2022年廣東省廣州市高考物理一模試卷附答案詳解

2022年廣東省廣州市高考物理一模試卷

1.“嫦娥五號(hào)”返回器于2020年12月帶回1731克月球土壤.月球土壤富含的氫-3元

素是理想的熱核反應(yīng)原料，其核反應(yīng)方程為窈He―胃He+2X,則（）

A.該核反應(yīng)類型為重核裂變B.X為質(zhì)子

C.該核反應(yīng)可在常溫下發(fā)生D.X為中子

2.如圖，2021年11月神州十三號(hào)宇航員從“天宮號(hào)”出艙完成相關(guān)的太空作業(yè).已

知“天宮號(hào)”空間站繞地球的運(yùn)行可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期約為1.5兒下列說(shuō)法正

確的是（）

A.宇航員出艙后處于平衡狀態(tài)

B.宇航員出艙后處于超重狀態(tài)

C.“天宮號(hào)”的角速度比地球同步衛(wèi)星的小

D.“天宮號(hào)”的線速度比地球同步衛(wèi)星的大

3.廣州地鐵18號(hào)線列車的最高速度為160/cm/h（約44m/s）,設(shè)列車勻加速出站和勻減

速進(jìn)站的時(shí)間均為40s,則列車在軌道平直、距離為8800m的兩站點(diǎn)間運(yùn)行的最短

時(shí)間約為（）

A.240sB.200sC.160sD.150s

4.如圖是手機(jī)無(wú)線充電器的模型，其工作原理與理想變壓器相同.已知發(fā)射、接收線

圈匝數(shù)比小：712=5：1,C,。端輸出電流i=或5也（2兀x則4、B端輸

入電流的（）

(

?D

A.頻率為50kHzB.周期為2x10-5s

C.有效值為0.24D.最大值為加4

5.如圖是某電力機(jī)車雨刷器的示意圖.雨刮器由刮水片

和雨刮臂鏈接而成，M、N為刮水片的兩個(gè)端點(diǎn)，P為

刮水片與雨利臂的鏈接點(diǎn)，雨刮臂繞。軸轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程

中，刮水片始終保持豎直，下列說(shuō)法正確的是（）

A.P點(diǎn)的線速度始終不變

B.P點(diǎn)的向心加速度不變

C.M、N兩點(diǎn)的線速度相同

D.M、N兩點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)周期不同

6.如圖，籃球從某一高度自由落下，與地面反復(fù)碰撞，最后停

在地面上，空氣阻力不計(jì)，下列圖像能大致反映該過(guò)程籃球

的加速度隨時(shí)間變化的是（）

7.如圖，虛線內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),acb是半圓，圓心是。，半徑為r,NbOc-60°,

現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的離子，以速度。沿半徑0c射入磁場(chǎng)，從bd邊垂直邊

界離開(kāi)磁場(chǎng)，則（）

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A.離子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為2r

B.離子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)距b點(diǎn)為3r

C.虛線內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為.

D.離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為旦加

8.如圖，水平飛向球棒的壘球被擊打后，動(dòng)量變化量

為12.6kg?m/s,貝4（）

A.球的動(dòng)能可能不變

B.球的動(dòng)量大小一定增加12.6kg-m/s

C.球?qū)Π舻淖饔昧εc棒對(duì)球的作用力大小一定相

等

D.球受到棒的沖量方向可能與球被擊打前的速度方向相同

9.如圖，在干燥的冬天，手接觸房間的金屬門鎖時(shí)，會(huì)有一

種被電擊的感覺(jué).帶負(fù)電的手在緩慢靠近門鎖還未被電擊

的過(guò)程中，門鎖（）

A.近手端感應(yīng)出正電荷

B.電勢(shì)比手的電勢(shì)低

C.與手之間場(chǎng)強(qiáng)逐漸增大

D.與手之間場(chǎng)強(qiáng)保持不變

10.如圖，高壓輸電線上使用“abed正方形間隔棒”支撐導(dǎo)線4、區(qū)、〃，目的是

固定導(dǎo)線間距，防止導(dǎo)線相碰.abed的幾何中心為0,當(dāng)四根導(dǎo)線通有等大同向電

流時(shí)（）

A.幾何中心。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零

B.幾何中心。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零

C.■對(duì)均的安培力小于5對(duì)G的安培力

D.刀所受安培力的方向沿正方形的對(duì)角線ac方向

11.用圖甲裝置研究“小車(含拉力傳感器)質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力的關(guān)系”，實(shí)

驗(yàn)步驟如下：

①細(xì)繩一端繞在電動(dòng)機(jī)上，另一端系在拉力傳感器上.將小車放在長(zhǎng)板的P位置,

調(diào)整細(xì)繩與長(zhǎng)板平行，啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)，使小車沿長(zhǎng)板向下做勻速運(yùn)動(dòng)，記錄此時(shí)拉力

傳感器的示數(shù)4；

②撤去細(xì)繩，讓小車從P位置由靜止開(kāi)始下滑，設(shè)小車受到的合外力為F,通過(guò)計(jì)

算機(jī)可得到小車與位移傳感器的距離隨時(shí)間變化的x-t圖像,并求出小車的加速度

a；

完成下列相關(guān)實(shí)驗(yàn)內(nèi)容：

(1)在步驟①②中，&F(選填“=或“<”).

(2)本實(shí)驗(yàn)(選填“需要”“不需要”)平衡小車所受到的摩擦力；

(3)某段時(shí)間內(nèi)小車的X-t圖像如圖乙，根據(jù)圖像可得小車的加速度大小為

m/s2(計(jì)算結(jié)果保留兩位小數(shù))：

(4)分析表中的F、a數(shù)據(jù)可知：在誤差允許范圍內(nèi)，小車質(zhì)量一定時(shí)，

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F/N0.41.01.51.82.1

a/m?s~20.792.103.103.624.19

12.利用輸出電壓為3U的恒壓電源、量程為0?0.6A的電流表(內(nèi)阻不計(jì))、定值電阻、

阻值隨長(zhǎng)度均勻變化的電阻絲(長(zhǎng)度為0.05m,總阻值為250)、彈簧(電阻不計(jì))、

開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線，改裝成如圖甲的測(cè)力計(jì).

(1)圖甲的電路中，定值電阻的作用是,阻值至少為

(2)彈簧所受拉力F與其伸長(zhǎng)量2L的關(guān)系如圖乙.若定值電阻為100,則電流表的示

數(shù)/與彈簧所受拉力F的關(guān)系式/=(4)，可知由電流表改裝的測(cè)力計(jì)刻度

(選填“均勻”“不均勻”)，當(dāng)電流表的示數(shù)為0.34對(duì)應(yīng)標(biāo)示的力為

________N。

13.圖a是我國(guó)傳統(tǒng)農(nóng)具一一風(fēng)鼓車，圖b是其工作原理示意圖.轉(zhuǎn)動(dòng)搖柄，聯(lián)動(dòng)風(fēng)箱

內(nèi)的風(fēng)葉，向車斗內(nèi)送風(fēng).入料倉(cāng)漏口口漏出的谷物經(jīng)過(guò)車斗，質(zhì)量大于2.0x

10-5的的谷粒為飽粒，落入第一出料口48；質(zhì)量為1.2x10-5的?20x10-53的

谷粒為癟粒，落入第二出料口43;質(zhì)量小于1.2x10-5/cg的草屑被吹出出風(fēng)口.已

知4、B、%三點(diǎn)在同一水平線上，的寬度為0.27m；4在H正下方，的高

度為0.45m；質(zhì)量為2.0xl()Tkg的谷粒從“漏出，恰好經(jīng)B點(diǎn)落入.設(shè)谷物從“漏

出時(shí)速度為零；谷粒在車斗內(nèi)所受水平風(fēng)力恒定且相等，只考慮其所受重力和水平

風(fēng)力作用.取重力加速度g為10m/s2.

第二出料口第一出料口

圖(a)圖(b)

(1)求谷粒從H落到出料口所經(jīng)歷的時(shí)間：

(2)求谷粒所受水平風(fēng)力的大小；

(3)若癟粒恰好能全部落入&B,求的寬度.

14.如圖甲，在光滑絕緣水平地面上，寬為2L的力B區(qū)域內(nèi)存在水平向右的電場(chǎng)，電場(chǎng)

強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙.質(zhì)量為的不帶電絕緣小球靜止在力區(qū)域

E-t47nP］B

內(nèi)距4為x(0<x<L)的位置.t=0時(shí)，帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球P2以速度%

從4點(diǎn)進(jìn)入AB區(qū)域，與Pi發(fā)生碰撞后以：火反彈，已知Pi、P2在4B區(qū)域內(nèi)只發(fā)生一

次碰撞，碰撞時(shí)間極短，P2的電量保持不變.

(1)求碰撞后小球居獲得的速度；

(2)若t=《時(shí)，P2剛好從A離開(kāi)AB區(qū)域，求這種情況下x的值;

(3)當(dāng)［L<X<L時(shí)，討論P(yáng)2離開(kāi)力B區(qū)域時(shí)的速度大小.

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15.拔火罐是傳統(tǒng)中醫(yī)理療方式，醫(yī)生先用點(diǎn)燃的酒精棉球加熱小罐內(nèi)的空氣，隨后迅

速把小罐倒扣在需要治療的部位，冷卻后小罐緊貼皮膚，以達(dá)到通經(jīng)活絡(luò)、祛風(fēng)散

寒等目的.小罐內(nèi)的空氣在冷卻過(guò)程中體積減少，分子平均動(dòng)能;單位體積

內(nèi)的分子數(shù).（以上兩空均選填“增大”“減少”或“不變”）

16.如圖是容積為2x10-37n3的氣壓式澆花噴水壺，現(xiàn)向噴水壺內(nèi)裝入—

定質(zhì)量的水，通過(guò)打氣使壺內(nèi)氣壓達(dá)到2p°,澆花時(shí)打開(kāi)噴嘴開(kāi)關(guān)就有

水霧噴出，當(dāng)壺內(nèi)氣壓降為l.O2po,壺內(nèi)的水剛好全部噴出.已知水.

的密度為1.0x1033/^3,細(xì)管和噴嘴的容積可忽略.求裝入壺內(nèi)水

的質(zhì)量.

17.抖動(dòng)繩子的一端，每秒做兩次全振動(dòng)，產(chǎn)生如圖所示的橫波，繩子P點(diǎn)的振動(dòng)方向

向下，則波的傳播方向是（填“向左"或''向右"），波速為m/s.

IOOCB

18.如圖，截面為等腰梯形的容器貯滿水，放置在房間的水平桌面上，早晨陽(yáng)光穿過(guò)窗

戶照射到水面,某時(shí)刻觀察到陽(yáng)光恰好照亮容器的整個(gè)底部.已知容器梯面傾角a的

余弦值為正，水的折射率為，求此時(shí)光線與水面的夾角氏

83

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：AC.核反應(yīng)方程2：HeHe+2X,即質(zhì)量輕的核結(jié)合成質(zhì)量大的核，為

輕核聚變反應(yīng)，聚變反應(yīng)需要高溫才能發(fā)生，故AC錯(cuò)誤；

BD、根據(jù)核反應(yīng)滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得X的質(zhì)量數(shù)為第=1,質(zhì)子數(shù)為：

空|二=1,所以X為質(zhì)子，故8正確，。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)輕核聚變反應(yīng)的特點(diǎn)和反應(yīng)條件判斷；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷X。

本題以“嫦娥五號(hào)”返回器于2020年12月帶回1731克月球土壤為背景，主要考查了輕

核聚變，根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒求解即可。

2.【答案】D

【解析】解：AB,宇航員出艙后受到的萬(wàn)有引力提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，故

AB錯(cuò)誤；

C、“天宮號(hào)”的周期是1.5九，同步衛(wèi)星的周期是24h,根據(jù)3=學(xué)，“天宮號(hào)”的周

期小，則“天宮號(hào)”的角速度比地球同步衛(wèi)星的大，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)粵=吟"，“天宮號(hào)”的周期小，則繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑小。根

r2T2

據(jù)等=嗒可得：及=秒，可知半徑小的“天宮號(hào)”線速度大，故。正確。

故選：。。

“天宮號(hào)”空間站以及宇航員受到的萬(wàn)有引力提供向心力：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列

式，得到線速度和角速度的表達(dá)式，再求解即可.

本題重點(diǎn)是對(duì)萬(wàn)有引力提供向心力各種表達(dá)式的變形和引用，需要熟練掌握萬(wàn)有引力和

圓周運(yùn)動(dòng)公式.

3.【答案】A

【解析】解：列車勻加速到最大速度后，一直勻速運(yùn)動(dòng)，直到勻減速進(jìn)站，則該過(guò)程運(yùn)

行的時(shí)間最短；

勻加速到最大速度和從最大速度勻減速到零，所通過(guò)的位移大小相等，設(shè)為看,則有

X】哈F

代入數(shù)據(jù)可得與=880m

設(shè)列車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2,則有

d—2xi=vmt2

代入數(shù)據(jù)可得t2=160s

故列車在兩站點(diǎn)間運(yùn)行的最短時(shí)間約為t=2tt+t2=2x40s+160s=240s

故A正確，BC。錯(cuò)誤。

故選：A.

根據(jù)題意分析，列車勻加速到最大速度后，一直勻速運(yùn)動(dòng)，直到勻減速進(jìn)站，則該過(guò)程

運(yùn)行的時(shí)間最短；結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，進(jìn)而得出列車在兩站點(diǎn)間運(yùn)行

的最短時(shí)間。

本題考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)的基本公式，在學(xué)習(xí)中要注意公式的應(yīng)用和理解，特別是公

式的適用條件要熟記。

4.【答案】C

【解析】解：AB,變壓器不改變周期和頻率，所以周期為

T=-=-^s=10-ss

0)27TX105

則頻率為f="==100k〃z,故A3錯(cuò)誤；

CD、C、。端輸出電流的最大值為企4由

nl_，2?n

n2Am

可得4、B端輸入電流的最大值為

l-Lm=YA

4、B端輸入電流的有效值為

/1=竽==0,24，故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：Co

變壓器不改變電流的周期和頻率，結(jié)合公式分別計(jì)算出周期和頻率；

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根據(jù)匝數(shù)比得出電壓之比，結(jié)合正弦式交流電中電流的峰值和有效值的關(guān)系得出有效值

的大小。

本題主要考查了變壓器的構(gòu)造和原理，理解變壓器無(wú)法改變電流的周期和頻率，同時(shí)結(jié)

合匝數(shù)比和電壓比的關(guān)系即可完成分析。

5.【答案】C

【解析】解：4、P點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度的方向沿曲線的切線方向，是不斷變化

的，故A錯(cuò)誤；

8、P點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心加速度的方向始終指向圓心，是不斷變化的，故B錯(cuò)誤；

CD,由題，刮水片始終保持豎直，則刮水片上的各點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的情況完全相同，所以N

的線速度始終相同，周期也是相等的，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：Co

做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的線速度與向心加速度的方向不斷變化；共軸轉(zhuǎn)動(dòng)的各點(diǎn)角速度

相等，由幾何知識(shí)求得M、N兩點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑之比，求出線速度之比。

該題屬于物理知識(shí)在日常生活中的應(yīng)用，解答的關(guān)鍵是要注意到在刮水片上，各點(diǎn)的運(yùn)

動(dòng)情況都是相同的。

6.【答案】A

【解析】解：籃球做自由落體運(yùn)動(dòng)和豎直上拋運(yùn)動(dòng)，加速度均為重力加速度，大小和方

向均不改變，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：4。

籃球做自由落體運(yùn)動(dòng)和豎直上拋運(yùn)動(dòng)，加速度均為重力加速度。

本題考查自由落體運(yùn)動(dòng)。學(xué)生知道重力加速度的方向豎直向下，大小為9.80m/s2。

7.【答案】D

【解析】解：4B.由題意，作出離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如下

則根據(jù)幾何關(guān)系，離子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑為

R=V3r

離子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)距力點(diǎn)為(6+1)丁，故A3錯(cuò)誤；

C.離子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力

V2

qvBD=

可得

B二普

V3qr

故C錯(cuò)誤；

D由幾何關(guān)系知，離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為150。，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

8T0m5相7TT

t=——T=—=------

2TCqB6v

故。正確。

故選：Do

根據(jù)題意可作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系解得運(yùn)動(dòng)半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向

心力可解得磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系解得運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

根據(jù)題意可作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合洛倫茲力提供向心力可解得磁感

應(yīng)強(qiáng)度。

8.【答案】AC

【解析】解：AB,壘球被擊打后，可能與被擊打前等大的速度反向打出，所以球的動(dòng)

能可能不變，動(dòng)量的大小可能不變，動(dòng)量大小增量為0.故A正確，B錯(cuò)誤；

C、由牛頓第三定律知，球?qū)Π舻淖饔昧εc棒對(duì)球的作用力大小一定相等，故C正確；

。、球受到棒的沖量方向是棒對(duì)球彈力的方向，與球被擊打前的速度方向想法，故。錯(cuò)

誤。

故選：AC.

根據(jù)動(dòng)量的定義式和動(dòng)能的定義式進(jìn)行分析。

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此題主要考查動(dòng)量定理的簡(jiǎn)單運(yùn)用，注意動(dòng)量定理表達(dá)式是矢量表達(dá)式，在運(yùn)用動(dòng)量定

理時(shí)要注意方向

9.【答案】AC

【解析】解：4、放電前手指靠近金屬門鎖的過(guò)程中，門鎖在手的影響下，發(fā)生靜電感

應(yīng)，近手端感應(yīng)出正電荷，故A正確；

8、由于門鎖近手端帶正電，手帶負(fù)電，二者間空間產(chǎn)生電場(chǎng)，電場(chǎng)線由門鎖近手端指

向手，所以門鎖電勢(shì)比手的電勢(shì)高，故B錯(cuò)誤；

CD,隨著手的靠近，二者間距逐漸減小，將門鎖與手之間看成一個(gè)電容器，可知當(dāng)兩

者距離減小時(shí)，根據(jù)公式。=盤，E=pC=5聯(lián)立，可得E=半，由于異種電荷

47tkaaUeS

相互吸引，手接近的過(guò)程中，感應(yīng)電荷越來(lái)越接近手，門鎖近手端電荷密度越來(lái)越大，

電荷分布的電荷密度變大，故門鎖與手指之間場(chǎng)強(qiáng)逐漸增大，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：AC.

根據(jù)靜電感應(yīng)判斷電荷的分布，再判斷電勢(shì)的高低；根據(jù)電容的定義式與決定式聯(lián)立可

知手與門把手之間的場(chǎng)強(qiáng)。

本題考查靜電現(xiàn)象，解題關(guān)鍵要理解靜電感應(yīng)的原理，以及電容的定義式與決定式進(jìn)行

分析。

10.【答案】BD

【解析】解：48.因四條導(dǎo)線中的電流大小相等，。點(diǎn)與四條導(dǎo)線的距離均相等，由右

手定則和對(duì)稱性可知，G在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與人在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，人在。

點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與人在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，所以四條導(dǎo)線在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

等于0,故A錯(cuò)誤，B正確；

C.5相比G，離L更近些，處于人較強(qiáng)的磁場(chǎng)區(qū)域，由安培力大小與B成正比可知，人對(duì)

G的安培力大于L對(duì)人的安培力，故C錯(cuò)誤：

。.根據(jù)“同向電流吸引，反向電流排斥”的推論可知，人受其余三條導(dǎo)線的吸引力分別

指向三條導(dǎo)線，根據(jù)對(duì)稱性,乙2與入對(duì)k的安培力大小相等，所以兩者合力指向如方向，

再與乙3對(duì)G的安培力（沿ac方向）合成，總安培力方向沿正方形的對(duì)角線ac方向，故。正

確。

故選：BDo

根據(jù)左手定則可以分別判斷導(dǎo)線所受安培力的方向；根據(jù)安培定則可以判斷菱形中心。

處的合磁場(chǎng)方向，根據(jù)安培力與磁場(chǎng)的關(guān)系判斷安培力。

根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥可以快速的判斷每個(gè)導(dǎo)線所受的安培力方向。

11.【答案】=不需要2.10加速度與合外力成正比

【解析】解：(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟①，小車勻速運(yùn)動(dòng)，若小車受到的阻力為「所以在。=

mgsinG再由步驟②可知：F=mgsind-于是有：Fo=F-.

(2)由于是兩次實(shí)驗(yàn)獲得小車受到的合力，不需要平衡摩擦力；

(3)從所給圖象的數(shù)據(jù)來(lái)看，兩段時(shí)間間隔為7=0.01s,根據(jù)逐差公式求加速度a=篝=

綠赳二任%產(chǎn)叱3.8：迎*10-2*=2.10m/s2；

(4)從表格所給數(shù)據(jù)看，有：^=-^-kg=0.506kg,腎=黑如=0.476kg,?=

U./71*2Z.1UCI3

蕓kg=0.484kg,kg=0.501kg,從計(jì)算數(shù)據(jù)看，在誤差允許的范圍內(nèi)，比

<5.1va4?--*-7

值大致相等，所以可以得到：小車質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力成正比。

故答案為：(1)=;(2)不需要;(3)2.10；(4)加速度與合外力成正比

(1)(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)過(guò)程滿足的關(guān)系分析第二次小車加速時(shí)小車所受的合力，并分析是否需

要平衡阻力；

(3)計(jì)算表格中力與加速度的比值，確定二者之間的關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)，在本實(shí)驗(yàn)中，需注意運(yùn)用力傳感器測(cè)量拉

力的大小，不需要平衡摩擦力，也不需滿足重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量。但要注意利

用x-t圖象利用逐差公式求加速度。

12.【答案】對(duì)電流表起保護(hù)作用5-^-不均勻0

2OO+F

【解析】解：(1)電路中接入定值電阻的目的是對(duì)電流表起保護(hù)作用，防止當(dāng)P移動(dòng)到電

阻絲的最右端時(shí)電流表被燒壞；當(dāng)電路中電流達(dá)到最大0.64時(shí)，電路中的總電阻最小值

為R=)=^0=5。，所以定值電阻至少為50.

/0.6

(2)由圖乙可知

F=kAL,

第14頁(yè)，共19頁(yè)

根據(jù)圖像解得：fc=1x104W/m

設(shè)定值電阻為R，電阻絲總電阻為&,移動(dòng)距離為21L,由閉合電路歐姆定律

/=—

R+&

又

RX=*RL

聯(lián)立代入數(shù)據(jù)可得

I_60

―200+F

由上式可得：拉力F與/是非線性關(guān)系，所以由電流表改裝的測(cè)力計(jì)刻度不均勻；

當(dāng)電流表的示數(shù)為0.34帶入可得

F=0

所以對(duì)應(yīng)標(biāo)示的力為0.

故答案為：(1)對(duì)電流表起保護(hù)作用，5；(2)薪，不均勻，0

(1)分析定值電阻的作用，根據(jù)電流表示數(shù)變化范圍選用定值電阻；

(2)根據(jù)歐姆定律推導(dǎo)電流表的示數(shù)/與彈簧所受拉力F的關(guān)系，結(jié)合解析式進(jìn)行分析。

對(duì)于實(shí)驗(yàn)題，要弄清楚實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理以及數(shù)據(jù)處理、誤差分析等問(wèn)題，一般的實(shí)

驗(yàn)設(shè)計(jì)、實(shí)驗(yàn)方法都是根據(jù)教材上給出的實(shí)驗(yàn)方法進(jìn)行拓展，延伸，所以一定要熟練掌

握教材中的重要實(shí)驗(yàn)。

13.【答案】解：(1)谷粒從，落到出料口，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，則有=：gt2,

解得t=0.3s

(2)質(zhì)量為叫=2.0x10-5砌的谷粒從口漏出，恰好經(jīng)B點(diǎn)落入冬從該谷粒的水平位移

大小為=0.27m

谷粒在水平方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有無(wú)］=2%產(chǎn)

設(shè)谷粒所受水平風(fēng)力的大小為F,則由牛頓第二定律得

F=max

聯(lián)立解得F=1.2xICT，2

(3)癟粒恰好能全部落入質(zhì)量最小的癟粒水平位移最大，癟粒最小質(zhì)量為血2=

1.2x10-5kg

其水平分加速度為:m/s2=10m/s2

KM?LNX1U

該谷粒到達(dá)B點(diǎn)時(shí)水平分位移大小為刀2=之a(chǎn)2t2=jX10X0.3277l=0.45771

—x=

故A2B的寬度d=x2i0.45m—0.27m=0.18m

答：(1)谷粒從H落到出料口所經(jīng)歷的時(shí)間是0.3s；

(2)谷粒所受水平風(fēng)力的大小為1.2x10-4N；

(3)&B的寬度為0.18m。

【解析】(1)谷粒從H落到出料口，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)下落的高度求所

經(jīng)歷的時(shí)間；

(2)質(zhì)量為2.0x10-5^的谷粒從“漏出，恰好經(jīng)B點(diǎn)落入根據(jù)水平位移和運(yùn)動(dòng)時(shí)

間求出水平分加速度，再由牛頓第二定律求谷粒所受水平風(fēng)力的大?。?/p>

(3)癟粒恰好能全部落入48,質(zhì)量最小的癟粒水平位移最大，根據(jù)牛頓第二定律求出該

癟粒的水平分加速度，由位移一時(shí)間公式求&B的寬度.

本題是恒力作用下物體做曲線運(yùn)動(dòng)的類型，采用運(yùn)動(dòng)的分解法研究。要把握谷粒水平和

豎直兩個(gè)方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，運(yùn)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式相結(jié)合進(jìn)行解答。

14.【答案】(1兩小球碰撞根據(jù)動(dòng)量守恒定律

mv0=—m?|v0+4mv

可得碰撞后小球匕獲得的速度

3

(2)若t時(shí)，22剛好從4離開(kāi)4B區(qū)域，則有

VO

可得

X=-

3

(3)。2返回到4點(diǎn)時(shí)，如果速度恰好為零，則有

qE=ma

VQ—2aL

由

(y)2=2axi

減速運(yùn)動(dòng)的位移大小為

第16頁(yè)，共19頁(yè)

則有

可得

L

X=-

2

所以當(dāng)時(shí)，P2從4點(diǎn)離開(kāi)的速度為

0<”也

2

當(dāng)X=，，P2返回力時(shí)速度恰好減為零，然后向左做加速運(yùn)動(dòng)，由

vl=2a-2L

可得

%=V2v0

當(dāng)x=L時(shí)，由

詔-(y)2=2aL

可得

"2=-V0

所以當(dāng)，WxWL時(shí)，P2從B點(diǎn)離開(kāi)的速度為

yv0<v<V2v0

答：(1)求碰撞后小球匕獲得的速度為:孫；

O

(2)若t=《時(shí)，P2剛好從4離開(kāi)4B區(qū)域，尤的值為&

(3)當(dāng)時(shí)，P2從4點(diǎn)離開(kāi)的速度為：0<u<晟；

當(dāng)，WxWL時(shí)，P2從B點(diǎn)離開(kāi)的速度為：^v0<v<V2v0

【解析】(1)兩球碰撞過(guò)程中符合動(dòng)量守恒，可解得碰后為獲得的速度。

(2)又因條件中有t=f,故碰后R開(kāi)始受到電場(chǎng)