四川省綿陽(yáng)市2020-2021學(xué)年高二下學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量測(cè)試物理試題（ 含答案解析 ）

綿陽(yáng)市高中2019級(jí)第二學(xué)年末教學(xué)質(zhì)量測(cè)試物理試題一、必考選擇題。本題共9小題，每小題4分，共36分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7~9題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.關(guān)于物理學(xué)的重要史實(shí)和結(jié)論，下列說(shuō)法正確的是（）A.通過(guò)分光鏡觀察到的氫原子光譜是連續(xù)譜B.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后猜想出原子內(nèi)的正電荷集中在很小的核內(nèi)C.盧瑟福依據(jù)a粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)”理論D.根據(jù)波爾原子結(jié)構(gòu)理論，氫原子的電子繞氫原子核運(yùn)動(dòng)的半徑可以取任意值【答案】C【解析】【詳解】A．氫原子光譜是不連續(xù)的，是線狀譜，因此通過(guò)分光鏡觀察到的氫原子光譜是不連續(xù)譜，故A錯(cuò)誤；BC．湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后提出了“棗糕式”原子模型，而盧瑟福依據(jù)a粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)”理論，故B錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)波爾原子結(jié)構(gòu)理論，電子繞核運(yùn)動(dòng)的軌道半徑是量子化的，是一些不連續(xù)的特定值，且電子繞核旋轉(zhuǎn)是定態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示電路中，L是自感系數(shù)足夠大的線圈，它的直流電阻可忽略不計(jì)，和是兩個(gè)完全相同的小燈泡。下列說(shuō)法中正確的是（）A.K閉合瞬間，先亮，逐漸變亮B.K斷開(kāi)后，兩燈都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅C.K閉合瞬間，兩燈同時(shí)亮，之后熄滅，變亮D.K斷開(kāi)后，要閃亮一下再慢慢熄滅，此過(guò)程中的電流方向由a到b【答案】C【解析】【詳解】AC．K閉合瞬間，由于通過(guò)線圈的電流增加，導(dǎo)致線圈中出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時(shí)亮；當(dāng)電流穩(wěn)定后，由于線圈電阻可忽略不計(jì)，所以D1被線圈短路，熄滅，干路總電阻變小，則通過(guò)D2的電流變大，變亮，故A錯(cuò)誤，C正確；BD．K斷開(kāi)后，D2立即熄滅，但由于通過(guò)線圈的電流減小，導(dǎo)致線圈中出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)從而阻礙電流的減小，所以D1要閃亮一下再慢慢熄滅，但此過(guò)程中的電流方向由b到a，故BD錯(cuò)誤。故選C。3.一質(zhì)量為20kg的鐵錘以5m/s的速度豎直向下打在木樁上，經(jīng)過(guò)0.2s時(shí)間后停止，g取10m/s2，則在打擊時(shí)間內(nèi)，鐵錘對(duì)木樁的平均沖力的大小是（）A.40N B.300N C.500N D.700N【答案】D【解析】【詳解】在打擊時(shí)間內(nèi)，根據(jù)動(dòng)量定理可得解得木樁對(duì)鐵錘的平均沖力的大小為根據(jù)牛頓第三定律可知，鐵錘對(duì)木樁的平均沖力的大小為。故選D。4.如圖所示，有一面積為S，匝數(shù)為N，總電阻為r的矩形線圈，線圈外接電阻阻值為R，其余電阻不計(jì)，線圈置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圖示位置線圈平面與磁感線平行。線圈從圖示位置開(kāi)始繞垂直于磁感線的軸OO＇以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則（）A.此時(shí)線圈中電流為零B.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)C.電流有效值D.轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中通過(guò)R的電荷量為【答案】D【解析】【詳解】A．當(dāng)線圈平面與磁感線平行時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量的變化率最大，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，此時(shí)線圈中電流不是零，A錯(cuò)誤；B．線圈平面與磁感線平行位置開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為B錯(cuò)誤；C．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為由閉合電路歐姆定律可得電流有效值為C錯(cuò)誤；D．轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中通過(guò)R的電荷量為D正確。故選D。5.如圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，其中升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機(jī)的輸出電壓U和輸電線上的總電阻r、兩個(gè)變壓器原、副線圈的匝數(shù)均不變。當(dāng)用戶用電器的總電阻減小，則（）A.用戶的電壓U4增加 B.輸電線上損失功率增大C.發(fā)電機(jī)的輸出功率減小 D.升壓變壓器的輸出電壓U2減小【答案】B【解析】【詳解】ABD．當(dāng)用戶用電器的總電阻減小時(shí)，電流增大，則輸電線上的電流增大，由，可知輸電線上損失功率增大，由，可知輸電線上的電壓降增大，發(fā)電機(jī)的輸出電壓U不變，升壓變壓器輸出電壓U2不變，則降壓變壓器的輸入電壓U3減小，則用戶的電壓U4減小，AD錯(cuò)誤，B正確；C．當(dāng)用戶用電器的總電阻減小，則用戶用電功率增大，則輸電線上的電流增大，輸電線上損失功率增大，可知發(fā)電機(jī)的輸出功率增大，C錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾葹長(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，質(zhì)量為m的正方形導(dǎo)線框邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)，線框由距磁場(chǎng)H高處自由下落，恰好勻速穿過(guò)磁場(chǎng)，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，線框始終位于與磁場(chǎng)方向垂直的豎直平面內(nèi)，則（）A.ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)與剛出磁場(chǎng)時(shí)線框中感應(yīng)電流的方向相同B.ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)與剛出磁場(chǎng)時(shí)線框所受安培力的方向相反C.ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差的絕對(duì)值為D.線框在穿過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中線框產(chǎn)生的焦耳熱為mgL【答案】C【解析】【詳解】A．a(chǎn)b邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，線框中的磁通量要增大，而根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)要阻礙線框中磁通量的增加，則由安培定則可知，線框中的感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较颍?，?dāng)線框ab邊剛剛出磁場(chǎng)時(shí)，線框中的磁通量要減小，而感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)要阻礙線框中磁通量的減小，則由安培定則可知，線框中的感應(yīng)電流為順時(shí)針?lè)较?，故A錯(cuò)誤；B．線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)感應(yīng)電流方向，結(jié)合左手定則可知，其ab邊所受安培力豎直向上，而ab邊所受安培力即為線框所受安培力的合力；ab邊剛出磁場(chǎng)時(shí)，左右兩側(cè)邊所受安培力始終大小相等、方向相反，水平方向所受安培力合力為零，而豎直方向在ab邊剛出磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)感應(yīng)電流方向，結(jié)合左手定則可知，dc邊所受安培力豎直向上，則可知線框所受安培力的合力豎直向上，因此可知，ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)與剛出磁場(chǎng)時(shí)線框所受安培力的方向相同，故B錯(cuò)誤；C．線框從高H處做自由落體運(yùn)動(dòng)，其ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度設(shè)為，則根據(jù)機(jī)械能守恒有解得ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)后切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，可得而切割磁感線的導(dǎo)體相當(dāng)于電源，設(shè)線框的總電阻為，則ab邊電阻為，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差的絕對(duì)值為故C正確；D．根據(jù)題意，線框恰好勻速穿過(guò)磁場(chǎng)，則由能量守恒可得故D錯(cuò)誤。故選C。7.氫原子的能級(jí)圖如圖所示，現(xiàn)有大量處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷，下列說(shuō)法正確的是（）A.這些氫原子可能發(fā)出6種不同頻率的光B.氫原子從n=4躍遷到n=1，發(fā)射的光子波長(zhǎng)最長(zhǎng)C.氫原子從n=2躍遷到n=1，發(fā)射的光子能量最小D.氫原子從n=4躍遷到n=3，氫原子能量減小?！敬鸢浮緼D【解析】【詳解】A．大量氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷過(guò)程中輻射出的光的種數(shù)為可知，當(dāng)大量處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，將輻射出6種不同頻率的光，故A正確；BCD．根據(jù)可知，躍遷過(guò)程中所輻射光子的能量越高其頻率越大，而根據(jù)可知，頻率越大的光其波長(zhǎng)越小，而頻率越小其波長(zhǎng)越大，而氫原子躍遷時(shí)所釋放的能量（，且、均為能級(jí)）分析可知，氫原子從n=4躍遷到n=3，發(fā)射的光子其能量最小，則可知其頻率最小，波長(zhǎng)最長(zhǎng)，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選AD。8.如圖甲所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為10：1，定值電阻R=1Ω，原線圈允許通過(guò)電流的最大值為，副線圈a、b兩端電壓U2隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖乙所示。則下列說(shuō)法正確的是（）A.原線圈兩端電壓的有效值為220VB.原線圈兩端電壓的頻率為100HzC.副線圈允許通過(guò)電流的最大值為D.為保證電路安全工作，滑動(dòng)變阻器R'的阻值不得小于1.2Ω【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)圖乙可知，副線圈兩端電壓的有效值為根據(jù)變壓器原副線圈兩端的電壓比等于匝數(shù)之比可得解得故A正確；B．根據(jù)圖乙可知，副線圈兩端電壓的周期為0.02s，則可知副線圈兩端電壓的頻率為而變壓器并不會(huì)改變電壓的頻率，因此可知，原線圈兩端電壓的頻率也為50Hz，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)原副線圈所在回路中電流比等于匝數(shù)的反比可得而原線圈允許通過(guò)電流的最大值為，則可知副線圈允許通過(guò)電流的最大值為，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)以上分析，副線圈所在電路中電流的最大值不得超過(guò)，而其兩端電壓的最大值為，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得故D正確。故選AD。9.如圖甲所示，導(dǎo)體框架abcd放置于水平面內(nèi)，ab平行于cd，導(dǎo)體棒MN與兩導(dǎo)軌垂直并與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置放置于垂直于框架平面磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖乙所示，MN始終保持靜止。規(guī)定豎直向上為磁場(chǎng)正方向，沿導(dǎo)體棒由M到N為感應(yīng)電流I正方向，水平向右為導(dǎo)體棒所受安培力F的正方向，下列圖像中正確的是（）A. B.C. D.【答案】BD【解析】【詳解】AB．由題圖乙可知，在0~2s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度先均勻減小，后反向均勻增大，可知大小不變，由電磁感應(yīng)定律可知，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小不變，感應(yīng)電流大小不變，由楞次定律可知，回路中的感應(yīng)電流方向是逆時(shí)針?lè)较?，即由M到N，為正方向，在2~4s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度由負(fù)方向最大先均勻減小零，后正方向均勻增大，可知大小不變，回路中感應(yīng)電流大小不變，由楞次定律可知，回路中的感應(yīng)電流方向是順時(shí)針?lè)较?，即由N到M，是負(fù)方向，A錯(cuò)誤，B正確；CD．由左手定則可知，在0~1s時(shí)間內(nèi)，電流I是正方向，B是正方向，導(dǎo)體棒MN受安培力F方向水平向右，由，可知，B均勻減小，安培力均勻減小，在1~2s時(shí)間內(nèi)，電流I是正方向，B是負(fù)方向，導(dǎo)體棒MN受安培力F方向水平向左，B均勻增大，安培力均勻增大；在2~3s時(shí)間內(nèi)，電流I是負(fù)方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度是負(fù)方向，且逐漸減小，因此安培力方向?yàn)檎较?，逐漸減??；在3~4s時(shí)間內(nèi)，電流是負(fù)方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度是正方向，且逐漸增大，因此安培力F方向是負(fù)方向，逐漸增大，C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。二、必考非選擇題。本題共4小題，共44分。10.如圖是一火警報(bào)警器的部分電路示意圖。其中R2是用溫度系數(shù)為負(fù)的熱敏材料制成的熱電阻傳感器，電流表A是值班室的顯示器，a、b之間接報(bào)警器。當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí)，顯示器A的電流I將___________，報(bào)警器兩端的電壓U將___________。（選填“變大”“變小”或“不變”）【答案】①.變?、?變小【解析】【詳解】[1]當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí)，熱電阻傳感器R2溫度升高，R2電阻值變小，則外電路的總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知，外電路的總電流I總變大，電源的內(nèi)電阻上電壓變大，路端電壓U變小，R1兩端電壓變大，則電路中并聯(lián)部分兩端電壓U并變小，其它量不變，顯示器A的電流I將變小。[2]報(bào)警器兩端的電壓U是電源的路端電壓，可知報(bào)警器兩端的電壓U將變小。11.用如圖所示的“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在水平軌道上碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。（1）兩小球的質(zhì)量m1、m2的大小關(guān)系應(yīng)滿足m1___________m2；兩球的半徑應(yīng)滿足r1___________r2。（都選填“>”“<”或“=”）（2）下列條件中，實(shí)驗(yàn)必須要求的是___________。A．斜槽光滑B．斜槽末端水平C．小球m1與m2的材料相同D．小球m1每次從同一高度處滾下（3）用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1、m2。圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放；然后把被碰小球m2靜置于軌道水平部分的右側(cè)末端，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并重復(fù)多次，分別找到小球的平均落點(diǎn)M、P、N，并測(cè)量出平均水平距離LOM、LOP、LON。（4）若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，表達(dá)式___________成立[用（3）中測(cè)量的量表示]；若碰撞是彈性碰撞，還應(yīng)有表達(dá)式___________成立[用（3）中測(cè)量的量表示]。【答案】①.>②.=③.BD##DB④.⑤.【解析】【詳解】（1）[1][2]為了碰撞后碰撞小球不被被碰小球反彈，則兩小球的質(zhì)量需要滿足，而為了讓碰撞發(fā)生在水平方向，從而研究水平方向上的動(dòng)量守恒，則兩小球的半徑必須相同，即。（2）[3]AD．該實(shí)驗(yàn)中，斜槽不必光滑，只需要每次從同一高度釋放小球，就可保證小球單獨(dú)做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度與和發(fā)生碰撞時(shí)的初速度相同，故A錯(cuò)誤，D正確；B．該實(shí)驗(yàn)必須保證斜槽末端水平，如此才能時(shí)小球獲得水平方向的速度，從而做平拋運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．實(shí)驗(yàn)中，不需要小球m1與m2的材料相同，只需要保證，且兩小球半徑即可，故C錯(cuò)誤。故選BD。（4）[4]小球單獨(dú)做平拋運(yùn)動(dòng)和與小球碰撞后兩者都做平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向的位移相同，即做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，而平拋運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，因此只要滿足即可驗(yàn)證動(dòng)量守恒，整理上式可得[5]若該碰撞為彈性碰撞，則由機(jī)械能守恒可得即滿足可得碰撞彈性碰撞。12.如圖所示，光滑水平地面上有一輛小車，小車左端固定一個(gè)光滑斜面，右端固定一個(gè)擋板，擋板與輕彈簧相連，輕彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，自由端恰在C點(diǎn)，小車（包括光滑斜面、輕彈簧和擋板）總質(zhì)量為M=6kg。小車左端緊靠墻壁，物塊從斜面上A點(diǎn)由靜止滑下，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)無(wú)機(jī)械能損失。已知物塊質(zhì)量m=2kg，A點(diǎn)與B點(diǎn)的豎直高度差h=0.8m，BC的長(zhǎng)度L=3m，BD段光滑。g取10m/s2。求：（1）在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧彈性勢(shì)能的最大值；（2）物塊第二次經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度。【答案】（1）12J；（2）2m/s，方向向左【解析】【詳解】（1）設(shè)物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為vB，物塊由A點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有物塊和小車速度相等時(shí)，彈簧被壓縮至最短，設(shè)此時(shí)物塊和小車的共同速度為v1，物塊由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到將彈簧壓縮到最短過(guò)程中，取vB的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律有彈簧壓縮到最短時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，設(shè)為Epmax，由機(jī)械能守恒有解得Epmax=12J（2）彈簧彈回物塊，恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，物塊第二次到達(dá)C點(diǎn)，設(shè)速度大小為vC，此時(shí)小車的速度為v2，方向向右，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒有解得，物塊第二次到達(dá)C點(diǎn)速度大小為2m/s，方向向左。13.如圖甲所示，兩電阻不計(jì)的光滑金屬導(dǎo)軌傾斜平行放置，間距d=1m，傾角α=37°，下端接定值電阻R0=3Ω，矩形區(qū)域CDEF內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面向上的磁場(chǎng)，DE邊長(zhǎng)x=20m，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化情況如圖乙所示?，F(xiàn)將一質(zhì)量m=2kg，電阻R=1Ω的金屬棒在導(dǎo)軌上端某處由靜止釋放，經(jīng)t1=1s運(yùn)動(dòng)到EF位置，進(jìn)入磁場(chǎng)后，再運(yùn)動(dòng)s=10m后開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)。g取10m/s2，sin37°=0.6。求：（1）0~1s時(shí)間內(nèi)金屬棒中電流的大小I1；（2）金屬棒剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)加速度的大小a；（3）從金屬棒剛進(jìn)磁場(chǎng)到開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，定值電阻R0上產(chǎn)生的焦耳熱Q1。【答案】（1）10A；（2）a=3m/s2；（3）Q1=9J【解析】【詳解】（1）0～1s內(nèi)，磁場(chǎng)均勻變化，由乙圖得設(shè)回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E1，則解得（2）設(shè)金屬棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)前的加速度為a1，剛進(jìn)入時(shí)速度為v，則解得設(shè)金屬棒剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E2，金屬棒中的電流I2，剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)加速度的大小為a，由乙圖得金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)后磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=2T則由牛頓第二定律有解得I2=3A，a=3m/s2（3）金屬棒進(jìn)磁場(chǎng)后磁感應(yīng)強(qiáng)度始終為B1，設(shè)金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度為vm，切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E3，金屬棒中的電流I3，則根據(jù)平衡條件有解得從金屬棒剛進(jìn)磁場(chǎng)到開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，這整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q，則由能量守恒有而解得解得Q=12J，Q1=9J三、選考題（3-4）。本題共4小題，共30分。第14、15、16題每小題4分，給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一項(xiàng)符合題目要求。用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。14.關(guān)于電磁場(chǎng)和電磁波，下列說(shuō)法正確的是（）A.穩(wěn)定電場(chǎng)能夠在周圍空間產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)B.紫外線波長(zhǎng)比紅外線波長(zhǎng)長(zhǎng)，不能直接引起視覺(jué)C.麥克斯韋首先從理論上預(yù)言了電磁波，并用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在D.紅外線容易引起固體物質(zhì)分子共振，使其電磁場(chǎng)能量轉(zhuǎn)變成物質(zhì)的內(nèi)能【答案】D【解析】【詳解】A．穩(wěn)定電場(chǎng)不能夠在周圍空間產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，穩(wěn)定的磁場(chǎng)不能夠在周圍空間產(chǎn)生穩(wěn)定的電場(chǎng)，A錯(cuò)誤；B．紫外線波長(zhǎng)比紅外線波長(zhǎng)短，不能直接引起視覺(jué)，B錯(cuò)誤；C．麥克斯韋首先從理論上預(yù)言了電磁波，赫茲利用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波存在，C錯(cuò)誤；D．紅外線容易引起固體物質(zhì)分子共振，使其電磁場(chǎng)能量轉(zhuǎn)變成物質(zhì)的內(nèi)能，D正確。故選D。15.關(guān)于光的波動(dòng)性，下列說(shuō)法正確的是（）A.光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是縱波B.激光是自然界某種物質(zhì)直接反光產(chǎn)生的C.光學(xué)鏡頭上的增透膜是利用光的衍射現(xiàn)象D.馬路積水上的油膜呈現(xiàn)彩色圖樣是光的干涉現(xiàn)象【答案】D【解析】【詳解】A．偏振是橫波特有的現(xiàn)象，光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波，故A錯(cuò)誤；B．激光是原子受激輻射產(chǎn)生的光，不是某種物質(zhì)直接反光產(chǎn)生的，故B錯(cuò)誤；C．光學(xué)鏡頭上的增透膜的原理是利用了膜的上表面和玻璃表面反射的光而產(chǎn)生干涉，故C錯(cuò)誤；D．馬路積水上油膜呈現(xiàn)彩色圖樣是由內(nèi)外薄膜光的疊加而產(chǎn)生，是光的干涉現(xiàn)象，故D正確。故選D。16.如圖所示的LC振蕩電路中，某時(shí)刻電流i的方向指向A板，且正在增大，則此時(shí)（）A.A板帶負(fù)電 B.電容器C正在充電C.線圈L兩端電壓在增大 D.磁場(chǎng)能正在轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能【答案】A【解析】【詳解】ABC．電流i的方向指向A板，且正在增大，說(shuō)明電容器C正在放電，則A、B板間的電壓在減小，則線圈L兩端電壓在減小，電流方向從正極板流向負(fù)極板，因此B板帶正電，A板帶負(fù)電，A正確，BC錯(cuò)誤；D．電容器正在放電，可知電場(chǎng)能正在轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能，D錯(cuò)誤。故選A。17.現(xiàn)有毛玻璃屏A、雙縫B、白光光源C、單縫D和透紅光的濾光片E等光學(xué)元件，把它們放在如圖甲所示的光具座上組裝成雙縫干涉裝置，用來(lái)測(cè)量紅光的波長(zhǎng)。（1）將白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光學(xué)元件，由左至右，表示各光學(xué)元件的字母排列最佳順序應(yīng)為C、___________、A。（2）另一同學(xué)按實(shí)驗(yàn)裝置安裝好儀器后，觀察到光的干涉現(xiàn)象很明顯，條紋清晰。若他對(duì)實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行改動(dòng)后，在毛玻璃屏上觀察到條紋數(shù)有所增加，且清晰。以下改動(dòng)可能會(huì)實(shí)現(xiàn)這個(gè)效果的是______。A．僅將單縫與雙縫的位置互換B．僅將單縫與雙縫間距增大少許C．僅將濾光片移至單縫和雙縫之間D．僅將紅色濾光片換成綠色濾光片（3）將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某條亮條紋中心對(duì)齊，將該亮條紋定為第1條亮條紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖乙所示；然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮條紋中心對(duì)齊，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖丙所示，已知雙縫間距為2.0×10-4m，測(cè)得雙縫到屏的距離為0.700m，求得所測(cè)紅光波長(zhǎng)為_(kāi)__________nm?！敬鸢浮竣?EDB②.D③.6.6×102【解析】【詳解】（1）[1]通過(guò)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)來(lái)測(cè)量紅光的波