江西省贛州市2023-2024學(xué)年高三下學(xué)期3月摸底考試物理答案

物理答案題號(hào)12345678910答案BACDCBCBCADBD11．（7分）【答案】（1）C（3分）（2）b（2分）2.5（2分）【解析】（1）根據(jù)條件可以判斷cd間一定處于斷路狀態(tài)，ab間與bc間無(wú)法判斷是否故障。（2）閉合S，當(dāng)導(dǎo)線①與b處連接時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U1=0.95V，I1=0.38A；當(dāng)導(dǎo)線①與c處連接時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U2=1.50V，I2=0.34A?？傻糜梢陨嫌?jì)算可知，電流表的分壓作用較大，因此測(cè)量應(yīng)采用電流表外接法，即導(dǎo)線①與b處連接時(shí)，測(cè)量相對(duì)準(zhǔn)確。由歐姆定律可得色環(huán)電阻的測(cè)量值為12．（8分）【答案】B（2分）（2分）或eq\f(4π2(l2-l1),T22-T12)（2分）無(wú)（2分）【解析】（2）鎖頭經(jīng)過(guò)B處時(shí)，速度最大，此處開(kāi)始計(jì)時(shí)誤差較??；一個(gè)周期經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)兩次，則t=eqN·\f(T,2)解得eqT=\f(2t,N)（3）設(shè)細(xì)線末端與鎖頭重心間的距離為r，由周期公式可得eqT1=2π\(zhòng)r(,\f(l1+r,g))，eqT2=2π\(zhòng)r(,\f(l2+r,g))解得eqg=\f(4π2(l1-l2),T12-T22)或eqg=\f(4π2(l2-l1),T22-T12)（4）由（3）可知，未測(cè)量鎖頭的重心位置，這對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果重力加速度的測(cè)量無(wú)影響。13．（9分）【答案】（1）1.071×105Pa；（2）1.02【解析】（1）瓶?jī)?nèi)氣體的始末狀態(tài)的熱力學(xué)溫度分別為T(mén)=(27+273)K=300K，T'=(33+273)K=306K（2分）溫度變化過(guò)程中體積不變，故由查理定律有eq\f(p,T)=\f(p',T')（2分）解得p'=1.071×105Pa（1分）（2）可以等效為由壓強(qiáng)為p=1.050×105Pa、體積為V'等溫壓縮成壓強(qiáng)為p'=1.071×105Pa、體積為V的氣體，由玻意耳定律有pV'=p'V（2分）解得eq\f(V',V)=1.02（1分）即eq\f(m',m)=eq\f(V',V)=1.02（1分）故氣體的質(zhì)量為原來(lái)1.02倍14．（12分）【答案】（1）eqI=\f(BLv0,R)（2）eqa=\f(4B2L2,mR)(v0-\f(B2L3,mR))【解析】（1）線框ab邊在磁場(chǎng)中切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv0（1分）根據(jù)歐姆定律eqI=\f(E1,R)（1分）解得eqI=\f(BLv0,R)（1分）（2）ab邊在第一個(gè)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，線框產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)eq\o(E,\s\up2(—))=\f(BL2,Δt)（1分）感應(yīng)電流平均值eq\o(I,\s\up2(—))=\f(\o(E,\s\up2(—)),R)（1分）根據(jù)動(dòng)量定理eq-B\o(I,\s\up2(—))L·Δt=mv-mv0（1分）解得ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)B2中時(shí)eqv=v0-\f(B2L3,mR)（1分）線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E2=2BLv（1分）根據(jù)歐姆定律eqI2=\f(E2,R)（1分）根據(jù)牛頓第二定律2BI2L=ma（1分）解得eqa=\f(4B2L2,mR)(v0-\f(B2L3,mR))（2分）15.（18分）【答案】（1）420J（2）0.5m（3）1m/s，0【解析】（1）設(shè)大孩質(zhì)量為M'，沿斜面AB上滑的速度為v'，則根據(jù)機(jī)械能守恒定律eq\f(1,2)M'v'2=M'gssin30°（1分）解得v'=3m/s（1分）由動(dòng)量守恒定律Mv=M'v'（1分）解得M'=40kg大孩做的功W=eq\f(1,2)Mv2+\f(1,2)M'v'2（1分）解得W=420J（1分）（2）由題圖乙得碰后0～0.5s，小孩的加速度大小eqa=\f(Δv,Δt)=3m/s2（1分）根據(jù)牛頓第二定律μMg=Ma（1分）解得μ=0.3（1分）由題圖乙得碰后小孩的速度3m/s，即P第1次與Q碰前瞬間小孩的速度為v0=3m/s，設(shè)此時(shí)P的速度vP0，有Mv=Mv0+mvP0（1分）代入數(shù)據(jù)解得vP0=3m/s（1分）（3）P第1次與Q碰前，小孩在P上的滑動(dòng)距離為l1，由能量守恒有eq\f(1,2)Mv2=\f(1,2)Mv02+\f(1,2)vP02+μMgl1（1分）代入數(shù)據(jù)得eql1=\f(2,3)m（1分）P第1次與Q碰后到共速的過(guò)程中，有Mv0-mvP0=(M+m)v1（1分）解得v1=1.5m/seq\f(1,2)Mv02+\f(1,2)mvP02=\f(1,2)(M+m)v12+μMgl2（1分）解得l2=1.5m（1分）假設(shè)第3次碰撞前，小孩與P仍不分離，P第2次與Q相碰后到共速的過(guò)程中，有Mv1-mv1=(M+m)v2解得v2=eq\f(3,4)m/seq\f(1,2)Mv12+\f(1,2)mv12=\f(1,2)(M+m)v22+μMgl3解得eql1=\f(3,8)m由于l=l1+l2+l3=eq\f(61,24)m>L=2.5m（1分）故不能發(fā)生第3次碰撞，所以P與Q碰撞2次，小孩