專題73 變壓器與遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題 （解析版）

專題73變壓器與遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題專題導(dǎo)航目錄TOC\o"1-3"\h\u?？键c(diǎn)變壓器與遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題 1考點(diǎn)拓展練習(xí) 6?？键c(diǎn)歸納?？键c(diǎn)變壓器與遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題【典例1】如圖，理想調(diào)壓變壓器輸入端接正弦交流電源，L是燈泡，C是電容器，P是與線圈接觸良好的滑片，S是開(kāi)關(guān)，電表均為理想交流電表。下列說(shuō)法正確的是（）A．S接a，從M點(diǎn)至N點(diǎn)緩慢滑動(dòng)P，電流表A的示數(shù)將減小 B．S接a，從M點(diǎn)至N點(diǎn)緩慢滑動(dòng)P，燈泡的亮度將增大 C．S接b，從M點(diǎn)至N點(diǎn)緩慢滑動(dòng)P，電壓表V的示數(shù)不變 D．S接b，從M點(diǎn)至N點(diǎn)緩慢滑動(dòng)P，電容器兩極板帶電性質(zhì)交替變化的頻率將減小解：A、S接a時(shí)，根據(jù)原副線圈上電壓比與匝數(shù)比之間的關(guān)系：，從M至N點(diǎn)緩慢滑動(dòng)P，n2變小，所以U2變小，根據(jù)，可知I2變小，再根據(jù)原副線圈上電流比與匝數(shù)比之間的關(guān)系：，可知I1將變小，故A正確；B、根據(jù)P燈＝U2I2，由于上面分析U2和I2都變小，所以燈泡的實(shí)際功率變小，亮度變暗，故B錯(cuò)誤C、S接b時(shí)，從M點(diǎn)至N點(diǎn)緩慢滑動(dòng)P，電壓表測(cè)量副線圈上的電壓U2，所以電壓表示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；D、兩極板帶電性質(zhì)交替變化的頻率只與交流電的頻率有關(guān)，變壓器輸出端的電壓頻率不變，電容器兩極板帶電性質(zhì)交替變化頻率也不變，故D錯(cuò)誤【典例2】相比于4G網(wǎng)絡(luò)技術(shù)，供電問(wèn)題是困擾5G網(wǎng)絡(luò)技術(shù)發(fā)展的難題之一，一個(gè)100kV變電站給某4G基站供電，線路電阻為90Ω，現(xiàn)要將該基站改造為5G基站；如圖所示.5G基站功耗為4kW，要求線路損耗為總功耗的20%，在只更換變壓器（均為理想變壓器）的前提下，高壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比應(yīng)變?yōu)椋ǎ〢．100：3 B．200：3 C．250：3 D．400：3解：總功耗＝線路損耗+基站功耗，線路損耗為總功耗的20%，5G基站功耗為P基站＝4kW＝4×103W，總功耗P總＝＝W＝5000W，設(shè)線路電流為I2，則線路損耗P損×20%＝R線，代入數(shù)據(jù)解得：I2＝A，原線圈是輸入電壓U1＝100kV＝1×105V，電流I1＝＝A＝0.05A，變壓器原副線圈匝數(shù)比＝,解得，高壓變壓器的原副線圈的匝數(shù)比變?yōu)椋海?，故B正確，ACD錯(cuò)誤?！炯记牲c(diǎn)撥】1．理想變壓器（1）構(gòu)造：如圖所示，理想變壓器由原線圈、副線圈和閉合鐵芯組成。（2）原理：線圈的互感現(xiàn)象。（3）基本關(guān)系式①電壓關(guān)系：eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)。②功率關(guān)系：P入＝P出。③電流關(guān)系：只有一個(gè)副線圈時(shí)：eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)。④頻率關(guān)系：原、副線圈中電流的頻率相等。2．幾種常用的變壓器(1)自耦變壓器——調(diào)壓變壓器線圈甲中把整個(gè)線圈作原線圈，取一部分為副線圈，可以降低電壓；圖乙中把一部分作原線圈，把整個(gè)線圈作副線圈，可以升高電壓。(2)互感器eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(電壓互感器：用來(lái)把高電壓變成低電壓.,電流互感器：用來(lái)把大電流變成小電流.))3．原線圈串聯(lián)電阻問(wèn)題電壓關(guān)系：U0=U1+U2;eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)電流關(guān)系：eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)電壓與電流：U1=I1R1;U2=I2R2聯(lián)立可得U0=I1R1+I1(eq\f(n1,n2))2R24．變壓器的等效電阻法5．變壓器的動(dòng)態(tài)分析常見(jiàn)的理想變壓器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題一般有兩種：線圈不變負(fù)載變化的情況和負(fù)載不變線圈變化的情況。線圈不變，負(fù)載變化負(fù)載不變，線圈變化U1不變，根據(jù)eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，輸入電壓U1決定輸出電壓U2，可以得出不論負(fù)載電阻R如何變化，U2不變。U1不變，eq\f(n1,n2)發(fā)生變化，U2變化。當(dāng)負(fù)載電阻發(fā)生變化時(shí)，I2變化，根據(jù)輸出電流I2決定輸入電流I1，可以判斷I1的變化。R不變，U2變化，I2發(fā)生變化。I2變化引起P2變化，根據(jù)P1＝P2，可以判斷P1變化。根據(jù)P2＝eq\f(U22,R)和P1＝P2，可以判斷P2變化時(shí)，P1發(fā)生變化，U1不變時(shí)，I1發(fā)生變化。6．變壓器動(dòng)態(tài)問(wèn)題分析的思路流程U1U2I2eq\o(→,\s\up11(P1＝P2(I1U1＝I2U2)),\s\do4(決定))I1eq\o(→,\s\up11(P1＝I1U1),\s\do4(決定))P17．理想變壓器及其原、副線圈物理量的制約關(guān)系理想變壓器①?zèng)]有能量損失②沒(méi)有磁通量損失(磁通量全部集中在鐵芯中)制約關(guān)系原線圈電壓U1和匝數(shù)比決定副線圈電壓U2副線圈的輸出功率P2決定原線圈的輸入功率P1副線圈電流I2和匝數(shù)比決定原線圈電流I18．遠(yuǎn)距離輸電的電路結(jié)構(gòu)圖Ⅰ．五個(gè)關(guān)系式(1)eq\f(U1,n1)＝eq\f(U2,n2)，eq\f(U3,n3)＝eq\f(U4,n4).(2)理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，P入＝P出．(3)升壓變壓器原線圈的電流I1＝eq\f(P1,U1)，副線圈的電流I2＝eq\f(P2,U2)，U2為輸送電壓．(4)功率損失：ΔP＝Ieq\o\al(2,2)R線＝eq\f(U2－U32,R線)，P2＝P3＋ΔP.(5)電壓關(guān)系：U2＝I2R線＋U3.Ⅱ．解遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題的思路(1)正確畫出輸電過(guò)程示意圖并在圖上標(biāo)出各物理量．(2)抓住變壓器變壓前后各量間關(guān)系，求出輸電線上的電流．(3)計(jì)算電路功率問(wèn)題時(shí)常用關(guān)系式：P損＝Ieq\o\al(2,線)R線，注意輸電線上的功率損失和電壓損失．(4)電網(wǎng)送電遵循“用多少送多少”的原則說(shuō)明原線圈電流由副線圈電流決定.9．輸電線路功率損失的計(jì)算方法(1)P損＝P－P′，P為輸送的功率，P′為用戶所得功率．(2)P損＝Ieq\o\al(2,線)R線＝(eq\f(P2,U2))2R線．，I線為輸電線路上的電流，R線為線路電阻．當(dāng)輸送功率一定時(shí)，輸電電壓增大到原來(lái)的n倍，輸電線上損耗的功率就減小到原來(lái)的eq\f(1,n2).(3)P損＝eq\f(ΔU2,R線)，ΔU為輸電線路上損失的電壓，R線為線路電阻．(4)P損＝ΔUI線，ΔU為輸電線路上損失的電壓，I線為輸電線路上的電流．10．關(guān)于遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題的處理思路(1)畫出輸電線路圖，將已知量和未知量標(biāo)在圖中相應(yīng)位置；(2)將輸電線路劃分為幾個(gè)獨(dú)立回路；(3)根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)、歐姆定律、電功率公式等確定各部分回路物理量之間的關(guān)系；(4)根據(jù)升壓、降壓，原、副線圈的電壓、電流關(guān)系和功率關(guān)系列式求解。11.遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題的分析思路及常見(jiàn)的“三個(gè)誤區(qū)”（1）分析思路：對(duì)高壓輸電問(wèn)題，應(yīng)按“發(fā)電機(jī)→升壓變壓器→遠(yuǎn)距離輸電線→降壓變壓器→用電器”，或按從“用電器”倒推到“發(fā)電機(jī)”的順序一步一步進(jìn)行分析．（2）三個(gè)誤區(qū)：(1)不能正確地利用公式P損＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P2,U2)))2R計(jì)算輸電線上的損耗功率導(dǎo)致錯(cuò)誤；(2)不能正確理解升壓變壓器的輸出電壓U2、降壓變壓器的輸入電壓U3和輸電線上損失的電壓ΔU的關(guān)系導(dǎo)致錯(cuò)誤，三者關(guān)系是U2＝ΔU＋U3；(3)不能正確理解升壓變壓器的輸入功率P1、降壓變壓器的輸出功率P4和輸電線上損失的功率P損的關(guān)系導(dǎo)致錯(cuò)誤，三者關(guān)系是P1＝P損＋P4.【變式演練1】如圖所示是街頭變壓器通過(guò)降壓給用戶供電的示意圖。變壓器的輸入電壓是市區(qū)電網(wǎng)的電壓，負(fù)載變化時(shí)輸入電壓不會(huì)有大的波動(dòng)。輸出電壓通過(guò)輸電線輸送給用戶，兩條輸電線的總電阻用R0表示，變阻器R代表用戶用電器的總電阻。如果變壓器上的能量損失可以忽略，當(dāng)用戶的用電器增加時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．用戶的用電器是串聯(lián)的，R增大 B．A1的示數(shù)變小 C．V3示數(shù)變化量的絕對(duì)值與A2示數(shù)變化量的絕對(duì)值的比值不變 D．V1與V2示數(shù)的比值等于A1與A2示數(shù)的比值解：A、用戶的用電器是并聯(lián)的，當(dāng)用戶的用電器增加時(shí)，R減小，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比可得：＝，由于原線圈電壓不變、匝數(shù)比不變，則電壓表V2的示數(shù)不變；當(dāng)用戶的用電器增加時(shí)，總電阻減小、總電流增大，所以A2的示數(shù)變大，根據(jù)理想變壓器的電流之比等于匝數(shù)的反比可得：，所以電流表A1的示數(shù)也增大，故B錯(cuò)誤；C、對(duì)于副線圈所在的電路，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：U2＝I2R0+U3，解得：U3＝U2﹣I2R0，由于U2和R0為定值，則：＝R0，故C正確；D、根據(jù)B選項(xiàng)可知，V1與V2示數(shù)的比值等于A2與A1示數(shù)的比值，故D錯(cuò)誤。【變式演練2】某發(fā)電廠用2.2kV的電壓將電能輸送到遠(yuǎn)處的用戶，后改用22kV的電壓，仍然用該輸電線路輸送同樣的電功率。則前后兩種輸電方式消耗在輸電線上電功率之比為（）A．1：1 B．10：1 C．100：1 D．1000：1解：設(shè)輸送功率為P，輸送電壓為U，輸電線的電阻為r，則線損△P＝I2r＝U1＝2.2kV＝2200V，U2＝22kV＝22000V，則＝＝＝考點(diǎn)拓展練習(xí)1．理想變壓器原線圈匝數(shù)n1＝270匝，輸入如圖甲所示的正弦交變電壓。P是副線圈上的滑動(dòng)觸頭，當(dāng)P處于圖乙所示位置時(shí)，副線圈連入電路的匝數(shù)n2＝135匝，燈泡L恰能正常發(fā)光，電容器C剛好不被擊穿，R是滑動(dòng)變阻器。下列說(shuō)法正確的是（）A．電容器的擊穿電壓為11V B．若R的滑片不動(dòng)，向下移動(dòng)P，則電容器的電容變小 C．若R的滑片不動(dòng)，向下移動(dòng)P，則原線圈的輸入功率變大 D．若P不動(dòng)，向上移動(dòng)R的滑片，則燈泡變暗解：A、原線圈輸入電壓的有效值，當(dāng)P位移題圖乙所示位置，副線圈兩端電壓的有效值為＝，電容器C恰好不被擊穿，所以電容器擊穿電壓的最大值，故A錯(cuò)誤；B、電容是電容器的本身的性質(zhì)，改變電容器兩端電壓和電容器所帶的電量并不會(huì)影響電容器的電容大小，故B錯(cuò)誤；C、若保持R的滑片不動(dòng)，向下移動(dòng)P，根據(jù)公式為，減小，則副線圈兩端的電壓變小，滑片P不動(dòng)，則負(fù)載端總電阻不變，根據(jù)P＝可知，副線圈的輸出功率變小，所以原線圈的輸入功率變小，故C錯(cuò)誤；D、若保持P不動(dòng)，則變壓器的輸出電壓不變，向上移動(dòng)R的滑片，R接入電路的電阻增加，燈泡所在支路的總電阻變大，流過(guò)燈泡的電流減小，燈泡變暗，故D正確。故選：D。2．電阻不可忽略的線圈L0可看作是一個(gè)定值電阻R0（線圈電阻）與一個(gè)純線圈L串聯(lián)而成，如圖甲。在如圖乙所示電路中，常規(guī)變壓器次級(jí)線圈電阻不可忽略，變壓器原線圈接理想交流電源，當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向b端滑動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．變壓器初級(jí)線圈電壓降低 B．變壓器輸入功率變小 C．小燈泡變亮 D．變壓器輸出功率變大解：A、初級(jí)線圈電壓U1等于理想交流電源電壓且不變，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向b端滑動(dòng)時(shí)，由R1、R2組成的電路總電阻減小，副線圈電流增大，由得原線圈電流增大，則變壓器輸入功率變大，故B錯(cuò)誤；C、可知，U1不變，匝數(shù)之比不變，所以U2不變，由于常規(guī)變壓器T次級(jí)線圈電阻不可忽略，所以次級(jí)線圈等效為內(nèi)阻R0的電源，變壓器次級(jí)線圈輸出電壓U＝U2﹣I2R0，因?yàn)镮2增大，所以小燈泡兩端的電壓降低，小燈泡變暗，故C錯(cuò)誤；D、次級(jí)線圈的總電壓U2不變，副線圈電流增大，所以根據(jù)P＝UI可知，變壓器的輸出功率變大，故D正確故選：D。3．如圖所示，理想變壓器原、副線圈分別接有阻值R0＝24Ω和R1＝5Ω、R2＝4Ω的定值電阻，原線圈左側(cè)接一正弦交流電源，開(kāi)關(guān)閉合前后副線圈的輸出功率不變，則原、副線圈的匝數(shù)的比值為（）A．2 B．4 C．6 D．8解：設(shè)原、副線圈的匝數(shù)的比值為k，原線圈左側(cè)接一正弦交流電源的輸出電壓為U。開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，R1短路，副線圈后面只有R2接入電路，設(shè)此時(shí)原線圈的電流為I1，根據(jù)電流之比等于匝數(shù)反比可得副線圈的電流為kI1；根據(jù)功率關(guān)系可得：UI1＝I12R0+（kI1）2R2①開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，副線圈后面R1和R2串聯(lián)接入電路，設(shè)此時(shí)原線圈的電流為I2，根據(jù)電流之比等于匝數(shù)反比可得副線圈的電流為kI2；根據(jù)功率關(guān)系可得：UI2＝I22R0+（kI2）2（R1+R2）②開(kāi)關(guān)閉合前后副線圈的輸出功率不變，則有：（kI1）2R2＝（kI2）2（R1+R2）③根據(jù)③可得：2I1＝3I2再根據(jù)①②可得：k＝2，故A正確、BCD錯(cuò)誤。4．如圖所示，電路中的變壓器為理想變壓器，原線圈接在電壓有效值不變的交流電源上。燈泡L阻值不變，R1是定值電阻，R2是滑動(dòng)變阻器。閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，燈泡發(fā)光，下列判斷正確的是（）A．只向下移動(dòng)滑片P，電阻R2兩端的電壓變小 B．只向下移動(dòng)滑片P，燈泡L變亮 C．只斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，電阻R1兩端的電壓變大 D．只斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，變壓器輸入功率變大解：理想變壓器輸出的電壓由輸入電壓和電壓比決定，輸入電壓不變，所以輸出電壓也不會(huì)變，即副線圈兩端電壓不變。AB．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)頭向下移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，副線圈中總電阻減小，副線圈中總電流會(huì)變大，R1上的電壓變大，所以燈L、R2上的電壓變小，燈泡L變暗，故A正確，B錯(cuò)誤；C．只斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，副線圈中總電阻變大，副線圈中的電流會(huì)變小，R1上的電壓變小，故C錯(cuò)誤；D．只斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，副線圈電壓不變，副線圈電流減小，因此副線圈的電功率減小，因?yàn)檩斎牍β实扔谳敵龉β剩儔浩鬏斎牍β首冃?，故D錯(cuò)誤。故選：A。5．如圖甲所示為理想變壓器，原、副線圈匝數(shù)比為n1：n2＝44：1，變壓器原線圈接如圖乙所示的正弦式交流電，副線圈兩端接兩個(gè)串聯(lián)在一起的阻值大小分別為R1＝3Ω，R2＝2Ω的定值電阻，理想二極管與電阻R1并聯(lián)，電壓表為理想電表。下列說(shuō)法正確的是（）A．副線圈中交流電頻率為100Hz B．電壓表的示數(shù)為2V C．R1消耗的功率為3W D．變壓器輸入功率為8.75W解：A、由變壓器的工作原理知，副線圈中交流電的頻率跟原線圈中交流電的頻率相同，為f＝＝Hz＝25Hz，故A錯(cuò)誤；B、由U1：U2＝n1：n2＝44：1，解得U2＝5V，則電阻R1和R2兩端電壓的波形分別如圖1、圖2所示：設(shè)電壓的有效值分別為E1和E2，根據(jù)有效值的定義有×＝×T，×＝×T，解得：E1＝V，E2＝V，則電壓表的示數(shù)為E2＝V≈3.8V，故B錯(cuò)誤；C、R1消耗的功率為P1＝，代入數(shù)據(jù)得P1＝1.5W，故C錯(cuò)誤；D、R2消耗的功率為P2＝，代入數(shù)據(jù)得P2＝7.25W，則副線圈消耗的功率為8.75W，根據(jù)變壓器的功率關(guān)系知，變壓器的輸入功率也為8.75W，故D正確。故選：D。6．如圖所示為某種電吹風(fēng)機(jī)電路圖，圖中a、b、c、d為四個(gè)固定觸點(diǎn)。繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的扇形金屬觸片P，可同時(shí)接觸兩個(gè)觸點(diǎn)，觸片P位于不同位置時(shí)，吹風(fēng)機(jī)可處于停機(jī)、吹冷風(fēng)和吹熱風(fēng)三種狀態(tài)。圖示狀態(tài)剛好為觸片P接觸c、d兩點(diǎn)。已知電吹風(fēng)吹冷風(fēng)時(shí)的輸入功率為60W，小風(fēng)扇的額定電壓為60V，正常工作時(shí)小風(fēng)扇的輸出功率為52W，變壓器為理想變壓器，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．當(dāng)扇形金屬觸片P與觸點(diǎn)c、d接觸時(shí)，電吹風(fēng)吹熱風(fēng) B．當(dāng)扇形金屬觸片P與觸點(diǎn)a、b接觸時(shí)，電吹風(fēng)吹冷風(fēng) C．小風(fēng)扇的內(nèi)阻為10Ω D．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為解：A、由電路圖可知，當(dāng)扇形金屬觸片P與觸點(diǎn)c、d接觸時(shí)，電路處于斷路狀態(tài)，電吹風(fēng)未處于工作狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B、由電路圖可知，當(dāng)扇形金屬觸片P與觸點(diǎn)a、b接觸時(shí)，電熱絲和小風(fēng)扇都處于工作狀態(tài)，電吹風(fēng)吹熱風(fēng)，故B錯(cuò)誤；CD、由題意可知，理想變壓器n1兩端的電壓U1＝220V，小風(fēng)扇正常工作時(shí)n2兩端的電壓U2＝60V，由理想變壓器可得：，解得，故D正確；電吹風(fēng)吹冷風(fēng)時(shí)的輸入功率為P1＝60W，輸入電流＝，又因?yàn)?，解得I2＝1A，電吹風(fēng)內(nèi)阻上消耗的功率P內(nèi)＝60W﹣52W＝8W，所以小風(fēng)扇的內(nèi)阻r＝＝＝8Ω，故C錯(cuò)誤。7．如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖。升壓變壓器原、副，線圈兩端的電壓分別為U1和U2，降壓變壓器原副線圈兩端的電壓分別為U3和U4。在輸電線路的起始端接入兩個(gè)感器，兩個(gè)互感器原、副線圈的匝數(shù)比分別為10：1和1：10，各互感器和電表均為理想的，則下列說(shuō)法正確的是（）A．若電壓表的示數(shù)為220V，電流表的示數(shù)為10A，線路輸送電功率為110kW B．若保持發(fā)電機(jī)輸送功率一定，僅將滑片Q下移，輸電線損耗功率增加 C．若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1一定，僅將滑片Q下移，輸電線損耗電壓減少 D．若發(fā)電機(jī)輸出電壓U1一定，若用戶數(shù)增加，為維持用戶電壓U4一定，可將滑片P上移解：A.由題意，根據(jù)理想變壓器變壓和變流規(guī)律可得＝10＝10解得U2＝2200VIA＝100A所以線路輸送的電功率為P＝U2I2＝2200×100W＝220000W＝220kW故A錯(cuò)誤；B.輸電線損耗的功率為ΔP＝r＝r若保持P不變，輸電電壓U2增大，則ΔP減小，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)閉合電路歐姆定律有U3＝U2﹣I2r根據(jù)理想變壓器變壓和變流規(guī)律有設(shè)用戶端總電阻為R，則有聯(lián)立解得I2＝若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1和用戶數(shù)一定，僅將滑片Q下移，則輸電電壓U2增大，R不變，所以輸電電流I2增大，而輸電線損耗電壓為ΔU＝I2r所以ΔU增大，故C錯(cuò)誤；D.若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1和Q的位置一定，使用戶數(shù)增加，即U2不變，R減小，則I2增大，U3減小，為了維持用戶電壓U4一定，需要增大，可將滑片P上移，故D正確。8．如圖所示，理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無(wú)窮大）D1與電阻R1串聯(lián)、理想二極管D2和電阻R2串聯(lián)，然后并聯(lián)接入理想變壓器的副線圈中，電阻R1＝R2＝R。變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為2：1，原線圈接入電壓為U0的正弦交流電，圖中的電壓表和電流表均為理想交流電表，則下列說(shuō)法正確的是（）A．若電阻R1上的電流有效值為I1，則電流表的示數(shù)為I1 B．若R1兩端的電壓有效值為U1，電壓表示數(shù)為U1 C．副線圈上的電流有效值是電阻R1上電流的兩倍 D．原線圈的輸入電壓是電阻R1兩端電壓的4倍解：AC、設(shè)副線圈的輸出電壓為U，輸出電流為I，根據(jù)變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比可得：＝，解得原線圈的輸入電壓為U1＝2U，根據(jù)理想變壓器的電流之比等于匝