)動(dòng)至h'高度處過程，由動(dòng)能定理得：-uMgl-Mgh'=0-：Mvj離，

對A、B及彈簧系統(tǒng)由第一次解鎖位置到第一次恢復(fù)原長位置由能量守恒定律得：Ep=

3M+m)v/-4M+m)v2，

代入數(shù)據(jù)解得彈簧鎖定時(shí)彈性勢能：Ep=5J;

(3)若B從h'處下落后再傳送帶上能夠一直減速，B運(yùn)動(dòng)至傳送帶左端過程中，由動(dòng)能定

理得：Mgh'-uMgl=1Mv瓢g-0,

代入數(shù)據(jù)解得：V2前=3m/s>2m/s,可知物塊B與物塊A第二次碰撞前的速度大小

V2前=3m/s,

B與A第二次碰撞過程，規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：^>丫2前=(M+m)V2后,

代入數(shù)據(jù)解得：V2后=3xgm/s=2m/s,B向右再次沖到傳送帶上，若能在其上速度

變?yōu)?,設(shè)通過的位移大小為x,

由動(dòng)能定理得:_nMgx=0_、Mv；后,

第16頁，共19頁

代入數(shù)據(jù)解得：x=lm=1,可知B第三次與A碰撞時(shí)的速度V3前=2m/s,

規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：MV3前=(m+M)V3后，

代入數(shù)據(jù)解得：V3后=3x(|)2m/s,推理可知B與A第n次碰撞后的速度大小表達(dá)式為:

Vn后=3x(|)nTm/s,

根據(jù)以上分析可知，物塊A、B第1次碰撞后瞬間的速度大小為：丫］后=gm/s,第n次碰

撞后瞬間的速度大小為：丫門后=3x(|)nTm/s,(11=2,3,4-)

答：(1)物塊B與物塊A第一次碰撞過程中損失的機(jī)械能為gj；

(2)彈簧被鎖定時(shí)彈性勢能的大小為詈J：

O

(3)物塊A、B第n次碰撞后瞬間速度大小為：丫口后=3x(|)n-im/s,(n=2,3,4…)。

【解析】(1)根據(jù)動(dòng)能定理求出物塊B運(yùn)動(dòng)到傳送帶最左端的速度大小，根據(jù)動(dòng)量守恒定

律求出第一次碰撞后共同的速度