2023年河南省普通高中高考物理適應(yīng)性試卷+答案解析(附后)

2023年河南省普通高中高考物理適應(yīng)性試卷1.如圖是戶(hù)外活動(dòng)時(shí)常用的一種使攜式三腳架，它由三根長(zhǎng)度均為l的輕桿通過(guò)鉸鏈組合在一起，每根輕桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動(dòng)。將三腳架靜止放在水平地面上，吊鍋通過(guò)一根細(xì)鐵鏈靜止懸掛在三腳架正中央，三腳架頂點(diǎn)離地的高度間的摩擦忽略不計(jì)。則()。吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)量為m，支架與鉸鏈A.每根輕桿中的彈力大小為B.每根輕桿對(duì)地面的摩擦力大小為C.減小h時(shí)，每根輕桿對(duì)地面的壓力增大D.減小h時(shí)，每根輕桿對(duì)地面的摩擦力減小2.2022年11月30日，神舟十五號(hào)、神舟十四號(hào)航天員乘組在空間站成功會(huì)師，航天員可以通過(guò)同步衛(wèi)星與地面進(jìn)行實(shí)時(shí)聯(lián)系。設(shè)空間站與同步衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知空間站的運(yùn)行周期約為。則下列相關(guān)說(shuō)法正確的是()A.航天員在空間站中所受的重力為0B.航天員在空間站中漂浮時(shí)處于平衡狀態(tài)C.空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的速度大于同步衛(wèi)星的速度D.空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的加速度小于同步衛(wèi)星的加速度3.圖甲為氫原子的能級(jí)圖，大量處于于或等于激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時(shí)，發(fā)出頻率不同的大量光子，這些光子照射到圖乙電路中光電管陰極K上，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表示數(shù)大時(shí)，電流表示數(shù)為零，則陰極K的逸出功為()A.B.C.D.第1頁(yè)，共20頁(yè)4.如圖甲所示，一圓心為O的圓形區(qū)域處在平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，其半徑的電勢(shì)隨變化的關(guān)系如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是()。M為圓弧上一點(diǎn)，若半徑OM沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，為OM從OA位置開(kāi)始旋轉(zhuǎn)的角度，M點(diǎn)A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向?yàn)榇怪庇贏C連線向上C.將一質(zhì)子由B點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針移至D點(diǎn)，電勢(shì)能增加2eVD.將一電子由A點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針移至C點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功5.如圖，將一籃球從地面上方B點(diǎn)斜向上拋出，球恰好垂直擊中豎直籃板上的A點(diǎn)，球擊中籃板前后瞬間速度大小不變、方向相反。測(cè)得B點(diǎn)位置與籃板的水平距離為3m，距水平地面高度為A點(diǎn)距地面高度為，。籃球視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量為，空氣阻力忽略不計(jì)。下列，重力加速度大小g取()說(shuō)法正確的是A.球從拋出到擊中籃板的過(guò)程所用時(shí)間為B.球擊中籃板前瞬間的速度大小為C.球?qū)@板的沖量大小為D.球從B點(diǎn)拋出時(shí)的動(dòng)能為6.圖甲為家用燃?xì)怆娮用}沖點(diǎn)火裝置的簡(jiǎn)化原理圖，通過(guò)轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為如圖乙所示的正弦交流電壓，并加在理想變壓器的原線圈上，再經(jīng)變壓器升成峰值是15kV的高電壓。當(dāng)放電針間電壓值達(dá)到15kV時(shí)進(jìn)行一次尖端放電，由放電火花引燃燃?xì)?。下列說(shuō)法正確的是()第2頁(yè)，共20頁(yè)A.理想交流電壓表V的示數(shù)為15VB.放電針每秒可尖端放電100次C.變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1：1000D.不經(jīng)過(guò)轉(zhuǎn)換器，只要副線圈的匝數(shù)足夠大就可以引燃燃?xì)?.如圖，在豎直邊界MN左側(cè)存在一方向垂直于豎直平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。磁場(chǎng)中有一個(gè)由勻質(zhì)導(dǎo)線制成的單匝圓形線圈，最初置于與邊界MN相切于O點(diǎn)的位置，線圈可繞過(guò)O點(diǎn)的水平光滑轉(zhuǎn)軸在豎直平面內(nèi)自由擺動(dòng)。已知線圈質(zhì)量為m，半徑為r，電阻為R?，F(xiàn)將線圈從初始位置由靜止釋放，向右擺至最高點(diǎn)時(shí)，直徑OP轉(zhuǎn)過(guò)的角度為擺動(dòng)過(guò)程中線圈所受的空氣阻力不計(jì)，重力加速度大小為g。則()。A.線圈擺動(dòng)時(shí)，所受安培力的方向始終和邊界MN垂直B.線圈從釋放到第一次擺至右側(cè)最高點(diǎn)的過(guò)程中，安培力對(duì)線圈做的功為C.線圈從釋放到最后靜止的過(guò)程中，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為D.線圈從釋放到最后靜止的過(guò)程中，通過(guò)線圈導(dǎo)線橫截面的電荷量為輕質(zhì)彈簧一端系在傾角為的固定光滑斜面底端，另一端與球B相連，球B8.如圖甲所示，處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將球A置于球B上方斜面某位置處，并以此位置作為原點(diǎn)O，沿平行于斜面向下為正方向建立x軸坐標(biāo)系。某時(shí)刻將球A由靜止釋放，A與B碰撞后以共同速度沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，碰撞時(shí)間極短，測(cè)得球A的動(dòng)能中與其位置坐標(biāo)x的關(guān)系如圖乙所示，圖像之間為直線，其余部分為曲線。球A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，第3頁(yè)，共20頁(yè)不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。則()A.A、B的質(zhì)量之比為1：3C.A與B碰撞后在B.A與B碰撞后在位置處速度最大位置處加速度最大D.彈簧的勁度系數(shù)為9.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲的裝置測(cè)量物塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：用游標(biāo)卡尺測(cè)量圖甲中固定于物塊上遮光片的寬度d，示數(shù)如圖乙所示，______mm。在桌面上固定好輕彈簧和光電門(mén)，其中O為彈簧未壓縮時(shí)物塊的位置，將光電門(mén)與數(shù)字計(jì)時(shí)器連接圖中未畫(huà)出。用物塊將彈簧壓縮至位置P，測(cè)量出物塊到光電門(mén)的距離為出物塊上的遮光片通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為測(cè)得的物理量符號(hào)表示將光電門(mén)向右移動(dòng)到某一合適位置，仍用物塊將彈簧壓縮至位置P，測(cè)量出物塊到光電門(mén)的距離為擦因數(shù)。將物塊由靜止釋放，測(cè)出物塊通過(guò)光電門(mén)的速度______。用和重力加速度g表示，則物塊與桌面之間的動(dòng)摩。將物塊由靜止釋放，測(cè)______。用題中，則物塊通過(guò)光電門(mén)的速度10.為測(cè)量一段長(zhǎng)度已知為l、粗細(xì)均勻的電阻絲的電阻率，某小組采用了如下實(shí)驗(yàn)操作：用圖甲中的螺旋測(cè)微器測(cè)量電阻絲的直徑d。先將電阻絲輕輕地夾在測(cè)砧與測(cè)微螺桿之間，當(dāng)測(cè)微螺桿快接近電阻絲時(shí)，再旋轉(zhuǎn)______選填“①”“②”或“③”，直到聽(tīng)見(jiàn)“喀喀”的聲音為止；測(cè)量時(shí)需要選擇電阻絲的不同位置進(jìn)行多次測(cè)量，再取平均值作為電阻絲的直徑，其目的是減小______選填“偶然”或“系統(tǒng)”誤差。用圖乙所示電路圖測(cè)量電阻絲的電阻把圖丙中的實(shí)物電路補(bǔ)充完整。，其中為一定值電阻。請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，第4頁(yè)，共20頁(yè)第一次按圖乙所示的電路測(cè)量，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，測(cè)得多組電壓U及電流I的值；第二次將電壓表改接在a、b兩點(diǎn)測(cè)量，測(cè)得多組電壓U及電流I的值，并作出如圖丁所示的圖像。則第一次測(cè)量得到的圖線是______選填“M”或“N”，由圖像可得電阻______，最后，根據(jù)電阻定律可求得電阻絲的電阻率______。用及絲的電阻常量表示11.如圖，短道速滑接力比賽時(shí)，“交棒”的運(yùn)動(dòng)員在到達(dá)接力地點(diǎn)時(shí)，需要推送一下前面“接棒”的隊(duì)友以完成接力。在某次直道交接訓(xùn)練中，質(zhì)量為50kg的隊(duì)員甲以的速度勻速向質(zhì)量為60kg的隊(duì)員乙滑來(lái)，當(dāng)甲運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，乙從Q點(diǎn)開(kāi)始滑動(dòng)，乙起滑后到交接前的運(yùn)動(dòng)可看作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為，甲、乙兩人在M點(diǎn)完成交接，交接時(shí)間很短。交接前瞬間乙的。隊(duì)員甲完成推送后在水平直道上自然，速度大小是甲的，交接后乙的速度大小為向前滑行了，直至撞上緩沖墊后停下，此過(guò)程甲與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。求：重力加速度的大小g取在直道上，乙在距甲多遠(yuǎn)的距離處開(kāi)始滑動(dòng)；隊(duì)員甲撞上緩沖墊時(shí)的速度大小。第5頁(yè)，共20頁(yè)12.如圖為一質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖，兩塊相距為的平行金屬板A、B正對(duì)且水平放置，兩板間加有可調(diào)節(jié)的電壓，直于金屬板，O與、分別為板中心處的兩個(gè)小孔，點(diǎn)O與、共線且連線垂的距離。在以O(shè)為圓心、R為半徑的圓形區(qū)域內(nèi)存在一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。圓弧CD為記錄粒子位置的膠片，圓弧上各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離以及圓弧兩端點(diǎn)C、D間的距離均為2R，C、D兩端點(diǎn)的連線垂直于A、B板。粒子從處無(wú)初速地進(jìn)入到A、B間的電場(chǎng)后，通過(guò)進(jìn)入磁場(chǎng)，粒子所受重力不計(jì)。當(dāng)A、B兩板間電壓為一質(zhì)量為時(shí)，粒子恰好打在圓弧CD的中點(diǎn)，求該粒子的比荷；的粒子從磁場(chǎng)射出后，恰好打在圓弧上的C端點(diǎn)；在相同加速電壓下，該粒子的一個(gè)同位素粒子則恰好打在圓弧上的D端點(diǎn)，求這個(gè)同位素粒子的質(zhì)量；一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從從處無(wú)初速地進(jìn)入電場(chǎng)，當(dāng)間所加電壓不同時(shí)，粒子直至打在圓弧CD上所經(jīng)歷的時(shí)間t會(huì)不同，求t的最小值。13.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、CD、后又回到狀態(tài)A其。中，和和為等溫過(guò)程，為絕熱過(guò)程氣體與外界無(wú)熱量交換，這就是著名的()“卡諾循環(huán)”。該循環(huán)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.B.C.D.過(guò)程中，外界對(duì)氣體做功過(guò)程中，氣體始終放熱過(guò)程中，氣體的內(nèi)能減小過(guò)程中，氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積上碰撞的次數(shù)減少E.從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)一個(gè)循環(huán)又回到A的過(guò)程中，氣體吸熱大于放熱第6頁(yè)，共20頁(yè)14.如圖所示，體積為的導(dǎo)熱容器被一光滑導(dǎo)熱活塞厚度忽略不計(jì)分成A、B兩個(gè)氣室，各封閉一定質(zhì)量的氣體，平衡時(shí)B室體積是A室體積的2倍，A容器上連接有一管內(nèi)氣體體積不計(jì)的U形管，管右側(cè)上端開(kāi)口，兩側(cè)水銀柱高度差為76cm，B室容器可通過(guò)一閥門(mén)K與大氣相通。已知外界大氣壓，環(huán)境溫度。環(huán)境溫度保持不變，將閥門(mén)K打開(kāi)，穩(wěn)定后B室內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量和B室原有氣體質(zhì)量之比是多少？打開(kāi)閥門(mén)K，穩(wěn)定后，若將環(huán)境溫度緩慢升高，當(dāng)環(huán)境溫度升至多少時(shí)，活塞C恰好能到達(dá)容器的最左端。15.如圖所示，兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于和處，兩列波的傳播速度均為，兩波源的振幅均為和。圖示為時(shí)刻兩列波的圖像，此時(shí)刻平衡位置處于點(diǎn)M的平衡位置處于的兩質(zhì)點(diǎn)P、Q剛開(kāi)始振動(dòng)，質(zhì)處。下列說(shuō)法正確的是()A.B.D.E.時(shí)刻，兩列波開(kāi)始相遇時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P、Q均運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)C.質(zhì)點(diǎn)P、Q的起振方向均沿y軸負(fù)方向時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q的速度為0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M的位移為16.如圖，一玻璃磚的橫截面為一圓心為O、半徑為R的半圓，直徑AB與水平地面垂直并接觸于A點(diǎn)，OM水平。一束激光從玻璃磚圓弧面BM射向圓心O，逐漸增大激光的入射角i，發(fā)現(xiàn)水平地面上的兩個(gè)光斑逐漸靠近，當(dāng)?shù)孛嫔蟿偤弥挥幸粋€(gè)光斑時(shí)，此光斑第7頁(yè)，共20頁(yè)距A點(diǎn)的距離為。求玻璃磚的折射率n；若該束激光以的入射角從右側(cè)斜向下射向AB上的N點(diǎn)，已知ON間的距離為，不考慮激光在AMB弧面上的反射，求此時(shí)地面上兩個(gè)光斑之間的距離x。第8頁(yè)，共20頁(yè)答案和解析1.【答案】BC、【解析】解：以整個(gè)裝置為研究對(duì)象，設(shè)地面對(duì)每根桿的支持力為N，由平衡條件可知解得：則減小h時(shí)，每根輕桿所受支持力大小不變，根據(jù)牛頓第三定律得，輕桿對(duì)地面壓力大小不變，故C錯(cuò)誤；ABD、以吊鍋和細(xì)鐵鏈為研究對(duì)象，設(shè)每根桿中的彈力為方向上，根據(jù)平衡條件可得：水平方向上，根據(jù)平衡條件得，地面對(duì)每根桿的摩擦力大小為，聯(lián)立解得：減小h時(shí)，增大，故B正確，AD錯(cuò)誤。故選：B。以整個(gè)裝置為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件和牛頓第三定律判斷輕桿對(duì)地面壓力大小的變化；以吊鍋和細(xì)鐵鏈為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件求解地面與桿之間的摩擦力。本題考查共點(diǎn)力平衡，解題關(guān)鍵是靈活選擇研究對(duì)象并對(duì)其受力分析，根據(jù)平衡條件列式求解即可。，增大，摩擦力增大，根據(jù)牛頓第三定律得，每根桿對(duì)地面的摩擦力增大，，桿與豎直方向的夾角為，在豎直2.【答案】C【解析】解：A、航天員在圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的空間站中，處于完全失重狀態(tài)，此時(shí)航天員仍受重力的作用，且由重力正好充當(dāng)向心力，故A錯(cuò)誤；B、此時(shí)宇航員只受到地球的引力作用，處于非平衡狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得，可得。因?yàn)榭臻g站的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的的軌道半徑，所以其線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，故C正確；D、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，因?yàn)榭臻g站運(yùn)動(dòng)的周期比地球同步衛(wèi)星的周期小，因此空間站，解得，即的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)牛頓第二定律，則知空間站的加速度比地球同步衛(wèi)星的加速度大，故D錯(cuò)誤。第9頁(yè)，共20頁(yè)故選：C?？臻g站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和萬(wàn)有引力定律相結(jié)合列式分析。解題關(guān)鍵要知道空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力。選擇合適的向心力公式列式進(jìn)行判斷。3.【答案】A【解析】解：最大能量的光子為從激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)而產(chǎn)生的，根據(jù)甲圖可得：根據(jù)公式代入數(shù)據(jù)解得：故選：A。根據(jù)能級(jí)差得出光子的能量，結(jié)合光電效應(yīng)方程和動(dòng)能定理得出陰極的逸出功。本題主要考查了光電效應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，熟悉能級(jí)差的計(jì)算，結(jié)合遏止電壓的概念和光電效應(yīng)方程即可完成分析。，故A正確，BCD錯(cuò)誤；4.【答案】C【解析】解：由圖像可知，當(dāng)時(shí)，M點(diǎn)電勢(shì)最低為1V；當(dāng)時(shí)，N點(diǎn)電勢(shì)最高為5V，如圖甲：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度定義式，則勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小錯(cuò)誤；B.由當(dāng)圖像，即圖乙：，故A時(shí)，F(xiàn)點(diǎn)電勢(shì)為3V，勻強(qiáng)電場(chǎng)沿任意方向電勢(shì)降落都是均勻的，故NM中點(diǎn)O點(diǎn)電勢(shì)為3V，OF為等勢(shì)線，則由幾何關(guān)系知OF與OM垂直，電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，則電場(chǎng)線的方向第10頁(yè)，共20頁(yè)由N指向M，如圖所丙，故B錯(cuò)誤；C.過(guò)B和D點(diǎn)作MN的垂線，根據(jù)公式，，則質(zhì)子由B點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針移至D點(diǎn)，電勢(shì)能變化等于電場(chǎng)力做功相反數(shù)，故電勢(shì)能變化量故質(zhì)子由B點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針移至D點(diǎn)，電勢(shì)能增加2eV，故C正確；D.M點(diǎn)電勢(shì)最低，N點(diǎn)電勢(shì)最高，所以從A點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針至C點(diǎn)，電勢(shì)先減小后增大，電子的電勢(shì)能先增大后減小，電勢(shì)能變化等于電場(chǎng)力做功相反數(shù)，所以電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故D錯(cuò)誤。故選：C。根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度定義式，求勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小；電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直；根據(jù)公式，，，求電勢(shì)能變化；電勢(shì)能變化等于電場(chǎng)力做功相反數(shù)。本題解題關(guān)鍵是掌握電場(chǎng)強(qiáng)度定義、電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直、電勢(shì)能變化等于電場(chǎng)力做功相反數(shù)，是一道中等難度題。5.【答案】BD【解析】解：A、籃球反向運(yùn)動(dòng)可以看作平拋運(yùn)動(dòng)，因此運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，故A錯(cuò)誤；B、球擊中籃板前后瞬間速度大小為：，故B正確；C、球擊中籃板前后瞬間速度大小不變，方向相反，根據(jù)動(dòng)量定理可得：，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)動(dòng)能定理有：解得：故選：BD。根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律計(jì)算運(yùn)動(dòng)時(shí)間和瞬時(shí)速度；根據(jù)動(dòng)量定理計(jì)算沖量的大??；根據(jù)動(dòng)能定理解得B點(diǎn)的動(dòng)能。本題主要考查學(xué)生對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)的理解，學(xué)生需要掌握平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律并靈活應(yīng)用。，故D正確。6.【答案】BC第11頁(yè)，共20頁(yè)【解析】解：由圖乙，原線圈電壓最大值15V，電壓表示數(shù)為有效值，即電壓表示數(shù)，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)圖象，每個(gè)周期放電2次，1s為50個(gè)周期，故放電針每秒可尖端放電100次，故B正確；C.瞬時(shí)電壓大于15000V即火花放電，即副線圈輸出電壓最大值根據(jù)理想變壓器，電壓比等于匝數(shù)比，故變壓比，故C正確；D.不經(jīng)過(guò)轉(zhuǎn)換器，變壓器原線圈接恒定電流，副線圈兩端的電壓為零，不能點(diǎn)燃燃?xì)?，故D錯(cuò)誤。故選：BC。電壓表示數(shù)為有效值，等于峰值除以；每個(gè)周期放電2次，通過(guò)周期次數(shù)，確定放電次數(shù)；根據(jù)理想變壓器，電壓比等于匝數(shù)比，分析變壓比；接恒定電流，副線圈兩端的電壓為零，不能點(diǎn)燃燃?xì)?。本題解題關(guān)鍵是掌握電壓表示數(shù)為有效值，等于峰值除以是一道基礎(chǔ)題。、理想變壓器，電壓比等于匝數(shù)比，7.【答案】AD【解析】解：A、根據(jù)楞次定律的推論可知，安培力的方向總是阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性，圓與MN的交線恰好為圓的弦，安培力與弦垂直，故安培力的方向始終和邊界MN垂直，且與運(yùn)動(dòng)方向相反，故A正確；B、根據(jù)動(dòng)能定理：錯(cuò)誤；C、線圈最終停在OP與MN重合的位置，根據(jù)能量守恒可知線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為：故C錯(cuò)誤；D、線圈從釋放到最后靜止的過(guò)程中，通過(guò)線圈導(dǎo)線橫截面的電荷量：，整理得故選：AD。根據(jù)楞次定律分析出線圈所受安培力的方向；根據(jù)動(dòng)能定理求安培力對(duì)線圈的做功；先確定線圈最終停止的位置，由能量守恒定律求整個(gè)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱；聯(lián)立法拉第電磁感定律、歐姆定律和電流的定義式得出通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量與磁通量變化量的關(guān)系并完成分析。，故D正確。，而，，可知第一次安培力做的功：，故B第12頁(yè)，共20頁(yè)本題主要考查了電磁感應(yīng)定律的相關(guān)應(yīng)用，熟練應(yīng)用楞次定律和在電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)換關(guān)系，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是熟記通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量的計(jì)算公式。8.【答案】ACD【解析】解：A、由圖乙可知，球A與球B碰撞前的動(dòng)能的速度，球A與球B碰撞后的動(dòng)能，可得球與球B碰撞前，解得球A與球B碰撞后的速度，解得：，球A與球B碰撞時(shí)間極短，根據(jù)動(dòng)量守恒定律：3，故A正確；B、A與B碰撞后A在由圖乙可知，錯(cuò)誤；C、根據(jù)動(dòng)能定理有A與B碰撞后在，則可知處動(dòng)能最大，則A與B碰撞后在位置處速度最大，故B圖的斜率代表物體所受的合外力，由圖Z可知位置處合外力最大，即加速度最大，故C正確；，結(jié)合圖甲根據(jù)平衡條D、彈簧上端與球B相連，球B處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)此時(shí)彈簧的形變量為件可知，由圖乙可知，當(dāng)AB一起運(yùn)動(dòng)到時(shí)，速度最大，根據(jù)平衡條件的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理，球A從0點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到位置，聯(lián)立解得故選：ACD。，故D正確；根據(jù)動(dòng)能定理得出物塊的速度，結(jié)合動(dòng)量守恒定律得出質(zhì)量的比值關(guān)系；根據(jù)圖乙可以分析A與B碰撞后在位置處速度最大；根據(jù)動(dòng)能定理列式，再整理出圖像，根據(jù)圖像的斜率表示合外力即可分析加速度；根據(jù)平衡條件列式得出勁度系數(shù)的表達(dá)式。本題主要考查了功能關(guān)系的相關(guān)應(yīng)用，熟悉動(dòng)能定理的應(yīng)用，理解圖像的物理意義，同時(shí)要理解速度最大時(shí)物塊的加速度為零。9.【答案】【解析】解：，讀數(shù)為該游標(biāo)卡尺的分度值為物塊通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間很短，可利用物塊通過(guò)光電門(mén)的平均速度近似看作瞬時(shí)速度，則物塊通過(guò)光電門(mén)的速度為用物塊將彈簧壓縮至位置P，測(cè)量出物塊到光電門(mén)的距離為能量守恒有，通過(guò)光電門(mén)的速度為，由第13頁(yè)，共20頁(yè)將光電門(mén)向右移動(dòng)到某一合適位置，仍用物塊將彈簧壓縮至位置P，測(cè)量出物塊到光電門(mén)的距離為，通過(guò)光電門(mén)的速度為，則聯(lián)立解得：故答案為：；；。，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺刻度加游標(biāo)尺的該游標(biāo)卡尺為20分度游標(biāo)卡尺，分度值為讀數(shù)；物塊通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間很短，利用物塊通過(guò)光電門(mén)的平均速度近似看作瞬時(shí)速度；根據(jù)能量守恒定律分析即可。本題考查求解動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)，結(jié)合能量守恒定律分析求解即可。10.【答案】③偶然【解析】解：為保護(hù)螺旋測(cè)微器，將電阻絲輕輕地夾在測(cè)砧與測(cè)微螺桿之間，再旋動(dòng)微調(diào)旋鈕③，直到聽(tīng)見(jiàn)喀喀的聲音以保證壓力適當(dāng)，同時(shí)防止螺旋測(cè)微器的損壞；為減小由于測(cè)量不準(zhǔn)確帶來(lái)的偶然誤差，選擇電阻絲的不同位置進(jìn)行多次測(cè)量；根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如圖第一次測(cè)量按乙圖的電路，根據(jù)歐姆定律可得在a、b兩端，根據(jù)歐姆定律可得由圖像數(shù)據(jù)可得，聯(lián)立可得可得；，可知，，第二次測(cè)量將電壓表改接，可知第一次測(cè)量得到圖線是M，，由電阻定律第14頁(yè)，共20頁(yè)故答案為：③，偶然；；，25，。根據(jù)螺旋測(cè)微器結(jié)構(gòu)明確進(jìn)行微調(diào)的部位；為減小偶然誤差要進(jìn)行多次測(cè)量求平均值；根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖；根據(jù)電路圖與圖示圖象應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出電阻絲阻值，根據(jù)電阻的決定式即可求解。要掌握常用器材的使用方法、注意事項(xiàng)與讀數(shù)方法；為減小偶然誤差要進(jìn)行多次測(cè)量求平均值；根據(jù)電路圖與圖示圖象應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律才能求出電阻絲阻值。11.【答案】解：對(duì)甲有對(duì)乙有設(shè)乙開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)與甲之間的距離為x，乙從Q點(diǎn)滑到M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為s。聯(lián)立以上各式，代入相關(guān)已知數(shù)據(jù)得甲、乙兩人在交接過(guò)程中動(dòng)量守恒，以代入相關(guān)數(shù)據(jù)解得甲推送完乙直至剛要接觸緩沖墊的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有代入相關(guān)已知數(shù)據(jù)，求得甲撞上緩沖墊時(shí)的速度大小答：在直道上，乙在距甲的距離處開(kāi)始滑動(dòng)；。方向?yàn)檎较?，則隊(duì)員甲撞上緩沖墊時(shí)的速度大小【解析】根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)位移公式和勻加速直線運(yùn)動(dòng)位移公式，結(jié)合甲乙位移關(guān)系，求距離；根據(jù)甲乙交接過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒和甲推送完乙直至剛要接觸緩沖墊的過(guò)程中由動(dòng)能定理，求隊(duì)員甲撞上緩沖墊時(shí)的速度大小。本題是一道綜合性較強(qiáng)的題，考查學(xué)生對(duì)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒以及動(dòng)能定理的掌握，是一道中等難度題。第15頁(yè)，共20頁(yè)12.【答案】解：根據(jù)題意作圖如下：粒子從到的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由向心力公式有由題意知，粒子的軌跡如圖中①所示，由幾何關(guān)系知粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑聯(lián)立以上各式，解得粒子的比荷為當(dāng)質(zhì)量為的粒子打在圓弧的C端點(diǎn)時(shí)，軌跡如圖中②所示根據(jù)幾何關(guān)系可得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑當(dāng)該粒子的同位素粒子打在圓弧的D端點(diǎn)時(shí)，軌跡如圖中③所示軌跡半徑為由中得粒子質(zhì)量的通用表達(dá)式為則解得這個(gè)同位素粒子的質(zhì)量為通過(guò)分析可知：當(dāng)粒子沿軌跡②最終打在膠片的C端點(diǎn)時(shí)，對(duì)應(yīng)粒子在整個(gè)過(guò)程中經(jīng)歷的時(shí)間最短，此時(shí)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為由得到該粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為粒子在電場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間為粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間，而由此得到第16頁(yè)，共20頁(yè)粒子出磁場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)經(jīng)歷的時(shí)間為則粒子從進(jìn)入電場(chǎng)到打在膠片上所經(jīng)歷的最短時(shí)間為答：B兩板間電壓為當(dāng)A、時(shí)，粒子恰好打在圓弧CD的中點(diǎn)，該粒子的比荷為；一質(zhì)量為的粒子從磁場(chǎng)射出后，恰好打在圓弧上的C端點(diǎn)；在相同加速電壓下，該粒子的；一個(gè)同位素粒子則恰好打在圓弧上的D端點(diǎn)，這個(gè)同位素粒子的質(zhì)量一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從處無(wú)初速地進(jìn)入電場(chǎng)，當(dāng)間所加電壓不同時(shí)，粒子從。直至打在圓弧CD上所經(jīng)歷的時(shí)間t會(huì)不同，t的最小值為【解析】根據(jù)動(dòng)能定理及向心力公式結(jié)合幾何關(guān)系求該粒子的比荷；根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合中得粒子質(zhì)量的通用表達(dá)式求這個(gè)同位素粒子的質(zhì)量；通過(guò)分析可知：當(dāng)粒子沿軌跡②最終打在膠片的C端點(diǎn)時(shí)，對(duì)應(yīng)粒子在整個(gè)過(guò)程中經(jīng)歷的時(shí)間最短，由此分析求t的最小值。本題考查帶電粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)的組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。學(xué)生需根據(jù)題意由動(dòng)能定理及向心力公式結(jié)合幾何關(guān)系綜合分析求解。13.【答案】BDE【解析】解：B.由題由圖可知過(guò)程中，氣體體積增大，則氣體對(duì)外界做功，故A錯(cuò)誤；過(guò)程中氣體體積減小，則外界對(duì)過(guò)程中，氣體始終放熱，故B正確；為等溫過(guò)程，則氣體內(nèi)能不變；由圖可知可知?dú)怏w做功，由熱力學(xué)第一定律C.D.為絕熱過(guò)程，氣體體積變小則外界對(duì)氣體做功，故氣體的內(nèi)能增加，故C錯(cuò)誤；過(guò)程中氣體等溫膨脹，壓強(qiáng)不斷減小，根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義可知?dú)怏w分子在單位時(shí)間內(nèi)過(guò)程中氣體絕熱膨脹，溫度和壓強(qiáng)不斷減小，氣體分與器壁單位面積上碰撞的次數(shù)減少；子在單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積上碰撞的次數(shù)也減少，故D正確；E.在整個(gè)過(guò)程中氣體內(nèi)能的內(nèi)能不變，圖像與橫軸所圍面積表示氣體對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可知整個(gè)過(guò)程中氣體吸熱，故氣體吸熱大于放熱，故E正確。故選：BDE。過(guò)程中，體積增大，氣體對(duì)外界做功，降低，過(guò)程中，等溫壓縮，過(guò)程中，絕熱膨脹，氣體對(duì)外做功，溫度過(guò)程中，絕熱壓縮，外界對(duì)氣體做功，溫度升高，一個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體的溫度不變，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律，即可判斷各個(gè)選項(xiàng)。本題考查了一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對(duì)氣體做功情況，再應(yīng)用熱力學(xué)第一定律與題目所給條件即可正確解題；解題時(shí)，牢記一第17頁(yè)，共20頁(yè)定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能由問(wèn)題溫度決定。14.【答案】解：開(kāi)始時(shí)，A室內(nèi)的氣體壓強(qiáng)為A室內(nèi)的氣體體積為打開(kāi)閥門(mén)，A室氣體等溫變化，穩(wěn)定后壓強(qiáng)為體積為，對(duì)A室氣體，由玻意耳定律得解得B室氣體等溫變化，穩(wěn)定后壓強(qiáng)為，，對(duì)B室氣體，由玻意耳定律得解得則穩(wěn)定后B室內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量和B室原有氣體質(zhì)量之比為活塞C恰好能到達(dá)容器的最左端過(guò)程中，是等壓變化，對(duì)A分析解得答：環(huán)境溫度保持不變，將閥門(mén)K打開(kāi)，穩(wěn)定后B室內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量和B室原有氣體質(zhì)量之比；打開(kāi)閥門(mén)K，穩(wěn)定后，若將環(huán)境溫度緩慢升高，當(dāng)環(huán)境溫度升至450K，活塞C恰好能到達(dá)容器的最左端。【解析】根據(jù)平衡條件和題意，分析A室內(nèi)的氣體壓強(qiáng)和體積，再根據(jù)玻意耳定律求等溫