2022年新高考遼寧物理高考真題（解析版）VIP

2022年遼寧省普通高中學(xué)業(yè)水平等級性考試物理試卷注意事項：.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共0小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~0題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得分，有選錯的得0分。.如圖所示，橋式起重機(jī)主要由可移動“橋架”“小車”和固定“軌道”三部分組成。在某次作業(yè)中橋架沿軌道單向移動了，小車在橋架上單向移動了。該次作業(yè)中小車相對地面的位移大小為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)位移概念可知，該次作業(yè)中小車相對地面的位移為故選C。2.2022年月，中國錦屏深地實驗室發(fā)表了首個核天體物理研究實驗成果。表明我國核天體物理研究已經(jīng)躋身國際先進(jìn)行列。實驗中所用核反應(yīng)方程為，己知、、的質(zhì)量分別為，真空中的光速為c，該反應(yīng)中釋放的能量為E。下列說法正確的是（）A.X為氘核 B.X為氚核C. D.【答案】B【解析】【詳解】AB．根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為，電荷數(shù)為，為氚核，選項A錯誤，B正確；CD．因該反應(yīng)為人工轉(zhuǎn)變，反應(yīng)前兩種粒子都有動能（總動能設(shè)為Ek），反應(yīng)后的生成物也有動能Ek2，根據(jù)質(zhì)能方程可知，由于質(zhì)量虧損反應(yīng)放出的能量為則反應(yīng)釋放的能量為選項CD錯誤。故選B。.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，某時刻的波形如圖所示，關(guān)于質(zhì)點P的說法正確的是（）

A.該時刻速度沿y軸正方向 B.該時刻加速度沿y軸正方向C.此后周期內(nèi)通過的路程為A D.此后周期內(nèi)沿x軸正方向遷移為【答案】A【解析】【詳解】AB．波沿x軸正向傳播，由“同側(cè)法”可知，該時刻質(zhì)點P的速度方向沿y軸正向，加速度沿y軸負(fù)向，選項A正確，B錯誤。C．在該時刻質(zhì)點P不在特殊位置，則在周期內(nèi)的路程不一定等于A，選項C錯誤；D．質(zhì)點只能在自己平衡位置附近振動，而不隨波遷移，選項D錯誤。故選A。4.如圖所示，蜘蛛用蛛絲將其自身懸掛在水管上，并處于靜止?fàn)顟B(tài)。蛛絲與豎直方向夾角分別為。用分別表示的拉力，則（）

A.豎直分力大于的豎直分力 B.的豎直分力等于的豎直分力C.的水平分力大于的水平分力 D.的水平分力等于的水平分力【答案】D【解析】【詳解】CD．對結(jié)點O受力分析可得，水平方向即F2的水平分力等于F2的水平分力，選項C錯誤，D正確；AB．對結(jié)點O受力分析可得，豎直方向解得則F的豎直分量F2的豎直分量因可知選項AB錯誤。故選D。5.完全失重時，液滴呈球形，氣泡在液體中將不會上浮。202年2月，在中國空間站“天宮課堂”的水球光學(xué)實驗中，航天員向水球中注入空氣形成了一個內(nèi)含氣泡的水球。如圖所示，若氣泡與水球同心，在過球心O的平面內(nèi)，用單色平行光照射這一水球。下列說法正確的是（）A.此單色光從空氣進(jìn)入水球，頻率一定變大B.此單色光從空氣進(jìn)入水球，頻率一定變小C.若光線在M處發(fā)生全反射，光線2在N處一定發(fā)生全反射D.若光線2在N處發(fā)生全反射，光線在M處一定發(fā)生全反射【答案】C【解析】【詳解】AB．光的頻率是由光源決定的，與介質(zhì)無關(guān)，頻率不變，AB錯誤；CD．如圖可看出光線入射到水球的入射角小于光線2入射到水球的入射角，則光線在水球外表面折射后的折射角小于光線2在水球外表面折射后的折射角，設(shè)水球半徑為R、氣泡半徑為r、光線經(jīng)過水球后的折射角為α、光線進(jìn)入氣泡的入射角為θ，根據(jù)幾何關(guān)系有則可得出光線2的θ大于光線的θ，故若光線在M處發(fā)生全反射，光線2在N處一定發(fā)生全反射，C正確、D錯誤。故選C。6.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其體積V和熱力學(xué)溫度T變化圖像如圖所示，此過程中該系統(tǒng)（）

A.對外界做正功 B.壓強(qiáng)保持不變 C.向外界放熱 D.內(nèi)能減少【答案】A【解析】【詳解】A．理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，體積增大，理想氣體對外界做正功，A正確；B．由題圖可知V=V0+kT根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程有聯(lián)立有可看出T增大，p增大，B錯誤；D．理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，溫度升高，內(nèi)能增大，D錯誤；C．理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，由選項AD可知，理想氣體對外界做正功且內(nèi)能增大，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體向外界吸收熱量，C錯誤。故選A。7.如圖所示，一小物塊從長m的水平桌面一端以初速度v0沿中線滑向另一端，經(jīng)過s從另一端滑落。物塊與桌面間動摩擦因數(shù)為μ，g取0m/s2。下列v0、μ值可能正確的是（）A.v0=2.5m/s B.v0=.5m/s C.μ=0.28 D.μ=0.25【答案】B【解析】【詳解】AB．物塊水平沿中線做勻減速直線運動，則由題干知x=m，t=s，v>0代入數(shù)據(jù)有v0<2m/s故A不可能，B可能；CD．對物塊做受力分析有a=-μg，v2-v02=2ax整理有v02-2ax>0由于v0<2m/s可得μ<0.2故CD不可能。故選B。8.粒子物理研究中使用的一種球狀探測裝置橫截面的簡化模型如圖所示。內(nèi)圓區(qū)域有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，外圓是探測器。兩個粒子先后從P點沿徑向射入磁場，粒子沿直線通過磁場區(qū)域后打在探測器上的M點。粒子2經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后打在探測器上的N點。裝置內(nèi)部為真空狀態(tài)，忽略粒子重力及粒子間相互作用力。下列說法正確的是（）

A.粒子可能為中子 B.粒子2可能為電子C.若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，粒子可能打在探測器上的Q點 D.若增大粒子入射速度，粒子2可能打在探測器上的Q點【答案】AD【解析】【詳解】AB．由題圖可看出粒子沒有偏轉(zhuǎn)，說明粒子不帶電，則粒子可能為中子；粒子2向上偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可知粒子2應(yīng)該帶正電，A正確、B錯誤；C．由以上分析可知粒子為中子，則無論如何增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，粒子都不會偏轉(zhuǎn)，C錯誤；D．粒子2在磁場中洛倫茲力提供向心力有解得可知若增大粒子入射速度，則粒子2的半徑增大，粒子2可能打在探測器上的Q點，D正確。故選AD。9.如圖所示，行星繞太陽的公轉(zhuǎn)可以看成勻速圓周運動。在地圖上容易測得地球—水星連線與地球—太陽連線夾角，地球—金星連線與地球—太陽連線夾角，兩角最大值分別為、則（）A.水星的公轉(zhuǎn)周期比金星的大B.水星的公轉(zhuǎn)向心加速度比金星的大C.水星與金星公轉(zhuǎn)軌道半徑之比為D.水星與金星的公轉(zhuǎn)線速度之比為【答案】BC【解析】【詳解】AB．根據(jù)萬有引力提供向心力有可得因為水星的公轉(zhuǎn)半徑比金星小，故可知水星的公轉(zhuǎn)周期比金星?。凰堑墓D(zhuǎn)向心加速度比金星的大，故A錯誤，B正確；C．設(shè)水星的公轉(zhuǎn)半徑為，地球的公轉(zhuǎn)半徑為，當(dāng)α角最大時有同理可知有所以水星與金星的公轉(zhuǎn)半徑之比為故C正確；D．根據(jù)可得結(jié)合前面的分析可得故D錯誤；故選BC。0.如圖所示，帶電荷量為的球固定在傾角為光滑絕緣斜面上的a點，其正上方L處固定一電荷量為的球2，斜面上距a點L處的b點有質(zhì)量為m的帶電球，球與一端固定的絕緣輕質(zhì)彈簧相連并在b點處于靜止?fàn)顟B(tài)。此時彈簧的壓縮量為，球2、間的靜電力大小為。迅速移走球后，球沿斜面向下運動。為重力加速度，球的大小可忽略，下列關(guān)于球的說法正確的是（）A.帶負(fù)電B.運動至a點的速度大小為C.運動至a點的加速度大小為D.運動至ab中點時對斜面的壓力大小為【答案】BCD【解析】【詳解】A．由題意可知三小球構(gòu)成一個等邊三角形，小球和之間的力大于小球2和之間的力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，故小球和一定是斥力，小球帶正電，故小球帶正電，故A錯誤；B．小球運動至a點時，彈簧的伸長量等于，根據(jù)對稱性可知，小球2對小球做功為0；彈簧彈力做功為0，故根據(jù)動能定理有解得故B正確；C．小球在b點時，設(shè)小球的電荷量為q，有設(shè)彈簧的彈力為F，根據(jù)受力平衡，沿斜面方向有解得小球運動至a點時，彈簧伸長量等于，根據(jù)對稱性可知解得故C正確；D．當(dāng)運動至ab中點時，彈簧彈力為0，此時小球2對小球的力為斜面對小球的支持力為根據(jù)牛頓第三定律可知，小球?qū)π泵娴膲毫Υ笮?，故D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。.某同學(xué)要將一小量程電流表（滿偏電流為，內(nèi)阻為）改裝成有兩個量程的電流表，設(shè)計電路如圖（a）所示，其中定值電阻，。

（）當(dāng)開關(guān)S接A端時，該電流表的量程為___________；（2）當(dāng)開關(guān)S接B端時，該電流表的量程比接在A端時___________（填“大”或“小”）（）該同學(xué)選用量程合適電壓表（內(nèi)阻未知）和此改裝電流表測量未知電阻的阻值，設(shè)計了圖（b）中兩個電路。不考慮實驗操作中的偶然誤差，則使用___________（填“甲”或“乙”）電路可修正由電表內(nèi)阻引起的實驗誤差。

【答案】①.②.大③.乙【解析】【詳解】（）[]由圖可知當(dāng)S接A時，R和R2串聯(lián)接入電路，和電流表并聯(lián)，滿偏時電流表兩端的電壓為此時R和R2的電流為所以總電流為即量程為0~mA。（2）[2]當(dāng)開關(guān)S接B端時，由圖可知R和電流表串聯(lián)再和R2并聯(lián)，由于和電流表并聯(lián)的電阻變小，當(dāng)電流表滿偏時，流過R2的電流變大，干路電流變大，即量程變大；所以比接在A端時大。（）[]圖甲是電流表的外接法，誤差是由于電壓表的分流引起的；圖乙是電流表的內(nèi)接法，誤差是由于電流表的分壓引起的，因為題目中電壓表電阻未知，故采用圖乙的方法可以修正由電表內(nèi)阻引起的實驗誤差。2.某同學(xué)利用如圖所示的裝置測量重力加速度，其中光柵板上交替排列著等寬度的遮光帶和透光帶（寬度用d表示）。實驗時將光柵板置于光電傳感器上方某高度，令其自由下落穿過光電傳感器。光電傳感器所連接的計算機(jī)可連續(xù)記錄遮光帶、透光帶通過光電傳感器的時間間隔。

（）除圖中所用的實驗器材外，該實驗還需要___________（填“天平”或“刻度尺”）；（2）該同學(xué)測得遮光帶（透光帶）的寬度為，記錄時間間隔的數(shù)據(jù)如表所示，編號遮光帶2遮光帶遮光帶…7.048.670.00…根據(jù)上述實驗數(shù)據(jù)，可得編號為的遮光帶通過光電傳感器的平均速度大小為___________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（）某相鄰遮光帶和透光帶先后通過光電傳感器的時間間隔為，則重力加速度___________（用d、表示）；（4）該同學(xué)發(fā)現(xiàn)所得實驗結(jié)果小于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，請寫出一條可能的原因：___________。【答案】①.刻度尺②..5③.④.光柵板受到空氣阻力的作用【解析】【詳解】（）[]該實驗測量重力加速度，不需要天平測質(zhì)量；需要用刻度尺測量遮光帶（透光帶）的寬度，故需要刻度尺；（2）[2]根據(jù)平均速度的計算公式可知（）[]根據(jù)勻變速直線運動平均速度等于中間時刻的速度，有可得（4）[4]光柵板的長度明顯，下落過程中受到空氣阻力的影響，所以豎直向下的加速度小于重力加速度。.2022年北京冬奧會短道速滑混合團(tuán)體2000米接力決賽中，我國短道速滑隊奪得中國隊在本屆冬奧會的首金。（）如果把運動員起跑后進(jìn)入彎道前的過程看作初速度為零的勻加速直線運動，若運動員加速到速度時，滑過的距離，求加速度的大??；（2）如果把運動員在彎道滑行的過程看作軌道為半圓的勻速圓周運動，如圖所示，若甲、乙兩名運動員同時進(jìn)入彎道，滑行半徑分別為，滑行速率分別為，求甲、乙過彎道時的向心加速度大小之比，并通過計算判斷哪位運動員先出彎道。

【答案】（）；（2），甲【解析】【詳解】（）根據(jù)速度位移公式有代入數(shù)據(jù)可得（2）根據(jù)向心加速度的表達(dá)式可得甲、乙的向心加速度之比為甲、乙兩物體做勻速圓周運動，則運動的時間為代入數(shù)據(jù)可得甲、乙運動的時間為，因，所以甲先出彎道。4.如圖所示，光滑水平面和豎直面內(nèi)的光滑圓弧導(dǎo)軌在B點平滑連接，導(dǎo)軌半徑為R。質(zhì)量為m的帶正電小球?qū)⑤p質(zhì)彈簧壓縮至A點后由靜止釋放，脫離彈簧后經(jīng)過B點時的速度大小為，之后沿軌道運動。以O(shè)為坐標(biāo)原點建立直角坐標(biāo)系，在區(qū)域有方向與x軸夾角為的勻強(qiáng)電場，進(jìn)入電場后小球受到的電場力大小為。小球在運動過程中電荷量保持不變，重力加速度為g。求：（）彈簧壓縮至A點時的彈性勢能；（2）小球經(jīng)過O點時的速度大??；（）小球過O點后運動的軌跡方程。【答案】（）；（2）；（）【解析】【詳解】（）小球從A到B，根據(jù)能量守恒定律得（2）小球從B到O，根據(jù)動能定理有解得（）小球運動至O點時速度豎直向上，受電場力和重力作用，將電場力分解到x軸和y軸，則x軸方向有豎直方向有解得，說明小球從O點開始以后的運動為x軸方向做初速度為零的勻加速直線運動，y軸方向做勻速直線運動，即做類平拋運動，則有，聯(lián)立解得小球過O點后運動的軌跡方程5.如圖所示，兩平行光滑長直金屬導(dǎo)軌水平放置，間距為L。區(qū)域有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向上。初始時刻，磁場外的細(xì)金屬桿M以初速度向右運動，磁場內(nèi)的細(xì)金屬桿N處于靜止?fàn)顟B(tài)。兩金屬桿與導(dǎo)軌接觸