2023-2024年上海高三一模分類匯編物理試題（必修3）（解析版）

高級中學名校試卷PAGE2024年高三一模分類匯編（必修3）（2024·上海閔行·統(tǒng)考一模）五、變阻器變阻器作為一種常用的電路元器件，可用于調(diào)節(jié)電流和電壓，達到控制電路的目的。1．在測量金屬絲的電阻率的實驗中，電路如圖所示。（1）若被測電阻絲的電阻在30Ω左右，則實驗中選用的滑動變阻器最合理的阻值范圍為A．0~1Ω

B．0~50Ω

C．0~500Ω

（2）若有一根長為L、直徑為d的金屬絲，測得其阻值為R，則電阻率。2．如圖（b）所示電路，在滑動變阻器的滑片P向左端滑動過程中，電壓表、電流表的示數(shù)變化情況為（）A．兩表示數(shù)均增大 B．電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小C．兩表示數(shù)均減小 D．電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大3．變阻器可以改變電源的輸出功率及用電器功率，在圖（c）電路中電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=2Ω，兩個滑動變阻器變化范圍均為0~10Ω，則當R1=Ω、R2=Ω時可使R2有最大功率?！即鸢浮?．（1）B（2）2．D3．02〖解析〗1．（1）[1]電路圖滑動變阻器采用限流接法，為了調(diào)節(jié)方便，使電表示數(shù)變化明顯，滑動變阻器應選用阻值與待測電阻阻值接近的；若被測電阻絲的電阻在30Ω左右，實驗中選用的滑動變阻器最合理的阻值范圍為0~50Ω。故選B。（2）[2]根據(jù)電阻定律可得又聯(lián)立可得電阻率為2．D3．0，2（2024·上海虹口·高三一模）四、測量電源的電動勢和內(nèi)阻實驗某小組做“測量電源的電動勢和內(nèi)阻”實驗，可提供的器材有：待測干電池一節(jié)（電動勢約1.5V，內(nèi)阻小于1Ω）；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω）；滑動變阻器R（最大阻值20Ω，允許通過電流2A）；定值電阻R1（阻值2Ω）；定值電阻R2（阻值5Ω）；開關一個；導線若干。4．按圖連接電路，移動變阻器的滑片P使電流表示數(shù)逐漸增大。讀取數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)：電流表的示數(shù)從不足0.1A增大到0.6A的過程中，電壓表的指針偏轉(zhuǎn)范圍很小。該現(xiàn)象的主要原因是（）

A．電壓表分流B．干電池內(nèi)阻較小C．電流表內(nèi)阻較小D．滑動變阻器最大阻值較小5．對此問題，同學們在提供器材的基礎上改進了實驗方案。（1）在圖中用筆畫線代替導線，補齊改進后的連線。

（2）正確連接電路，閉合電鍵后，移動變阻器滑片，

發(fā)現(xiàn)電壓表、電流表始終不偏轉(zhuǎn)（已知電池無故障）。同學們猜測可能是某導線斷路，為確認猜測是否正確，小王同學找到一只數(shù)字式多用電表，將表筆插入插孔，選擇開關撥到圖的位置，你認為他的選擇是（選填“合理”或“不合理”）的。若他將選擇開關逆時針從圖位置旋轉(zhuǎn)到下一檔，再將黑表筆接電源負極a，紅表筆分別接c、e，電表讀數(shù)均為1.49V，則斷路的導線是。（3）更換故障導線后，重新實驗，測得數(shù)據(jù)記錄在下表，并在U—I圖上描出對應的數(shù)據(jù)點，如圖所示。

序號1234567I/A0.080.140.200.260.320.360.40U/V1.351.201.050.880.730.710.52①請在圖中，依據(jù)所描的數(shù)據(jù)點，畫出該電池的伏安特性曲線。②由實驗數(shù)據(jù)可知，所選定值電阻為（填“R1”或“R2”）?！即鸢浮?．B5．（1）

（2）不合理ae（3）

R1〖解析〗4．移動變阻器的滑片P使電流表示數(shù)逐漸增大，電流表的示數(shù)從不足0.1A增大到0.6A的過程中，電壓表的指針偏轉(zhuǎn)范圍很小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，則該現(xiàn)象的主要原因是干電池內(nèi)阻較小，使得電壓表示數(shù)U始終接近于干電池的電動勢E。故選B。5．（1）[1]為使電壓表示數(shù)變化明顯，可將一個定值電阻與干電池串聯(lián)，所得電路如下圖所示

（2）[2]干電池為直流電源，選擇開關撥到圖的位置為交流電壓擋位，所以選擇是不合理的。[3]他將選擇開關逆時針從圖位置旋轉(zhuǎn)到下一檔，即為直流電壓擋，此時相當于電壓表。再將黑表筆接電源負極a，紅表筆分別接c、e，電表讀數(shù)均為1.49V，即約為電源電動勢的大小，則斷路的導線是ae。（3）①[4]依據(jù)所描的數(shù)據(jù)點，畫出該電池的伏安特性曲線，如下圖所示

②[5]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結合圖像可得則所選的定值電阻為R1。（2024·上海虹口·高三一模）五、無線充電寶無線充電寶是一種無線移動電源，在發(fā)送端（充電寶）和接收端（手機）各有一個線圈。工作時，發(fā)送端的線圈中通有高頻變化的電流，兩者彼此靠近時，就可以將充電寶中的電能傳送到被充電的手機里。

8．某同學利用同一充電寶的無線充電與有線充電功能分別給同款手機充電。手機兩次電量均從1%充到93%，充電電壓視為恒定，記錄的充電量與充電時間如圖所示。由圖線可知（）

A．無線充電的平均電流較大B．有線充電的平均電流較大C．無線充電與有線充電平均功率的比值約為D．無線充電與有線充電平均功率的比值約為〖答案〗8．BC〖解析〗8．AB．由于手機兩次電量均從1%充到93%，則兩次充電過程中通過某一截面的電荷量q相同，則根據(jù)可知，有線充電的時間t較短，所以有線充電的平均電流較大，故A錯誤，B正確；CD．由于手機兩次電量均從1%充到93%，則兩次充電過程中所做的功相同，則根據(jù)可知，無線充電與有線充電平均功率的比值約等于90min比150min，即為，故C正確，D錯誤。故選BC。（2024·上海黃浦·高三一模）用電磁發(fā)射衛(wèi)星上海宇航系統(tǒng)工程研究所公開了一種在臨近空間用電磁發(fā)射衛(wèi)星的發(fā)明專利。飛艇在離地面高度20～100km范圍內(nèi)的臨近空間穩(wěn)定飛行。飛艇單次攜帶批量的微小型衛(wèi)星，利用太陽能結合布置于飛艇下方的長直電磁發(fā)射裝置，將衛(wèi)星發(fā)射至低地球軌道。14．飛艇的上表面覆有一層柔性薄膜太陽電池陣為儲能裝置充電。某小組利用如圖(c)所示的電路，研究太陽能電池的伏安特性。連接電路后，閉合開關S。在溫度不變的情況下，先用一弱光照射太陽能電池，調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值，記錄電壓U和電流I的示數(shù)，并多次重復該過程，將實驗數(shù)據(jù)描在圖(d)的U-I圖中得到曲線A。改用一強光照射重復實驗，在U-I圖中得到曲線B。

（1）當光（選填“弱”或“強”）照射時，該太陽能電池的輸出功率更大。（2）當滑動變阻器的電阻為某值時，用弱光照射時外電壓為1.5V，若改用強光照射，外電路消耗的電功率為W（保留2位有效數(shù)字）〖答案〗14．（1）強（2）（或）〖解析〗14．（1）應U-I圖像的截距等于電源電動勢，斜率等于電源內(nèi)阻，則光越強，電動勢越大，內(nèi)阻越小，則根據(jù)可知，當強光照射時，該太陽能電池的輸出功率更大。（2）當滑動變阻器的電阻為某值時，用弱光照射時外電壓為1.5V，則此時做出外電阻的U-I圖像可知圖像與電源的U-I圖像的交點為電路的工作點，若改用強光照射，則此時U=2.1VI=100μA=10-4A外電路消耗的電功率為P=IU=2.1×10-4W

（2024·上海靜安·高三一模）三、電場電場具有力的性質(zhì)也具有能的性質(zhì)，庫侖定律和萬有引力定律都滿足平方反比律，電場和引力場之間有相似的性質(zhì)。16．電場中反映各點電場強弱的物理量是電場強度，其定義式為。在引力場中可以有一個類似的物理量用來反映各點引力場的強弱。設地球質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G，如果一個質(zhì)量為m的物體位于距地心2R處的某點，則下列表達式中能反映該點引力場強弱的是（）A．G B．G C．G17．當規(guī)定距一個孤立點電荷無窮遠處的電勢為零時，該點電荷周圍電場中距其r處P點的電勢為φ＝k，其中k為靜電力常量，Q為點電荷所帶電量。若取距該點電荷為R的球面處為電勢零點，則P點電勢為（）A．φ＝k B．φ＝k C．φ＝kQ() D．φ＝k18．直線AB是某孤立點電荷電場中的一條電場線，一個質(zhì)子僅在電場力作用下沿該電場線從A點運動到B點，其電勢能隨位置變化的關系如圖所示。設A、B兩點的電勢分別為φA、φB，質(zhì)子在A、B兩點的動能分別為EkA、EkB，則（）A．該點電荷帶負電，位于B點的右側，φA＞φB，EkA＞EkBB．該點電荷帶正電，位于A點的左側，φA＞φB，EkA＜EkBC．該點電荷帶正電，位于B點的右側，φA＜φB，EkA＞EkBD．該點電荷帶負電，位于A點的左側，φA＜φB，EkA＜EkB19．實際閉合回路中，在電子通過電源內(nèi)部從電源正極到負極的過程中，非靜電力對其做（選涂：A．“正”B．“負”）功，電勢能（選涂：A．“增大”B．“減小”），實現(xiàn)能量轉(zhuǎn)化?！即鸢浮?6．A17．C18．C19．AA〖解析〗16．如果一個質(zhì)量為m的物體位于距地心2R處的某點，則受地球的引力為則反映該點引力場強弱的是故選A。17．由題意可知，當規(guī)定距一個孤立點電荷無窮遠處的電勢為零時，該點電荷周圍電場中距其r處P點的電勢為距該點電荷為R處的M點的電勢則若取距該點電荷為R的M點的球面處為電勢零點，則則故選C。18．質(zhì)子僅在電場力作用下沿該電場線從A點運動到B點，電勢能變大，則動能減小，即EkA＞EkB電場力做負功，則電場力方向從B指向A，則電場線向左，沿電場線電勢降低，可知φA＜φB因圖像的斜率等于電場力，可知從A到B電場力變大，場強變大，即B點場強較大，B點距離點電荷較近，則該點電荷帶正電，位于B點的右側。故選C。19．[1]實際閉合回路中，在電子通過電源內(nèi)部從電源正極到負極的過程中，非靜電力對其做正功，故選A；[2]非靜電力對其做正功，即克服靜電力做功，則電勢能增大，實現(xiàn)能量轉(zhuǎn)化，故選A。（2024·上海四區(qū)統(tǒng)考一模）小李做了關于太陽能電池和電容器的兩個實驗，實驗中太陽能電池的電動勢在3V左右，電容器的電容大于1000μF。21．小李設計的電路如圖甲所示（圖中電源為太陽能電池，定值電阻R0=4Ω）。（1）電路中R0的作用是。（2）小李調(diào)節(jié)滑動變阻器測得多組數(shù)據(jù)，描繪出光照一定情況下電壓U與電流I的關系，如圖乙，由圖像知當輸出電流0≤I≤150mA時，U與I成線性關系。則電池電動勢E＝V，在滿足U與I成線性關系的條件下，該電池的內(nèi)阻r＝Ω。（均保留兩位有效數(shù)字）（3）當電流大于150mA時，隨著電流增大，電池的電阻（選填“增大”、“減小”或“不變”）；當電壓表的示數(shù)為0.5V時，電池的輸出功率為W（保留兩位有效數(shù)字）。22．小李設計圖1所示電路來觀察電容器的放電過程，電源電壓6.0V，小李先將單刀雙擲開關S接通2，一段時間后，把開關再改接1得到電流隨時間的變化關系如圖2所示。（1）曲線與兩坐標軸圍成的面積代表電容器的；A．電壓

B．電容

C．電量

D．電阻（2）由圖2可估算出當電容器兩端電壓為6.0V時該電容器所帶的電荷量Q約為C，從而算出該電容器的電容約為F；（結果均保留2位有效數(shù)字）（3）【多選】小李改變電流傳感器的位置，進一步觀察電容器充放電現(xiàn)象，在下列四個圖像中，表示電容器充放電過程中，通過傳感器的電流隨時間變化的圖像和兩極板間的電壓隨時間變化的圖像，其中正確的有?！即鸢浮?1．（1）保護電路（2）2.93.3（3）增大0.4322．（1）C（2）（3）AC〖解析〗21．（1）[1]為防止滑動變阻器接入電路阻值為零時電路電流過大而損壞電路元件，電路圖中R0的作用是保護電路。（2）[2][3]根據(jù)可知，（3）[4][5]當電流大于150mA時，隨著電流增大，圖像斜率變大，所以內(nèi)阻增大，當電壓表的示數(shù)為0.5V時，電流為270mA，電池的輸出功率為22．（1）[1]根據(jù)q=It，若把時間分成無數(shù)段，則圖象與坐標軸圍成的面積表示在微小時間內(nèi)的電荷量，所以曲線與兩坐標軸圍成的面積代表電容器的電量。故選C。（2）[2][3]每一小格的電量為約36個格，所以該電容器所帶的電荷量Q約為該電容器的電容約為（3）[4]充電電流方向與放電電流方向相反，且隨著充電進行，電容器兩端電壓變大，充電電流增加的變慢，電量積累變慢，根據(jù)可知，電壓增加變慢，放電時圖像斜率同樣減小，故AC正確BD錯誤。故選AC。（2024·上海青浦·高三一模）隨著科技的不斷發(fā)展和環(huán)境保護意識的崛起，中國的新能源汽車市場正迅速壯大。相比傳統(tǒng)燃油車發(fā)動機的效率約10%-40%（隨著發(fā)動機的工作狀態(tài)變化），新能源車中純電動汽車的電機效率高達約90%（行駛過程中幾乎不變）。汽車在平坦道路上保持勻速行駛受到來自地面的滾動阻力和來自空氣的空氣阻力。滾動阻力的大小與汽車重量成正比Ff=crmg，其中cr為滾阻系數(shù)?？諝庾枇Φ拇笮∨c汽車和速度的平方成正比f=kv2，其中k為常量，和空氣密度，汽車的迎風面積等有關。23．新能源純電動汽車所用的電能和傳統(tǒng)燃油車所用的汽油（

）A．都是一次能源B．都是二次能源C．都是新能源D．都是不可再生能源26．某電動汽車的能耗總功率P和速度v的關系如圖b所示，該汽車電池容量W為，則該汽車以60km/h的速度行駛時，能夠行駛的里程x為km；通常純電動汽車駕駛員有這樣一個經(jīng)驗：“一上高速，續(xù)航減半“。即純電動汽車的行駛里程x隨著勻速行駛速度v的增大而減小，試利用圖像解釋這一現(xiàn)象：?！即鸢浮?3．B26．667km見〖解析〗〖解析〗23．新能源純電動汽車所用的電能和傳統(tǒng)燃油車所用的汽油都是二次能源。故選B。26．[1]汽車以60km/h的速度行駛時，汽車的能耗總功率P為6.75kW，又汽車電池容量W為，則汽車可行駛的時間為則汽車能夠行駛的里程為[2]汽車的行駛里程為其中k為能耗總功率P和速度v的關系圖像中，速度為v時圖像上對應的點和原點連線的斜率。隨著v的增大，k增大，故當W一定時，減小，即隨著速度的增加，電車續(xù)航將減小。（2024·上海長寧·高三一模）雷雨云產(chǎn)生電荷，底層帶負電，頂層帶正電，而且還在地面產(chǎn)生正電荷，此正電荷如影隨形地跟著云移動。美國的富蘭克林通過著名的風箏實驗，證明了閃電和摩擦起電的火花電是相同的電氣現(xiàn)象。27．天上的一片雷雨云底層帶電量為Q。假設這片云與大地構成了一個大電容器，并且該電容器可以視為平行板電容器，電容為C，下列說法中正確的是（

）A．這片云與地面間的電壓為B．電場方向由地面指向雷雨云C．若這片云與大地之間的距離減小，則C減小D．若這片云與大地之間的距離減小，則這片云與大地之間的電壓增大28．某同學用如圖所示的電路做“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”的實驗。（1）當開關S接“1”并達到穩(wěn)定后，電容器上極板帶電（選填“正”或“負”）：（2）當開關S接到“2”的瞬間，電容器進行的是（選填“充電”或“放電”）過程，流過R的電流方向（選填“向左”或“向右”）。29．當雷暴云中正電荷區(qū)與負電荷區(qū)的電場強達到一定程度時，空氣將被擊穿，從而形成我們看到的閃電。在某次閃電中，云和大地間的電壓為，則一個電子從云層運動到地面，其電勢能變化量為eV；若閃電持續(xù)1秒，通過云層和大地間空氣層的電荷量約為5000C，則此次閃電消耗的功率約為kW。如果某戶家庭每月平均消耗的電能為100kW·h，那么，該閃電1秒釋放的能量可供這戶家庭使用年。（結果均保留一位有效數(shù)字）30．靜電現(xiàn)象在自然界中普遍存在，我國早在西漢末年已有對靜電現(xiàn)象的記載，如《春秋緯·考異郵》中就有“玳瑁吸衣若”之說，下列不屬于靜電現(xiàn)象的是（

）A．梳過頭發(fā)的塑料梳子吸起紙屑B．帶電小球移至不帶電金屬球附近，兩者相互吸引C．小線圈接近通電線圈過程中，小線圈中產(chǎn)生電流D．從干燥的地毯上走過，手碰到門上的金屬把手時會有被電擊的感覺〖答案〗27．AB28．（1）正（2）放電向左29．5×10830．C〖解析〗27．A．根據(jù)可得這片云與大地之間的電壓是，故A正確；B．雷云與大地之間的電場線由地面指向雷云，故B正確；CD．根據(jù)，這片云與大地之間的距離減小，則C增大，則由Q=CU可知，電壓減小，故CD錯誤；故選AB。28．（1）[1]當開關S接“1”并達到穩(wěn)定后，電容器上極板與電源正極相連，帶正電；（2）[2][3]當開關S接到“2”的瞬間，電容器進行的是放電，過程，流過R的電流方向向左；29．[1]電場力做功所以電勢能減小了；[2]已知云和大地間的電壓U=1×108V，此次閃電形成的電流為A則此次閃電消耗的功率約為P=UI=1×108×5000W=5×1011W=5×108kW[3]該閃電釋放的能量為E=qU=5000×1×108J=5×1011J普通人家每月平均消耗電能為=100kW?h=100×3.6×106J=3.6×108J設該閃電釋放的能量可供這戶人家使用n年，則（年）30．A．塑料梳子與頭發(fā)摩擦而帶有電荷，因而能夠吸起紙屑，屬于靜電現(xiàn)象，故A錯誤；B．帶電小球移近不帶電金屬球，發(fā)生靜電感應，兩者相互吸引，故B錯誤；C．小線圈接近通電線圈過程中，小線圈中產(chǎn)生電流，屬于電磁感應現(xiàn)象，故C正確；D．人從干燥的地毯.上走過，因鞋子與地毯摩擦而帶上電荷，所以手碰到金屬把手時有被電擊的感覺，屬于靜電現(xiàn)象，故D錯誤。故選C。（2024·上海四區(qū)統(tǒng)考一模）無線充電器的發(fā)射線圈產(chǎn)生交變磁場，在接收設備（手機等）內(nèi)的線圈中產(chǎn)生交變電流，實現(xiàn)電能的無線傳輸。35．另一種無線充電技術是利用電容兩個極板的靜電耦合實現(xiàn)電能的傳輸。（1）在做“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗時，先將開關S撥到位置1，一段時間后再撥到位置2。在此過程中，根據(jù)電壓傳感器與電流傳感器測量數(shù)據(jù)得到的和圖線可能為A．

B．C．

D．（2）將一電容為的電容器與一電壓恒定的電源連接，電容器充電完成后，兩極板上的電荷量分別為和，則電源電壓為V?！即鸢浮?5．（1）A（2）12〖解析〗35．（1）充電電流方向與放電電流方向相反，且隨著充電進行，電容器兩端電壓變大，充電電流增加的變慢，電量積累變慢，根據(jù)可知，電壓增加變慢，放電時圖像斜率同樣減小，故選A。（2）根據(jù)可得電容器兩端電壓為則電源電壓為（2024·上海四區(qū)統(tǒng)考一模）如圖為某質(zhì)譜儀的原理圖。真空中，一質(zhì)量為m、帶電量為q的正離子以大小為的初速度沿x軸運動，經(jīng)長度為d的區(qū)域Ⅰ后，運動到與區(qū)域Ⅰ邊界相距為L的yOz平面。37．（計算）若在區(qū)域Ⅰ中僅存在沿y軸正方向的勻強電場，電場強度大小為E。求離子落在yOz平面上時距原點O的距離s?！即鸢浮?7．〖解析〗37．在區(qū)域Ⅰ中僅存在沿y軸正方向的勻強電場，電場強度大小為E，則沿y軸正方向，且解得在L長空間內(nèi)，解得落在yOz平面上時距原點O的距離（2024·上海寶山·高三一模）五、電容器你能通過拉彈簧，或舉起書本以勢能的形式存儲能量，你也能以電場中電勢能的形式存儲能量，而電容器正是使你能這樣做的器件。電容器在電子或電力設備里有廣泛的應用。38．用如圖所示電路給電容器進行充、放電。若單刀雙擲開關S接通“2”位置時，電路中電壓表的示數(shù)減小，則通過圖中電流表的電流方向向（選擇：A．左

B．右），電容器此時處于（選擇：A．充電

B．放電）狀態(tài)。

39．對給定電容為C的電容器在不同電壓下進行充電，分別記錄電容器兩極板間的電勢差u和相應的電容器所帶的電荷量q，得到的u–q圖像如圖所示，則當兩極板間電壓為U時電容器所儲存的電勢能為（

）

A．B．QUC．D．CU2E．40．如圖為采用平行板電容器測量材料豎直方向尺度隨溫度變化的裝置示意圖，電容器上極板固定，下極板可隨材料尺度的變化上下移動，兩極板間電壓不變。若材料溫度升高膨脹時，極板上所帶的電荷量增加，則電容器的電容（選擇：A．變大

B．變小

C．不變），極板間電場強度（選擇：A．變大

B．變小

C．不變）。

41．如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地（即負極板的電勢為零），兩板間有一個正點電荷固定在P處。若保持負極板不動，將正極板向下移到圖示的虛線位置，在這一過程中電容器的電容增大，且與兩極板間的距離成反比，則P處正電荷的電勢能（

）

A．增加 B．減少C．保持不變 D．無法確定如何變化〖答案〗38．AB39．AC40．AA41．C〖解析〗38．單刀雙擲開關S接通“2”位置時，電容器放電，電路中電壓表的示數(shù)減小，因電容器上極板帶正電，則通過圖中電流表的電流方向向左，故選A；電容器此時處于放電狀態(tài)，故選B。39．電壓為U時，電容器帶電量Q，u-q圖線和橫軸圍成的面積為電容器所儲存的電能EP。則EP=QUQ=CU故故選AC。40．兩極板間電壓U不變。若材料溫度升高膨脹時，極板上所帶的電荷量增加，根據(jù)Q=CU可知，則電容器的電容變大，故選A；根據(jù)因d減小，則極板間電場強度變大，故選A；41．平行板電容器充電后與電源斷開，則帶電量Q一定，根據(jù)可得若保持負極板不動，將正極板向下移到圖示的虛線位置，在這一過程中兩極板間場強不變，根據(jù)因P點與下極板的距離d＇不變，則P點的電勢不變，則P處正電荷的電勢能不變，故選C。（2024·上海寶山·高三一模）六、力傳感器力傳感器是一種將力信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘柕碾娮釉D中的金屬絲是一種“應變片”，它將金屬片在力F作用下的形變轉(zhuǎn)換成電阻的變化。

42．金屬絲電阻大小的變化遵循了（

）A．歐姆定律 B．電阻定律C．楞次定律 D．焦耳定律43．有一種測量物體重量的電子秤，其電路原理圖如圖所示，主要由三部分構成：受壓板、力傳感器R和顯示重量的儀表G（實質(zhì)上是電流表）。不計受壓板的質(zhì)量，已知電流表的測量范圍為0~3A，內(nèi)阻不計；電源電動勢為12V，內(nèi)阻為1Ω；電阻R隨壓力F變化的函數(shù)式為R=35?0.01F（F和R的單位分別是N和Ω）。

（1）當F在允許的測量范圍內(nèi)增大時，流過電流表的電流將（選擇：A．變大

B．不變

C．變?。?；（2）該秤能測量的最大重量是A．3500N

B．3400N

C．3200N

D．3100N（3）該秤將電流表的電流刻度I轉(zhuǎn)換成重量刻度G，試問G的刻度是否均勻變化？請說明理由？〖答案〗42．B43．（1）A（2）C（3）G的刻度不均勻變化見〖解析〗〖解析〗42．由圖可知，金屬絲電阻大小的變化是通過改變長度等來改變電阻的大小的，同樣遵循了電阻定律。故選B。43．（1）[1]由電阻R隨壓力F變化的函數(shù)式R=35?0.01F可知當壓力F增大時，電阻R減小，則流過電流表的電流將變大。故選A。（2）[2]當該秤測量的重量為最大時，壓力F最大，則電阻R最小，電流表示數(shù)最大為3A，此時根據(jù)閉合電路歐姆定律有可得此時電阻R的阻值為則根據(jù)電阻R隨壓力F變化的函數(shù)式R=35?0.01F可得，此時的壓力為即該秤能測量的最大重量是3200N。故選C。（3）[3][4]由閉合電路歐姆定律有根據(jù)電阻R隨壓力F變化的函數(shù)式R=35?0.01F聯(lián)立可得即壓力F和電流I不是線性關系，所以G的刻度不均勻變化。（2024·上海崇明·高三一模）電磁彈射在電磁炮、航天器、艦載機等需要超高速的領域中有著廣泛的應用，為了研究問題的方便，將電磁炮簡化為如圖所示的模型（俯視圖）。發(fā)射軌道為固定在水平面上的兩個間距為L的平行金屬導軌，整個裝置處在豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中。發(fā)射導軌的左端為充電電路，已知電源的電動勢為E，內(nèi)電阻位r。電容器的電容為C。子彈載體可簡化為一根垂直放置于金屬導軌上、質(zhì)量為m、長度也為L電阻為R的金屬導體棒cd。忽略一切摩擦阻力以及導軌和導線的電阻。完成下列問題：44．發(fā)射前，將開關S連接a，先對電容器進行充電。（1）充電過程中電容器兩極板間的電壓u隨時間t的變化的圖像和下列哪個圖像相似。A．B．C．D．（2）當充電自然結束時，電容器兩端的電壓為。電容器所帶的電量為?！即鸢浮?4．（1）B（2）ECE〖解析〗44．（1）[1]電容器充電時，隨著極板上電荷量的增加，電容器電壓逐漸升高，且電壓增加的越來越慢，充滿電荷時電壓不變。故選B。（2）[2][3]當充電自然結束時，電容器兩端的電壓數(shù)值上等于電源電動勢，即為E，電容器所帶的電量為Q=CE（2024·上海浦東·高三一模）飛行之旅某同學購買了一張單程機票。此次飛行的相關信息見圖1、2。在這趟飛行過程中他不僅領略了祖國的大好河山，更是發(fā)現(xiàn)了不少有趣的物理現(xiàn)象。48．過安檢時，工作人員查看了該同學的充電寶。充電寶銘牌上寫有“”。此參數(shù)反映了充電寶所具有的（）A．電荷量值 B．額定電流值C．額定能量值 D．額定功率值51．飛機著陸后，機場的行李口開始工作。后臺工作的示意圖如圖8a所示，其中K為光源，電源電動勢，內(nèi)阻不計。為定值電阻，為光敏電阻（無光照射時阻值大，有光照射時阻值?。?。行李隨傳送帶勻速率運動，當行李通過光源K與R2之間時，射向R2的光束被擋住。某段時間內(nèi)，電壓傳感器的示數(shù)U隨時間t變化的關系如圖8b所示。則t0時刻，與K之間（選填“有”或“沒有”）行李箱；有光照射和無光照射時R2的功率之比為。

〖答案〗48．C51．有〖解析〗48．根據(jù)可得“”為額定能量值。故選C。51．[1]t0時刻，電壓大，則根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流較小，則總電阻較大，故沒有光照射在光明電阻上，則與K之間有行李箱；[2]有光照時，光敏電阻兩端的電壓為流過回路的電流無光照時，光敏電阻兩端電壓為流過回路的電流根據(jù)可知，有光照射和無光照射時的功率之比（2024·上海浦東·高三一模）變化的電流當今人類生存的環(huán)境是一個“電的世界”，我們的生活離不開電。電流既有穩(wěn)恒電流，又有變化的電流。（3）指出下圖所示的家庭電路中存在的三個安全隱患：①；②；③?！即鸢浮絊1應該接在火線上三孔插座的接地線接到了零線上立式空調(diào)沒有接地線（2024·上海浦東·高三一模）質(zhì)譜儀質(zhì)譜儀通常用作分離和檢測物質(zhì)組成，一般由加速電場、速度選擇器、偏轉(zhuǎn)磁場、質(zhì)譜儀底片等組成。如圖甲所示，一束含有多種成份的帶電粒子（其所受重力均可忽略），無初速從O點進入加速電場，此電場中有O、a、b三點，沿著水平方向（x軸）上該三點的電勢φ變化如圖乙所示，經(jīng)電場加速后進入速度選擇器，最后，部分粒子經(jīng)半個圓周的偏轉(zhuǎn)射到質(zhì)譜儀底片上。通過計算機的處理，可分析粒子成份。55．帶電粒子的加速（1）a、b兩點的電場強度大小。A．Ea>Eb

B．Ea＜Eb

C．Ea=Eb

D．無法確定（2）若某帶電粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m。則經(jīng)過加速電場后，粒子離開加速電場時的速度v=。（圖中φ0已知）〖答案〗55．（1）C（2）〖解析〗55．（1）由于加速電場為勻強電場，而勻強電場中任意兩點的場強均相同，則可知a、b兩點處的場強相等。故選C。（2）根據(jù)圖乙可知加速電場兩端的電勢差由動能定理有解得（2024·上海松江·高三一模）“綠色、低碳、節(jié)能”采取技術上可行、經(jīng)濟上合理以及環(huán)境和社會可以承受的措施，從能源生產(chǎn)到消費的各個環(huán)節(jié)，降低消耗、減少損失和污染物排放、制止浪費，有效、合理地利用能源。58．廣泛應用且屬于清潔能源的是（選涂：A．太陽能

B．煤炭

C．天然氣）。60．下列做法不符合節(jié)能要求的是（）A．電腦使用完畢后關機并切斷電源 B．長時間外出需要切斷熱水器電源C．電視機長時間處于待機狀態(tài) D．手機充電結束后拔掉充電器〖答案〗58．A60．C〖解析〗58．1.[1]太陽能屬于可再生資源，并且它們的使用也不會對環(huán)境及大氣造成污染，屬于清潔能源，煤炭和天然氣燃燒后產(chǎn)生有害氣體屬于非清潔能源，故選A。60．3.[3]A．電腦使用完畢后關機并切斷電源，有利于節(jié)省電能，故A不符合題意；B．長時間外出需要切斷熱水器電源，有利于放止熱水器反復加熱而浪費電能，故B不符合題意；C．電視機長時間處于待機狀態(tài)，也會消耗電能，故C符合題意；D．手機充電結束后拔掉充電器，有利于節(jié)省電能，故D不符合題意。故選C。（2024·上海松江·高三一模）靜電與人們的關系越來越密切。在生產(chǎn)和社會生活中，靜電既有有利的一面，如靜電除塵、靜電噴霧、靜電復印等，也有需要防范的一面。63．下列屬于靜電防范的是（）A．靜電噴涂 B．靜電復印 C．安裝避雷針 D．靜電除塵64．如圖為某自動控制儀器中固定在光滑水平面上的金屬塊A，通過原長為L的絕緣彈簧與金屬滑塊B連接，它們帶等量同種電荷，彈簧伸長量為x1。若A、B電荷量均減少一半，彈簧伸長量變?yōu)閤2，滑塊可以看成質(zhì)點，則有（）A． B． C． D．65．如圖靜電噴霧裝置，接上高壓電源后在噴口和被涂物間產(chǎn)生強電場，虛線為等勢面。帶負電液滴從噴口飛向被涂物，a、b、c是其中一條路徑上的三點，b是a、c的中點，則：（1）液滴在a點的加速度在c點的加速度；液滴在a點的電勢能在c點的電勢能（均選涂：A．大于

B．等于

C．小于）；（2）用虛線在ac間定性畫出一個等勢面，使相鄰等勢面間的電勢差相等。66．如圖，兩塊足夠大的彼此絕緣的水平金屬板間距為d，其電容為C，與電壓恒為U的電源相接。求：（1）A板帶電量；（2）若有液滴懸浮在板間不動，液滴的最小質(zhì)量；（3）從A板中心O以速率v0往各個方向射出一批質(zhì)量為m、帶電量為q的正電荷（重力不計）。問電荷到達B板上的區(qū)域面積S為多大。（簡答）〖答案〗63．C64．C65．（1）A（2）A66．（1）；（2）；（3）〖解析〗63．A．噴涂時利用高壓靜電電場，使帶負電的涂料微粒沿著電場相反的方向定向運動，并將涂料吸附在工件表面的噴涂方法，屬于靜電的利用，故A錯誤；B．復印機復印文件資料，屬于靜電利用，故B錯誤；C．避雷針是為了導走房屋靜電，防止帶電云層打雷擊中，屬于靜電防范，故C正確；D.靜電除塵利用的是除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運動，屬于靜電利用，D錯誤。故選C。64．庫侖力等于彈力，兩球電荷量各減半時，若不考慮兩球距離的變化對庫侖力的影，由可得庫侖力減為原來的，則但實際是距離減小后庫侖力又會增大，故正確〖答案〗是故選C。65．（1）[1][2]根據(jù)等勢面與電場線垂直，可定性畫出如圖電場線電場線疏密程度表示電場強度大小，因此a點場強大于c點場強，故a點的加速度大于在c點的加速度。沿電場線方向電勢降低，因此a點的電勢小于在c點的電勢。根據(jù)可知帶負電液滴在a點的電勢能大于在c點的電勢能。（2）[3]根據(jù)等勢面與電場線垂直，且左側電場強度大，等差等勢面間距小，等勢面如圖66．（1）A板帶電量（2）板間電場強度的大小為粒子受到的靜電力為F=Eq液滴懸浮在板間不動，則有mg=Eq聯(lián)立解得因此當電荷量最小為e時質(zhì)量最小，最小為（3）帶電粒子打在金屬板上的范圍是一個半徑為R的圓。從粒子源平行于金屬板水平射出的粒子在電場中做類平拋運動，落在金屬板上的位置是該圓的邊緣。沿初速度方向R=v0tS=πR2沿電場線方向根據(jù)牛頓第二定律，有解得聯(lián)立解之得（2024·上海松江·高三一模）機器人機器人（Robot）是一種能夠半自主或全自主工作的智能機器。機器人能夠通過編程和自動控制來執(zhí)行諸如作業(yè)或移動等任務。68．某機器人工作的額定電壓為15V，額定功率為30W，充電時額定電壓為24V，額定電流為0.5A，電池容量為，則下列說法正確的是（）A．從零開始充滿電大約需要4hB．指電池儲存的電能C．正常工作時的電流為2AD．充滿電后可連續(xù)正常工作的時間約為1h69．研究機器人中導電材料Z的導電規(guī)律：（1）為了測量通過Z的電流隨電壓從零逐漸增大過程中的變化規(guī)律，設計的如圖1的電路圖存在錯誤，請在圖上予以糾正；（2）上述實驗測得Z的電流與電壓的關系，作出如圖2的圖線；溫度傳感器得到Z的電阻隨溫度的變化規(guī)律如圖3。根據(jù)圖像可判斷Z的電阻隨電流變大而（選涂：A．增大

B．不變

C．減小）；（3）某同學設計制作了如圖4的測溫電路。已知電源電動勢E=1.5V、內(nèi)阻r=5Ω、R0=10Ω。閉合開關，電壓表示數(shù)為0.5V，求：（簡答）①此時Z的溫度（結果保留3位有效數(shù)字）；②若環(huán)境溫度改變，Z的電功率將如何變化?！即鸢浮?8．ACD69．（1）（2）C（3）減小〖解析〗67．A．圖像斜率表示速度，由圖像可知時間內(nèi)先減速后反向加速，A錯誤；B．t3時刻回到出發(fā)點，B錯誤；C．由圖像可知時間內(nèi)先減速后反向加速，故加速度一直沿負向，加速度方向不變，C正確；D．的平均速度、的平均速度分別為、時刻圖像上的點與坐標原點連線的斜率，故的平均速度大于的平均速度，D錯誤。故選C。68．A．充電電流為0.5A，電池容量為，從零開始充滿電大約需要A正確；B．指電池儲存的電荷量，B錯誤；C．正常工作時的電流為C正確；D．正常工作時的電流為2A，充滿電后可連續(xù)正常工作的時間約為D正確。故選ACD。69．（1）[1]為了測量通過Z的電流隨電壓從零逐漸增大過程中的變化規(guī)律，電路應選擇分壓式，如圖（2）[2]由圖可知圖像上任一點與原點連線的斜率逐漸增大，根據(jù)歐姆定律可知，導體的電阻不斷減小，可判斷Z的電阻隨電流變大而減小。故選C。（3）①[3]由閉合電路歐姆定律解得由圖3可知②[4]Z消耗的功率可表示為當時，Z消耗的功率最大，故若環(huán)境溫度改變，Z的電功率將減小。（2023·上海閔行·高三一模）六、洛倫茲力演示儀如圖所示，洛倫茲力演示儀可通過改變出射電子速度或磁感應強度來觀察電子做圓周運動的半徑r的變化。72．用國際基本單位表示磁感應強度單位：1T=1?！即鸢浮?2．（2024·上海金山·高三一模）二、通電螺線管用如圖所示的電路研究通電螺線管的磁場（虛線框內(nèi)是螺線管）。用磁傳感器測量螺線管內(nèi)外的磁感應強度分布。74．虛線框內(nèi)螺線管（空心線圈）符號是（）A． B． C． D．75．合上開關，固定滑片位置，記錄磁傳感器探測管前端插入螺線管內(nèi)部的距離d與相應的磁感應強度B，正確操作后得到的實驗圖像應是（）A．B．C．D．76．用數(shù)字式多用表測量電池兩端的電壓，如圖所示。在閉合電鍵前，應將黑色表筆插入，功能旋鈕旋轉(zhuǎn)至。78．（計算）移動滑片，多次測量通過螺線管的電流強度I、通電螺線管內(nèi)部正中間磁感應強度B和電池兩端電壓U，以此繪出B-I和B-U圖線。求電源電動勢?！即鸢浮?4．A75．A76．標有“-”號的插孔直流電壓檔78．4.5V〖解析〗74．A．圖為螺線管（空心線圈），故A正確；B．圖為電動機，故B錯誤；C．圖為電容器，故C錯誤；D．圖為可變電容器，故D錯誤。故選A。75．通電螺線管的內(nèi)部可認為是勻強磁場，所以在中間位置一定范圍內(nèi)磁場強度幾乎不變，內(nèi)部磁場比螺線管端口磁場強度大，螺線管的磁場關于中點對稱，結合圖像可知A正確。故選A。76．[1]使用多用電表測電壓，應讓電流從紅表筆流入，從黑表筆流出，故黑表筆應插入標有“-”號的插孔；[2]使用多用電表測電池的電壓，應該選擇直流電壓檔78．由圖像可知，通電螺線管內(nèi)部正中間磁感應強度B與過螺線管的電流強度I成正比，即當電路處于斷路時，電流為零，磁感應強度也為零；由圖像可知，當磁感應強度為零時，電路處于斷路，此時電池兩端電壓U為電源電動勢，即圖像的橫截距為電源電動勢（2024·上海金山·高三一模）六、御電飛行的蜘蛛大氣層中存在著電場，在近地區(qū)域可視為勻強電場，平時電場強度為100V/m，陰雨天氣時甚至能達10000V/m。電勢僅在豎直方向產(chǎn)生變化，高處電勢更高。蜘蛛帶上和地面相同性質(zhì)的電荷后，可利用電場起飛。某些小蜘蛛可以在空中“飛行”幾十公里。為了驗證上述猜想，將一只質(zhì)量m的蛛放在密閉的容器中，隔絕空氣流動、外部電場。在容器內(nèi)施加豎直方向的電場后，蜘蛛果然飛了起來！已知蜘蛛運動中受到空氣阻力大小為f＝kv。79．地表所帶電荷性質(zhì)、電場線方向是（）A．帶正電，電場線豎直向上 B．帶負電，電場線豎直向上C．帶正電，電場線豎直向下 D．帶負電，電場線豎直向下80．實驗中采用兩片間距d、正對面積S的水平金屬板。閉合電鍵K用電壓U充電，完成后每片金屬板帶電量絕對值為Q，中間產(chǎn)生勻強電場，如圖所示。完成充電后（）

A．K保持閉合，僅增大d，則Q增大B．K保持閉合，僅減小S，則Q增大C．斷開K，僅增大d，則兩板之間電壓大于UD．斷開K，僅減小S，則兩板之間電壓小于U81．調(diào)整電場強度的大小，蜘蛛在容器中豎直方向上勻速運動時其速度v（向上為正）與場強E滿足如圖所示的圖線Ⅰ。則增加蜘蛛帶電量后，其E-v圖線Ⅱ可能是（）

A．

B．

C．

D．

82．（多選）蜘蛛勻速豎直上升中，若突然減小電場強度（方向不變），在蜘蛛撞擊容器壁之前，蜘蛛的電勢能可能（）A．一直增大 B．一直減小 C．先增大后減小 D．先減小后增大83．（計算）用100E0的電場使蜘蛛在容器底部從靜止起豎直上升高度h1，再改為50E0的電場（方向不變，忽略改變時間），蜘蛛以速度v勻速落回容器底部。整個過程中，蜘蛛共克服空氣阻力做功多少？（結果用m、g、k、v、h1表示）〖答案〗79．D80．C81．D82．DB83．〖解析〗79．ABCD．由電場線性質(zhì)可知，電場線從高電勢指向低電勢，題中電勢僅在豎直方向產(chǎn)生變化，高處電勢更高，可知地表所帶電荷為負電荷，電場線方向是豎直向下，故ABC錯誤，D正確。故選D。80．A．K保持閉合，則不變，僅增大d，由可知，減小，由可知，Q減小，故A錯誤；B．K保持閉合，則不變，僅減小S，由可知，減小，由可知，Q減小，故B錯誤；C．斷開K，則不變，僅增大d，由可知，減小，由可知，增大，則兩板之間電壓大于U，故C正確；D．斷開K，則不變，僅減小S，由可知，減小，由可知，增大，則兩板之間電壓大于U，故D錯誤。故選C。81．ABCD．蜘蛛運動中受到空氣阻力大小為f＝kv，根據(jù)受力分析可知解得則增加蜘蛛帶電量后，其E-v圖線Ⅱ可能是D。故選D。82．ABCD．蜘蛛勻速豎直上升中，若突然減小電場強度（方向不變），則蜘蛛可能做減速運動，于是蜘蛛可能撞擊上面容器壁，則在蜘蛛撞擊容器壁之前，電場力做正功，蜘蛛的電勢能減小，也有可能，速度減小到零然后下落，撞擊下面容器壁，則電場力先做正功在做負功，電勢能先減小再增加，故AC錯誤，故BD正確。故選BD。83．蜘蛛以速度v勻速落回容器底部，則由受力平衡可知故有假設蜘蛛共克服空氣阻力做功為，則由動能定理可知解得（2024·上海徐匯·高三一模）電容器和電感線圈均是重要的電學元件，電容器由兩個彼此絕緣又相距很近的導體構成，電感線圈一般由帶鐵芯的線圈構成，兩者在電路中所起的作用各不相同。85．用如圖所示電路給電容器充、放電。開關S接通1，穩(wěn)定后改接2，穩(wěn)定后又改接1，如此往復。

（1）一小段時間內(nèi)觀察到通過電流表的電流方向始終向左，則可推得此時刻及前后極短時間內(nèi)