2023屆安徽省廬江縣部分示范高中高考壓軸卷物理試卷含解析

2023學年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，一細線的一端固定于傾角為45。的光滑楔形滑塊4上的頂端。處，細線另一端拴一質量為"?=0.2kg的

小球靜止在A上.若滑塊從靜止向左勻加速運動時加速度為（取g=10m/s2^IJ（）

A.當a=5m/s2時，線中拉力為之及N

2

B.當a=10m/s2時，小球受的支持力為0N

C.當a=12m/s2時，經(jīng)過1秒鐘小球運動的水平位移是6m

D.在穩(wěn)定后，地面對4的支持力一定小于兩個物體的重力之和

2、如圖所示，有一個表頭⑥，滿偏電流/“=100mA,內(nèi)阻此=100。，把它改裝為0.6A量程的電流表，則R的阻

值為（）

C.R-16QD.R-20Q

3、關于靜電場中的電場線，下列說法錯誤的是（）

A.電場線能夠形象描述電場的強弱和方向

B.沿電場線的方向電勢有可能升高

C.電場線總是垂直等勢面指向電勢降低的方向

D.沿電場線方向移動一正電荷，其電勢能一定減小

4、一個空U原子核靜止在磁感應強度為B的勻強磁場中，當原子核發(fā)生衰變后，它放出一個a粒子"He）,其速

度方向與磁場方向垂直。關于a粒子與衰變后的新核在磁場中做的圓周運動，下列說法正確的是（）

A.運動半徑之比是45:1B.運動周期之比是1:117

C.動能總是大小相等D.動量總是大小相等，方向相反

5,如圖所示，空間有一正三棱錐尸-ABC,。點是5c邊的中點，。點是底面ABC的中心。現(xiàn)在頂點尸固定一負點電

荷，下列說法正確的是（）

B.A、8、C三點的電場強度相同

C.若5、0、C三點的電勢為06、夕。、℃,則有°B一夕O=℃一°。

D.將一正的試探電荷從8點沿直線8C經(jīng)過。點移到C點，靜電力對該試探電荷先做負功后做正功

6、甲乙兩輛汽車在平直的高速公路上以相同的速度?。?30m/s—前一后同向勻速行駛。甲車在前且安裝有ABS制

動系統(tǒng)，乙車在后且沒有安裝ABS制動系統(tǒng)。正常行駛時，兩車間距為100m。某時刻因前方突發(fā)狀況，兩車同時剎

車，以此時刻為零時刻，其丫一1圖像如圖所示，則（）

A.甲、乙兩車會發(fā)生追尾B.甲車的剎車距離大于乙車的剎車距離

C.U2s時，兩車相距最遠，最遠距離為105mD.兩車剎車過程中的平均速度均為15m/s

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，質量為機的滑塊以一定初速度滑上傾角為。的固定斜面，同時施加一沿斜面向上的恒力尸=磔sin6；

已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)〃=tan。，取出發(fā)點為參考點，能正確描述滑塊運動到最高點過程中產(chǎn)生的熱量Q,

滑塊動能反、勢能々,、機械能E隨時間八位移s關系的是（）

8、如圖，矩形閉合導線框Hcd平放在光滑絕緣水平面上，導線框的右側有一豎直向下且范圍足夠大的有左邊界P。

的勻強磁場。導線框在水平恒力F作用下從靜止開始運動，ab邊始終與PQ平行。用心力分別表示線框ah和cd邊

剛進入磁場的時刻。下列圖像中可能反映導線框運動過程的是

XXXX

XBXXX

XXXX

XXXX

9、以下說法正確的是（）

A.已知阿伏加德羅常數(shù)、氣體摩爾質量和密度，可算出該氣體分子的直徑

B.物質是晶體還是非晶體，比較可靠的辦法是從各向異性或各向同性來判斷

C.隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，但合力表現(xiàn)仍可能為斥力

D.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性

10、如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形ABC的邊長為L,頂點C恰好位于光滑絕緣直軌道CD的最低點，光滑直導

軌的上端點D到A、B兩點的距離均為L,D在AB邊上的豎直投影點為O.一對電荷量均為一Q的點電荷分別固定

于A、B兩點.在D處將質量為m、電荷量為+q的小球套在軌道上（忽略它對原電場的影響），將小球由靜止開始釋放,

已知靜電力常量為k、重力加速度為g,且左絲=正〃.，忽略空氣阻力，則

L23

A.軌道上D點的場強大小為等

B.小球剛到達C點時，其加速度為零

C.小球剛到達C點時，其動能為等見山

D.小球沿直軌道CD下滑過程中，其電勢能先增大后減小

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某實驗小組利用如圖所示的裝置驗證“碰撞過程中的動量守恒”和探究“碰撞過程中的動能是否守恒”。水平

的氣墊導軌上有兩滑塊4、B,滑塊A上有寬度為d的遮光板；滑塊B上固定一支架，支架上水平固定一內(nèi)壁光滑左

側開口的細薄金屬直管，金屬管右側用金屬板封閉，管內(nèi)靠近金屬板處靜置一金屬小球。氣墊導軌通氣后利用右側擋

板上的彈射裝置將滑塊A向左彈出，測得滑塊A第一次經(jīng)過光電門的時間為人，后與靜止的滑塊8相碰，碰后滑塊8

和小球一起向左滑動滑塊A向右運動。滑塊A第二次通過光電門的時間為勿滑塊3與左側擋板剛接觸時，立即被安

裝的鎖止裝置鎖止，同時金屬管中的小球沿管壁飛出落在水平地面上的。點（圖中未畫出）。用天平稱量出滑塊4包括

遮光板的總質量/%、滑塊8（包括支架、金屬管）的總質量〃2、小球的質量機，重力加速度為g。請回答以下問題：

(1)除了題中已給出的物理量還需用刻度尺測出的物理量及符號是o

(2)小球離開金屬管口時的速度大小為(用題中已知和(1)問中物理量符號表示)。

(3)要驗證碰撞過程中的動量守恒，本實驗需要驗證的表達式為o

(4)要進一步探究碰撞過程中的動能是否守恒，需要比較表達式與表達式_______在誤差允許范圍內(nèi)是否相

等。

12.(12分)某學習小組通過如圖甲所示實驗裝置來驗證動量守恒定律。A是固定在水平桌面上光滑的斜槽，斜槽末

端與水平桌面平行，8是氣墊導軌，C是光電門，。是帶有小孔的滑塊(孔內(nèi)粘有膠帶，小球進入小孔即粘在膠帶上),

滑塊上方有一窄擋光片。實驗前將斜槽固定在水平桌面上，調整氣墊導軌的高度，使滑塊小孔與斜槽末端在同一高度

處，同時調整氣墊導軌水平，多次改變小球釋放高度心得到擋光片通過光電門的時間。做出I圖象。小球質量

為機，滑塊總質量為的)，擋光片寬度為d,重力加速度為g

(D用螺旋測微器測量擋光片的寬度，如圖乙所示，寬度d=cm

(2)只要滿足關系式人(用題中所給的物理量符號表示)，就可以說明在誤差允許范圍內(nèi)碰撞過程動量守恒

(3)如果圖象是一條過原點的(填寫“傾斜直線”或“拋物線”)，同樣可以驗證動量守恒

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)用兩只玩具小車A、B做模擬碰撞實驗，玩具小車A、B質量分別為m,=1kg和m?=3kg,把兩車放置在

相距S=8m的水平面上?，F(xiàn)讓小車A在水平恒力尸=8N作用下向著小車B運動，恒力作用一段時間后撤去，小車A

繼續(xù)運動與小車B發(fā)生碰撞，碰撞后兩車粘在一起，滑行d=0.25m停下。已知兩車運動所受的阻力均為重力的0.2倍,

重力加速度取/Om/s?。求：

(1)兩個小車碰撞后的速度大?。?/p>

(2)小車A受到的恒力F的作用時間。

14.(16分)如圖所示，在豎直圓柱形絕熱氣缸內(nèi)，可移動的絕熱活塞“、密封了質量相同的“、8兩部分同種氣體，

且處于平衡狀態(tài)。已知活塞。、6的橫截面積之比%*=2；］,密封氣體的長度之比%：%=八3,活塞厚度、質量和摩擦

均不計。

和二

①求48兩部分氣體的熱力學溫度的比值;

6

~T

②若對4部分氣體緩慢加熱，同時在活塞。上逐漸增加細砂使活塞b的位置不變，當3部分氣體的溫度為58t時，活塞火

，，

響的距離與與%之比為/W,求此時“部分氣體的絕對溫度J與一的比值。

15.(12分)如圖所示，一圓柱形汽缸豎直放置，汽缸正中間有擋板，位于汽缸口的活塞封閉著一定質量的理想氣體.活

塞的質量為，”，橫截面積為S.開始時，活塞與汽缸底部相距3測得氣體的溫度為現(xiàn)緩慢降溫，讓活塞緩慢下

降，直到恰好與擋板接觸但不擠壓.然后在活塞上放一重物P,對氣體緩慢加熱，讓氣體的溫度緩慢回升到八，升溫

過程中，活塞不動.已知大氣壓強為pi,重力加速度為g,不計活塞與汽缸間摩擦.

(i)求活塞剛與擋板接觸時氣體的溫度和重物P的質量的最小值;

(ii)整個過程中，氣體是吸熱還是放熱，吸收或放出的熱量為多少？

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

當小球對滑塊的壓力恰好等于零時，小球所受重力mg和拉力7使小球隨滑塊一起沿水平方向向左加速運動，由牛頓

運動定律得小球和滑塊共同的加速度為：/=’昭'an450=10而§2.

m

A.當。=5〃2/$2<%=1()相/$2時，斜面對小球有支持力，將小球所受的力沿加速度方向和垂直于加速度方向分解,

有：Tcos450-Nsi〃45°=ma,Tsin45°+Ncos45°=mg,聯(lián)立解得：7=宣IN,故A正確;

2

B.當。=10%/1=%=10機//時，斜面對小球恰好沒有支持力，故N=0,故B錯誤；

C.當。=12機/$2>〃=10機//時，滑塊的位移為x=g。產(chǎn)=6/〃，而小球要先脫離斜面，然后保持與滑塊相同的

運動狀態(tài)，故在這1s內(nèi)小球運動的水平位移小于6m,故C錯誤；

D.在穩(wěn)定后，對小球和滑塊A整體受力分析可知，在豎直方向沒有加速度，故地面對A的支持力等于兩個物體重力

之和，故D錯誤.

2、D

【解析】

改裝為0.6A電流表時，并聯(lián)電阻的分流電流為

4=/-/.=0.6A-100xl0-3A=0.5A

分流電阻的阻值為

0.1x100

Q=20。

R氣0.5

選項D正確，ABC錯誤。

故選D。

3、B

【解析】

A.電場線疏密描述電場的強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，而電場線上每一點的切線方

向表示電場的方向，故A正確，不符題意；

B.沿著電場線電勢逐漸降低，電勢降低最快的方向是場強的方向，故B錯誤，符合題意；

C.沿著電場線電勢逐漸降低，故電場線總是垂直等勢面，且指向電勢降低最快的方向，故C正確，不符題意；

D.沿電場線方向移動一正電荷，電場力一定做正功，由功能關系可知正電荷的電勢能一定減小，故D正確，不符題

意。

本題選錯誤的，故選B。

4、A

【解析】

A.衰變方程為

膘U->2即x+；He

衰變瞬間動量守恒，所以

P?=Px

洛倫茲力提供向心力，根據(jù)

V2

qvB=m——

R

解得半徑

/?=把=3

qBqB

所以a粒子與衰變后的新核的半徑之比為

&=魚=雙="

8%21

A正確；

B.原子核在磁場中圓周運動的周期為

2nm

1=----

qB

所以a粒子與衰變后的新核的周期之比為

心丸以2234117

B錯誤；

C.二者動量大小始終相等，根據(jù)動量和動能的關系

p=mv=yl2mEk

可知a粒子與衰變后的新核的質量不同，動能不同，C錯誤；

D.a粒子與衰變后的新核的動量大小始終相同，在衰變瞬間，二者方向相反，隨后在磁場中做勻速圓周運動，動量方

向不同，D錯誤。

故選Ao

5、C

【解析】

A.O到尸點距離比A5C三點到P點距離短，故電勢比ABC三點電勢低，又。點為底面ABC上的一點，故底面A3C

不為等勢面，故A錯誤；

B.A、5、C三點到尸點距離相同，故三點電場強度大小相等，但方向不同，故A、8、C三點的電場強度不相同,

故B錯誤；

C.8c兩點到0點距離相等，兩點電勢相等，則

(PB-<PO=<PC-<PO

故C正確；

D.5c兩點到尸點距離相等，兩點電勢相等，。點到尸點距離小于8尸、或CP兩點距離，故。的電勢低于8、C兩

點電勢，故正試探電荷從8點沿直線8C經(jīng)過O點移到C點，電勢能先減小后增加，故靜電力對該試探電荷先做正功

后做負功，故D錯誤；

故選C。

6、C

【解析】

在速度一時間圖像中，圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，由幾何知識求位移，在分析平均速度的大小。并由幾何關

系求剎車的距離。根據(jù)速度關系分析距離如何變化，從而確定兩車是否追尾。

【詳解】

A選項，r=0時，兩車間距為100m,因為

%-x乙=15m<100m

所以甲、乙兩車不會追尾，A選項錯誤;

BD選項，根據(jù)圖像的面積表示位移，甲車的剎車距離為:

30x3

m=45m

2

平均速度為

通1

—=15m/s

‘甲3

乙車的剎車距離為

30+15,15x5“

x7--------x1+-------=60m

乙22

平均速度為

Vm=—=—=15m/s

甲場3

則知，甲車的剎車距離小于乙車的剎車距離，故BD錯誤；

C選項，/=0時兩車間距為100m,乙車在后，剎車后，0~2s內(nèi)甲車的速度比乙車快。兩車間距減小，則f=2s時,

兩車相距最遠，根據(jù)圖像的“面積”表示位移，知兩車相距最遠的距離為105m,C選項正確；

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、CD

【解析】

A、滑塊向上滑動過程中做勻減速直線運動，s=由此可知位移s與時間成二次關系，由。小可知，A錯;

B、根據(jù)動能定理，克服摩擦力做功等于動能的減小量，圖像B應為曲線，B錯；

C、物體的位移與高度是線性關系，重力勢能E產(chǎn)故Ep-s圖象是直線，故C正確；

D、物體運動過程中，拉力和滑動摩擦力平衡，故相當于只有重力做功，故機械能總量不變，故D正確；

8、ACD

【解析】

線框進入磁場前做勻加速直線運動，加速度為a上;

m

A.ad邊進入磁場后可能安培力與恒力/二力平衡，做勻速直線運動，完全進入磁場后磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)

F

生，線框不受安培力，做加速度為。=—,的勻加速直線運動，A正確；

m

BD.ad邊進入磁場后，可能安培力大于恒力廣，線框做減速運動，由入=歲旦知，速度減小，安培力減小，加速度

逐漸減小，7圖象的斜率逐漸減小。當加速度減至零后做勻速直線運動，完全進入磁場后磁通量不變，沒有感應電流

產(chǎn)生，線框不受安培力，做加速度為a的勻加速直線運動，B錯誤D正確；

C.ad邊進入磁場后，可能安培力小于恒力F,線框做加速運動，由以=早知，速度增大，安培力增大，加速度

逐漸減小，修圖象的斜率逐漸減小，完全進入磁場后磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生，線框不受安培力，做加速度為

a的勻加速直線運動，C正確。

故選ACD。

9、CD

【解析】

MV

A.摩爾體積丫=一，氣體分子所占空間%=7：一，所以可以求得分子間的平均距離，故A錯誤；

PM

B.因多晶體也具有各向同性，故晶體和非晶體一般從熔點來判斷，故B錯誤；

C.當分子間距離小于ro時，隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，合力表現(xiàn)為斥力，

故C正確；

D.根據(jù)熱力學定律可知，宏觀自然過程自發(fā)進行是有其方向性，能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性，故D

正確。

故選CDo

10、BC

【解析】

由點電荷場強公式可得,軌道上D點的場強為:=2華cos30°=整，選項A錯誤；同理可得軌道上C點的場強

Lq

也為二---，在C點，由牛頓定律可得：mgsin45°-Eqcos450=ma,解得a=0,選項B正確；從D到C,電

q

場力做功為零，根據(jù)動能定理可得：EKC=mgLsin60°=^-mgL，選項C正確；小球沿直軌道CD下滑過程中，電

場力先做正功，后做負功，則其電勢能先減小后增大，選項D錯誤；故選BC.

點睛：解答此題關鍵是搞清兩個點電荷周圍的電場分布情況，利用對稱的思想求解場強及電勢的關系；注意立體圖與

平面圖形的轉化關系.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、小球從離開金屬管口到落地的過程中，運動的水平位移S和豎直高度

*=("5)需一*挈第+科鏟

V2ifL

【解析】

(1)[1].滑塊A與靜止的滑塊8相碰后，A反向，3和小球一起向左滑動，8被鎖止后，小球以碰后3的速度平拋，故

利用平拋的運動規(guī)律可求出小球離開金屬管時的初速度,也即碰后B和小球的共同速度故需要測出小球從離開金屬管

口到落地的過程中，運動的水平位移s和豎直高度入

(2)[2].由平拋運動規(guī)律可知，平拋的初速度為s后

0

Y，碰后的總動量為(M?+孫島-M]一,故需驗

⑶[3].取向左為正方向滑塊A、8碰前的總動量為

證的表達式為

(4)[4][5].滑塊A、B碰前的總動能為—M,碰后的總動能M為+(—A/—+\—s~0，故要探窕功能是否守

2彳2%4/i

恒，需要比較笠和綽+(>+"「是否相等。

2彳2g4/t

12、2,150(加：？),傾斜直線

【解析】

螺旋測微器的讀數(shù)為2mm+15.0x0.01mm=2.150mm；

(2)[2]根據(jù)動能定理得

mgh=gmVg

得小球下滑到斜面底端的速度為

%=7^

小球與斜槽到光電門的速度為

d

V=-

t

由動量守恒定律可得

mv0=(m+An0)v

即

2

mj2gh=(m+/H0)(—)

整理得

22

_(m+/n0)J

2m2gt2

(3)網(wǎng)由力=(〃：'：%匚"可知,〃-[成正比，所以圖象是一條傾斜直線時同樣可以驗證動量守恒

21n2gtzr

四、計算題：本題共2