（江蘇專用）高考物理總復(fù)習(xí) 課時跟蹤檢測（二十三）閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用-人教版高三物理試題

課時跟蹤檢測(二十三)閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用一、單項選擇題1．將一電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源，與外電路連接，構(gòu)成一個閉合電路，用R表示外電路電阻，I表示電路的總電流，下列說法正確的是()A．由U外＝IR可知，外電壓隨I的增大而增大B．由U內(nèi)＝Ir可知，電源兩端的電壓隨I的增大而增大C．由U外＝E－Ir可知，電源輸出電壓隨輸出電流I的增大而減小D．由P＝IU外可知，電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大2．(2014·江蘇名校檢測)如圖1所示電路中，電流表A和電壓表V均可視為理想電表。現(xiàn)閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器滑片P向左移動，正確的是()圖1A．電流表A的示數(shù)變小，電壓表V的示數(shù)變大B．小燈泡L變亮C．電容器C上電荷量減小D．電源的總功率變大3．(2014·天津高考)如圖2所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置。閉合電鍵S，電路達到穩(wěn)定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動。如果僅改變下列某一個條件，油滴仍能靜止不動的是()圖2A．增大R1的阻值 B．增大R2的阻值C．增大兩板間的距離 D．?dāng)嚅_電鍵S4.(2014·北京西城期末)如圖3所示，電路中RT為熱敏電阻，R1和R2為定值電阻。當(dāng)溫度升高時，RT阻值變小。開關(guān)S閉合后，RT的溫度升高，則下列物理量中變小的是()圖3A．通過RT的電流B．通過R1的電流C．通過R2的電流D．電容器兩極板間的電場強度5．(2014·湖北八校聯(lián)考)在如圖4所示的電路中，開關(guān)S閉合后，由于電阻元件發(fā)生短路或斷路故障，某時刻電壓表和電流表的讀數(shù)都增大，則可能出現(xiàn)了下列哪種故障()圖4A．R1短路 B．R2短路C．R3短路 D．R1斷路6.如圖5所示，A和B為豎直放置的平行金屬板，在兩極板間用絕緣線懸掛一帶電小球。開始時開關(guān)S閉合且滑動變阻器的滑動頭P在a處，此時絕緣線向右偏離豎直方向。(電源的內(nèi)阻不能忽略)下列判斷正確的是()圖5A．小球帶負電B．當(dāng)滑動頭從a向b滑動時，絕緣線的偏角θ變大C．當(dāng)滑動頭從a向b滑動時，電流表中有電流，方向從上向下D．當(dāng)滑動頭停在b處時，電源的輸出功率一定大于滑動頭在a處時電源的輸出功率二、多項選擇題7．(2014·北京海淀檢測)一個微型吸塵器的直流電動機的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動勢為E，內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動機恰好能正常工作，則()A．電動機消耗的總功率為UIB．電動機消耗的熱功率為eq\f(U2,R)C．電源的輸出功率為EID．電源的效率為1－eq\f(Ir,E)8.(2014·上海青浦質(zhì)檢)如圖6所示，直線A、B分別為電源a、b的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，設(shè)兩個電源的內(nèi)阻分別為ra和rb，若將一定值電阻R0分別接到a、b兩電源上，通過R0的電流分別為Ia和Ib，則()圖6A．ra>rbB．Ia>IbC．R0接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源的效率較低D．R0接到b電源上，電源的輸出功率較小，電源的效率較低9．(2014·濱州一模)在如圖7所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻，R為滑動變阻器。開關(guān)閉合后，燈泡L能正常發(fā)光；當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動后，下列說法中正確的是()圖7A．燈泡L變暗B．電容器C的帶電量將增大C．R0兩端的電壓減小D．電源的總功率變小，但電源的輸出功率一定變大10.有一種測量人體重的電子秤，其原理如圖8中虛線內(nèi)所示，它主要由三部分構(gòu)成：踏板、壓力傳感器R(是一個阻值可隨壓力大小而變化的電阻器)、顯示體重的儀表G(實質(zhì)是理想電流表)。設(shè)踏板的質(zhì)量可忽略不計，已知理想電流表的量程為3A，電源電動勢為12V，內(nèi)阻為2Ω，電阻R隨壓力變化的函數(shù)式為R＝30－0.02F(F和R圖8A．該秤能測量的最大體重是1400NB．該秤能測量的最大體重是1300NC．該秤零刻度線(即踏板空載時的刻度線)應(yīng)標(biāo)在電流表G刻度盤0.375A處D．該秤零刻度線(即踏板空載時的刻度線)應(yīng)標(biāo)在電流表G刻度盤0.400A處三、非選擇題11．如圖9所示，電路中電源內(nèi)阻不計，水平放置的平行金屬板A、B間的距離為d，金屬板長為L。在兩金屬板左端正中間位置M，有一個小液滴以初速度v0水平向右射入兩板間，已知小液滴的質(zhì)量為m，帶負電，電荷量為q。要使液滴從B板右側(cè)邊緣射出電場，電動勢E是多大？重力加速度用g表示。圖912．(2014·濟南外國語測試)如圖10甲所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1＝100Ω，R2阻值未知，R3為一滑動變阻器。當(dāng)其滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點是滑片P在變阻器的兩個不同端點得到的。求：圖10(1)電源的電動勢和內(nèi)阻；(2)定值電阻R2的阻值；(3)滑動變阻器的最大阻值。答案1．選C因R的變化，才使I發(fā)生了改變，故不能用U外＝IR來分析U外隨I的變化情況。由閉合電路歐姆定律知，U外＝E－Ir，E、r為定值，故U外隨I的增大而減小，A、B錯，C對；對于P＝IU外，I增大，R減小，若R<r，由輸出功率P隨外電阻變化曲線可知，R減小，P減小，故D錯。2．選A將滑動變阻器滑片P向左移動，電阻R2接入電路部分電阻增大，電流表A的示數(shù)變小，電壓表V的示數(shù)變大，選項A正確；電源輸出電流減小，小燈泡L中電流變小，小燈泡L變暗，選項B錯誤；電容器兩端電壓增大，電容器C上電荷量增大，選項C錯誤；電源輸出電流減小，電源的總功率變小，選項D錯誤。3．選B在直流電路中，R2與電容器串聯(lián)的支路不通，因此電容器兩端的電壓等于R1兩端的電壓，增大R1的阻值，R1兩端的電壓增大，電容器兩端的電壓增大，由E＝eq\f(U,d)可知，電容器兩極板間的電場強度增大，因此板間帶電油滴受到的電場力增大，會向上運動，A項錯誤；增大R2的阻值不改變電路中的總電阻，不改變R1兩端的電壓，因此電容器中的油滴仍保持靜止，B項正確；增大兩板間的距離，而電容器的兩板間的電壓一定，由E＝eq\f(U,d)可知，板間的場強減小，油滴受到的電場力減小，油滴會向下運動，C項錯誤；斷開電鍵S，電容器會通過R1、R2進行放電，使板間場強減小，油滴受到的電場力減小而向下運動，D項錯誤。4．選C開關(guān)S閉合后，RT的溫度升高、阻值變小，通過RT的電流增大，干路電流(即通過R1的電流)增大，R1兩端電壓增大，電容器兩極板間的電場強度增大，R2兩端電壓減小，通過R2的電流減小，C正確。5．選A若電路正常，則電流表測量流過R1的支路電流，電壓表測量R3兩端的電壓。若R1短路，則R2被短路，外電路只有電阻R3接在電源兩端，電流表測量干路電流，電壓表測量路端電壓，兩表示數(shù)均增大，A正確。若R2短路，則R1被短路，電流表示數(shù)為零，B錯誤。若R3短路，則電壓表示數(shù)為零，C錯誤。若R1斷路，則電流表示數(shù)為零，D錯誤。6．選C根據(jù)電路可知A板電勢高于B板電勢，AB間電場強度方向水平向右，小球受電場力也水平向右，故小球帶正電，故A項錯誤；當(dāng)滑動頭從a向b滑動時，路端電壓減小，故R1兩端的電壓減小，極板間電場強度隨之減小，故絕緣線的偏角變小，故B項錯誤；當(dāng)極板間電壓減小，極板的帶電量將減小而放電，又由于A板帶正電，故放電電流從上向下流過電流表，故C項正確；由于電源的內(nèi)電阻與外電阻的大小關(guān)系不確定，所以無法判斷電源的輸出功率變化的規(guī)律，故D項錯誤。7．選AD電動機不是純電阻用電器，電動機消耗的總功率為UI，選項A正確；電動機消耗的熱功率為I2R，選項B錯誤；電源的輸出功率為UI，選項C錯誤；電源的效率為eq\f(U,E)＝eq\f(E－Ir,E)，選項D正確。8．選ABC在電源路端電壓與電流的關(guān)系圖像中斜率表示電源內(nèi)阻，ra>rb，A正確。在圖像中作出定值電阻R0的伏安特性曲線，與電源的伏安特性曲線交點表示電路工作點，Ia>Ib，B正確。R0接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源的效率較低，R0接到b電源上，電源的輸出功率較小，但電源的效率較高，C正確，D錯誤。9．選AB把滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知：電路中總電流I減小，則燈泡L變暗，故A正確；C電容器兩端的電壓UC＝E－Ir，I減小，E、r不變，則UC增大，即電容器兩極板的電壓增大，由Q＝CU知電容器的電量增大，B正確；滑片移動前、后，R0上電壓均為零，C錯誤；由于電源的內(nèi)阻與外電阻的關(guān)系未知，無法判斷電源輸出功率的變化，故D錯誤。10．選AC由E＝I(r＋R)可得R最小值為R＝2Ω。由R＝30－0.02F可得F最大值為1400N，選項A正確B錯誤；該秤零刻度線為F＝0，R＝30Ω，對應(yīng)電流I＝E/(r＋30)＝0.375A11．解析：由閉合電路歐姆定律得I＝eq\f(E,R＋R)＝eq\f(E,2R)兩金屬板間電壓為UAB＝IR＝eq\f(E,2)由牛頓第二定律得qeq\f(UAB,d)－mg＝ma液滴在電場中做類平拋運動，有L＝v0t，eq\f(d,2)＝eq\f(1,2)at2由以上各式解得E＝eq\f(2md2v02,qL2)＋eq\f(2mgd,q)。答案：eq\f(2md2v02,qL2)＋eq\f(2mgd,q)12．解析：(1)題圖乙中AB延長線，交U軸于20V處，交I軸于1.0A處，所以電源的電動勢