2020年內(nèi)蒙古包頭市青山區(qū)中考物理二模試卷（附答案詳解）

2020年內(nèi)蒙古包頭市青山區(qū)中考物理二模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共21.0分）

1.下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.遠(yuǎn)視眼用凸透鏡來矯正

B.池水看起來變“淺”了，這是由于光的折射形成的

C.陽光燦爛的日子，行走在綠樹成蔭的街道上，常常見到地面上有一些圓形的光

斑，這些光斑是實(shí)際上太陽的虛像

D.眼睛近視了，這是由于晶狀體的折光能力太弱或眼球在前后方向上太長

2,下列關(guān)于能量及其轉(zhuǎn)化的描述，說法正確的是（）

A.熱傳遞改變物體內(nèi)能的實(shí)質(zhì)是溫度的轉(zhuǎn)移

B.把-i（rc的冰塊放在0汽的冰箱保鮮室中，一段時(shí)間后，冰塊的內(nèi)能會增加

C.“城市熱島效應(yīng)”的產(chǎn)生主要是因?yàn)槿祟惔罅渴褂锰柲?/p>

D.根據(jù)能量守恒定律，能量不會消滅，但可以創(chuàng)造，所以人類在不斷地開發(fā)和利

用新能源

3.如圖所示，中國空軍中個(gè)頭最大，被稱為“胖妞”的丫-20運(yùn)輸機(jī)，其起飛質(zhì)量能

達(dá)2203航程大于7800km,曾在2020年2月13日馳援武漢，運(yùn)送了大量醫(yī)療物資。

關(guān)于該運(yùn)輸機(jī)下列說法正確的是（）

A.起飛時(shí)，轟油是為了增大飛機(jī)的慣性來增大速度

B.飛行時(shí)，機(jī)翼上方的空氣流速較大，壓強(qiáng)較小

C.降落時(shí)，飛行員相對于機(jī)艙是運(yùn)動的

D.輪胎較多，停放時(shí)可以減小飛機(jī)對地面的壓力

4.某科技館中有一個(gè)“電磁感應(yīng)擺”，如圖所示，甲、乙兩

線圈分別被懸掛在兩個(gè)蹄形磁體的磁場中，兩線圈通過導(dǎo)

線連接在一起并構(gòu)成一個(gè)閉合的回路。用手使甲線圈在磁

場中前后擺動時(shí)，乙線圈也會隨之?dāng)[動起來，關(guān)于此現(xiàn)象,

下列說法中正確的是（）

A.根據(jù)甲線圈擺動的原理可以制成電動機(jī)

B.乙線圈擺動的過程中機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能

C.若用手改變甲線圈剛開始擺動的方向，則乙線圈剛開始擺助的方向跟著改變

D.若用手使乙線圈先擺動，則甲線圈中不會有電流

5.下列說法正確的是（）

A.物體運(yùn)動的方向與其所受合力的方向不一定相同

B.使用測電筆時(shí)，如果就管不發(fā)光，一定是火線沒有接通

C.太空中宇航員能對話，說明聲音可以在真空中傳播

D.跳傘員從高空勻速下落過程中，動能不變，機(jī)械能不變

6.如圖所示電路，電源兩端電壓恒為12V,若電路中連接

"3n.su/"的燈泡人閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑

片使燈泡刀正常發(fā)光，此時(shí)若改接“6V3W”的燈泡G，

閉合開關(guān)，下列說法正確的是（設(shè)燈絲電阻不變）（）

A.由于兩燈的額定電流相等，所以此時(shí)G也正常發(fā)光

B.電壓表在兩種狀態(tài)下的示數(shù)之比為5：4

C.兩種狀態(tài)下，電路總功率之比4：3

D.將滑片向右移，燈泡心2也能正常發(fā)光

7.如圖甲所示，實(shí)心物體4漂浮在水面上，現(xiàn)利用電動機(jī)通過滑輪組拉動使4向下

運(yùn)動（運(yùn)動過程中始終未碰到定滑輪）。此過程中，電動機(jī)拉力尸做的功”隨時(shí)間t的

變化圖象如圖乙所示。己知4的體積為0.1瓶3,密度為0.4xl03/cg/m3,動滑輪重

為300N。不計(jì)繩重、摩擦和水的阻力，g取10N//cg。下列說法中正確的是（）

A.物體4向下運(yùn)動過程中，電動機(jī)拉著繩子的力逐漸變大

B.物體4受到的最大浮力為400N

C.物體4向下運(yùn)動的最小速度為2m/s

D.物體川句下運(yùn)動過程中，滑輪組機(jī)械效率的最大值為76.9%

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二、實(shí)驗(yàn)探究題(本大題共4小題，共21.0分)

8.小明利用如圖甲所示裝置探究冰的熔化特點(diǎn)，他每隔相同時(shí)間記錄一次溫度計(jì)的示

數(shù)，并觀察物質(zhì)的狀態(tài)。

(1)應(yīng)選用顆粒(填“較大”或“較小”)的冰塊做實(shí)驗(yàn)。

(2)圖乙是他根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)繪制的“溫度-時(shí)間”圖象。由圖象可知：冰的熔化特

點(diǎn)是，由圖象可知:冰屬于(選填“晶體”或“非晶體”)，第3min時(shí)，

物質(zhì)處于態(tài)。

9.利用如圖裝置探究平面鏡成像特點(diǎn)。

(1)點(diǎn)燃蠟燭4透過玻璃板觀察到4的像，把與4完全相A

同的蠟燭B放在像的位置，觀察到B與像完全重合，說明

像與物。

(2)將光屏放到像的位置，無法直接在光屏上觀察到像，說明所成的像是像。

(3)用方格紙?zhí)娲准?，更方便探究像與物的關(guān)系。

(4)移動蠟燭4進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，目的是。

10.小麗、小紅和小霞喝桃汁飲料時(shí)，想知道桃汁的密度。她們用天平、量筒、燒杯水、

刻度尺等測量了桃汁的密度。

方法一：小麗用天平、量筒、燒杯測桃汁的密度的步驟如下：

(1)把天平放在水平桌面上，調(diào)節(jié)天平平衡。

(2)用天平測出空燒杯的質(zhì)量Tn1。

(3)在量筒中倒入適量的桃汁，測出桃汁的體積也

(4)將量筒中的桃汁全部倒入燒杯中，測出燒杯和桃汁的總質(zhì)量7^,則桃汁的密度

表達(dá)式p=。小紅認(rèn)為小麗的做法不太好，誤差較大。測量值偏,誤

差較大的原因是：；

方法二：小霞用天平、燒杯、水、刻度尺等也測出桃汁的密度。步驟是：

(1)燒杯中盛有適量的水，用調(diào)好的天平稱出燒杯和水的質(zhì)量為m。

(2)用刻度尺測出燒杯中水的高心。

(3)將水倒出，倒入適量桃汁，用天平稱出燒杯和桃汁的質(zhì)量，使其仍為m。

(4)用刻度尺量出_____。

(5)桃汁的密度表達(dá)式p=o(水的密度為已知，用P次表示)

11.在“測定小燈泡的電功率”的實(shí)驗(yàn)中，選用如圖甲所示的器材，其中電源電壓為6V,

小燈泡額定電壓為2.5火燈絲電阻約為120。

(1)同組的小紅發(fā)現(xiàn)電路連接有錯(cuò)誤，如果此時(shí)閉合開關(guān)，小燈泡不發(fā)光，請你在

接錯(cuò)的那根導(dǎo)線上打“X”，并另畫一根導(dǎo)線，使電路連接正確。

(2)電路連接正確后，閉合開關(guān)，移動滑片，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)如圖乙所示，其讀

數(shù)是V;為了測量小燈泡的額定功率，應(yīng)將滑動變阻器的滑片向端移

動(選填“左”或“右”)。

(3)通過小燈泡的電流隨它兩端電壓變化的關(guān)系如圖丙所示。分析圖象可知：

①該小燈泡正常發(fā)光時(shí)的額定功率為

②小燈泡燈絲的電阻是變化的，原因是。

(4)完成上述實(shí)驗(yàn)后，小明在缺少電壓表的情況下，根據(jù)繪制出的小燈泡電流與電

壓關(guān)系圖象，設(shè)計(jì)出了一個(gè)測未知定值電阻的電路，如圖丁所示.請根據(jù)電路圖寫

出其中一次測量的實(shí)驗(yàn)步驟：

①開關(guān)Si閉合，S2斷開，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片至電流表的示數(shù)為0.24

②,保持滑月7不動，記下電流表示數(shù)為/;

③表達(dá)式：Rx=o(用已知量和所測量量表示)

(5)實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，小惠整理實(shí)驗(yàn)器材時(shí)，發(fā)現(xiàn)滑動變阻器的4P部分比PD部分熱，這

是因?yàn)楦鶕?jù)焦耳定律可知，電流和通電時(shí)間相等的條件下，。

三、計(jì)算題(本大題共2小題，共18.0分)

12.底面積為400cm2的薄壁柱形容器內(nèi)裝有適量的水，將其豎直放在水平桌面上，把

體積為2.2xIO-7n3、重6N的木塊4放入水后，再在木塊4的上方放一球體B,平衡

時(shí)球體B恰好沒入水中，如圖甲所示。已知球體8的體積為1X1。-363(9取ioN/kg)。

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求：

(1)球體B受到的浮力。

(2)球體B對木塊4的壓力。

(3)若將B放入水中，如圖乙所示，則水對容器底部壓強(qiáng)變化了多少？

13.電壓力鍋集高壓鍋和電飯鍋的優(yōu)點(diǎn)于一體，既安全又節(jié)能.某型號電壓力鍋的額定

電壓為220V,如圖是其工作原理圖，%、/?2分別是主加熱器和保壓加熱器，％的

額定功率為800"；L是用來指示電壓力鍋工作狀態(tài)的變色發(fā)光二極管，當(dāng)通過它

的電流小于40nM時(shí)，發(fā)紅光，達(dá)到407nA時(shí)，開始發(fā)綠光，只要有電流通過L其兩

端電壓就恒為2心心是特殊電阻，其阻值隨鍋內(nèi)溫度變化而改變；接通電路，開

關(guān)S自動與觸點(diǎn)a、b閉合，開始加熱，當(dāng)鍋內(nèi)水溫達(dá)到105%：時(shí)，S自動與a、b斷開，

并與觸點(diǎn)c接通，開始保壓，此時(shí)鍋內(nèi)水溫不變，且未沸騰.

(1)電壓力鍋正常工作時(shí)，若指示燈L發(fā)綠光，求的最大阻值.

(2)當(dāng)鍋內(nèi)氣壓為110千帕?xí)r，鍋內(nèi)氣體對鍋蓋(400厘米2)的壓力多大？

(3)在保壓狀態(tài)下，加熱器正常工作耗電0.2kW/i,求R2的阻值.

(4)用該壓力鍋對5L、2(FC的水加熱，正常工作357n譏后，求水溫升高到多少攝氏

度？(已知消耗的電能有90%被有效利用，水的比熱容為4.2x103〃(kg.℃).

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4、遠(yuǎn)視眼成因：晶狀體的折光能力太弱，遠(yuǎn)處物體反射來的光線通過晶

狀體折射后形成的像，就會落在視網(wǎng)膜的后方造成的。遠(yuǎn)視矯正方法，需配戴凸透鏡,

故A正確；

8、池底的光線從池底射向空氣中時(shí)，在水面上發(fā)生折射，折射角大于入射角，折射光

線進(jìn)入人眼，人眼會逆著折射光線的方向看去，就會覺得池底變淺了，故B正確。

C、陽光燦爛的日子，行走在綠樹成蔭的街道上，常常見到地面上有一些圓形的光斑，

這些光斑是小孔成像形成的，實(shí)際上是太陽的實(shí)像，故C錯(cuò)誤；

。、眼睛近視了，這是由于晶狀體的折光能力太強(qiáng)或眼球在前后方向上太長，而不是晶

狀體的折光能力太弱或眼球在前后方向上太短，故。正確。

故選：C。

(1)根據(jù)遠(yuǎn)視眼成因及其矯正分析；

(2)池水變淺是由于光的折射；

(3)小孔成像成的是倒立的實(shí)像；

(4)近視眼是由于晶狀體變厚，會聚能力增強(qiáng)引起的。

本題列舉了幾個(gè)常見的光現(xiàn)象，綜合了光學(xué)知識，這需要學(xué)生在平時(shí)學(xué)習(xí)和生活中多對

相關(guān)的光現(xiàn)象進(jìn)行思考。

2.【答案】B

【解析】解：4、熱傳遞改變物體內(nèi)能的實(shí)質(zhì)是內(nèi)能的轉(zhuǎn)移，不是溫度的轉(zhuǎn)移，故A錯(cuò)

誤；

B、將-10。(2的冰塊放在冰箱的(TC保鮮室中，一段時(shí)間后，冰塊從冰箱中吸收熱量，內(nèi)

能一定增加，故B正確；

C、“城市熱島效應(yīng)”的產(chǎn)生主要是因?yàn)樗谋葻崛荽笥谀嗤恋谋葻崛?，質(zhì)量相同的水

和泥土吸收相同的熱量，泥土的溫度升高的多，所以城市的溫度高，故C錯(cuò)誤；

。、人類在不斷地開發(fā)和利用新能源，但能量不能被創(chuàng)造，也不會消失。故力錯(cuò)誤。

故選：B。

(1)熱傳遞使物體內(nèi)能發(fā)生改變的實(shí)質(zhì)是：同一種形式的能量(內(nèi)能)發(fā)生了轉(zhuǎn)移；

(2)物體內(nèi)部所有分子熱運(yùn)動的動能和分子勢能的總和叫做內(nèi)能，內(nèi)能與物體的溫度有

關(guān)，溫度升高，內(nèi)能增大；

(3)熱島效應(yīng)是由于物質(zhì)比熱容的影響；

(4)能量是守恒的，能量耗散具有方向性，能量不能被創(chuàng)造，也不會消失。

本題考查熱傳遞的實(shí)質(zhì)、改變內(nèi)能的方法、比熱容以及能量守恒定律等知識，掌握課本

知識即可解答。

3.【答案】B

【解析】解：

4、起飛時(shí)，轟油是為了增大飛機(jī)的牽引力，慣性大小只與質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量不變，慣性

不變，故4正確；

8、機(jī)翼的形狀上凸下平，在相同是時(shí)間內(nèi)，空氣經(jīng)過上方的路程長、速度大；經(jīng)過下

方的路程短、速度小。上方空氣流速越大、壓強(qiáng)越小；下方空氣流速越小、壓強(qiáng)越大。

所以機(jī)翼上方的氣流對機(jī)翼的壓強(qiáng)小于機(jī)翼下方的氣流對機(jī)翼的壓強(qiáng)，機(jī)翼在壓強(qiáng)差的

作用下，受到向上的升力作用，故B正確；

C、降落時(shí)，飛行員相對于機(jī)艙之間的位置沒有發(fā)生變化，所以飛行員是靜止的，故C

錯(cuò)誤；

。、輪胎較多，是在壓力一定時(shí)，通過增大受力面積來減小壓強(qiáng)，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

(1)慣性的大小只與質(zhì)量有關(guān)；

(2)飛機(jī)機(jī)翼上方空氣流速大、壓強(qiáng)小，下方空氣流速小、壓強(qiáng)大，機(jī)翼在壓強(qiáng)差的作

用下，受到向上的升力；

(3)在研究物體運(yùn)動時(shí)，要選擇參照的標(biāo)準(zhǔn)，即參照物，物體的位置相對于參照物發(fā)生

變化，則運(yùn)動，不發(fā)生變化，則靜止：

(4)減小壓強(qiáng)的方法：在壓力一定時(shí)，通過增大受力面積來減小壓強(qiáng)；是在受力面積一

定時(shí)，通過減小壓力來減小壓強(qiáng)。

此題考查慣性、減小壓強(qiáng)的方法、運(yùn)動和靜止的相對性、流體壓強(qiáng)和流速的關(guān)系等，是

一道綜合性較強(qiáng)的題目，但總體難度不大，掌握基礎(chǔ)知識即可正確解題。

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4.【答案】C

【解析】解：

4、由題意知，甲線圈擺動的過程做切割磁感線運(yùn)動，閉合的回路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，

是發(fā)電機(jī)的工作原理，據(jù)此可以制成發(fā)電機(jī)，故A錯(cuò)誤：

8、乙線圈擺動的原理是通電導(dǎo)體在磁場中受力的作用，是電動機(jī)的工作原理，該過程

中將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；

C、由前面分析可知，甲線圈中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，則甲線圈相當(dāng)于電源，乙線圈相當(dāng)于

用電器；若用手改變甲線圈剛開始擺動的方向，感應(yīng)電流的方向發(fā)生變化，則乙線圈受

力的方向也會改變，即乙線圈剛開始擺助的方向跟著改變，故C正確；

若使乙線圈擺動，乙線圈同樣會做切割磁感線運(yùn)動，閉合的回路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，

則甲線圈中會有電流，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)電磁感應(yīng)原理和通電導(dǎo)體在磁場中受力的作用來對圖中的裝置進(jìn)行分析。發(fā)電機(jī)的

工作原理是電磁感應(yīng)，工作時(shí)將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能；電動機(jī)的工作原理是通電導(dǎo)體在磁

場中受力的作用，電動機(jī)工作時(shí)消耗電能，得到機(jī)械能。

本題考查了電與磁之間的兩個(gè)聯(lián)系及其應(yīng)用，同時(shí)要了解其結(jié)構(gòu)、原理及能量轉(zhuǎn)化等。

5.【答案】A

【解析】解：

4、物體運(yùn)動的方向和其所受合力的方向不一定相同，如將小車水平推出后，小車由于

慣性繼續(xù)向前運(yùn)動，此時(shí)小車所受合力的大小等于阻力，合力的方向與其運(yùn)動方向相反,

故A正確：

8、使用測電筆時(shí)，如果短管不發(fā)光，可能是測電筆接觸了零線，還可能是測電筆接觸

了火線，也可能手沒有接觸筆尾金屬體造成的，故B錯(cuò)誤；

C、太空中宇航員能對話是利用電磁波傳遞信息的，真空不能傳播聲音；故C錯(cuò)誤；

。、跳傘員從高空勻速下落過程中，質(zhì)量不變、速度不變，則動能不變；同時(shí)高度減小，

重力勢能減?。粍幽芎蛣菽芙y(tǒng)稱為機(jī)械能，所以機(jī)械能減小，故。錯(cuò)誤。

故選：A?

(1)物體的運(yùn)動方向不一定與它所受的合力的方向相同；

(2)正確使用測電筆：手接觸筆尾金屬體，筆尖接觸導(dǎo)線，發(fā)管發(fā)光，導(dǎo)線是火線；嵐

管不發(fā)光的是零線，手千萬不要接觸筆尖金屬體；

(3)電磁波可以在真空中傳播，真空不能傳聲；

(4)動能的影響因素是物體的質(zhì)量和速度，質(zhì)量越大，速度越大，動能越大；重力勢能

的影響因素是物體的質(zhì)量和高度，質(zhì)量越大，高度越高，重力勢能越大；動能和勢能統(tǒng)

稱為機(jī)械能。

本題綜合考查了合力方向的判斷、測電筆的使用方法、聲音的傳播、影響機(jī)械能大小的

因素等知識，解答此類題型需要根據(jù)相關(guān)知識和生活經(jīng)驗(yàn)共同分析。

6.【答案】B

【解析】解：

A.由P=U/可得，兩燈泡的額定電流分別為。=嘿=OSA/=券=譽(yù)=0.5/1,

由可得，兩燈泡的電阻分別為％=十=怒=60,/?2=普=怒=120,

因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以燈泡J正常發(fā)光時(shí)電路的總電阻R總T=￡=懸=

2412,

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以此時(shí)變阻器接入電路中的電阻區(qū)港=

R也1.Ri=24。-6/2=18/2,

U12V

改接燈泡L2,閉合開關(guān)后電路中的電流/=不瓦=訴國=044*0,5/1,所以此時(shí)人

不能正常發(fā)光，故A錯(cuò)誤；

8.因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以燈泡人正常發(fā)光時(shí)電壓表的示數(shù)〃濟(jì)=

U—Ui=12U-3V=9V,

改接燈泡42后電壓表的示數(shù)U/=/R滑=0.44x180=7.2V,

則電壓表在兩種狀態(tài)下的示數(shù)之比U.〃/=9九7.2V=5：4,故B正確；

C.兩種狀態(tài)下，電路總功率之比P：P'=Ul1：UI=/1：I=0.5/1：0.44=5：4,故C

錯(cuò)誤；

D因電源的電壓不變且兩燈泡的額定電流相等，所以兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的總電阻相等,

即心2=R點(diǎn)1=240,

當(dāng)燈泡G正常發(fā)光時(shí)，滑動變阻器接入電路中的電阻R/=R,^2-R2=24。-120=

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120,

由R/<R滑可知，要使燈泡乙2正常發(fā)光，滑片應(yīng)向左移減小接入電路中的電阻，故。

錯(cuò)誤。

故選：B。

(1)根據(jù)P=U/求出兩燈泡的額定電流，根據(jù)歐姆定律求出兩燈泡的電阻，根據(jù)串聯(lián)電

路的電流特點(diǎn)和歐姆定律求出燈泡■正常發(fā)光時(shí)電路的總電阻，根據(jù)電阻的串聯(lián)求出此

時(shí)變阻器接入電路中的電阻，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出改接燈泡G且閉合開關(guān)后

電路中的電流，然后與6的額定電流相比較判斷其是否能正常發(fā)光；

(2)根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出燈泡人正常發(fā)光時(shí)電壓表的示數(shù)，根據(jù)歐姆定律求出

改接燈泡乙2后電壓表的示數(shù)，然后求出電壓表在兩種狀態(tài)下的示數(shù)之比；

(3)根據(jù)P=U/求出兩種狀態(tài)下電路總功率之比；

(4)電源的電壓不變且兩燈泡的額定電流相等，根據(jù)歐姆定律可知兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的

總電阻相等，根據(jù)電阻的串聯(lián)求出燈泡G正常發(fā)光時(shí)滑動變阻器接入電路中的電阻，然

后得出變阻器接入電路中電阻的變化，從而得出滑片移動的方向。

本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律、電功率公式的綜合應(yīng)用等，要注意燈泡正常工

作時(shí)的電壓為額定電壓、正常工作時(shí)的電流為額定電流。

7.【答案】C

【解析】解：2、對于動滑輪,受到向上的三個(gè)拉力F、重力、向下的拉力尸我,3尸=。動+F拉,

而向下的拉力尸4=尸浮一G,則3尸=。動+尸浮一G,電動機(jī)拉著繩子的拉力F=動+

F法-G),物體4向下運(yùn)動過程中，浮力先變大、后不變，所以電動機(jī)拉著繩子的力先

變大，后不變，故A錯(cuò)誤；

8、4浸沒在水中，排開水的體積最大、受到的浮力最大，

Vff=VA=O-Im3,

A受到的最大浮力：

F浮=「水9丫排=1.0x103kg/m3x10N/kgx0.1m3=1000N,故B錯(cuò)誤；

C、由。=蔡可得4的質(zhì)量：

333

m=pAVA=0.4x10kg/mx0.1m=40kg,

力的重力:

G=mg=40kgxION/kg=400/V,

當(dāng)4完全浸沒時(shí)繩子對物體4的拉力最大，電動機(jī)對繩子的拉力也最大，

不計(jì)繩重、摩擦和水的阻力，則電動機(jī)對繩子的最大拉力：

F=久'解一G+G動）=:（1000N-400N+300/V）=300/V,

由圖乙可知拉力做功功率：

P=-=-xl°3-=1800小，

t4s

由p=?=r=/7"可得，繩子自由端運(yùn)動的最小速度：

P1800IV/.

“綺=7=^F=6m/s；

則物體向下運(yùn)動的最小速度：

v=|=|x6m/s=2m/s,故C正確；

。、當(dāng)4完全浸沒后，滑輪組受到的拉力最大，此時(shí)滑輪組的機(jī)械效率最大,

有用功：“有用=（F浮一G）h,

總功：W怒=Fs=4尸浮一G+G動）X3h=（F浮-G+G劫）九，

滑輪組機(jī)械效率的最大值：

（F浮-G）h1000/V-400N

X100%?66.7%,故。錯(cuò)誤。

（尸浮一F+G動）八/浮一G+G^j1000N-400/V+300N

故選：Co

（1）由圖知，71=3,不計(jì)繩重、摩擦和水的阻力，對于動滑輪，受到向上的三個(gè)拉力人

重力、向下的拉力F物3F=G動+F拉,而向下的拉力F9=F浮-G,則3F=G動+F浮一

G,電動機(jī)拉著繩子的拉力F=：（G動+F浮-G）,物體川句下運(yùn)動過程中，浮力先變大、

后不變，電動機(jī)拉著繩子的力先變大，后不變；

（2）當(dāng)4浸沒在水中排開水的體積最大，受到的浮力最大，利用阿基米德原理求解；

（3）利用p=?求4的質(zhì)量，再利用G=mg求4的重力；拉力做功功率一定，利用P=?結(jié)

合圖乙求解；當(dāng)4浸沒在水中繩子對物體4拉力最大，拉力端移動速度最小，利用P=F〃

求繩子自由端運(yùn)動的最小速度，物體向下移動速度等于拉力端移動速度的京

（4）當(dāng)4完全浸沒時(shí)，滑輪組受到的拉力最大，滑輪組的機(jī)械效率最大，有用功卬有用=

（F萍一G）h,總功W總=八=［（F浮—G+G動）3九=（/浮一G+GQh,滑輪組機(jī)械效率

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等于有用功與總功之比。

本題涉及到滑輪組繩子拉力的計(jì)算、浮力的計(jì)算、滑輪組的機(jī)械效率的計(jì)算等，考查的

知識點(diǎn)多，用到的公式多，難點(diǎn)是求最大拉力，明確滑輪組有3段繩子承擔(dān)，當(dāng)4完全

浸沒時(shí)繩子對物體4拉力最大是關(guān)鍵。

8.【答案】較小不斷吸熱，溫度保持不變晶體固

【解析】解：(1)應(yīng)選用較小顆粒的冰塊做實(shí)驗(yàn)，較小的冰塊受熱均勻；

(2)由圖象知，冰在熔化過程中不斷吸熱，溫度保持不變，所以冰是晶體；

由圖象知，圖乙中第時(shí)，冰的溫度低于熔點(diǎn)，還沒有熔化，因此處于固態(tài)。

故答案為：(1)較?。?2)不斷吸熱，溫度保持不變；晶體；固。

(1)較小的冰塊比較大的冰塊受熱均勻；

(2)掌握晶體在熔化過程中的特點(diǎn)：吸熱但溫度保持不變。知道晶體在熔化前為固態(tài)；

熔化過程為固液共存態(tài)；熔化完后為液態(tài)。

此題考查了對冰的熔化圖象的分析，要掌握晶體熔化過程中的特點(diǎn)；晶體與非晶體最大

的區(qū)別就是看是否有一定的熔點(diǎn)，從圖象上分辨，最大的不同就是晶體有一段時(shí)間只吸

熱而溫度不變，我們應(yīng)該學(xué)會區(qū)分。

9.【答案】大小相等虛到平面鏡的距離使實(shí)驗(yàn)結(jié)論具有普遍性

【解析】解：

(1)實(shí)驗(yàn)中，觀察到蠟燭B與像完全重合，說明像與物大小相等；

(2)因?yàn)樘撓癫荒茉诠馄辽铣薪?，所以將光屏放到像的位置，無法直接在光屏上觀察到

像，說明所成的像是虛像；

(3)若將玻璃板和蠟燭下面的白紙換成方格紙進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，這種做法的優(yōu)點(diǎn)是便于探究像

和物到平面鏡的距離關(guān)系；

(4)一次實(shí)驗(yàn)不具備代表性，應(yīng)采取同樣的實(shí)驗(yàn)方案多做幾次，避免實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的偶然性，

才能保證結(jié)論的正確。所以應(yīng)采取B操作。

故答案為：(1)大小相等；(2)虛；(3)到平面鏡的距離；(4)使實(shí)驗(yàn)結(jié)論具有普遍性。

(1)平面鏡成像的特點(diǎn)：像和物的大小相等；物像到平面鏡的距離相等；

(2)實(shí)像和虛像的重要區(qū)別是實(shí)像能用光屏上承接，虛像不能在光屏上承接；

(3)實(shí)驗(yàn)中選擇方格紙，這樣更便于直接比較像和物體到平面鏡的距離；

（4）一次實(shí)驗(yàn)不具備代表性，具有很大的偶然性，所以應(yīng)采取同樣的實(shí)驗(yàn)方案多做幾次，

才能保證結(jié)論的正確。

本題考查學(xué)生動手操作實(shí)驗(yàn)的能力并能根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象得出正確結(jié)論，動手操作實(shí)驗(yàn)時(shí)，

能根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象得出正確的結(jié)論，提高實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Α?/p>

10.【答案】巧生小量筒上有殘留桃汁，桃汁的質(zhì)量測量值偏小，導(dǎo)致桃汁密度測

量值偏小燒杯中桃汁的高與腎P水

【解析】解：方法一：桃汁質(zhì)量為-爪1，桃汁的體積為匕

桃汁的密度：p=%=9i。

KVV

由于量筒上有殘留桃汁，桃汁的質(zhì)量測量值偏小，桃汁的體積測量準(zhǔn)確，根據(jù)密度公式

可以判斷桃汁密度測量值偏小。

方法二：燒杯和水的質(zhì)量與燒杯和桃汁的質(zhì)量相等，則水和桃汁的質(zhì)量相等，即加次=

m桃汁,則p/b=p械瀘為，P次九i=P的/2,由于燒杯的底面積相同，所以P/i=

P桃22,測量等質(zhì)量的水和桃汁的高度生和后，求出桃汁的密度為：P=^P次。

故答案為：方法一：（4）盟產(chǎn)；量筒上有殘留桃汁，桃汁的質(zhì)量測量值偏小，導(dǎo)致桃汁

密度測量值偏小。

方法二：（4）燒杯中桃汁的高九2；（5）tP次。

方法一：燒杯和桃汁的總質(zhì)量巾2，空燒杯的質(zhì)量桃汁質(zhì)量為-61，桃汁的體

積為V,根據(jù)密度公式求出桃汁密度，由于量筒上有殘留桃汁，桃汁的質(zhì)量測量值偏小，

導(dǎo)致桃汁密度測量值偏小。

方法二：根據(jù)質(zhì)量相等的水和桃汁列出等式，m水=m桃汁,則p次5厄=p娥萬S',P水比=

P桃/2，測量水和桃汁的高度即可求出桃汁的密度。

測量液體的密度時(shí)，方法一屬于一般方法，分別測量桃汁的質(zhì)量和體積，根據(jù)密度公式

求出桃汁的密度，還可以利用水和桃汁的質(zhì)量相等，或利用水和桃汁的體積相等都可以

完成實(shí)驗(yàn)。

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11.【答案】2.2左0.5燈絲電阻隨溫度升高而增大只閉合52%電阻越大，產(chǎn)生

的熱量越多

【解析】解：(1)圖甲電路中，電壓表串聯(lián)在電路中，電流表與滑動變阻器串聯(lián)后與燈

并聯(lián)是錯(cuò)誤，電壓表應(yīng)與燈并聯(lián)，電流表與燈串聯(lián)，改接電路如圖所示：

(2)閉合開關(guān)，移動滑片，電壓表的示數(shù)如圖乙，電壓表選用小量程，分度值為0.W,

其讀數(shù)是2.2U,小于燈泡的額定電壓2.5人

為了測量小燈泡的額定功率，應(yīng)增大燈的電壓，由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，要減小變阻器

的電壓，根據(jù)分壓原理應(yīng)減小變阻器連入電路中的電阻，所以將滑動變阻器的滑片向左

移動；

(3)①由圖象可知，燈泡兩端電壓等于額定電壓2.5U時(shí)，通過的電流為0.24所以燈泡

的額定功率為「頗=1^盤額=2.5Kx0.2A=0.5V/.

②小燈泡電壓越大，通過的電流越大，實(shí)際功率越大，溫度越高，所以燈絲的電阻是

變化的，主要是受溫度變化的影響；

(4)步驟如下：

①只閉合開關(guān)工，移動滑片P,直到電流表示數(shù)為0.24；

②只閉合S2,保持滑片P不動，記錄電流表的示數(shù)/；

在①中，燈的電壓為2.5V；

在②中電流表測待測電阻與燈并聯(lián)的總電阻，且因電路的連接關(guān)系沒有改變，各用電

器的電壓不變，所以通過燈的電流仍為0.24所以在②中，通過待測電阻的電流大小為

I'=I-0.2A,所以待測電阻：

17嵌2.5V

RD=—=----;

x〃I-0.2A

(5)4P部分比PD部分電阻大，根據(jù)焦耳定律Q=/28可知，電流和通電時(shí)間相等的條件

下，電阻越大，產(chǎn)生的熱量越多。

故答案為：(1)見上圖；(2)2.2；左；⑶①0.5;②燈絲電阻隨溫度升高而增大；(4)②只

閉合S2；③洋;；(5)電阻越大，產(chǎn)生的熱量越多。

(1)圖中，電流表與變阻器串聯(lián)后與燈泡并聯(lián)，電壓表串聯(lián)在電路中了，由此分析并改

接電路；

(2)由圖中電壓表小量程讀數(shù)，燈在額定電壓下正常工作，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律結(jié)

合分壓原理確定滑片移動的方向；

(3)①由圖丙計(jì)出額定電壓下的電流，根據(jù)P=U/計(jì)算燈泡的額定功率；

②小燈泡燈絲的電阻隨溫度的變化而變化；

(4)由圖丁知，當(dāng)燈正常發(fā)光時(shí)，通過的電流為0.204故先使燈與電流表串聯(lián)，通過調(diào)

節(jié)滑動變阻器的滑片，使電流表示數(shù)為/"=024燈正常發(fā)光；

根據(jù)并聯(lián)電器電壓的特點(diǎn)，也就知道了待測電阻的電壓；保持滑片位置不變，再通過開

關(guān)的轉(zhuǎn)換，在電路連接關(guān)系不變、各用電器的電壓不變的前提下，使電流表測出待測電

阻與燈并聯(lián)的總電流/,因通過燈的電流保持不變，根據(jù)并聯(lián)電路電流的特點(diǎn)，所以在

第2次操作中，通過待測電阻的電流大小/'=1-/仍則根據(jù)歐姆定律待測電阻大小可

求；

(5)根據(jù)焦耳定律Q=分析。

本題是測燈泡額定功率的實(shí)驗(yàn)，考查電路的連接、操作過程、額定功率的計(jì)算及影響電

阻大小的因素，同時(shí)也考查了設(shè)計(jì)測電阻實(shí)驗(yàn)方案的能力，綜合性強(qiáng)，有一定難度。

12.【答案】解：

(1)已知球體B的體積%=Ixl0-3m3,且球體B全部浸沒在水中，

所以B排開水的體積：匕物=%=?xIOv7n3,

則球體B受到的浮力：F浮B=p水gV幗=1x103kg/m3x10N/kgxIxl0-3m3=ION；

(2)力B整體受到的浮力為：F浮思=p水g(y排A+%)=1x103fc5/m3xlON/kgx

-33

(2.2xIIP3nl3+ix/0m)=32N；

AB整體處于漂浮狀態(tài)，浮力等于重力，即公+GB=F浮總=32N,

因?yàn)?重6N,

所以GB=~浮右-GA=32N-6N=26N,

球體8受豎直向下的重力GB、豎直向上的浮力/浮B以及豎直向上的支持力「支；

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球體B處于靜止?fàn)顟B(tài)，故F浮B+尸支=GB；

則B受到的支持力：5支=GB-F浮B=26N-ION=16/V；

因?yàn)锽對4的壓力和4對B的支持力是一對相互作用力，大小相等，

故球體B對木塊4的壓力為16N；

(3)8放入水中后，4漂浮，有一部分體積露出水面，造成液面下降，

4漂浮，則?圖=64,

結(jié)合阿基米德原理可得：P水。匕排=。4，

則此時(shí)4排開水的體積：

-43

K.?==----------3------=6x10m

A弗p水gl.Ox103kg/mxlON/kg°

B放入水中后，水面下降的高度：

,AV%-匕拌2.2xi0-37n3-6xl0-47n3八八彳

△n=—=----=----------；-；----=0.04g

SS400xl0~47n2

水對容器底部壓強(qiáng)變化量：

△p=p水g△h=1.0X103kg/m3xION/kgX0.04m=400Pa。

答：(1)球體B受到的浮力為ION；

(2)球體B對木塊4