2023福建版物理高考第二輪練習-選擇題專項練(三)

2023福建版物理高考第二輪專題

選擇題專項練（三）

一、單項選擇題:在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.如圖甲所示，正方形硬質(zhì)金屬框abed放置在磁場中，金屬框平面與磁場方向垂直。磁

感應強度8隨時間/的變化規(guī)律如圖乙所示。在0~0.2s與0.2~0.6s的時間內(nèi)（）

A.通過金屬框的電荷量之比為2：1

B.金屬框中電流的電功率之比為4：1

C.金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱之比為4：1

D.金屬框的昉邊受到安培力的方向相同

2.真空中固定的四個點電荷分別位于正四面體的四個頂點處，電荷量及電性如圖所示,A

點為對應棱的中點,B點為右側(cè)面的中心點,C點為底面的中心點，。點為正四面體的中心

點（到四個頂點的距離均相等）。下列判斷正確的是（）

A.A點電勢等于D點電勢

B.8點電勢高于C點電勢

C.A點電勢等于C點電勢

D.將電子從A點移動到B點，電勢能不變

3.（2022山東濰坊三模）2021年10月16日，神舟十三號載人飛船將3名航天員送入太空

并與空間站組合體順利對接，對接過程可簡化為如圖所示的情境。圓形軌道2為空間站

組合體運行軌道，橢圓軌道1為載人飛船運行軌道，兩軌道相切于P點。已知軌道2的半

徑為/?，地球表面的重力加速度大小為g,地球自轉(zhuǎn)的周期為T,軌道1的半長軸為引力

常量為G,以下判斷正確的是（）

A.由已知條件可以求出地球的質(zhì)量

B.載人飛船若要由軌道1進入軌道2,需要在P點減速

C.載人飛船在軌道1上P點的加速度小于空間站組合體在軌道2上P點的加速度

D.空間站組合體在軌道2上運行的周期與飛船在軌道1上運行的周期之比為爐：而

4.（2022湖南長郡中學二模）如圖所示，傾角為6的斜面體C置于水平面上，在它上面放有

質(zhì)量為m的木塊民用一根平行于斜面的細線連接一個輕環(huán)A,并將輕環(huán)套在一根兩端固

定、粗糙的水平直桿上，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài),重力加速度為g。則（）

A.若斜面體上表面粗糙，細線對木塊B一定有拉力作用

B.若斜面體上表面粗糙，水平面對斜面體。的摩擦力方向可能向右

C.若斜面體上表面光滑，水平面對斜面體。的摩擦力大小為mgsinHeos3

D.若斜面體上表面光滑，則細線被剪斷的前后，水平面對斜面體C的摩擦力方向反向

二、多項選擇題:每小題有多項符合題目要求。

5.港珠澳大橋為香港、澳門、珠海三地提供了一條快捷通道。圖甲是港珠澳大橋中的

一段,一輛小汽車在長度為L的平直橋面上做勻加速直線運動，圖乙是該車車速的二次方

正與位移s的關系，小汽車（含司乘人員）的總質(zhì)量根以及圖中數(shù)據(jù)從、bi.L均已知，則

)

甲

A.小汽車的加速度為經(jīng)

B.小汽車所受合外力為七組

2L

C.小汽車通過該平直橋面的時間為

y/~^l+y[^2

D.小汽車通過該平直橋面的動能增量為吟組

6.（2022山東威海二模）如圖所示為遠距離輸電的原理圖，升壓變壓器Ti、降壓變壓器T2

均為理想變壓器,△、A的原、副線圈匝數(shù)比分別為M、依。輸電線間的總電阻為R）,可

變電阻R為用戶端負載。5、分別表示電壓表Vi、電流表Ai的示數(shù)，輸入電壓U保

持不變，當負載電阻R減小時，理想電壓表V2的示數(shù)變化的絕對值為△0,理想電流表A2

的示數(shù)變化的絕對值為△/,下列說法正確的是（）

A.RO=￥

B.Ro耀4

C.電壓表Vi示數(shù)增大

D.電流表Ai的示數(shù)增加了各

七

7.（2022山東臨沂三模）滑雪賽道的簡化示意圖如圖所示，在比賽中某質(zhì)量為機的運動員

經(jīng)過起滑臺A、助滑坡后以vo的速度從水平臺面上滑出，在著陸坡CO上的E點著

陸并沿ED下滑（垂直于接觸面的速度突變?yōu)榱愣叫杏诮佑|面的速度保持不變）。已知

著陸坡傾角為e,AC的豎直高度為H,CD的豎直高度為〃，重力加速度為g,不計阻力，則下

列說法正確的是（）

起滑臺4

A.運動員到達D點時的速度大小為/冬

B.運動員落地點E和飛出點。的水平位移為迎財

9

C.若起滑臺降低，使“減小為原來的一半，則運動員在空中運動的時間變?yōu)樵瓉淼漠?/p>

D.若在E點運動員與著陸坡的作用時間為△/,則著陸坡對運動員的平均作用力大小為

l/?mv（）sin0

F=mgcos夕+———

8.（2022山東萊州預測）質(zhì)譜儀的工作原理如圖所示，大量粒子飄入加速電場淇初速度幾

乎為0,經(jīng)過加速后，通過寬為L的狹縫MN沿著與磁場垂直的方向進入勻強磁場中，最后

打到照相底片上。在一次測試中，大量的某種粒子經(jīng)加速電場加速后剛進入勻強磁場時

的速度大小均為匕打在底片上的位置到M點的最小距離為”,勻強磁場的磁感應強度為

8,不考慮粒子的重力及它們之間的相互作用。則（）

+j加國

照相底片.a-速率

....................A/.U.U.

B

A.粒子的比荷為言；

B（a+L）

B.加速電場的電壓為"半Q

C.粒子在磁場中運動的時間為萼3

必+2aL

D.大量粒子所經(jīng)過磁場區(qū)域最窄處的寬度為

2

答案:

△BS

l.B解析通過金屬框的電荷量q=〃=%=工/=竺，因在0~0.2s與0.2~0.6s的時間內(nèi)，磁

RRR

感應強度隨時間的變化量A8相同，故通過金屬框的電荷量之比為1：1,A錯誤。金屬框

中電流的電功率尸#=上?-=篝匕所以最=苦='正確。金屬框中產(chǎn)生的焦耳

熱Q=Pf,得察=2=2c錯誤。在0~0.2s與0.2~0.6s的時間內(nèi),通過線框的電流方向

相反，磁場的方向相同，所以金屬框扇邊受到的安培力的方向相反,D錯誤。

2.A解析A、。點位于右側(cè)面底邊上的一對正、負點電荷連線的中垂面上，即位于這一

對正、負點電荷形成的電場的等勢面上，同理，也位于左側(cè)棱上的一對正、負點電荷形成

的電場的等勢面上，故A點電勢等于。點電勢,A正確;A、B、。三點位于右側(cè)面底邊上

的一對正、負點電荷連線的中垂面上，即位于這一對正、負點電荷形成的電場的等勢面

上，故A、8、C三點的電勢由左側(cè)棱上的一對正、負點電荷決定，根據(jù)一對等量正、負

點電荷的等勢面的分布特點可知(PC>(PA>(PB,H.B、C錯誤;由以上分析知，將電子從A點

移動到B點，電場力做負功，電勢能增加，故D錯誤。

3.D解析地球表面的重力等于萬有引力，則刁跖，得加他="，因不知道地球半徑，

%G

故求不出地球的質(zhì)量,A錯誤;在軌道1和軌道2上的P點均是萬有引力提供向心力，則

，解得普因兩軌道上P點到地球的距離是一樣的，故兩軌道上P點的加速

度相等,C錯誤;載人飛船從軌道1進入軌道2需要在P點加速,B錯誤;根據(jù)開普勒第三

定律可得f=?解得奈=黑D正確。

4.C解析若斜面體上表面粗糙，木塊8可能在重力、斜面體C對它的支持力和摩擦力

三個力作用下處于平衡狀態(tài)，可能不受細線的拉力作用，故A錯誤。若斜面體上表面粗

糙，細線對木塊無拉力時,水平面對斜面體無摩擦力;若斜面體上表面粗糙，細線對木塊有

拉力時，對B、C整體分析知，水平面對C的摩擦力與細線拉力在水平方向上的分力平衡,

所以水平面對斜面體C的摩擦力方向向左，故B錯誤。若斜面體上表面光滑，設細線的

彈力為七對斜面上的物塊由共點力平衡條件有尸mgsin8=0,對8、。整體受力分析可

得，水平方向滿足fcos。力;解得水平面對斜面體C的摩擦力大小為f=mgsinBcos。，故C

正確。若斜面體上表面光滑，剪斷細線后，物塊下滑，斜面受力不改變，水平面對斜面體的

摩擦力不變，故D錯誤。

5.ACD解析由題圖乙可知，小汽車的初速度為西，末速度為倔，運動的位移為L,根據(jù)

速度與位移的關系式落％2=2座,解得小汽車的加速度為。=繪，故A正確;根據(jù)牛頓第

二定律b金=〃也可得小汽車所受合外力為尸=巴誓12,故B錯誤;根據(jù)S=竽/可得，小汽車

通過該平直橋面的時間為r=-=J故c正確;根據(jù)反=%,可知，小汽車通過該

v04-vJbi+yjb22

22

平直橋面的動能增量為AEk="http://iv--mv=7mb2力1),故口正確。

220u2

6.BD解析設降壓變壓器孜原線圈電壓為5,副線圈電壓為偽,根據(jù)題意可知，電阻Ro

兩端的電壓URO=UI-U3,則Ro=S二三，故A錯誤;設降壓變壓器72原線圈電壓變化為NJ3,

則等=心,設降壓變壓器72原線圈電流變化為A/3,則等=白可得A/3=#，根據(jù)歐姆定律

得△U3=A/3Ro,即上△U=^Ro,解得我0=等期2,故B、D正確;輸入電壓不變，升壓變壓器T1

原、副線圈匝數(shù)比不變,則升壓變壓器Ti副線圈的電壓不變,電壓表Vi示數(shù)不變，故C錯

'X3

i天o

7.CD解析運動員經(jīng)過。點時的速度在垂直于著陸坡方向的分量大小為v±=vosin6?,<

據(jù)運動的對稱性可知運動員在E點時垂直于著陸坡的速度大小也為口,這一速度突變?yōu)?/p>

零，而沿著陸坡方向的分速度不變,所以從C到。的過程，根據(jù)功能關系可得/小加2=

VD72gli+%2cos2。,故A錯誤;根據(jù)平拋運動規(guī)律的推論可

知速度偏向角的正切值為位移偏向角正切值的2倍，即2tan。=絲，所以運動員從C到E

的運動時間為/=出巴絲,運動員落地點E到飛出點C的水平位移為》=%/=竺蛆竺，故B

99

錯誤;對運動員從