湖南新高考物理2（解析）

朽木易折，金石可鏤。千里之行，始于足下。第頁/共頁湖南省2021年普通高中學(xué)業(yè)水平挑選性考試物理注重事項：1.答卷前，考生必須將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上。2.回答挑選題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦整潔后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱翘暨x題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、挑選題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，惟獨一項是符合題目要求的。1.核廢料具有很強的發(fā)射性，需要妥善處理。下列說法準確的是（）A.發(fā)射性元素經(jīng)過兩個殘破的半衰期后，將徹低衰變殆盡B.原子核衰變時電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)不守恒C.改變壓力、溫度或濃度，將改變發(fā)射性元素的半衰期D.過量發(fā)射性輻射對人體組織有破壞作用，但輻射強度在安全劑量內(nèi)則沒有傷害【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．發(fā)射性元素的半衰期是大量的發(fā)射性元素衰變的統(tǒng)計邏輯，對少量的個別的原子核無意義，則發(fā)射性元素徹低衰變殆盡的說法錯誤，故A錯誤；B．原子核衰變時滿意電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)守恒，故B錯誤；C．發(fā)射性元素的半衰期是由原子核的自身結(jié)構(gòu)決定的，而與物理環(huán)境如壓力、溫度或濃度無關(guān)，與化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故C錯誤；D．過量發(fā)射性輻射包含大量的射線，對人體組織有破壞作用，但輻射強度在安全劑量內(nèi)則沒有傷害，故D準確；故選D。2.物體的運動狀態(tài)可用位置和動量描述，稱為相，對應(yīng)圖像中的一個點。物體運動狀態(tài)的變化可用圖像中的一條曲線來描述，稱為相軌跡。倘若一質(zhì)點沿軸正方向做初速度為零的勻加速直線運動，則對應(yīng)的相軌跡可能是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】【詳解】質(zhì)點沿軸正方向做初速度為零的勻加速直線運動，則有而動量為聯(lián)立可得動量關(guān)于為冪函數(shù)，且，故準確的相軌跡圖像為D。故選D。3.“復(fù)興號”動車組用多節(jié)車廂提供動力，從而達到提速的目的?？傎|(zhì)量為的動車組在平直的軌道上行駛。該動車組有四節(jié)動力車廂，每節(jié)車廂發(fā)動機的額定功率均為，若動車組所受的阻力與其速率成正比（，為常量），動車組能達到的最大速度為。下列說法準確的是（）A.動車組在勻加速啟動過程中，牽引力恒定不變B.若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值，則動車組從靜止開始做勻加速運動C.若四節(jié)動力車廂輸出的總功率為，則動車組勻速行駛的速度為D.若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值，動車組從靜止啟動，經(jīng)過時光達到最大速度，則這一過程中該動車組克服阻力做的功為【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．對動車由牛頓第二定律有若動車組在勻加速啟動，即加速度恒定，但隨速度增大而增大，則牽引力也隨阻力增大而變大，故A錯誤；B．若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值，則總功率為4P，由牛頓第二定律有故可知加速啟動的過程，牽引力減小，阻力增大，則加速度逐漸減小，故B錯誤；C．若四節(jié)動力車廂輸出的總功率為，則動車組勻速行駛時加速度為零，有而以額定功率勻速時，有聯(lián)立解得故C準確；D．若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值，動車組從靜止啟動，經(jīng)過時光達到最大速度，由動能定理可知可得動車組克服阻力做的功為故D錯誤；故選C。4.如圖，在位置放置電荷量為的正點電荷，在位置放置電荷量為的負點電荷，在距為的某點處放置正點電荷Q，使得點的電場強度為零。則Q的位置及電荷量分離為（）

A.， B.，C.， D.，【答案】B【解析】【分析】【詳解】

按照點電荷場強公式兩點量異種點電荷在P點的場強大小為，方向如圖所示兩點量異種點電荷在P點的合場強為，方向與+q點電荷與-q點電荷的連線平行如圖所示Q點電荷在p點的場強大小為三點電荷的合場強為0，則方向如圖所示，大小有解得由幾何關(guān)系可知Q的坐標(biāo)為（0，2a）故選B。5.質(zhì)量為的凹槽靜止在水平地面上，內(nèi)壁為半圓柱面，截面如圖所示，為半圓的最低點，為半圓水平直徑的端點。凹槽恰好與豎直墻面接觸，內(nèi)有一質(zhì)量為的小滑塊。用推力推進小滑塊由A點向點緩慢移動，力的方向一直沿圓弧的切線方向，在此過程中所有摩擦均可忽略，下列說法準確的是（）A.推力先增大后減小B.凹槽對滑塊的支持力先減小后增大C.墻面向凹槽的壓力先增大后減小D.水平地面向凹槽的支持力先減小后增大【答案】C【解析】【分析】【詳解】AB．對滑塊受力分析，由平衡條件有滑塊從A緩慢移動B點時，越來越大，則推力F越來越大，支持力N越來越小，所以AB錯誤；C．對凹槽與滑塊整體分析，有墻面向凹槽的壓力為則越來越大時，墻面向凹槽的壓力先增大后減小，所以C準確；D．水平地面向凹槽支持力為則越來越大時，水平地面向凹槽的支持力越來越小，所以D錯誤；故選C。6.如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，輸入端、接入電壓有效值恒定的交變電源，燈泡L1、L2的阻值一直與定值電阻的阻值相同。在滑動變阻器的滑片從端滑動到端的過程中，兩個燈泡一直發(fā)光且工作在額定電壓以內(nèi)，下列說法準確的是（）

A.L1先變暗后變亮，L2向來變亮B.L1先變亮后變暗，L2向來變亮C.L1先變暗后變亮，L2先變亮后變暗D.L1先變亮后變暗，L2先變亮后變暗【答案】A【解析】【分析】【詳解】副線圈的總電阻為解得則滑動變阻器R的滑片從a端滑到b端過程中，副線圈的總電阻選增大后減小，按照等效電阻關(guān)系有則等效電阻先增大后減小，由歐姆定律有，先減小后增大，先減小后增大，則先變暗后變亮，按照，因為先減小后增大，則副線圈的電壓先增大后減小，通過L2的電流為則滑動變阻器R的滑片從a端滑到b端過程中，逐漸減小，副線圈的電壓增大過程中增大；在副線圈的電壓減小過程中，通過R0的電流為逐漸增大，則越來越小，則則先變暗后變亮，向來變亮；故選A。二、挑選題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。所有選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7.2021年4月29日，中國空間站天和核心艙發(fā)射升空，確切進入預(yù)定軌道。按照任務(wù)安頓，后續(xù)將發(fā)射問天實驗艙和夢天實驗艙，計劃2022年完成空間站在軌建造。核心艙繞地球翱翔的軌道可視為圓軌道，軌道離地面的高度約為地球半徑的。下列說法準確的是（）A.核心艙進入軌道后所受地球的萬有引力大小約為它在地面時的倍B.核心艙在軌道上翱翔的速度大于C.核心艙在軌道上翱翔的周期小于D.后續(xù)加掛實驗艙后，空間站因為質(zhì)量增大，軌道半徑將變小【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．按照萬有引力定律有核心艙進入軌道后的萬有引力與地面上萬有引力之比為所以A準確；B．核心艙在軌道上翱翔的速度小于7.9km/s，因為第一宇宙速度是最大的環(huán)抱速度，所以B錯誤；C．按照可知軌道半徑越大周期越大，則其周期比同步衛(wèi)星的周期小，小于24h，所以C準確；D．衛(wèi)星做圓周運動時萬有引力提供向心力有解得則衛(wèi)星的環(huán)抱速度與衛(wèi)星的質(zhì)量無關(guān)，所以變軌時需要點火減速或者點火加速，增強質(zhì)量不會改變軌道半徑，所以D錯誤；故選AC。8.如圖（a），質(zhì)量分離為mA、mB的A、B兩物體用輕彈簧銜接構(gòu)成一個系統(tǒng)，外力作用在A上，系統(tǒng)靜止在光潔水平面上（B靠墻面），此時彈簧形變量為。撤去外力并開始計時，A、B兩物體運動的圖像如圖（b）所示，表示0到時光內(nèi)的圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小，、分離表示到時光內(nèi)A、B的圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小。A在時刻的速度為。下列說法準確的是（）

A.0到時光內(nèi)，墻對B的沖量等于mAv0B.mA>mBC.B運動后，彈簧最大形變量等于D.【答案】ABD【解析】分析】【詳解】A．因為在0~t1時光內(nèi)，物體B靜止，則對B受力分析有F墻=F彈則墻對B的沖量大小等于彈簧對B的沖量大小，而彈簧既作用于B也作用于A，則可將研究對象轉(zhuǎn)為A，撤去F后A只受彈力作用，則按照動量定理有I=mAv0（方向向右）則墻對B的沖量與彈簧對A的沖量大小相等、方向相同，A準確；B．由a—t圖可知t1后彈簧被拉伸，在t2時刻彈簧的拉伸量達到最大，按照牛頓第二定律有F彈=mAaA=mBaB由圖可知aB>aA則mB<mAB準確；C．由圖可得，t1時刻B開始運動，此時A速度為v0，之后AB動量守恒，AB和彈簧囫圇系統(tǒng)能量守恒，則可得AB整體的動能不等于0，即彈簧的彈性勢能會轉(zhuǎn)化為AB系統(tǒng)的動能，彈簧的形變量小于x，C錯誤；D．由a—t圖可知t1后B脫離墻壁，且彈簧被拉伸，在t1—t2時光內(nèi)AB組成的系統(tǒng)動量守恒，且在t2時刻彈簧的拉伸量達到最大，A、B共速，由a—t圖像的面積為v，在t2時刻AB的速度分離為，A、B共速，則D準確。故選ABD。9.如圖，圓心為的圓處于勻強電場中，電場方向與圓平面平行，和為該圓直徑。將電荷量為的粒子從點移動到點，電場力做功為；若將該粒子從點移動到點，電場力做功為。下列說法準確的是（）A.該勻強電場的場強方向與平行B.將該粒子從點移動到點，電場力做功為C.點電勢低于點電勢D.若只受電場力，從點射入圓形電場區(qū)域的所有帶電粒子都做曲線運動【答案】AB【解析】【分析】【詳解】A．因為該電場為勻強電場，可采用矢量分解的的思路，沿cd方向建立x軸，垂直與cd方向建立y軸如下圖所示在x方向有W=Exq2R在y方向有2W=EyqR+ExqR經(jīng)過計算有Ex=，Ey=，E=，tanθ=因為電場方向與水平方向成60°，則電場與ab平行，且沿a指向b，A準確；B．該粒從d點運動到b點，電場力做的功為W′=Eq=0.5WB準確；C．沿電場線方向電勢逐漸降低，則a點的電勢高于c點的電勢，C錯誤；D．若粒子的初速度方向與ab平行則粒子做勻變速直線運動，D錯誤。故選AB。10.兩個徹低相同的正方形勻質(zhì)金屬框，邊長為，通過長為的絕緣輕質(zhì)桿相連，構(gòu)成如圖所示的組合體。距離組合體下底邊處有一方向水平、垂直紙面向里的勻強磁場。磁場區(qū)域上下邊界水平，高度為，左右寬度充足大。把該組合體在垂直磁場的平面內(nèi)以初速度水平無旋轉(zhuǎn)拋出，設(shè)置合適的磁感應(yīng)強度大小使其勻速通過磁場，不計空氣阻力。下列說法準確的是（）

A.與無關(guān)，與成反比B.通過磁場的過程中，金屬框中電流的大小和方向保持不變C.通過磁場的過程中，組合體克服安培力做功的功率與重力做功的功率相等D.調(diào)節(jié)、和，只要組合體仍能勻速通過磁場，則其通過磁場的過程中產(chǎn)生的熱量不變【答案】CD【解析】【分析】【詳解】A．將組合體以初速度v0水平無旋轉(zhuǎn)拋出后，組合體做平拋運動，后進入磁場做勻速運動，因為水平方向切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢互相抵消，則有mg=F安=，vy=綜合有B=則B與成正比，A錯誤；B．當(dāng)金屬框剛進入磁場時金屬框的磁通量增強，此時感應(yīng)電流的方向為逆時針方向，當(dāng)金屬框剛出磁場時金屬框的磁通量減少，此時感應(yīng)電流的方向為順時針方向，B錯誤；C．因為組合體進入磁場后做勻速運動，因為水平方向的感應(yīng)電動勢互相低消，有mg=F安=則組合體克服安培力做功的功率等于重力做功的功率，C準確；D．無論調(diào)節(jié)哪個物理量，只要組合體仍能勻速通過磁場，都有mg=F安則安培力做的功都為W=F安3L則組合體通過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱不變，D準確。故選CD。三、非挑選題：共56分。第11~14題為必考題，每個試題考生都必須作答。第15、16題為選考題，考生按照要求作答。（一）必考題：共43分。11.（6分）某實驗小組利用圖（a）所示裝置探索加速度與物體所受合外力的關(guān)系。主要實驗步驟如下：

（1）用游標(biāo)卡尺測量墊塊厚度，示數(shù)如圖（b）所示，___________；（2）接通氣泵，將滑塊輕放在氣墊導(dǎo)軌上，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌至水平；（3）在右支點下放一墊塊，改變氣墊導(dǎo)軌的傾斜角度；（4）在氣墊導(dǎo)軌合適位置釋放滑塊，記錄墊塊個數(shù)和滑塊對應(yīng)的加速度；（5）在右支點下增強墊塊個數(shù)（墊塊徹低相同），重復(fù)步驟（4），記錄數(shù)據(jù)如下表：1234560.0870.1800.2600.4250.519按照表中數(shù)據(jù)在圖（c）上描點，繪制圖線___________。

倘若表中缺少的第4組數(shù)據(jù)是準確的，其應(yīng)該是___________（保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).1.02(2).(3).0.342【解析】【分析】【詳解】（1）[1]墊塊的厚度為h=1cm+2×0.1mm=1.02cm（5）[2]繪制圖線如圖；

[3]按照可知a與n成正比關(guān)系，則按照圖像可知，斜率解得a=0.342m/s212.（9分）某實驗小組需測定電池的電動勢和內(nèi)阻，器材有：一節(jié)待測電池、一個單刀雙擲開關(guān)、一個定值電阻（阻值為）、一個電流表（內(nèi)阻為）、一根勻稱電阻絲（電阻絲總阻值大于，并配有可在電阻絲上移動的金屬夾）、導(dǎo)線若干。因為缺少刻度尺，無法測量電阻絲長度，但發(fā)現(xiàn)桌上有一個圓形時鐘表盤。某學(xué)生提出將電阻絲繞在該表盤上，利用圓心角來表示接入電路的電阻絲長度。主要實驗步驟如下：（1）將器材如圖（a）銜接：（2）開關(guān)閉合前，金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的___________端（填“a”或“b”）；（3）改變金屬夾的位置，閉合開關(guān)，記錄每次接入電路的電阻絲對應(yīng)的圓心角和電流表示數(shù)，得到多組數(shù)據(jù)；（4）收拾數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)紙上描點繪圖，所得圖像如圖（b）所示，圖線斜率為，與縱軸截距為，設(shè)單位角度對應(yīng)電阻絲的阻值為，該電池電動勢和內(nèi)阻可表示為___________，___________（用、、、、表示）（5）為進一步?jīng)Q定結(jié)果，還需要測量單位角度對應(yīng)電阻絲的阻值。利用現(xiàn)有器材設(shè)計實驗，在圖（c）方框中畫出實驗電路圖__________（電阻絲用滑動變阻器符號表示）；（6）利用測出的，可得該電池的電動勢和內(nèi)阻。【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】【分析】【詳解】（2）[1]開關(guān)閉合前，為了保護電路中的元件，應(yīng)將電阻絲的最大阻值接入電路，按照電阻定律可知電阻絲接入越長，接入電阻越大，金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的端。（4）[2]設(shè)圓心角為時，電阻絲接入電路中的電阻為，按照閉合電路歐姆定律可知收拾得結(jié)合圖象的斜率和截距滿意，解得電源電動勢和內(nèi)阻為（5）[3]實驗器材中有定值電阻和單刀雙擲開關(guān)，考慮使用等效法測量電阻絲電阻，如圖原理的容易說明：①將開關(guān)置于位置，讀出電流表示數(shù)；②將開關(guān)置于電阻絲處，調(diào)節(jié)電阻絲的角度，直到電流表示數(shù)為，讀出此時角度θ；③此時，即可求得的數(shù)值。13.（13分）帶電粒子流的磁聚焦和磁控束是薄膜材料制備的關(guān)鍵技術(shù)之一、帶電粒子流（每個粒子的質(zhì)量為、電荷量為）以初速度垂直進入磁場，不計重力及帶電粒子之間的互相作用。對處在平面內(nèi)的粒子，求解以下問題。（1）如圖（a），寬度為的帶電粒子流沿軸正方向射入圓心為、半徑為的圓形勻強磁場中，若帶電粒子流經(jīng)過磁場后都匯聚到坐標(biāo)原點，求該磁場磁感應(yīng)強度的大??；（2）如圖（a），虛線框為邊長等于的正方形，其幾何中央位于。在虛線框內(nèi)設(shè)計一個區(qū)域面積最小的勻強磁場，使匯聚到點的帶電粒子流經(jīng)過該區(qū)域后寬度變?yōu)?，并沿軸正方向射出。求該磁場磁感應(yīng)強度的大小和方向，以及該磁場區(qū)域的面積（無需寫出面積最小的證實過程）；（3）如圖（b），虛線框Ⅰ和Ⅱ均為邊長等于的正方形，虛線框Ⅲ和Ⅳ均為邊長等于的正方形。在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ和Ⅳ中分離設(shè)計一個區(qū)域面積最小的勻強磁場，使寬度為的帶電粒子流沿軸正方向射入Ⅰ和Ⅱ后匯聚到坐標(biāo)原點，再經(jīng)過Ⅲ和Ⅳ后寬度變?yōu)?，并沿軸正方向射出，從而實現(xiàn)帶電粒子流的同軸控束。求Ⅰ和Ⅲ中磁場磁感應(yīng)強度的大小，以及Ⅱ和Ⅳ中勻強磁場區(qū)域的面積（無需寫出面積最小的證實過程）。

【答案】（1）；（2），垂直與紙面向里，；（3），，，【解析】【分析】【詳解】（1）粒子垂直進入圓形磁場，在坐標(biāo)原點匯聚，滿意磁聚焦的條件，即粒子在磁場中運動的半徑等于圓形磁場的半徑，粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力解得（2）粒子從點進入下方虛線區(qū)域，若要從聚焦的點飛入然后平行軸飛出，為磁發(fā)散的過程，即粒子在下方圓形磁場運動的軌跡半徑等于磁場半徑，粒子軌跡最大的邊界如圖所示，圖中圓形磁場即為最小的勻強磁場區(qū)域磁場半徑為，按照可知磁感應(yīng)強度為按照左手定則可知磁場的方向為垂直紙面向里，圓形磁場的面積為（3）粒子在磁場中運動，3和4為粒子運動的軌跡圓，1和2為粒子運動的磁場的圓周按照可知I和III中的磁感應(yīng)強度為，圖中箭頭部分的實線為粒子運動的軌跡，可知磁場的最小面積為葉子形狀，取I區(qū)域如圖圖中陰影部分面積的一半為四分之一圓周與三角形之差，所以陰影部分的面積為類似地可知IV區(qū)域的陰影部分面積為按照對稱性可知II中的勻強磁場面積為14.（15分）如圖，豎直平面內(nèi)一充足長的光潔傾斜軌道與一長為的水平軌道通過一小段光潔圓弧平滑銜接，水平軌道右下方有一段弧形軌道。質(zhì)量為的小物塊A與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為。以水平軌道末端點為坐標(biāo)原點建立平面直角坐標(biāo)系，軸的正方向水平向右，軸的正方向豎直向下，弧形軌道端坐標(biāo)為，端在軸上。重力加速度為。（1）若A從傾斜軌道上距軸高度為的位置由靜止開始下滑，求經(jīng)過點時的速度大??；（2）若A從傾斜軌道上不同位置由靜止開始下滑，經(jīng)過點落在弧形軌道上的動能均相同，求的曲線方程；（3）將質(zhì)量為（為常數(shù)且）的小物塊置于點，A沿傾斜軌道由靜止開始下滑，與B發(fā)生彈性碰撞（碰撞時光極短），要使A和B均能落在弧形軌道上，且A落在B落點的右側(cè)，求A下滑的初始位置距軸高度的取值范圍。

【答案】（1）；（2）（其中，）；（3）【解析】【分析】【詳解】（1）物塊從光潔軌道滑至點，按照動能定理解得（2）物塊從點飛出后做平拋運動，設(shè)飛出的初速度為，落在弧形軌道上的坐標(biāo)為，將平拋運動分離分解到水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動，有，解得水平初速度為物塊從點到落點，按照動能定理可知解得落點處動能為因為物塊從點到弧形軌道上動能均相同，將落點的坐標(biāo)代入，可得化簡可得即（其中，）（3）物塊在傾斜軌道上從距軸高處靜止滑下，到達點與物塊碰前，其速度為，按照動能定理可知解得①物塊與發(fā)生彈性碰撞，使A和B均能落在弧形軌道上，且A落在B落點的右側(cè)，則A與B碰撞后需要反彈后再經(jīng)過水平軌道-傾斜軌道-水平軌道再次到達O點。規(guī)定水平向右為正方向，碰后AB的速度大小分離為和，在物塊與碰撞過程中，動量守恒，能量守恒。則解得②③設(shè)碰后物塊反彈，再次到達點時速度為，按照動能定理可知解得④據(jù)題意，A落在B落點的右側(cè)，則⑤據(jù)題意，A和B均能落在弧形軌道上，則A必須落在P點的左側(cè)，即：⑥聯(lián)立以上，可得的取值范圍為（二）選考題：共13分。請考生從兩道題中任選一題作答。倘若多做，則按第一題計分。[物理——選修3-3]15.（5分）如圖，兩端開口、下端連通的導(dǎo)熱汽缸，用兩個輕質(zhì)絕熱活塞（截面積分離為和）封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁間無摩擦。在左端活塞上緩慢加細沙，活塞從下降高度到位置時，活塞上細沙的總質(zhì)量為。在此過程中，用外力作用在右端活塞上，使活塞位置一直不變。囫圇過程環(huán)境溫度和大氣壓強保持不變，系統(tǒng)一直處于平衡狀態(tài)，重力加速度為。下列說法準確的是（）A.囫圇過程，外力做功大于0，小于B.囫圇過程，理想氣體的分子平均動能保持不變C.囫圇過程，理想氣體的內(nèi)能增大D.囫圇過程，理想氣體向外界釋放的熱量小于E.左端活塞到達位置時，外力等于【答案】BDE【解析】【分析】【詳解】A.按照做功的兩個須要因素有力和在力的方向上有位移，因為活塞沒有移動，可知囫圇過程，外力F做功等于0，A錯誤；BC.按照氣缸導(dǎo)熱且環(huán)境溫度沒有變，可知氣缸內(nèi)的溫度也保持不變，則囫圇過程，理想氣體的分子平均動能保持不變，內(nèi)能不變，B準確，C錯誤；D.由內(nèi)能不變可知理想氣體向外界釋放的熱量等于外界對理想氣體做的功：D準確；E.左端活塞到達B位置時，按照壓強平衡可得：即：E準確。故選BDE。16.（8分）小贊學(xué)生設(shè)計了一個用電子天平測量環(huán)境溫度的實驗裝置，如圖所示。導(dǎo)熱汽缸開口向上并固定在桌面上，用質(zhì)量、截面積的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁間無摩擦。一輕質(zhì)直桿中央置于固定支點上，左端用不可伸長的細繩豎直懸掛活塞，右端用相同細繩豎直懸掛一個質(zhì)量的鐵塊，并將鐵塊放置到電子天平上。當(dāng)電子天平示數(shù)為時，測得環(huán)境溫度。設(shè)外界大氣壓強，重力加速度。（1）當(dāng)電子天平示數(shù)為時，環(huán)境溫度為多少？（2）該裝置可測量的最高環(huán)境溫度為多少？【答案】（1）297K；（2）309K【解析】【分析】【詳解】（1）由電子天平示數(shù)為600.0g時，則細繩對鐵塊拉力為又：鐵塊和活塞對細繩的拉力相等，則氣缸內(nèi)氣體壓強等于大氣壓強①當(dāng)電子天平示數(shù)為400.0g時，設(shè)此時氣缸內(nèi)氣體壓強為p2，對受力分析有②由題意可知，氣缸內(nèi)氣體體積不變，則壓強與溫度成正比：③聯(lián)立①②③式解得（2）環(huán)境溫度越高，氣缸內(nèi)氣體壓強越大，活塞對細繩的拉力越小，則電子秤示數(shù)越大，因為細繩對鐵塊的拉力最大為0，即電子天平的示數(shù)恰好為1200g時，此時對應(yīng)的環(huán)境溫度為裝置可以測量最高環(huán)境溫度。設(shè)此時氣缸內(nèi)氣體壓強為p3，對受力分析有④又由氣缸內(nèi)氣體體積不變，則壓強與溫度成正比⑤聯(lián)立①④⑤式解得[物