高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題模擬小卷（五）試題

選擇題模擬小卷(五)選擇題(本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。)14．下列有關(guān)物理學(xué)方法的說法中正確的是() A．在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了理想模型法 B．“如果電場線與等勢面不垂直，那么電場強(qiáng)度沿著等勢面方向就有一個分量，在等勢面上移動電荷時電場力就要做功”，用的是控制變量法 C．在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中使用了理想化模型的思想方法 D．加速度、電場強(qiáng)度、電勢都是采用比值法定義的物理量 解析A中是運用了微元法，選項A錯誤；B中是運用的反證法，選項B錯誤；在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中，使用的是控制變量法，選項C錯誤；加速度、電場強(qiáng)度、電勢都是采用比值法定義的物理量，選項D正確。 答案D15．2015年9月20日，我國利用一枚運載火箭成功將20顆微小衛(wèi)星送入離地面高度約為520km的軌道。已知地球半徑約為6400km。若將微小衛(wèi)星的運行軌道視為圓軌道，則與地球同步衛(wèi)星相比，微小衛(wèi)星的() A．周期大 B．角速度小 C．線速度大 D．向心加速度小 答案C16.如圖1所示，在通電螺線管中央的正上方用輕質(zhì)細(xì)線懸掛長為l的一小段通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通入垂直于紙面向里的電流I，力傳感器用來測量細(xì)線的拉力大小，導(dǎo)線下方的螺線管與一未知極性的直流電源連接。開關(guān)斷開時，力傳感器的示數(shù)恰好等于通電直導(dǎo)線的重力G，現(xiàn)閉合開關(guān)，則下列說法中正確的是()圖1 A．通電螺線管在通電直導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場方向可能豎直向下 B．通電直導(dǎo)線可能受到垂直紙面向里的安培力作用 C．若力傳感器的示數(shù)變大，則電源的右端一定為正極 D．若力傳感器的示數(shù)變?yōu)橥娭睂?dǎo)線重力的一半，則通電直導(dǎo)線所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小一定為eq\f(G,2Il) 解析閉合開關(guān)后，通電螺線管在周圍產(chǎn)生磁場，通電螺線管在通電直導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場方向水平，故A錯誤；由于通電螺線管在通電直導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場方向水平，故安培力方向一定豎直向上或豎直向下，B錯誤；若力傳感器的示數(shù)變大，說明通電直導(dǎo)線受到豎直向下的安培力作用，由左手定則可知，此處磁場方向水平向右，由安培定則可知，電源的左端為正極，C錯誤；若力傳感器的示數(shù)變?yōu)閷?dǎo)線重力的一半，說明導(dǎo)線受到的安培力方向豎直向上，且大小等于導(dǎo)線重力的一半，則有BIl＝eq\f(1,2)G，可得B＝eq\f(G,2Il)，D正確。 答案D17．固定的斜面傾角為30°，一個質(zhì)量為m的物體以速度v0從斜面頂端滑下，其加速度大小為eq\f(g,4)，則下滑過程中正確的是() A．物體動能一定增加 B．物體受到的摩擦力一定沿斜面向上 C．物體機(jī)械能一定增加 D．物體受到的合外力一定沿斜面向下 解析物體沿斜面下滑，即相對斜面運動方向向下，故斜面對其的摩擦力的方向沿斜面向上，選項B正確；由于摩擦力的方向與運動方向相反，即摩擦力做負(fù)功，則物體的機(jī)械能減小，選項C錯誤；假設(shè)加速度方向沿斜面向下，物體加速下滑，由牛頓第二定律可得mgsin30°－f＝ma，解得f＝eq\f(1,4)mg，假設(shè)成立；假設(shè)加速度方向沿斜面向上，物體減速下滑，由牛頓第二定律可得f′－mgsin30°＝ma′，解得f′＝eq\f(3,4)mg，假設(shè)也成立，故選項A、D錯誤。 答案B18．如圖2所示，靜止在光滑水平面上的木板A，右端有一根輕質(zhì)彈簧沿水平方向與木板相連，木板質(zhì)量M＝3kg。質(zhì)量m＝1kg的鐵塊B以水平速度v0＝4m/s從木板的左端沿板面向右滑行，壓縮彈簧后又被彈回，最后恰好停在木板的左端。在上述過程中彈簧具有的最大彈性勢能為()圖2A．3J B．4J C．6J D．20J解析設(shè)鐵塊與木板共速時速度大小為v，鐵塊相對木板向右運動的最大距離為L，鐵塊與木板之間的摩擦力大小為f。鐵塊壓縮彈簧使彈簧最短時，由能量守恒可得eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝fL＋eq\f(1,2)(M＋m)v2＋Ep。由動量守恒，得mv0＝(M＋m)v。從鐵塊開始運動到最后停在木板左端過程，由能量關(guān)系得eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝2fL＋eq\f(1,2)(M＋m)v2。聯(lián)立解得Ep＝3J，故選項A正確。答案A19.如圖3所示，虛線為某電場中的三條電場線1、2、3，實線表示某帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，則下列說法中正確的是()圖3A．粒子在a點的加速度小于在b點的加速度B．粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能C．粒子在a點的速度大于在b點的速度D．a(chǎn)點的電勢高于b點的電勢 解析由題圖知a處電場線比b處稀疏，即Ea<Eb，由牛頓第二定律知粒子在a點的加速度大小小于在b點的加速度大小，A項正確；由粒子做曲線運動的條件知粒子受到指向凹側(cè)的電場力且電場線上某點電場力的方向一定沿該點的切線方向，若粒子由a向b運動，其位移方向與其所受電場力方向成銳角，電場力做正功，電勢能減小，動能增加；若粒子由b向a運動，其位移方向與其所受電場力方向成鈍角，電場力做負(fù)功，電勢能增加，動能減小，即不論粒子的運動方向和電性如何，粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能，在a點的動能小于在b點的動能，B項正確，C項錯誤；由于電場線的方向不能確定，故無法判斷a、b兩點電勢的高低，D項錯誤。 答案AB20．回旋加速器工作原理圖如圖4甲所示。D1、D2為兩個中空的半圓金屬盒，粒子源A位于回旋加速器的正中間，其釋放出的帶電粒子質(zhì)量為m，電荷量為＋q。所加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，兩金屬盒之間加的交變電壓變化規(guī)律如圖乙所示，其周期為T＝eq\f(2πm,qB)。不計帶電粒子在電場中的加速時間，不考慮由相對論效應(yīng)帶來的影響。則下列說法中正確的是()圖4 A．t1時刻進(jìn)入回旋加速器的粒子記為a，t2時刻進(jìn)入回旋加速器的粒子記為b。a、b在回旋加速器中各被加速一次，a、b粒子增加的動能相同 B．t2、t3、t4時刻進(jìn)入回旋加速器的粒子會以相同的動能射出回旋加速器 C．t2時刻進(jìn)入回旋加速器的粒子在回旋加速器中被加速的次數(shù)最少 D．t3、t4時刻進(jìn)入回旋加速器的粒子在回旋加速器中的繞行方向相反 解析設(shè)粒子a每次加速的加速電壓均為U1，粒子b每次加速的加速電壓均為U2，由圖乙可知U1＜U2，由動能定理可知qU＝ΔEk，a、b在回旋加速器中各被加速一次，b粒子增加的動能多一些，A選項錯誤；所有射出回旋加速器的粒子，最終的軌道半徑均為金屬盒的半徑R，由R＝eq\f(mv,qB)，可得粒子射出速度為vm＝eq\f(qBR,m)，射出動能為Ekm＝eq\f(q2B2R2,2m)，可見所有粒子射出動能相同，B選項正確；設(shè)粒子被電場加速次數(shù)為n，則有nqU＝Ekm－0，得n＝eq\f(Ekm,qU)，可知每次加速電壓越大，加速次數(shù)越少，由圖乙可知t2時刻進(jìn)入回旋加速器的粒子每次加速的加速電壓最大，被加速次數(shù)最少，C選項正確；由左手定則可知，所有粒子繞行方向相同，D選項錯誤。 答案BC21.(2016·山東萊蕪模擬)如圖5所示，兩根間距為l的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面夾角為α，圖中虛線MN下方區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于斜面向上，兩金屬桿ab、cd的質(zhì)量均為m，與導(dǎo)軌接觸點間的電阻均為R，垂直于導(dǎo)軌放置，開始時金屬桿ab處在與磁場上邊界相距l(xiāng)的位置，金屬桿cd處在導(dǎo)軌的最下端，被與導(dǎo)軌垂直的兩根小柱擋住，現(xiàn)將金屬桿ab由靜止釋放，當(dāng)金屬桿ab剛進(jìn)入磁場時，便開始做勻速直線運動，已知重力加速度為g，則()圖5A．金屬桿ab進(jìn)入磁場時的感應(yīng)電流的方向為由b到aB．金屬桿ab進(jìn)入磁場時的速度大小為eq\r(2glsinα)C．金屬桿ab進(jìn)入磁場后產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為eq\f(mgsinα,Bl)D．金屬桿ab進(jìn)入磁場后金屬桿cd對兩根小柱的壓力大小為零 解析由右手定則可知，ab進(jìn)入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為由b到a，故A正確