2022年上海閔行區(qū)高一物理第一學(xué)期期末聯(lián)考試題含解析

2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷

考生須知：

1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。

2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有

的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）

1、下列關(guān)于四項運動的解釋，說法正確的是（）

A.蹦床運動員在空中上升到最高點時處于完全失重狀態(tài)

B.跳高運動員在越桿時處于平衡狀態(tài)

C.舉重運動員在舉鈴過頭停在最高點時，鈴處于超重狀態(tài)

D.跳遠運動員助跑是為了增加自己的慣性，以便跳得更遠

2、在國際單位制中，力學(xué)的三個基本單位是（）

A.牛頓、厘米、秒B.千克、米、秒

C.千克、秒、焦耳D.牛頓、秒、米/秒

3、下列關(guān)于牛頓第一定律說法正確的是（）

A.物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，物體一定受到力的作用

B.牛頓第一定律是通過理想實驗方法得出的，可用實驗驗證

C.慣性是一種力慣性定律與慣性的實質(zhì)相同

D.物體的運動不需要力來維持，但物體的運動速度決定了慣性的大小

4、如圖所示，一個人站在水平地面上的長木板上用力尸向右推箱子，長木板、人、箱子均處于靜止?fàn)顟B(tài)，三者的質(zhì)

量均為機，重力加速度為g,貝U（）

7，，＞〃/，〃，〃，，/，/，》，，

A.箱子受到的摩擦力方向向右

B.地面對長木板的摩擦力方向向左

C.長木板對地面的壓力大小為3mg

D.若人用斜向下的力推箱子，則長木板對地面的壓力會大于3mg

5、“空手把鋤頭，步行騎水牛，人從橋上過，橋流水不流.”是《中國詩詞大會》某期節(jié)目里選用的古詩，從物理學(xué)

的角度看，其中“橋流水不流”所選擇的參考系是：（）

A.牛B.水

C.橋D.A

6、如圖所示，質(zhì)量為M的箱子放在水平地面上，在與水平成夕角斜向上的拉力戶作用下，沿水平地面勻速運動.若

箱子與地面間的動摩擦因數(shù)為"，則箱子所受的摩擦力大小為（）

'pMgB./iFsinO

C?〃(Mg-bsin0)D."(Mg+尸sin〃)

7、如圖所示，光滑的水平地面上，可視為質(zhì)點的兩滑塊A、B在水平外力作用下緊靠在一起壓緊彈簧，彈簧左端固定

在墻壁上，此時彈簧的壓縮量為?%,以兩滑塊此時的位置為坐標(biāo)原點建立如圖所示的一維坐標(biāo)系，某時刻僅將外力突

然反向并使B向右做勻加速運動，已知A、B質(zhì)量關(guān)系為〃%<〃%，下列關(guān)于外力尸、兩滑塊間彈力”與滑塊B的位

移變化的關(guān)系圖象正確的是（）

^777777777777^777^7^77777777^,

8、甲、乙兩個物體由同一地點沿同一直線運動，它們的運動圖象如圖所示，下列說法正確的是

A.若圖象為兩物體的位移時間（x-f）圖象，則在（）?4s內(nèi)甲、乙兩物體始終同向運動

B.若圖象為兩物體的位移一時間（X-。圖象，則在0?4s內(nèi)甲、乙兩物體的平均速度相等

C.若圖象為兩物體的速度一時間（V—）圖象，則甲、乙兩物體在4s末相遇

D.若圖象為兩物體的速度一時間圖象，則甲、乙兩物體相遇前在4s末相距最遠

9、一質(zhì)量為1kg的質(zhì)點靜止于光滑水平面上，從U0時刻開始,受到水平外力廠作用，如圖所示。下列判斷正確的是

4F/N

3----；

2-i

1-j——；

°12z/s

A.第Is末外力的瞬時功率是6WB.第2s末外力的瞬時功率為4W

C.0~2s內(nèi)外力的平均功率是4WD.0-2s內(nèi)外力的平均功率是6W

10、物體以15m/s速度豎直上拋，當(dāng)速度大小變?yōu)?0m/s時經(jīng)歷時間可以是（空氣阻力不計，g=10m/s2）（）

A.0.5sB.1.0s

C.1.5sD.2.5s

11、如圖所示，甲、乙、丙3人乘不同的熱氣球，甲看到樓房勻速上升，乙看到甲勻速上升，甲看到丙勻速上升，丙

看到乙勻速下降，那么，從地面上看甲、乙、丙的運動可能是（）

A.甲、乙勻速下降,且v乙〉叫，丙停在空中

B.甲、乙勻速下降，且V乙〉唯，丙勻速上升

C.甲、乙勻速下降，且丫乙＞v甲，丙勻速下降且v丙＞丫甲

D.甲、乙勻速下降，且丫乙＞v甲，丙勻速下降且v丙＜丫甲

12、如圖甲所示，傾角為〃的足夠長的傳送帶以恒定的速率為沿逆時針方向運行。t=0時，將質(zhì)量機=lkg的物體（可

視為質(zhì)點）輕放在傳送帶上，物體相對地面的v-f圖像如圖乙所示。設(shè)沿傳送帶向下為正方向,取重力加速度g=10m/s2.

則（）

甲乙

A.傳送帶的速率p（）=10m/s

B.傳送帶的傾角。=30°

C.物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)“=0.5

D.0-2.0S內(nèi)物體在傳送帶上留下的痕跡為6m

填空題（每小題6分，共18分）

13、某同學(xué)利用如圖所示的實驗裝置來探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系

打點計時器

A.控制變量法B.假設(shè)法C.理想實驗法D.等效替代法

（2）下列說法正確的是一

A.需要用彈簧秤測出小車受到的合外力

B.實驗時應(yīng)先接通電源后釋放小車

C.本實驗所掛鉤碼的質(zhì)量m應(yīng)遠小于小車的質(zhì)量M

D.在平衡摩擦力時只要將木板傾斜任意角度即可

（3）某同學(xué)在探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時，得到了如圖所示的圖象，該同學(xué)分析該圖象得出加速度與物體的質(zhì)量量成反

比的結(jié)論，判斷他的分析是否正確并說明原因______________________________.

14、（1）如圖甲所示，在研究平拋運動時，改變兩球初位置的高度或改變鐵錘的敲擊力度，發(fā)現(xiàn)位于同一高度的A、B

兩球總是同時落地。該實驗現(xiàn)象說明了A球在離開軌道后。

e>o

甲

A.水平方向的分運動是勻速直線運動

B.水平方向的分運動是勻加速直線運動

C.豎直方向的分運動是自由落體運動

D.豎直方向的分運動是勻速直線運動

(2)為進一步研究平拋運動水平方向的運動特點，采用圖乙裝置，描點畫出小球平拋運動的軌跡。

A.斜槽軌道必須光滑

B.斜槽軌道末端切線必須水平

C.要用平滑曲線描出小球的運動軌跡

D.小球每次必須從斜槽上相同位置無初速度釋放

②描出小球平拋運動的軌跡如圖丙所示，。為拋出點，A、8為軌跡上的兩點，OA、A8豎直方向高度分別為力、及，

按照自由落體規(guī)律，若以：J2=，則。4、48段時間間隔相等；在誤差允許的范圍內(nèi)，若xi=X2,則說明小球在

水平方向上的分運動是勻速直線運動。

（3）如果平拋運動的軌跡是一條拋物線，那么軌跡上任意一點的J坐標(biāo)與X坐標(biāo)理論上應(yīng)滿足產(chǎn)好2,已知初速度為VO,

重力加速度為g,則關(guān)系式中的。等于。

15、某同學(xué)用如圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律

（1）該同學(xué)在平衡摩擦力后進行實驗，實際小車在運動過程中所受的拉力（填“大于”“小于”或“等于”）

祛碼和祛碼盤的總重力，為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量M與祛碼和祛碼盤的總質(zhì)量,"滿足的條件

（2）該同學(xué)在實驗中得到如圖乙所示的一條紙帶（兩計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率

為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（3）以祛碼和祛碼盤的總質(zhì)量為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的a加圖象如圖丙所示，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為。,

求得圖線的斜率為4,已知本地的重力加速度為g,則小車的質(zhì)量為

三.計算題（22分）

16、（12分）如圖所示，傳送帶與水平方向的傾角〃=37。，在電動機的帶動下以v=4m/s的速率順時針方向運行，在傳

送帶的8端有一離傳送帶很近的擋板P可將傳送帶上的物塊擋住，在傳送帶的A端無初速地釋放一質(zhì)量/n=lkg的物

塊，它與傳送帶間的動摩擦因數(shù)"=05A8間的長度L=9m,物塊與擋板的碰撞能量損失不計，即碰撞后物塊的速度

大小不變，物塊與擋板的碰撞時間極短.g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8,求：

⑴物體剛放上傳送帶時的加速度是多大；

⑵從物塊與擋板尸第一次碰撞后，物塊向上的總時間

17、（10分）在距地面20m高處，將一物體水平拋出，物體飛出的速度為vo=lOm/s,求：物體的位移（g取lOm/s?）

參考答案

一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有

的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得。分）

1、A

【解析】A.蹦床運動員在空中上升到最高點時只受到重力的作用，加速度為重力加速度，處于失重狀態(tài)，故A正確;

B.平衡狀態(tài)指的是物體處于靜止或者是勻速直線運動狀態(tài)，跳高運動員在越桿時，受到重力的作用，不是受力平衡

狀態(tài)，故B錯誤；

C.舉重運動員在舉鈴過頭停在最高點時，鈴處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，不超重也不失重，故C錯誤；

D.慣性的大小只與物體的質(zhì)量有關(guān)，跳遠運動員助跑不是在增加自己的慣性，故D錯誤。

故選A。

2、B

【解析】在國際單位制中的力學(xué)基本單位有三個：m、kg、s?

故選B。

3、A

【解析】A、力是改變物體運動狀態(tài)的原因，物體運動狀態(tài)發(fā)生變化，則物體一定受到力的作用，故A正確；

B、牛頓第一定律是牛頓在伽利略等前人實驗的基礎(chǔ)上，根據(jù)邏輯推理得出的，是以實驗為基礎(chǔ)，但又不是完全通過

實驗得出，故B錯誤；

C、慣性不是力，物體總有保持原有運動狀態(tài)不變的性質(zhì)，這種性質(zhì)叫做慣性，慣性定律就是牛頓第一運動定律，兩

者不同，故C錯誤；

D、物體的運動不需要力來維持，只有質(zhì)量決定著慣性的大小，故D錯誤

4、C

【解析】A.箱子水平方向受到人向右的推力和木板向左的摩擦力而處于靜止?fàn)顟B(tài)，A錯誤；

B.木板受到箱子向右的摩擦力和人給的向左的摩擦力，二力平衡，所以地面對木板沒有摩擦力，B錯誤；

CD.木板、人、箱子三者看做一個整體，豎直方向受到重力和地面的支持力，所以支持力等于三者的重力3,即，根據(jù)

牛頓第三定律，木板對地面的壓力大小為3mg,C正確、D錯誤

5、B

【解析】參考系是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系，用來做參考系的物體都是假定

不動的，被研究的物體是運動還是靜止，都是相對于參考系而言的

【詳解】題中說橋流水不流，即假定水不動，則橋是流動的，所以水是參考系，故B項正確;故選B

【點睛】了解參考系的概念，知道運動的相對性

6、C

【解析】由題意可知對物體進行受力分析，然后正交分解，如圖

Mg*

豎直方向受力平衡有：FN+FsinO=Mg,得：FN=Mg-FsinO,則/=瓜Mg-FsiM故C正確，ABD錯誤;

故選C

【點睛】物體受到的是滑動摩擦力，據(jù)公式/=〃七求解

7、BD

【解析】當(dāng)A、B分離時A仍有加速度，所以彈簧不可能處于原長。開始時外力大小

F=kx[}

某時刻僅將外力突然反向并使B向右做勻加速運動，A、B分離前，對A、B整體根據(jù)牛頓第二定律有

F+k-x)=(叫+%)。

當(dāng)x=0時，解得

2kx0=(mA+/)a

對A有

k[x0-x)-F^=mAa

聯(lián)立解得

‘加B-%

穌=5

當(dāng)外=0時，可得

mA+mB

此時A、B分離，此后拉力尸保持不變，故AC錯誤，BD正確。

故選BD?

8、BD

【解析】A.若圖象為兩物體的位移時間(x-f)圖象，根據(jù)Xq圖象的斜率表示速度，知0-2s內(nèi)，甲、乙兩物體同向運

動。2-4s內(nèi)，甲、乙兩物體反向運動，故A錯誤；

B.若圖象為兩物體的位移-時間（X-/）圖象，在0?4s內(nèi)甲、乙兩物體的位移相等，所用時間相等，則平均速度相等,

故B正確；

C.若圖象為兩物體的速度一時間（u-f）圖象，0-4s內(nèi)，甲的位移大于乙的位移，則甲、乙兩物體在4s末沒有相遇，

故C錯誤；

D.甲、乙兩物體從同一地點沿直線向同一方向運動，在0-4s內(nèi)，甲的速度大于乙的速度，兩者距離不斷增大；在4s

后乙的速度大于甲的速度，兩者距離縮短，則物體相遇前在4s末相距最遠，故D正確。

故選BDo

9、BC

【解析】物體第1s內(nèi)的加速度

月32

a=—=-=3m/s

[m1

第Is末速度

Vj=Q］，=3m/s

物體第2s內(nèi)的加速度

a1lm/s

'm1

第2s末速度

v2=Vj+a2t=3+1xl=4m/s

A.第1秒末外力的瞬時功率:

P1=FIVI=3X3=9W

故A錯誤;

B.第2s末外力的瞬時功率:

Pz=F2V2=4X1=4W

故B正確;

CD.由動能定理可知0-2s內(nèi)合力做功為:

w=—加￥=—xlx4?=8J

222

故0?2s內(nèi)外力的平均功率是:

八卬8

P=—=-=4W

t2

故C正確D錯誤。

10、AD

【解析】物體做豎直上拋運動，以向上為正，則物體的加速度為唔，做勻變速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動的速度

時間關(guān)系公式，有

v=vn-gt

速度大小變?yōu)?0m/s,分兩種情況討論:

①當(dāng)速度向上時，v=10m/s,故有

"%10-15

s=0.5s

-g-10

②當(dāng)速度向下時，v=-10m/s,故有

-10-15

s=2.5s

~g-10

選項AD正確，BC錯誤。

故選AD。

【點睛】本題關(guān)鍵：（1）豎直上拋運動具有對稱性，向上和向下經(jīng)過同一點時速度等大、反向；（2）豎直上拋運動的

向上和向下的過程中加速度不變，整個過程是勻變速直線運動，勻變速直線運動的公式都適用。

11、ABD

【解析】AB.甲看到樓房勻速上升，說明甲相對于地勻速下降。乙看到甲勻速上升，說明乙勻速下降，而且丫乙>師，

甲看到丙勻速上升，丙看到乙勻速下降，丙可能停在空中，也可能勻速上升，故AB正確；

CD.甲看到丙勻速上升，丙看到乙勻速下降，丙可能勻速下降，且也,故C錯誤，D正確。

故選ABD.

12、AC

【解析】A.由圖知，物體先做初速度為零的勻加速直線運動，速度達到傳送帶速度后（在f=LOs時刻），由于重力沿

斜面向下的分力大于摩擦力，物塊繼續(xù)向下做勻加速直線運動，從圖像可知傳送帶的速度為vo=l（）m/s,故A正確；

BC.在0~1.0s內(nèi)，物體摩擦力方向沿斜面向下，勻加速運動的加速度為：

mesin0+umecos3.八八

q=--------------------=gsin夕+〃gcos0

m

由圖可得：

a.=^-=10m/s2

包

在1.0~2.0s,物體的加速度為：

mesin0-umgcos6.八八

a2—--------------------=gsin〃-4gcos6

m

由圖可得:

2

a2==2m/s

-維

聯(lián)立解得：〃=0.5,。=37,故B錯誤，C正確：

D.根據(jù)“面積”表示位移，可知O~LOs物體相對于地的位移:

x,=gxlOxlm=5m

傳送帶的位移為：

X2=vofi=lOxlm=lOm

物體對傳送帶的位移大小為：

&=W-玉=5m

方向向上。1.0~2.0s物體相對于地的位移：

傳送帶的位移為：

X4=voh=10x1m=10m

物體對傳送帶的位移大小為：

AX2=x3-x4=1m

方向向下，故留下的痕跡為5m,故D錯誤。

故選：AC。

二.填空題(每小題6分，共18分)

13、①.A②.BC③.必須做出a—」-圖線，若“是一條直線，即可說明a與M成反比關(guān)系.

MM

F1

【解析】研究加速度跟力和質(zhì)量的關(guān)系，采用控制變量法.根據(jù)實驗原理原理判斷各個選項；根據(jù)。=一=尸?一，

MM

故必須做出是一條直線，才能說明a與M成反比關(guān)系.

M

【詳解】(1)本實驗應(yīng)用的實驗方法是控制變量法，故選A.

(2)小車受到的合外力，通過平衡摩擦力后，則祛碼及盤的重力來算得，故A錯誤.實驗時應(yīng)先接通電源后釋放小

F=Ma=M.^-=^-

車，故B正確.讓小車的質(zhì)量M遠遠大于小盤和重物的質(zhì)量m,因為實際上繩子的拉力M+m.m，

1H-----

M

故應(yīng)該是mV<M,故C正確；平衡摩擦力時要使得mgsin0=11mgeosO,則木板傾斜的角度。不是任意的，選項D錯

誤；故選BC.

(3)他的結(jié)論是不正確的；因為只憑一般的曲線不能說明a與M成反比關(guān)系；必須做出圖線，若a-」-是一

MM

條直線，即可說明a與M成反比關(guān)系.

14、(1).C(2).A(3).1:3(4).表

【解析】(1)5發(fā)現(xiàn)位于同一高度的8兩球總是同時落地。該實驗現(xiàn)象說明了A球在離開軌道后在豎直方向做自由

落體運動，故C正確，ABD錯誤；

故選C；

⑵①[2]A.斜槽軌道不要求光滑，故A錯誤；

B.斜槽軌道末端切線必須水平，以保證離開軌道后做平拋運動，故B正確；

C.要用平滑曲線描出小球的運動軌跡，故C正確；

D.小球每次必須從斜槽上相同位置無初速度釋放，以保證其做相同的平拋運動，故D正確；

因選不正確的，故選A；

②⑶由初速度為0的勻速直線運動的特點可知X：必=1：3時OA、A3段時間間隔相等。

(3)[4]水平方向：

豎直方向：

1、

廠

聯(lián)立解得：

>=白/

2%

則

2%

15、①.小于?.Mm③.1.3@.-

k

【解析】(1)[LH2]根據(jù)牛頓第二定律，對小車有

F=Ma

對硅碼盤和祛