2022年河北省衡水中學(xué)高考物理二調(diào)試卷（附答案詳解）

2022年河北省衡水中學(xué)高考物理二調(diào)試卷

1.目前第24屆冬季奧林匹克運(yùn)動會正在我國北京市如火如茶地舉行。在新冠疫情肆虐

全球的背景下，北京冬奧會的如期舉辦，再次彰顯了中國的決心、高效與活力，如

圖為四個冬奧運(yùn)動項(xiàng)目中運(yùn)動員運(yùn)動的一些場景，下列有關(guān)說法正確的是（）

甲：花樣滑冰乙：冰壺丙：自由式滑雪T：速度滑冰

A.在研究甲圖中的運(yùn)動員完成某項(xiàng)技術(shù)動作時，可以把運(yùn)動員看成質(zhì)點(diǎn)

B.在乙圖中運(yùn)動員用冰壺刷刷冰的目的是減少冰壺與冰面的摩擦力

C.丙圖中的處于空中的運(yùn)動員，在上升過程為超重狀態(tài)，下降過程則為失重狀態(tài)

D.丁圖中速度滑冰項(xiàng)目比的是運(yùn)動員的平均速度大小，第一名則平均速度最大

2.某小船在河寬為d,水速恒定為u的河中渡河，第一次用最短時間從渡口向?qū)Π堕_去,

此時小船在靜水中航行的速度為％,所用時間為“；第二次用最短航程渡河從同一

渡口向?qū)Π堕_去，此時小船在靜水中航行的速度為外，所用時間為12,結(jié)果兩次恰

好抵達(dá)對岸的同一地點(diǎn)，則（）

A.第一次所用時間h=?B.第二次所用時間t2

V2

C.兩次渡河的位移大小為患D.兩次渡河所用時間之比?=尊

V1t2說

3.高層樓房發(fā)生了火災(zāi)，消防員及時趕到，用多個高

壓水槍同時進(jìn)行滅火?？吭谝黄鸬募?、乙兩個相同

高壓水槍，噴出的水落到著火點(diǎn)的同一位置上，如

圖所示。已知甲、乙噴出的水初速大小相同且水跡

處于同一豎直面內(nèi)，忽略水受到的空氣阻力，則（）

A.到達(dá)著火點(diǎn)時，甲噴出的水的速率較大

B.到達(dá)著火點(diǎn)時，乙噴出的水速度的方向可能水平

C.到達(dá)著火點(diǎn)時，甲噴出的水速度的方向可能水平

D.從噴出到著火點(diǎn)，乙噴出的水運(yùn)動的時間較長

4.如圖所示，豎直平面內(nèi)相距28a的4、B兩點(diǎn)（4B水

平）均固定有電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，半徑為a的光滑

絕緣細(xì)圓管（圓管的大小不計(jì)）固定在4、B兩點(diǎn)間，其圓心。位于2B的中點(diǎn)，細(xì)管與

4B以及4B中垂線的交點(diǎn)分別為C、E、D、F。一電荷量為q的帶負(fù)電小球（視為質(zhì)

點(diǎn)）在圓管內(nèi)沿順時針方向運(yùn)動，以大小為J礪（g為重力加速度大?。┑乃俣韧ㄟ^。

點(diǎn)時，小球恰好對細(xì)管無壓力。靜電力常量為匕不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的

是（）

A.小球通過尸點(diǎn)時的速率為戰(zhàn)面

B.小球的質(zhì)量為墨

C.小球通過C、E兩點(diǎn)時的合力相同

D.小球在C點(diǎn)的電勢能大于其在E點(diǎn)的電勢能

5.表面光滑的四分之一圓柱體緊靠墻角放置，其橫截面如\p

圖所示。細(xì)繩a、b一端固定在豎直墻面上同一點(diǎn)P,另Q/\

y/b

一端分別連接小球4B,4、B兩球均在柱體上保持靜

止。已知a的長度為b的2倍，4的質(zhì)量為B的2倍。則a、

b的拉力之比為（

C.2

D.4

6.某興趣小組想利用小孔成像實(shí)驗(yàn)估測太陽的密度.設(shè)計(jì)如圖所示

的裝置，不透明的圓桶一端密封，中央有一小孔，另一端為半透yry

明紙.將圓桶軸線正對太陽方向，可觀察到太陽的像的直徑為d.已

知圓桶長為L,地球繞太陽公轉(zhuǎn)周期為T.估測太陽密度的表達(dá)式為二

（）X

247rL3

GT2d3

37rL3

GT2d3

37rd3

GT2L3

67rd3

GT2L3

7.將一半徑為lm、電阻R=兀（0）重力未知的金屬閉合圓環(huán)用一帶有力傳感器的細(xì)線

懸掛于天花板的。點(diǎn)，同時在圓環(huán)圓心等高點(diǎn)的上方加一按8=2+kt（k未知且為

恒量，式中各量的單位均為國際單位）隨時間逐漸增大的磁場如圖甲所示，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)

第2頁，共22頁

拉力傳感器的示數(shù)變化如圖乙所示。不考慮金屬圓環(huán)的形變和電阻的變化，整個研

究過程細(xì)線未斷且圓環(huán)始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。則以下說法正確的是()

圖甲圖乙

A.金屬環(huán)的重力為6N

B.k值為377s

C.0-2s時間內(nèi)金屬環(huán)的功率為兀(W)

D.0-2s時間內(nèi)通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為27r(C)

8.如圖甲，一質(zhì)量為m的小物塊以初動能&)向右滑上足夠長的水平傳送帶上，傳送帶

以恒定速度逆時針轉(zhuǎn)動。小物塊在傳送帶上運(yùn)動時，小物塊的動能a與小物塊的位

移x關(guān)系a-%圖像如圖乙所示，傳送帶與小物塊之間動摩擦因數(shù)不變，重力加速

度為g。貝|J()

圖甲

圖乙

A.小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為熹

zmgxQ

B.從小物塊開始滑動到與傳送帶達(dá)到共同速度所需時間為回

q2%

C.整個過程中物塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量為

D.整個過程中傳送帶電動機(jī)多消耗的電能為

9.如圖所示，圖甲為氫原子的能級圖，大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時，發(fā)出

頻率不同的大量光子，其中頻率最高的光子照射到圖乙電路中光電管陰極K上時,

電路中電流隨電壓變化的圖像如圖丙所示。下列說法正確的是()

A.光電管陰極K金屬材料的逸出功為7.0eV

B.這些氫原子躍遷時共發(fā)出3種頻率的光

C.若調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片能使光電流為零，則可判斷圖乙中電源右側(cè)為正極

D.氫原子躍遷放出的光子中共有2種頻率的光子可以使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象

10.如圖所示，一傾角為。=30。的光滑斜面與半徑為R的光滑;圓弧在最高點(diǎn)對接，斜

面固定在水平地面上，圓弧最低點(diǎn)與水平地面相切。質(zhì)量分別為m和M的物塊4與8（

可視為質(zhì)點(diǎn)）通過跨過斜面頂端光滑定滑輪的輕繩（長為1.5R）連接。初始時輕繩伸

直，將物塊B由圓弧的最高點(diǎn)靜止釋放，當(dāng)物塊B到達(dá)圓弧最低點(diǎn)時，物塊4的速度

為處,重力加速度為g,則以下說法正確的是（）

A.物塊B到達(dá)圓弧最低點(diǎn)時速度大小也為北

B.當(dāng)物塊8到達(dá)圓弧最低點(diǎn)時，物塊A的速度最大

C.輕繩對物塊4做的功為gm詔+號mgR

D.物塊B經(jīng)過圓弧最低點(diǎn)時受到的支持力小于Mg+2Mm

11.在探究物體質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)做了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)改

進(jìn)，在調(diào)節(jié)桌面水平后，添加了用力傳感器來測則細(xì)線中的拉力。（g=10m/s2）

（1）實(shí)驗(yàn)得到如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時器使用的交流電源的頻率為50Hz,

相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個點(diǎn)未畫出，由圖中的數(shù)據(jù)可知，小車運(yùn)動的加速度大小

是m/s2（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。

第4頁，共22頁

(2)由實(shí)驗(yàn)得到小車的加速度a與力傳感器示數(shù)尸的關(guān)系如圖丙所示，則小車與軌道

丙

(3)該同學(xué)不斷增加砂子質(zhì)量重復(fù)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)小車的加速度最后會趨近于某一數(shù)值,

從理論上分析可知，該數(shù)值應(yīng)為m/s2.

打點(diǎn)計(jì)時器力傳感器

，

山

接交流

電源

甲

12.為了更準(zhǔn)確的測出電阻勺的值，乙同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路圖，圖中R。是保護(hù)

電阻，燈是電阻箱，R是滑動變阻器，&和%是電流表，E是電源。實(shí)驗(yàn)具體步驟

①連接好電路，將滑動變阻器R調(diào)到最大;

②閉合S,調(diào)節(jié)電阻箱％和滑動變阻器R,使a表的示數(shù)為一適當(dāng)值記下此時

電阻箱的阻值&和/表的示數(shù)，2；

③保持4的值不變，重復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱長和滑動變阻器R，得到多組阻值&和4表的

示數(shù)辦，并畫出此與的關(guān)系圖像如圖所示。

(1)已知治一力圖像的斜率為上，縱截距為4則Rx=；電流表4的內(nèi)阻R4=

(用小b、Ro、k表示)。

(2)由于電流表的內(nèi)阻也不能忽略，用這種方法得到的電阻的測量值q與真實(shí)值R4

相比較，RxR其(選填“>”、“<”或“=”)。

13.如圖甲所示，質(zhì)量為M=1.0勸的平板小車C靜止在光滑的水平面上，在t=0時，

質(zhì)量為2.0kg的物塊4與質(zhì)量為1.0kg的物塊B同時從左右兩端水平?jīng)_上小車，1.0s內(nèi)

它們的"一t圖像如圖乙所示，(g取lOm/s?)求：

(1)物塊4和B與平板小車之間的動摩擦因數(shù)心、林B；

(2)要使4、8在整個運(yùn)動過程中不會相碰，車的長度至少為多少。

6.0A

c3.0

0

^1.02.03.CHT/S

-3.0￡>

甲乙

14.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xoy的第二象限內(nèi)有平行于y軸的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)

度大小為E,方向沿y軸正方向。在第一、四象限內(nèi)有一個圓形邊界的勻強(qiáng)磁場區(qū)

域，邊界過坐標(biāo)原點(diǎn)0,且與y軸相切，圓心為。［,圓內(nèi)有方向垂直于xoy平面向里

的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為一帶負(fù)電的粒子(不計(jì)重力)，以速度為孫從第

二象限的P點(diǎn)，沿平行于萬軸正方向射入電場，通過坐標(biāo)原點(diǎn)。進(jìn)入第四象限，射出

磁場時速度方向沿y軸負(fù)方向。已知P點(diǎn)的坐標(biāo)為(-求：

(1)帶電粒子的比荷2

(2)圓形磁場區(qū)域的半徑R；

(3)若改變P點(diǎn)的位置坐標(biāo)(仍在第二象限內(nèi))和進(jìn)入電場時的初速度大小(不改變方

向)，粒子經(jīng)0點(diǎn)進(jìn)入磁場后仍能沿y軸負(fù)方向射出磁場，試寫出滿足條件的P點(diǎn)的

位置坐標(biāo)方程。

第6頁，共22頁

15.下列說法中不正確的是()

A.單晶體和多晶體都有固定的熔點(diǎn)

B.浸潤現(xiàn)象中，附著層里的分子比液體內(nèi)部稀疏

C.水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，且增大得越來越快

D.當(dāng)人們感到干燥時，空氣的相對濕度一定較小

16.如圖所示為長慶胡同某住宅小區(qū)二次供水系統(tǒng)示意圖，壓力罐甲、乙與水泵連接,

兩罐為容積相同的圓柱體,底面積為0.6m2,高為0.8m,開始兩罐內(nèi)只有壓強(qiáng)為1.0x

105pa的氣體，閥門占、/關(guān)閉，現(xiàn)啟動水泵向甲罐內(nèi)注水，當(dāng)甲罐內(nèi)氣壓達(dá)到2.4x

105pa時，水泵停止工作，當(dāng)甲罐內(nèi)氣壓低于1.5xl05pa時，水泵啟動，求：

(1)甲罐內(nèi)氣壓達(dá)到2.4xl()5pa時，注入水的體積；

(2)打開閥門Ki，水流入乙罐，達(dá)到平衡前水泵是否啟動。

17.如圖為某同學(xué)用一束激光射入正三角形玻璃磚的光路圖,

由于疏忽，他忘記標(biāo)記光路方向，同時手上也沒有量角

器。已知圖中/4BC為正三角形玻璃磚邊界，a、b、c為

邊界中點(diǎn)，且光束1與光束2平行。則下列說法正確的為

()

A.光束2為入射光

B.該激光在玻璃磚中的折射率為1.5

C.光束3的光強(qiáng)大于光束1、2的光強(qiáng)之和

D.無論如何改變?nèi)肷浣?，總有光線從玻璃磚中射出

18.一列簡諧橫波在某介質(zhì)中沿直線傳播，傳播速度為30m/s,振幅為10cm。某時刻

開始計(jì)時，0,8s時刻介質(zhì)中的部分波形如圖甲所示，圖乙為介質(zhì)中某質(zhì)點(diǎn)P的振動

圖像。求：

(1)該列波的波長和傳播方向;

(2)質(zhì)點(diǎn)P平衡位置的x坐標(biāo)。

第8頁，共22頁

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：力、甲圖中，研究運(yùn)動員某項(xiàng)技術(shù)時，不能忽略運(yùn)動員的大小和形狀，不

可以把運(yùn)動員看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯誤；

8、乙圖中，冰壺刷冰的目的是減小摩擦力，從而更好的控制冰壺的運(yùn)動方向，故8正

確；

C、丙圖中，處于空中的運(yùn)動員，上升過程是減速上升，加速度向下，此時處于失重狀

態(tài)，下降過程中是加速下降，加速度向下仍處于失重狀態(tài)，故C錯誤；

￡＞、丁圖中速度滑冰項(xiàng)目比的是運(yùn)動員的平均速率大小，第一名則平均速率最大，故。

錯誤。

故選：B.

在研究的問題中，物體的形狀、大小及物體上各部分運(yùn)動的差異是次要或不起作用的因

素，就可以把物體看做一個質(zhì)點(diǎn)，研究運(yùn)動員某項(xiàng)技術(shù)時，不能忽略運(yùn)動員的大小和形

狀，不可以把運(yùn)動員看成質(zhì)點(diǎn)；

冰壺刷冰的目的是減小摩擦力；

加速度向上是超重狀態(tài)，加速度向下是失重狀態(tài)；

平均速率是路程與時間的比值；平均速度是位移與時間的比值，滑冰項(xiàng)目比的是運(yùn)動員

的平均速率大小。

明確什么時候物體能被看成質(zhì)點(diǎn)，知道失重和超重的概念，會判斷失重超重狀態(tài)，知道

平均速度和平均速率的概念。

2.【答案】D

【解析】解：4兩次渡河時如圖渡河最短時間

圖1圖2

dfi

t=T，所以h=2，故A錯誤；

“靜火

A第一次渡河有=蔡，第二次渡河時有：=sinaf

所以」一=—,

cosav2

第二次渡河時間為：12=/，故B錯誤；

C.根據(jù)圖形可知兩次位移之比為1：1,故C錯誤；

D兩次時間之比F=把絲=,故。正確；

“打光

故選：Do

(1)當(dāng)靜水速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短，最短時間t

(2)當(dāng)合速度的方向與靜水速的方向垂直時，船的航程最短；

解決該題的關(guān)鍵是明確兩次渡河的過程，知道時間的求解方法，知道最短渡河時間的物

理特征；

3.【答案】B

【解析】解：4、由題意可知，忽略水受到的空氣阻力，水噴出后只受重力作用，水的

機(jī)械能守恒，由于水從同一位置噴出且甲、乙噴出的水初速大小相同，則水噴出時的機(jī)

械能相等，由機(jī)械能守恒定律可知，到達(dá)著火點(diǎn)時甲、乙噴出的水速率相等，故A錯誤：

3、水噴出后做斜上拋運(yùn)動，可以分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動與豎直方向的豎直上

拋運(yùn)動，由圖示可知，乙噴出出的水到達(dá)著火點(diǎn)時可能到達(dá)最高點(diǎn)，水的豎直分速度可

能為零，水的速度方向可能沿水平方向，故B正確；

C、由圖示可知，甲噴出的水到達(dá)著火點(diǎn)時處于下落過程，豎直方向與水平方向速度都

不為零，水的速度方向斜向右下方，不可能沿水平方向，故C錯誤；

。、水噴出后做斜上拋運(yùn)動，在豎直方向做豎直上拋運(yùn)動，由圖示可知，甲噴出的水到

達(dá)的最高點(diǎn)的高度大于乙噴出的水到達(dá)最高點(diǎn)到達(dá)的高度，甲噴出的水到達(dá)著火點(diǎn)時的

運(yùn)動時間較長，故。錯誤。

故選：B。

忽略空氣阻力，噴出的水在運(yùn)動過程中只受重力作用，水的機(jī)械能守恒，應(yīng)用機(jī)械能守

恒定律判斷到達(dá)著火位置時的速度大小關(guān)系；水噴出后做斜上拋運(yùn)動，根據(jù)圖示情景應(yīng)

用運(yùn)動學(xué)公式分析答題。

知道水噴出后做斜上拋運(yùn)動，根據(jù)圖示分析清楚水的運(yùn)動過程是解題的前提，應(yīng)用機(jī)械

能守恒定律與斜拋運(yùn)動規(guī)律即可解題。

4.【答案】B

【解析】解：CD、CE兩點(diǎn)高度相同，重力勢能相同，并且C、E兩點(diǎn)關(guān)于。點(diǎn)對稱，故

小球電勢能相同，由能量守恒可知，小球在C、E兩點(diǎn)速度相同，故需要的向心力大小

第10頁，共22頁

相同，故小球通過C、E兩點(diǎn)時的合力大小相同，但方向不同，故CD錯誤；

A、。和F兩點(diǎn)關(guān)于。點(diǎn)對稱，故小球電勢能相同，小球從。到F過程中只有重力做功，故

mg-2a=解得咋=J7ga,故A錯誤；

B、由幾何關(guān)系可知4。=BD=2a,乙4DB=120°,

由平行四邊形定則，可知小球在。點(diǎn)時得電場力（q為帶負(fù)電小球）&=FAD=FDE=

券會=黑，方向向下，在。點(diǎn)，合力提供向心力mg+”,=鬻，

聯(lián)立解得小球的質(zhì)量為加=梟，故B正確；

故選：B。

CE兩點(diǎn)高度相同，重力勢能相同，并且C、E兩點(diǎn)關(guān)于。點(diǎn)對稱，結(jié)合圓周運(yùn)動規(guī)律可

分析合力情況；小球從。到F過程中只有重力做功，可解得F點(diǎn)速度；根據(jù)點(diǎn)電荷電場力

公式結(jié)合牛頓第二定律可解得質(zhì)量。

本題考查電勢能與電場力做功，解題關(guān)鍵掌握小球運(yùn)動狀態(tài)的分析，結(jié)合對應(yīng)的運(yùn)動學(xué)

規(guī)律與牛頓第二定律可解答。

5.【答案】D

【解析】解：A球受力如圖，因4平衡，貝IL4的重力，a的拉力、柱體的支持力、構(gòu)成閉

合的三角形。由幾何關(guān)系知

同理可得

mpg_F&

OP—ib

解得

里=4

Fb

故ABC錯誤，。正確

故選：Do

根據(jù)兩物體的受力分析，根據(jù)矢量三角形，力和對應(yīng)長度的相似比可解得ab拉力的比。

本題考查共點(diǎn)力平衡的應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握相似比的應(yīng)用，注意對小球的受力分析與力

對應(yīng)的長度。

6.【答案】A

【解析】解：設(shè)太陽的半徑為R,太陽到地球的距離為幾

根據(jù)三角形相似，由幾何關(guān)系可知，貝IJ：?=1解得：/?=穿。

地球繞太陽做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力，設(shè)太陽質(zhì)量為M,地球質(zhì)量為m,

m.iGMm4TT2

則：—=mr—

體積廿=3兀腔

由密度公式p=2

解得：p=黑。

LGT2d3

故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

根據(jù)三角形相似，結(jié)合萬有引力提供向心力，可分析該題。

本題考查小孔成像原理，主要用到三角形相似和萬有引力提供向心力等知識，屬于基本

題型。

7.【答案】C

【解析】解：48.設(shè)金屬圓環(huán)半徑為r,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得金屬圓環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)

電動勢

△B邛1

E=-----=-Ttk

At2

由閉合電路歐姆定律可知感應(yīng)電流為

/=-

R

金屬圓環(huán)產(chǎn)生安培力的有效長度為L=2r,由左手定則可知安培力方向向下，由受力平

衡可得

F=mg+BIL

聯(lián)立解得：F=k2t+2k+mg

由圖乙可知，t=0時

2k+mg—6

直線的斜率

第12頁，共22頁

k2=笠。/s=4N/s

聯(lián)立可得

mg=2N,k=2T/s

故AB錯誤；

C.O-2s時間內(nèi)金屬環(huán)的功率為

P=12R=+x兀=?t(W)

故C正確；

D.O-2s時間內(nèi)通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為

q=IAt=-X2C=-X2C=2C,

[22

故。錯誤。

故選：Co

由電磁感應(yīng)、歐姆定律及受力分析求解直線斜率及重力，功率公式及電荷量公式分析即

可。

本題考查電磁感應(yīng)，學(xué)生需熟練掌握感應(yīng)電動勢公式，綜合求解。

8.【答案】BC

【解析】解：4、由圖乙可知，Ek-X圖像的斜率『表示合外力的大小，小物塊向右滑,

x0

合外力為〃mg,得〃=懸~，故4錯誤；

myXQ

B、根據(jù)題意作圖，

由圖像可知，小物塊做勻變速直線運(yùn)動且共速前加速度不變，全程可看為勻減速，即

-v=v0-ngt,又Eo=：皿詔，聯(lián)立解得《=叵豆，故8正確；

N4NY2￡,o

C、由圖像可知，產(chǎn)生的熱量Q△x為物塊與傳送帶的相對位移(即圖中的

陰影面積)，故Q=；m3o+v)2即Q=：殳，故C正確；

D、整個過程中電動機(jī)多消耗的電能為AEnQ+AEk，故△E=|E°,故。錯誤；

故選:BC。

由圖線的斜率表示小物塊所受的合力大小，可求動摩擦因數(shù)。

由直線運(yùn)動的規(guī)律可求物塊的共同速度。

物塊與傳送帶之間產(chǎn)生的熱量等于摩擦力與相對位移的乘積。

電動機(jī)多消耗的電能轉(zhuǎn)化為熱能與小物塊動能之和。

明確圖像斜率表示的意義，根據(jù)題意正確作出u-t圖象，從圖像中讀出加速度，位移，

知道相對位移表示的意義。

9.【答案】BD

【解析】解：4、由圖甲可知光子的能量E=—1.51eU-(—13.6elQ=12.09eU,由圖

丙可知遏止電壓為7乙所以光電子的初動能a=eU=7eV,所以金屬材料的逸出功

W=E-Ek=5.09eV,故A錯誤。

B、由排列組合的規(guī)律可知，處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時能夠發(fā)出3種頻率的光，

故8正確。

C、光電子由陰極K向?qū)γ娴臉O板運(yùn)動，形成的電流在圖乙中從右向左流動，要阻止該

電流，需要施加反向電壓，即電源左側(cè)應(yīng)該為正極，故C錯誤。

。、只要光子的能量大于5.09eU,就可以使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，由圖甲可知分別由n=3

和n=2能級向基態(tài)躍遷產(chǎn)生的2種頻率的光子滿足要求，故。正確。

故選：BD。

利用愛因斯坦光電效應(yīng)方程和圖丙中的遏止電壓求逸出功；利用玻爾理論求躍遷發(fā)光的

頻率種類；利用光電管電路中反向電壓判斷電源的正負(fù)極；利用入射光光子能量大于逸

出功，判斷能發(fā)生光電效應(yīng)的光子種類個數(shù)。

本題綜合考查光電效應(yīng)中的逸出功、遏止電壓、光電管電路，以及玻爾理論中的原子躍

遷。掌握相關(guān)規(guī)律，是作答此類問題的關(guān)鍵。

10.【答案】CD

【解析】解：4、如圖1所示，設(shè)物塊B滑至圓弧最低點(diǎn)時的速度為/將其分解為沿繩

方向的速度％和垂直繩方向的速度。2，其中分速度%=幾，由幾何關(guān)系可得：V=

二;=夜%，故A錯誤；

第14頁，共22頁

B、在物塊B沿圓弧向下運(yùn)動時，由于物塊B的重力沿輕繩方向的分力越來越小，而物塊

力、B的質(zhì)量關(guān)系未知，因此物塊4有可能先加速后減速，則物塊8到達(dá)圓弧最低點(diǎn)時，

物塊4的速度不一定最大，故8錯誤；

C、輕繩對物塊4做的功等于其機(jī)械能的增加量，即勿=綱詔+mg&Rsin30。=

|mvQ+^-mgR,故C正確；

D、對滑至圓弧最低點(diǎn)的物塊B進(jìn)行受力分析如圖2所示，由牛頓第二定律可得F+A-

Mg=My,解得：F=Mg+2M？-7;<Mg+2M?,故。正確。

故選：CD。

根據(jù)運(yùn)動的合成與分解求解物塊8到達(dá)圓弧最低點(diǎn)時速度大??；根據(jù)拉力大小分析速度

最大的位置；輕繩對物塊4做的功等于其機(jī)械能的增加量；由牛頓第二定律結(jié)合向心力

的計(jì)算公式進(jìn)行解答。

本題主要是考查了動能定理；運(yùn)用動能定理解題時，首先要選取研究過程，然后分析在

這個運(yùn)動過程中哪些力做正功、哪些力做負(fù)功，初末動能為多少，根據(jù)動能定理列方程

解答.

11.【答案】2.401.05.0

【解析】解：(1)相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個點(diǎn)未畫出，可知相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)時間間隔為

T=0.02sx5=0.1s

根據(jù)逐差法可得小車運(yùn)動的加速度大小為

28.80—9.61-9.61

x10-2m/s2=2.40m/s2

4T24X0.12

(2)以小車為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得

2F—Ff=Ma

由圖丙可知，當(dāng)Q=0時，有

Ff=2F=2x0.5N=1.0/V

(3)以小車為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得

2F—Ff=Ma

由于相同時間內(nèi)砂桶通過的位移總是小車通過位移的兩倍，可知砂桶的加速度是小車加

速度的兩倍，以砂桶和砂子為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得

mg—F—m-2a

聯(lián)立可得：

a=2mg-Ff=g_等+Ff

4m+M24m+M

可知隨著rn的增大，小車的加速度最后會趨近于

a=|=yzn/s2=5m/s2

故答案為：(1)2.40；(2)1.0；(3)5.0

(1)根據(jù)逐差法計(jì)算出小車的加速度；

(2)選小車為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算出動摩擦力；

(3)根據(jù)牛頓第二定律分析小車，結(jié)合數(shù)學(xué)知識分析出加速度的趨近值。

本題主要考查了牛頓第二定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，利用逐

差法計(jì)算出小車的加速度，同時結(jié)合牛頓第二定律和數(shù)學(xué)知識即可完成分析。

12.【答案】kl]—b—kl1—RQ=

【解析】解：③(1)根據(jù)電路圖，當(dāng)電阻箱發(fā)生變化時，干路中的電流發(fā)生變化。由并

聯(lián)電路電壓相等的特點(diǎn)，則有：占=R，所以&=/2-(氏+&+以1)。

<2-/1*0十*1十

結(jié)合題意有：b=~(RX+R0+RA2-)k=^,所以&=k/rR.i=-b-k/i-R0。

(2)上述表達(dá)式中已經(jīng)考慮了電流表4的內(nèi)阻，電流表4的內(nèi)阻對總電路的電流有影響，

但對支路的電流并不受到影響，所以4內(nèi)阻對測量值無影響。

故答案為：③⑴砧、-b-kk-Ro；(2)=

(1)由題意可知，寫出長-/2的表達(dá)式，由圖象的斜率和截距求出％和&1；

(2)根據(jù)串并聯(lián)特征，結(jié)合％與4的圖象的斜率含義，依據(jù)歐姆定律，即可進(jìn)行誤差分

析。

考查如何確定電表的方法，緊扣題意是解題的關(guān)鍵，理解歐姆定律的應(yīng)用，掌握串并聯(lián)

特點(diǎn)，注意誤差與錯誤的區(qū)別，理解圖象的斜率含義。

13.【答案】解：(1)由u-t圖像可知，斜率表示加速度，在0?1s內(nèi)，物體4B的加速

度大小相等，

第16頁，共22頁

均為a=*=\m/s2~3m/s2

根據(jù)牛頓第二定律得加速度大小滿足

對4有〃4機(jī)49=mAa

對B有〃=mBa

解得〃A=MB=0.3；

(2)0?1.0s內(nèi)，物體4B所受的滑動摩擦力大小分別為

fA=nAmAg=0.3x2.0xION=6N,方向水平向左；

林

fB=B0g=0.3x1.0xION=3N,方向水平向右；

所以小車C所受的合力為

F=fA-fB=6N-3N=3N,方向水平向右

因此在0?1s內(nèi)，小車C向右做勻加速直線運(yùn)動，加速度為

%=￡=Yom/s2~3m/s2

通過的位移為

2

xc=|actf=1x3xlm=1.5m

t=Is末C的速度為

vc—actr=3xIm/s—3m/s

在0?Is內(nèi)4、8的位移大小分別為

VAQ+V,6.0+3.0y.i-

x=-------1=---------xIm=4.5m

8A21i2

xB=等0=|xIm=1.5m

由圖知：￡=Is時4、C的速度相同，之后AC一起向右做勻減速運(yùn)動，加速度大小為

片22

aAC==—m/s=lm/s

-M+mA1+2//

設(shè)再經(jīng)過時間F三者速度相同，共同速度為"，則有

lrr

v=v—aACt=aBt

由以上分析可知而=Q=3m/s2

代入數(shù)據(jù)解得

t'=-s,v'=-m/s

44/

從t=1s到共速的過程，4c的位移大小為

B的位移大小為

9

,Vf,7327

xB=-t=~x-m=——m

a22432

故要使人B在整個運(yùn)動過程中不會相碰，車的長度至少為

63

L=xA-xc+XB+xc+xAC-x'B=xA+xB+xAC-x'B=4.5m+1.5m+—m-

27

—m=7.125m。

32

答：(1)物塊4和B與平板小車之間的動摩擦因數(shù)〃4、劭都為03

(2)要使4、B在整個運(yùn)動過程中不會相碰，車的長度至少為7.125m。

【解析】速度一時間圖像的斜率表示加速度，斜率的正負(fù)表示方向，絕對值表示加速度

大小，圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移，時間軸下方表示位移方向與正方向相反；分別

對4、B、C受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解，在相對運(yùn)動過程中，以地面為參

考系，運(yùn)用勻變速直線運(yùn)動的速度一時間關(guān)系，平均速度公式，圖像面積綜合分析得出

各自的位移大小，根據(jù)位置關(guān)系求車長的最小值。

本題考查牛頓第二定律和勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律，涉及相對運(yùn)動，過程較為復(fù)雜選擇合

適的研究對象進(jìn)行準(zhǔn)確的受力分析代入相關(guān)的公式進(jìn)行計(jì)算尤為重要。

14.【答案】解：(1)從P到。過程中，粒子

做類平拋運(yùn)動，水平、豎直方向分別滿足：

2近L~vot

1,

L=-at2

2

根據(jù)牛頓第二定律可得：qE=ma

聯(lián)立可解得：?=區(qū)；

m6EL

(2)設(shè)粒子經(jīng)過。點(diǎn)時的速度大小為外方向與x軸正方向間的夾角為則：tanB=血=

2

V3

3

解得。=30°

則粒子進(jìn)入磁場的速度大小為：“辿卬

COS03U

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動軌跡如圖所示，

根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有：qvB=my

由幾何關(guān)系知：R=r

聯(lián)立可解得：/?=警；

(3)設(shè)滿足條件P點(diǎn)坐標(biāo)為(x,y),粒子初速度為V,則:

第18頁，共22頁

X=v't,

12

y=2at

由分析可知，粒子出磁場時速度方向均沿y軸負(fù)方向，需滿足r=R

則粒子通過。點(diǎn)的速度大小必為》=苧%，

由平行四邊形定則可得小+討=病

又%=at

聯(lián)立可解得：

/y+S4y=4L

答：(1)帶電粒子的比荷為星；

6EL

(2)圓形磁場區(qū)域的半徑為陰；

丫2

(3)滿足條件的P點(diǎn)的位置坐標(biāo)方程為y+^=4Lo

【解析】(1)從P到。過程中，粒子做類平拋運(yùn)動，根據(jù)類平拋運(yùn)動的規(guī)律求解；

(2)求出粒子進(jìn)入磁場時速度大小和方向，根據(jù)幾何關(guān)系求解粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡

半徑，再根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解；

(3)設(shè)滿足條件P點(diǎn)坐標(biāo)為(x,y),分析粒子的運(yùn)動情況，得到軌跡半徑滿足r=R,由平

行四邊形定則求解滿足條件的P點(diǎn)的位置坐標(biāo)方程。

對于帶電粒子在磁場中的運(yùn)動情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，

結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對應(yīng)的圓心角求時間；對

于帶電粒子在電場中運(yùn)動時，一般是按類平拋運(yùn)動或勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律進(jìn)行解答。

15.【答案】B

【解析】解：力、單晶體和多晶體都有固定的熔點(diǎn)，所以固定熔點(diǎn)是判斷是否為晶體的

重要依據(jù)，故A正確；

B、浸潤現(xiàn)象中，附著層里的分子比液體內(nèi)部密集，不浸潤現(xiàn)象中，附著層里的分子比

液體內(nèi)部稀疏，故8錯誤；

C、飽和汽壓與液體種類和溫度有關(guān)，水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，且增大得越

來越快，故C正確；

。、在一定氣溫條件下，大氣中相對濕度越小，水汽蒸發(fā)也就越快，人就越感到干燥，

故當(dāng)人們感到干燥時，空氣的相對濕度一定較小，故。正確。

本題選擇不正確的，

故選：B。

固定熔點(diǎn)是判斷是否為晶體的重要依據(jù)；浸潤現(xiàn)象中，附著層里的分子比液體內(nèi)部密集;

飽和汽壓與液體種類和溫度有關(guān)；根據(jù)相對濕度的定義判斷：根據(jù)熔化熱的定義判斷。

本題主要考查了晶體、浸潤現(xiàn)象、飽和汽壓、相對濕度、熔化熱等熱學(xué)基礎(chǔ)知識，解題

關(guān)鍵在于熟記以上知識點(diǎn)并且正確運(yùn)用。

16.【答案】解：(1)取甲內(nèi)氣體為研究對象，由玻意耳定律有P°LoS=Pi^S

則注入水的體積為喉=L0S-L.S

聯(lián)立解得U水=0.28m3

(2)打開開關(guān)后兩罐液面相平，罐內(nèi)氣體高度乙2=乞/

對甲氣罐由玻意耳定律PoLoS=尸包2s

解得p'21.41X105Pa

因氣壓P'<1.5x105pa,則水泵啟動。

答：(1)甲罐內(nèi)氣壓達(dá)到2.4x105pa時，注入水的體積為0.28巾3；

(2)打開閥門勺，水流入乙罐，達(dá)到平衡前水泵已經(jīng)啟動。