2022屆中山紀(jì)念高考物理考前最后一卷預(yù)測卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"o

2.作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、關(guān)于靜電場的描述正確的是

A.電勢降低的方向就是電場線方向

B.沿著電場線方向電場強(qiáng)度一定減小

C.電場中電荷的受力方向就是電場強(qiáng)度的方向.

D.電場中電場強(qiáng)度為零的地方電勢不一定為零

2,如圖所示，質(zhì)量為叫的木塊A放在質(zhì)量為加2的斜面體B上，現(xiàn)對木塊A施加一豎直向下的力尸，它們均靜止不

動，貝!I（）

A.木塊A與斜面體B之間不一定存在摩擦力

B.斜面體B與地面之間一定存在摩擦力

C.地面對斜面體B的支持力大小等于（町+”）g

D.斜面體B受到4個(gè)力的作用

3、如圖，長為L的直棒一端可繞固定軸。在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，另一端擱在升降平臺上，平臺以速度v勻速上升，當(dāng)

棒與豎直方向的夾角為，時(shí)，棒的角速度為

-_—B.------C.------D.------

(n-l)TLcosOLLsin。

4、如圖所示，將直徑為d,電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強(qiáng)磁場5中拉出，這一過程中通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為

)

B/rd2ITIBCID.處

B.--------C-

4RR.~~R~兀R

5、在2018年亞運(yùn)會女子跳遠(yuǎn)決賽中，中國選手許小令獲得銅牌。在某一跳中，她（可看作質(zhì)點(diǎn)）水平距離可達(dá)6.50m,

高達(dá)1.625m。設(shè)她離開地面時(shí)的速度方向與水平面的夾角為a,若不計(jì)空氣阻力，則正切值tana的倒數(shù)等于（）

C.4D.8

6、如圖（a）所示，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比?。簄2=55：4,原線圈接有交流電流表A”副線圈電路接有交流電壓

表V、交流電流表A2、滑動變阻器R等，所有電表都是理想電表，二極管。正向電阻為零，反向電阻無窮大，燈泡L

的阻值恒定。原線圈接入的交流電壓的變化規(guī)律如圖（b）所示，則下列說法正確的是（）

S(i)B(b)

A.由圖（b）可知交流發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子的角速度為l（）0rad/s

B.燈泡L兩端電壓的有效值為32V

C.當(dāng)滑動變阻器的觸頭尸向下滑動時(shí)，電流表A2示數(shù)增大，Ai示數(shù)減小

D.交流電壓表V的讀數(shù)為32V

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示，將一個(gè)細(xì)導(dǎo)電硅膠彈性繩圈剪斷，在繩圈中通入電流，并將其置于光滑水平面上，該空間存在豎直向下

的勻強(qiáng)磁場。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度為4,硅膠繩的勁度系數(shù)為攵，通入電流前繩圈周長為L,通入順時(shí)針方向的電流/穩(wěn)

定后，繩圈周長變?yōu)閯t下列說法正確的是（）

D/2

A.通電穩(wěn)定后繩圈中的磁通量大于皿

4萬

B.ACB段繩圈所受安培力的合力大小為4坦

2

R[[

C.圖中4B兩處的彈力大小均為」」

27t

L2兀k—BJ

D.題中各量滿足關(guān)系式丁=","

8、下列說法中正確的是（）

A.氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因?yàn)闅怏w分子之間存在勢能的緣故

B.物體溫度升高時(shí)，速率小的分子數(shù)目減小，速率大的分子數(shù)目增多

C.一定量的100C的水變成100C的水蒸氣，其分子平均動能增加

D.物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加

E.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性

9、如圖所示，傾角為。的足夠長傳送帶以恒定的速率vo沿逆時(shí)針方向運(yùn)行.t=0時(shí)，將質(zhì)量m=lkg的小物塊（可視

為質(zhì)點(diǎn)）輕放在傳送帶上,物塊速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示.設(shè)沿傳送帶向下為正方向，取重力加速度g=10m/S'.則

A.摩擦力的方向始終沿傳送帶向下

B.l~ls內(nèi),物塊的加速度為Im/s】

C.傳送帶的傾角0=30。

D.物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)|?=0.5

10、如圖所示，勻強(qiáng)電場中三點(diǎn)4、B、C是一個(gè)三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，ZABC=ZCAB=30°,BC=2y/3m，電場線

平行于AA3C所在的平面。一個(gè)帶電荷量q=-2x1O'C的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)的過程中，電勢能增加1.2x106J，

由B移到C的過程中電場力做功6x10-6j,下列說法中正確的是（）

A.8、C兩點(diǎn)間的電勢差Upc=-3VB.A點(diǎn)的電勢低于3點(diǎn)的電勢

C.負(fù)電荷由A點(diǎn)移到C點(diǎn)的過程中，電勢能增加D.該電場的電場強(qiáng)度大小為2V/m

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）為了測某電源的電動勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：

電阻箱R,定值電阻R。、兩個(gè)電流表A1、A2,電鍵Ki,單刀雙擲開關(guān)K2,待測電源，導(dǎo)線若干.實(shí)驗(yàn)小組成員設(shè)計(jì)

如圖甲所示的電路圖.

⑴閉合電鍵K”斷開單刀雙擲開關(guān)K2,調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為此，讀出電流表A2的示數(shù)/o；然后將單刀雙擲開關(guān)K2

接通1,調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為此，使電流表A2的示數(shù)仍為/o,則電流表Ai的內(nèi)阻為.

（2）將單刀雙擲開關(guān)K2接通2,多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄每次調(diào)節(jié)后的電阻箱的阻值R及電流表Ai的示數(shù)/,該

同學(xué)打算用圖像處理數(shù)據(jù)，以電阻箱電阻/?為縱軸，為了直觀得到電流/與R的圖像關(guān)系，則橫軸x應(yīng)?。ǎ?/p>

A.IB.I2C.D.77

⑶根據(jù)⑵選取的x軸，作出K-x圖像如圖乙所示，則電源的電動勢后=,內(nèi)阻r=.（用Ki,R2,Ro,及圖

像中的a、分表示）

12.（12分）如圖所示，用做平拋運(yùn)動實(shí)驗(yàn)的裝置驗(yàn)證機(jī)能守恒定律。小球從桌面左端以某一初速度開始向右滑動，

在桌面右端上方固定一個(gè)速度傳感，記錄小球離開桌面時(shí)的速度（記作口）。小球落在地面上，記下落點(diǎn)，小球從桌面

右邊緣飛出點(diǎn)在地面上的投影點(diǎn)為O,用刻度尺測量落點(diǎn)到O點(diǎn)的距離x。通過改變小球的初速度，重復(fù)上述過程，

記錄對應(yīng)的速度y和距離X。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。若想驗(yàn)證小球在平拋運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒，只需驗(yàn)證平拋

運(yùn)動過程的加速度等于重力加速度即可。

(D某同學(xué)按如圖所示測量高度〃和水平距離x,其中存在測量錯(cuò)誤的是(填“肥或“x”)，正確的測量方法

應(yīng)是O

(2)若小球在下落過程中的加速度為a,則x與y的關(guān)系式為x=。

(3)該同學(xué)在坐標(biāo)紙上畫出了縱、橫坐標(biāo)，以V為縱坐標(biāo)，畫出的圖象為一條過原點(diǎn)的直線，圖線的斜率為那么

該同學(xué)選擇為橫坐標(biāo)，根據(jù)平拋運(yùn)動得到的加速度為.然后與g0比較，若兩者在誤差允許范圍內(nèi)相

等，就驗(yàn)證了小球在平拋運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示,C是放在光滑的水平面上的一塊木板，木板的質(zhì)量為3叫在木板的上面有兩塊質(zhì)量均為桁的小木

塊A和紋它們與木板間的動摩擦因數(shù)均為M，最初木板靜止4、8兩木塊同時(shí)以方向水平向右的初速度vo和2Vo在木

板上滑動，木板足夠長4、5始終未滑離木板,重力加速度為g,求：

IAI[B1

(1)木塊B從剛開始運(yùn)動到與木板C速度剛好相等的過程中，木塊B所發(fā)生的位移；

⑵木塊A在整個(gè)過程中的最小速度；

(3)整個(gè)過程中4、B兩木塊相對于木板滑動的總路程是多少？

14.(16分)如圖所示，在離地面高h(yuǎn)=5m處固定一水平傳送帶，傳送帶以vo=2m/s順時(shí)針轉(zhuǎn)動。長為L的薄木板

甲和小物塊乙(乙可視為質(zhì)點(diǎn))，質(zhì)量均為，〃=2kg,甲的上表面光滑，下表面與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)"尸0.1.乙與

傳送帶之間的動摩擦因數(shù)心=0.2.某一時(shí)刻，甲的右端與傳送帶右端N的距離d=3m,甲以初速度vo=2m/s向左運(yùn)

動的同時(shí)，乙以也=6m/s沖上甲的左端，乙在甲上運(yùn)動時(shí)受到水平向左拉力尸=4N,g取lOm/s??試問：

⑴當(dāng)甲速度為零時(shí)，其左端剛好與傳送帶左端M相齊，乙也恰與甲分離，求的長度乙%、，；

⑵當(dāng)乙與甲分離時(shí)立即撤去F,乙將從N點(diǎn)水平離開傳送帶，求乙落地時(shí)距甲右端的水平距離。

15.(12分)質(zhì)量為，〃的小滑塊自圓弧形軌道上端由靜止滑下，如圖所示，圓弧形軌道半徑為凡高度為限A點(diǎn)為

弧形軌道與水平桌面的平滑連接點(diǎn)?；瑝K離開桌面后恰好落入靜止在水平地面上的裝滿沙的總質(zhì)量為M的小車中，桌

面到小車上沙平面的高度也是肌木塊落入車內(nèi)與沙面接觸直到相對靜止經(jīng)過的較短時(shí)間為試回答下列問題：(所

有接觸面的摩擦不計(jì)，重力加速度g已知，小車高度不計(jì)。)

(1)滑塊經(jīng)過A點(diǎn)前后對軌道和桌面的壓力凡、入各多大？

(2)小車最終的速度是多大？

(3)滑塊落入車中直到相對車靜止的過程中小車對地面的平均壓力多大？

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.沿電場線方向電勢降低，電勢降低最快的方向是電場線方向，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；

B.負(fù)點(diǎn)電荷形成的電場，沿著電場線方向電場強(qiáng)度增大，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C.電場中正電荷的受力方向與電場強(qiáng)度的方向相同，電場中負(fù)電荷的受力方向與電場強(qiáng)度的方向相反，故C項(xiàng)錯(cuò)誤;

D.電勢具有相對性，電場中電場強(qiáng)度為零的地方電勢不一定為零，故D項(xiàng)正確。

2、D

【解析】

A.對木塊A進(jìn)行受力分析，受豎直向下的重力和推力F,垂直斜面的支持力，由平衡條件可知，木塊A還受到沿斜

面向上的靜摩擦力，故A錯(cuò)誤；

BC.以AB為整體作為研究對象受力分析，由平衡條件可知，斜面體B與地面之間無摩擦力，地面對斜面體B的支持

力

N=^mi+m1)g+F

故BC錯(cuò)誤；

D.單獨(dú)以斜面體B為研究對象受力分析，斜面體B受重力，地面對斜面體B的支持力，木塊A對斜面體B的壓力及

木塊A對斜面體B的沿斜面向下的靜摩擦力，故D正確。

故選D。

3^D

【解析】

棒與平臺接觸點(diǎn)的實(shí)際運(yùn)動即合運(yùn)動方向是垂直于棒指向左上，如圖所示，合速度

y實(shí)=①L,

沿豎直向上方向上的速度分量等于v,即

coLsin0-v,

所以

v

co--------

Lsin。

V

B.綜上分析。=丁=,B錯(cuò)誤；

V

C.綜上分析。=丁/:，C錯(cuò)誤;

Lsin夕

v

D.綜上分析@=——-,D正確。

Lsinff

故選D。

4、A

【解析】

金屬環(huán)的面積：

s=4=Q

24

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：

廣△①BS

E------=——

由歐姆定律得，感應(yīng)電流：

/一

R

感應(yīng)電荷量：

q=St,

解得：

△①B/rd2

q=----=--------

R4R

故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選A.

【點(diǎn)睛】

本題考查了求磁通量的變化量、感應(yīng)電荷量等問題，應(yīng)用磁通量的定義式、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流定

△①

義式即可正確解題，求感應(yīng)電荷量時(shí)，也可以直接用公式4=下計(jì)算.

R

5、B

【解析】

從起點(diǎn)4到最高點(diǎn)8可看作平拋運(yùn)動的逆過程，如圖所示：

許小令做平拋運(yùn)動位移方向與水平方向夾角的正切值為tan/?=0.5,速度方向與水平方向夾角的正切值為tana=2tanfl=l,

則正切值加的倒數(shù)等于1,故B正確，ACD錯(cuò)誤。

6、D

【解析】

A.根據(jù)圖像可知周期r=0.02s,則角速度

co=—=-^―rad/s=1OO^rad/s

T0.02

故A錯(cuò)誤；

B.原線圈電壓的有效值為

=440V|V=44()V

V2

根據(jù)理想變壓器的電壓規(guī)律求解副線圈的電壓，即交流電壓表的示數(shù)為

V)4

U=二。|=—x440V=32V

'2々55

因?yàn)樾襞莺投O管相連，二極管具有單向?qū)щ娦裕鶕?jù)有效值的定義

(32V)2T%

g2%

解得燈泡兩端電壓

UL=160V

故B錯(cuò)誤，D正確；

C.當(dāng)滑動變阻器的觸頭P向下滑動時(shí)，副線圈接入的總電阻減小，副線圈兩端電壓不變，所以電流表A2示數(shù)增大，

根據(jù)單相理想變壓器的電流規(guī)律

4=%

可知電流表A1的示數(shù)也增大，故C錯(cuò)誤。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、ACD

【解析】

A.通入順時(shí)針方向電流/穩(wěn)定后，繩圈周長為右，由

=2町

可得彳=白，面積

2萬

TT2

S=町2=_L)2__L

由安培定則可判斷出環(huán)形電流在環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，繩圈內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度大于練，由磁通量公式

(D=BS

可知通電穩(wěn)定后繩圈中的磁通量大于皿，故A正確

4乃

B.ACB段的等效長度為2(,故ACB段所受安培力

F=B*2『2B山樂當(dāng)

故B錯(cuò)誤;

C.設(shè)題圖中4B兩處的彈力大小均為對半圓弧AC8段，由平衡條件有

2耳口

71

解得《="巴，故c正確

2萬

D.由胡克定律有

耳=女(￡,一為

解得一=/,兩側(cè)均除以乙，得

2k兀

L{2k/r

L2k兀一BQI

即一二-----------

H,故D正確。

L.2k兀

故選ACD?

8,BDE

【解析】

A.氣體如果失去了容器的約束就會散開，是因?yàn)榉肿娱g距較大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做無規(guī)則

運(yùn)動，所以氣體分子可以自由擴(kuò)散；故A錯(cuò)誤.

B.溫度從微觀角度看表示了大量分子無規(guī)則運(yùn)動的劇烈程度，物體溫度升高時(shí)，速率小的分子數(shù)目減少，速率大的分

子數(shù)目增多；故B正確.

C.一定量100'C的水變成100℃的水蒸氣，因溫度不變則分子平均動能不變，由于吸熱，內(nèi)能增大，則其分子之間的

勢能增大；c錯(cuò)誤.

D.物體從外界吸收熱量，若同時(shí)對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知其內(nèi)能不一定增加；故D正確.

E.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有晶體的各向異性；故E正確.

故選BDE.

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵要掌握分子動理論、熱力學(xué)第一定律等熱力學(xué)知識，要對氣體分子間距離的大小要了解，氣體分子間

距大約是分子直徑的10倍，分子間作用力很小.

9、BD

【解析】

開始物塊相對于傳送帶向后滑動，物塊受到的摩擦力平行于傳送帶向下，當(dāng)物塊受到大于傳送帶速度后，物塊受到的

摩擦力方向平行于傳送帶向上，故A錯(cuò)誤；由圖1所示圖象可知，1?1s內(nèi)，物塊的加速度

__?,n,,,故B正確；由圖1所示圖象可知，在0?1s內(nèi)物塊的加速度

n_——__————一廠】_—一，'一

由牛頓第二定律得：，在1?Is內(nèi)，由牛頓第二定律得:

□=三=午二/二』。二/

ingsinO-fimgcosO=ma',解得："=0.5,0=37°,故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD正確。

10、AC

【解析】

AB.點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移到8點(diǎn)的過程中，電勢能增加1.2xlO“J,則電場力做功皿8=-1.2xl0-6j,A、8兩點(diǎn)間的電

勢差

U=WAB=—L2X1(T6J

411q-2X10-6C

同理

4點(diǎn)的電勢高于8點(diǎn)的電勢，故A正確、B錯(cuò)誤;

C.設(shè)A8連線中點(diǎn)為。，則=-3V,。點(diǎn)電勢與C點(diǎn)相等，所以電場線方向由A指向8,現(xiàn)把負(fù)電荷由A點(diǎn)移

動到C點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，故C正確;

D.該電場的場強(qiáng)

E=—^AB——=---------產(chǎn)V/m=IV/m

2BCCOS30°2x2SB

2

故D錯(cuò)誤。

故選AC。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、Ri-RiCE=—r=a-Ro-(Rz-Ri)

b

【解析】

⑴由題意可知，電路電流保持不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電阻不變，則電流表Ai內(nèi)阻等于兩種情況下

電阻箱阻值之差，即&1=4一?.

E

⑵單刀雙擲開關(guān)K2接通2時(shí)，據(jù)歐姆定律可得：E=/(r+&+R+&i)，整理得：7?=y-(r+/<,+/?AI),為得

到直線圖線，應(yīng)作圖象.故C項(xiàng)正確，ABD三項(xiàng)錯(cuò)誤.

(3)由R——圖象結(jié)合R=――(r+&+R,7)得：圖象斜率左=)=E、圖象縱截距―。=—"+5+RAI)，解得:

1Ib-0

電源的電動勢E=f、電源的內(nèi)阻r=。一(%+^^)=。一凡一(尺一打)?

12、h從桌面到地面的距離V欄v2y

【解析】

(1)[1][2].其中"的測量有問題，應(yīng)該是從桌面到地面的距離；

(2)[3].小球下落過程中，豎直方向

h--ar

2

水平方向：

x-vt

解得：

(3)[4][5].根據(jù)》=丫產(chǎn)可得尤2=一一,則以r為縱坐標(biāo)，畫出的圖象為一條過原點(diǎn)的直線，圖線的斜率為后

Vaa

那么該同學(xué)選擇評為橫坐標(biāo)；由攵=—得到的加速度為。=—。然后與g0比較，若兩者在誤差允許范圍內(nèi)相等，就

ak

驗(yàn)證了小球在平拋運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)5=—"，(2)匕(3)S#=——L

50〃g5/Jg

【解析】

試題分析：(1)木塊A先做勻減速直線運(yùn)動，后做勻加速直線運(yùn)動；木塊B一直做勻減速直線運(yùn)動；木板C做兩段

加速度不同的勻加速直線運(yùn)動，直到A、B、C三者的速度相等為止，設(shè)為vi.對A、B、C三者組成的系統(tǒng)，由動量

守恒定律得：mv2+2mv2=(m+m+3m)vi

解得：vi=2.6V2

]12

對木塊B運(yùn)用動能定理，有：一〃加

91說

解得：s=

5°〃g

(2)設(shè)木塊A在整個(gè)過程中的最小速度為v，，所用時(shí)間為t,由牛頓第二定律：

對木塊A：ai=nmg/m=yg,對木塊C：a2=2nmg/3m=2|ig/3,

當(dāng)木塊A與木板C的速度相等時(shí)，木塊A的速度最小，因此有：V2-|igt=(2jig/3)t

解得t=3v”(3pg)

木塊A在整個(gè)過程中的最小速度為：v，=V2-ait=2v2/3.

(3)QJ&=QI+Q2=fs?i+fs?2=AEk?

△4_△線_1?6%

所以=S]±l+$132

f〃根gNg

14、(1)10m；(2)3m。

【解析】

(1)選水平向右為正方向，設(shè)甲的加速度為可，對甲，由牛頓第二定律

14?2mg=may

4=2m/s2

設(shè)甲速度由%減到。過程通過的位移為再，經(jīng)歷的時(shí)間為。

由Of；=2”內(nèi)得

xx=-Im

由0=%+得

八—Is

設(shè)乙從開始到與甲分離的加速度為的，末速度為丫2,通過的位移為由牛頓第二定律

-F=ma2

得

2

a2=-2m/s

又2=V]+a2fl