廣東省廣州2023學(xué)年高考臨考沖刺物理試卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、已知地球半徑約為6400km,地球表面處的重力加速度g取則對繞地球運動的衛(wèi)星來說，下列說法正確的

是（）

A.衛(wèi)星可以繞地球任意一緯線做圓周運動

B.衛(wèi)星可以繞地球任意一經(jīng)線做圓周運動

C.衛(wèi)星在地球表面的運動速度一定不會大于第一宇宙速度

D.衛(wèi)星在距地球高度400km的軌道上做圓周運動的周期約為90分鐘

2、如圖，傾角為a=45。的斜面48c固定在水平面上，質(zhì)量為機的小球從頂點4先后以初速度即和2V。向左水平拋出，

分別落在斜面上的B、尸2點，經(jīng)歷的時間分別為4、⑵4點與B、尸1與P2之間的距離分別為人和/2,不計空氣阻力

影響。下列說法正確的是（）

C.兩球剛落到斜面上時的速度比為1：4

D.兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1：1

3、一充電后的平行板電容器與外電路斷開保持兩極板的正對面積不變，其電容C和兩極板間的電勢差U的變化情況

是（）

A.僅在兩極板間插入一電介質(zhì)，C減小，。不變

B.僅在兩極板間插入一電介質(zhì)，C增大，U減小

C.僅增大兩極板間距離，C減小，。不變

D.僅增大兩極板間距離，C增大，U減小

4、一列向右傳播的橫波在t=0時的波形如圖所示，A、B兩質(zhì)點間距為8m,B、C兩質(zhì)點平衡位置的間距為3m,當(dāng)

t=ls時，質(zhì)點C恰好通過平衡位置，該波的波速可能為（）

A.—m/sB.3m/s

3

C.5m/sD.llm/s

5、安培曾假設(shè)：地球的磁場是由繞地軸的環(huán)形電流引起的。現(xiàn)代研究發(fā)現(xiàn)：地球的表面層帶有多余的電荷，地球自轉(zhuǎn)

的速度在變慢。據(jù)此分析，下列說法正確的是（）

A.地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變?nèi)?/p>

B.地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變強

C.地球表面帶有多余的負(fù)電荷，地球的磁場將變?nèi)?/p>

D.地球表面帶有多余的負(fù)電荷，地球的磁場將變強

6、“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉(zhuǎn)器和探測板組成。偏轉(zhuǎn)器是由兩個相互絕緣、半徑分別為RA和

心的同心金屬半球面A和5構(gòu)成，A、8為電勢值不等的等勢面電勢分別為0A和9B,其過球心的截面如圖所示。一

束電荷量為e、質(zhì)量為m的電子以不同的動能從偏轉(zhuǎn)器左端M的正中間小孔垂直入射，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場區(qū)域，最后到達(dá)

偏轉(zhuǎn)器右端的探測板N,其中動能為Eko的電子沿等勢面C做勻速圓周運動到達(dá)N板的正中間。忽略電場的邊緣效應(yīng)。

下列說法中正確的是

B.電子在48間偏轉(zhuǎn)電場中做勻變速運動

4￡

c.等勢面c所在處電場強度的大小為E=F:垢

e\KA+liB）

D.等勢面C所在處電勢大小為嗎先

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖，正點電荷固定在。點，以O(shè)為圓心的同心圓上有“、氏c三點，一質(zhì)量為小、電荷量為/的粒子僅在電場

力作用下從。點運動到5點，速率分別為力、丫人若a、》的電勢分別為如、的，貝U

A.a、c兩點電場強度相同B.粒子的比荷幺匕二工

m2（（P&-如）

C.粒子在。點的加速度大于在5點的加速度D.粒子從a點移到8點，電場力做正功，電勢能減少

8、如圖所示，在坐標(biāo)系xOy中，有邊長為L的正方形金屬線框abed,其一條對角線ac和y軸重合、頂點a位于坐

標(biāo)原點O處.在y軸的右側(cè)，的I、IV象限內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強磁場，磁場的上邊界與線框的ab邊剛好完全重

合，左邊界與y軸重合，右邊界與y軸平行.t=0時刻，線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場上邊界的方向穿過磁場區(qū)

域.取沿a—bTCTd—a方向的感應(yīng)電流為正，則在線圈穿過磁場區(qū)域的過程中，感應(yīng)電流i、ab間的電勢差Uab隨

時間t變化的圖線是下圖中的（）

A.在完全失重的情況下，氣體的壓強為零

B.液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力

C.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距時，分子間的距離越大，分子勢能越小

D.水中氣泡上浮過程中，氣泡中的氣體在單位時間內(nèi)與氣泡壁單位面積碰撞的分子數(shù)減小

E.不可能利用高科技手段將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化

10、下列說法正確的是o

A.液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)

B.用端的概念表示熱力學(xué)第二定律：在任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的燧不會增加

C.晶體在物理性質(zhì)上可能表現(xiàn)為各向同性

D.液體中的擴散現(xiàn)象是由于液體的對流形成的

E.熱量可以從低溫物體傳給高溫物體

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）在測金屬絲的電阻率的實驗中，用兩節(jié)干電池作為電源，正確的電路連接如圖所示。

⑴請在圖的框中畫出相應(yīng)的電路圖

⑵閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為0,須檢查電路故障。針對以下檢查過程中的相關(guān)步驟，回答問題。

保持原電路結(jié)構(gòu)且閉合開關(guān)，用已調(diào)試好的多用電表的直流電壓10V擋進(jìn)行檢測，將（選填“紅”或“黑”）表

筆接觸P點的接線柱，再將（選填“紅”或“黑”）表筆接觸電路中N點的接線柱。表盤示數(shù)如圖所示，其讀數(shù)

為V,

保持尸點表筆接觸位置不變，再將另一表筆分別接觸電路中M、。點的接線柱，電壓值幾乎不變。由此初步判定電路

故障可能是。

12.（12分）如圖（甲）所示，一位同學(xué)利用光電計時器等器材做“驗證機械能守恒定律”的實驗.有一直徑為d、質(zhì)量

為，”的金屬小球由A處從靜止釋放，下落過程中能通過A處正下方、固定于8處的光電門，測得4、8間的距離為//

（H?d）,光電計時器記錄下小球通過光電門的時間為f,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間.貝！J：

M金屬球

I

（1）如圖（乙）所示，用游標(biāo)卡尺測得小球的直徑d=mm.

（2）小球經(jīng)過光電門B時的速度表達(dá)式為.

（3）多次改變高度”，重復(fù)上述實驗，作出隨〃的變化圖象如圖（丙）所示，當(dāng)圖中已知量”、肚和重力加速度g

及小球的直徑d滿足以下表達(dá)式：時，可判斷小球下落過程中機械能守恒.

1

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，半徑未知的,光滑圓弧A5與傾角為37。的斜面在B點連接，5點的切線水平。斜面BC長為

4

L=0.3m。整個裝置位于同一豎直面內(nèi)。現(xiàn)讓一個質(zhì)量為機的小球從圓弧的端點A由靜止釋放，小球通過8點后恰好

落在斜面底端C點處。不計空氣阻力。（g取10m/s2）

⑴求圓弧的軌道半徑；

（2）若在圓弧最低點B處放置一塊質(zhì)量為m的膠泥后，小球仍從A點由靜止釋放，粘合后整體落在斜面上的某點Do

若將膠泥換成3股重復(fù)上面的過程，求前后兩次粘合體在斜面上的落點到斜面頂端的距離之比。

14.（16分）如圖，質(zhì)量均為機的兩個小球A、8固定在彎成直角的絕緣輕桿兩端，AB=OB=l,可繞過。點且與紙面

垂直的水平軸無摩擦地在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，空氣阻力不計。A球帶正電，8球帶負(fù)電，電量均為g,整個系統(tǒng)處在豎直

向下的勻強電場中，場強E=管。開始時，AB水平，以圖中A8位置為重力勢能和電勢能的零點，問：

（1）為使系統(tǒng)在圖示位置平衡，需在A點施加一力凡則尸至少多大？方向如何？

（2）若撤去R08轉(zhuǎn)過45。角時，A球角速度多大？此時系統(tǒng)電勢能總和是多大？

⑶若撤去F,轉(zhuǎn)過多大角度時，系統(tǒng)機械能最大？最大值是多少？

15.（12分）質(zhì)量為M的滑塊由水平軌道和豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道組成，放在光滑的水平面上.質(zhì)量為

，〃的物塊從圓弧軌道的最高點由靜止開始滑下，以速度y從滑塊的水平軌道的左端滑出，如圖所示.已知

物塊與水平軌道之間的動摩擦因數(shù)為"，圓弧軌道的半徑為R.

(1)求物塊從軌道左端滑出時，滑塊M的速度的大小和方向；

(2)求水平軌道的長度；

(3)若滑塊靜止在水平面上，物塊從左端沖上滑塊，要使物塊m不會越過滑塊，求物塊沖上滑塊的初速度應(yīng)滿足的

條件.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.衛(wèi)星繞地球做圓周運動，是由萬有引力提供向心力，衛(wèi)星繞赤道做圓周運動的圓心一定在地心，繞不在赤道面上

的緯線做圓周運動的圓心顯然不在地心，選項A錯誤；

B.因為經(jīng)線在隨地球自轉(zhuǎn)，而衛(wèi)星繞地球做圓周運動，沒有使其隨地球自轉(zhuǎn)的作用力，選項B錯誤；

C.對于正在地球表面做離心運動的衛(wèi)星，其運動速度大于第一宇宙速度，選項C錯誤；

D.對于近地衛(wèi)星，有

對于衛(wèi)星有

GMm

------------7=m

(R+h\

聯(lián)立解得

T=90分鐘

選項D正確。

故選D。

2、D

【解析】

A.根據(jù)

12

六'gt

tan^=-...=-^—

卬2%

得

t_2%tan6

S

因為初速度之比為L2,則運動的時間之比為h2,故A錯誤。

B.水平位移

2

_2v0tan^

x=v（）z=

g

因為初速度之比為h2,則水平位移之比為h4,由

I-Ox

可知

Zi:h=lt4

故B錯誤。

C.根據(jù)動能定理

1212

—mv'=—mv0+mgy

其中產(chǎn)x,則

v=M+2gy=J、+4>tan45=石％

則兩球剛落到斜面上時的速度比為1：2,選項C錯誤；

D.平拋運動某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，由于落在斜面上，位移

方向相同，則速度方向相同，即兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1:1,故D正確。

故選D。

3、B

【解析】

FSO

AB.根據(jù)C=一白可知，僅在兩極板間插入一電介質(zhì)，C變大，根據(jù)C=±可知，。一定，則U減小，選項A錯

471kdU

誤,B正確；

CD.僅增大兩極板間距離，根據(jù)。=一FS7可知C減小，根據(jù)。=乂O可知，。一定，U變大，選項CD錯誤；

44kdU

故選B。

4,C

【解析】

由圖讀出波長38m.波向右傳播，質(zhì)點C恰好通過平衡位置時，波傳播的最短距離為1m,根據(jù)波形的平移法得：t=

8/8A

(n+l/8)T或(n+5/8)T,n=0,1,2...,T=------s=-------S,則波速v=—=(8n+l)m/s或v=(8n+5)m/s；

8n+18n+1T

當(dāng)n=0時：v=lm/s或5m/s,當(dāng)n=l時：v=9m/s或13m/s,當(dāng)n=2時：v=17m/s或21m/s,故選C.

【點睛】

本題的解題關(guān)鍵是運用波形平移法，得到時間與周期的關(guān)系式，得到波速的通項，再研究特殊值.

5、C

【解析】

地球自西向東自轉(zhuǎn)，地球表面帶電，從而形成環(huán)形電流。這一環(huán)形電流產(chǎn)生地磁場。若從北極俯視地球地磁場由外向

里，由安培定則知產(chǎn)生磁場的環(huán)形電流方向應(yīng)自東向西，與地球自轉(zhuǎn)方向相反，則地球帶負(fù)電。地球自轉(zhuǎn)速度變小，

則產(chǎn)生的環(huán)形電流/變小，則產(chǎn)生的磁場變?nèi)?，ABD錯誤，C正確。

故選C。

6、C

【解析】

A.電子做勻速圓周運動，電場力提供向心力，受力的方向與電場的方向相反，所以8板的電勢較高；故A錯誤；

B.電子做勻速圓周運動，受到的電場力始終始終圓心，是變力，所以電子在電場中的運動不是勻變速運動.故B錯

誤；

C.電子在等勢面C所在處做勻速圓周運動，電場力提供向心力：

-)

_V

eE=m—

R

又：

°RA+RB=12

R=且2'Ek0^-mv

聯(lián)立以上三式，解得：

E.彳見

e(RA+Ru)

故C正確;

D.該電場是放射狀電場，內(nèi)側(cè)的電場線密，電場強度大，所以有:

UBC>CA

即有：

(PK-(PC>(PC-(PA

所以可得：

C2

故D錯誤；

故選C.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解析】

A.根據(jù)正點電荷電場的特征可知，a、c兩點電場強度大小相同，方向不同，故A錯誤;

B.電荷量為-g的粒子僅在電場力作用下從a點運動到b點，由能量守恒定律,

112

mV2

~a-Wa=—^Vh-qtpb,

解得

q_唱一

m2(由一或)'

選項B正確；

C.根據(jù)點電荷電場強度公式可知，”點的電場強度大于〃點，粒子在a點所受的庫侖力大于在b點所受的庫侖力，由

牛頓第二定律可知粒子在?點的加速度大于在b點的加速度，故C正確；

D.電荷量為-g的粒子粒子從。點移到》點，克服電場力做功，電勢能增大，選項D錯誤.

8、AD

【解析】

試題分析：在d點運動到O點過程中，ab邊切割磁感線，根據(jù)右手定則可以確定線框中電流方向為逆時針方向，即

正方向，電動勢均勻減小到1,則電流均勻減小到1;然后cd邊開始切割，感應(yīng)電流的方向為順時針方向，即負(fù)方向，

電動勢均勻減小到1,則電流均勻減小到1.A正確，B錯誤.d點運動到O點過程中，ab邊切割磁感線，ab相當(dāng)于

電源，電流由a到b,b點的電勢高于a點，ab間的電勢差Uab為負(fù)值，大小等于電流乘以bcda三條邊的電阻，并

逐漸減小.ab邊出磁場后后，cd邊開始切割，cd邊相當(dāng)于電源，電流由b到a,ab間的電勢差Uab為負(fù)值，大小等

于電流乘以ab邊得電阻，并逐漸減小.故C錯誤，D正確.

考點：本題考查導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；右手定則.

9、BDE

【解析】

A.氣體壓強是由于大量氣體分子頻繁碰撞容器壁而產(chǎn)生的，在完全失重的情況下，氣體的壓強并不為零，故A錯誤；

B.液體表面張力產(chǎn)生的原因是由于液體表面層里的分子較稀疏，分子間的引力大于斥力，分子間表現(xiàn)為引力，故B正

確；

C.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距時，分子間的距離越大，分子勢能越大，故C錯誤；

D.氣泡在水中上浮過程中，體積增大，溫度基本不變，壓強減小，根據(jù)氣體壓強的微觀解釋可知，氣泡中的氣體在單

位時間內(nèi)與氣泡壁單位面積碰撞的分子數(shù)減小，故D正確；

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可能將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化，故E正確。

故選BDE.

10、ACE

【解析】

A.液體的表面張力是分子力作用的表現(xiàn)，外層分子較為稀疏，分子間表現(xiàn)為引力；浸潤現(xiàn)象也是分子力作用的表現(xiàn),

故A正確；

B.根據(jù)熱力學(xué)第二定律，在任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總熠不會減少，故B錯誤；

C.單晶體因排列規(guī)則其物理性質(zhì)為各向異性，而多晶體因排列不規(guī)則表現(xiàn)為各向同性，故C正確；

D.擴散現(xiàn)象是分子無規(guī)則熱運動的結(jié)果，不是對流形成的，故D錯誤；

E.熱量不能自發(fā)的從低溫物體傳給高溫物體，但在引起其它變化的情況下可以由低溫物體傳給高溫物體，故E正確。

故選ACE,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、”上黑紅2.5②號導(dǎo)線斷路或③號導(dǎo)線斷路

【解析】

。）口1電路圖如圖所示。

HY)—1

(2)[2][3]使用多用電表時，電流要從紅表筆流入、黑表筆流出。電路中的P點為電源負(fù)極，此處應(yīng)連接多用電表的黑表

筆，則另一端連接紅表筆。

[4]多用電表為直流電壓10V擋，其最小有效刻度為0.2V,經(jīng)估讀后電壓值為2.5V。

⑸黑表筆接觸尸點，紅表筆分別探測電路中N、M、。點，電壓值幾乎不變且始終小于電源電動勢，初步判定導(dǎo)線

①④⑤⑥⑦正常。電路故障可能是②號導(dǎo)線斷路或③號導(dǎo)線斷路。(其他合理說法均對)

12g?

12、7.25d/tr=或2g/&)2=d2

【解析】

⑴口]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為7mm,游標(biāo)讀數(shù)為0.05x5mm=0.25mm,貝！|小球的直徑d=7.25mm.

(2)⑵根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度知，小球在B處的瞬時速度

(3)⑶小球下落過程中重力勢能的減小量為mgH0,動能的增加量

!族="

22L

若機械能守恒，有:

8H^=~d2--y

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

4

13、(l)0.08m；(2)-

【解析】

⑴設(shè)圓弧的半徑為R,則小球在A8段運動時由

mgK=—mv0

解得

%

小球從B平拋運動到C的過程中，分解位移

Lsin37=—gr

2

Leos37=vot

聯(lián)立解得

R=0.08m

⑵在3處放置機的膠泥后，粘合時動量守恒，由

mv0=2mVj

得

'2

在8處放置3,"的膠泥后，粘合時動量守恒，由

mv0=4〃叫

得

整體從8平拋，分解位移

x=vt

12

根據(jù)幾何關(guān)系可知

12

tan3/=2=2L

Xvt

解得平拋時間為

2vtan37

落點距離B為

2vtan37°2tan37"

v-------------------

S=---x---u=-?-----=------g-----=----g---y2

cos370sin37sin37sin370

可知

2

5OCv

則

五=2￡，

邑說1

迪/Mg;方向與A3成45°角斜向上(2)W:手g/⑶90°；gmg/

14、