廣東省廣州市2021-2023年高考物理模擬題匯編-06靜電場、恒定電流

廣東省廣州市2021-2023年高考物理模擬題分類匯編-06靜

電場、恒定電流

一、單選題

1.（2023屆廣東省廣州市普通高中高三下學(xué)期綜合測試（一）物理試題）點電荷。產(chǎn)

生的電場中，電子僅在電場力作用下，從M點到N點做加速度減小的減速直線運動，

則（）

A.點電荷Q為正電荷

B.點電荷。為負(fù)電荷

C.M點場強比N點的小

D.M點電勢比N點的低

2.（2022屆廣東省揭陽市高三（上）期末考試物理試題）人體的細(xì)胞膜模型圖如圖所

示，由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學(xué)上稱為膜電位）?，F(xiàn)研究某小

塊均勻的細(xì)胞膜，厚度為d，膜內(nèi)的電場可看作勻強電場，簡化模型如圖所示。初速度

可視為零的正一價鈉離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，下列說法正

確的是（）

A.A點電勢低于8點電勢B.鈉離子的電勢能減小

C.鈉離子的加速度變大D.若膜電位不變，當(dāng)d越大時，鈉離子

進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度越大

3.（2022屆廣東省廣州市高三（上）12月調(diào)研測試物理試題）圖甲是觀察電容器充、

放電過程的原理圖，圖中電源電動勢為E,圖乙是利用電壓傳感器和計算機(jī)收集到該實

驗的其中兩個過程U-f數(shù)據(jù)圖象，則圖乙中（）

一過程1

A.Un>EB.U0<EC.過程I為充電過程D.過程∏為充電

過程

4.（2022屆廣東省廣州市天河區(qū)普通高中高三（上）畢業(yè)班綜合測試物理試題）如圖

所示的水平勻強電場中，將兩個帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動到同一水平線上

的不同位置，釋放后，M、N保持靜止，不計重力，則（）

^^t'×'E

A.歷的帶電量比N的小B.M帶正電荷、N帶負(fù)電荷

C.靜止時M受到的合力比N的小D.移動過程中電場力對N做負(fù)功

5.（2021屆江蘇省徐州市高三（下）二模物理試題）某平面區(qū)域內(nèi)一靜電場的等勢線

分布如圖中虛線所示，一正電荷僅在電場力作用下由α運動至乩設(shè)。、8兩點的電場強

度分別為反、Eb,電勢分別為夕。、fPb,該電荷在a、b兩點的速度分別為四、vb,電

勢能分別為E2、Epb,則（）

A.Ea>EbB.<Pa>(PbC.va>vbD.Ep<>Epb

6.（2021屆廣東省廣州市高三（下）一模物理試題）如圖為電容式話筒的原理圖，E為

電源，R為電阻，薄片P和。為電容器兩金屬極板。人對著P說話，P振動而。不動。

在P、Q間距離減小的過程中（）

電容器的電容不變B.通過R的電流為零

。極板的帶電量變大D.R中有從M流向N的電流

7.（2022屆廣東省廣州市普通高中高三（下）綜合測試二（二模）物理試題）如圖，

在光滑絕緣斜面上有帶電小球。與江兩球同時釋放瞬間，。球的加速度剛好為零，則

試卷第2頁，共10頁

下列關(guān)于。、〃的電性及初始位置，符合要求的是)

8.（2021屆云南省昆明市第一中學(xué)高三（下）第七次仿真模擬考試?yán)砭C物理試題）如

圖所示，一質(zhì)量帆=IXl0"g,電荷量為q=lxlθ-3c的粒子，重力不計，在豎直向下的電

場強度為E=IXIO3N/C的勻強電場中運動，在A點時速度方向與電場方向夾角為60。，

經(jīng)過0.1s后到達(dá)B點速度方向與電場方向夾角為30。，則A點速度的大小為（）

200m∕sC.300m∕sD.400m∕s

二、多選題

9.（2023屆廣東省廣州市普通高中高三下學(xué)期綜合測試（一）物理試題）如圖，質(zhì)子

以一定初速度從a點沿M方向進(jìn)入立方體區(qū)域Hc4-a7∕c'd',由c'點飛出，該立方體

區(qū)域可能僅存在（）

A.沿方向的勻強電場

B.沿aa'方向的勻強電場

C.沿奶'方向的勻強磁場

D.沿慶/方向的勻強磁場

10.（2022屆廣東省佛山市高三（下）二模物理試題）據(jù)報道，我國空間站安裝了現(xiàn)代

最先進(jìn)的霍爾推進(jìn)器用以空間站的軌道維持。如圖乙，在很窄的圓環(huán)空間內(nèi)有沿半徑向

外的磁場1,其磁感強度大小可近似認(rèn)為處處相等；垂直圓環(huán)平面同時加有勻強磁場2

和勻強電場（圖中沒畫出），磁場1與磁場2的磁感應(yīng)強度大小相等，已知電子電量為

e,質(zhì)量為m若電子恰好可以在圓環(huán)內(nèi)沿順時針方向做半徑為R、速率為V的勻速圓周

運動。則以下說法正確的是（）

A.電場方向垂直環(huán)平面向外B.電子JS動周期為----

V

d電場強度大小為普

c?垂直環(huán)平面的磁感強度大小為嬴

11.（2022屆廣東省廣州市高三（上）12月調(diào)研測試物理試題）如圖，A、B、C、。、

P為正方體的頂點，有一正點電荷固定在尸點，則（）

A.頂點A、C的電場強度相同B.頂點。的場強大于B的場強

C.正方體側(cè)面ABCD為等勢面D.帶正電的粒子沿AC移動，電勢能先

增大后減小

12.（2021屆廣東省廣州市高三（下）二模物理試題）如圖，勻強電場區(qū)域內(nèi)，由。、匕、

c、d、〃'、b'、c'、d'作為頂點構(gòu)成一正方體空間，電場方向與面abed垂直。若在C

點固定一正點電荷。，則（）

試卷第4頁，共10頁

dd'

A.b、/兩點的電場強度大小相等，電勢相等

B.a、方兩點的電場強度大小相等，電勢相等

C.b?兩點的電場強度大小相等，電勢相等

D.a'、b'兩點的電場強度大小相等，電勢相等

13.（2021屆廣東省廣州市普通高中高三（下）理科綜合測試物理試題（二模））如圖,

勻強電場區(qū)域內(nèi)，由“、b、c、4、〃、〃、c，、小作為頂點構(gòu)成一正方體空間，電場方向

B.a、6兩點的電場強度大小相等，電勢相等

C.b?M兩點的電場強度大小相等，電勢相等

D.〃、〃兩點的電場強度大小相等，電勢相等

14.（2023屆廣東省廣州市高三（上）8月階段測試物理試題）如圖所示為帶異種電荷

的平行金屬板MN（忽略電場的邊界效應(yīng)），在電場內(nèi)緊貼M板左下端，向平行于M板

和垂直于M兩個方向，分別發(fā)射速度大小均為血的相同粒子a、b,分別打中N板左端

和右端。若不計重力和粒子之間的相互作用，a粒子到達(dá)N板的速度大小為0%,則

()

I----

-Ab

a

I--------1N

A.a、b粒子到達(dá)N板的時間相等

B.a粒子到達(dá)N板的時間小于b粒子到達(dá)N板的時間

C.a、b粒子到達(dá)N板的速度大小相等

D.a粒子到達(dá)N板的速率小于b粒子到達(dá)N板的速率

15.（2023屆廣東省廣州市高三（上）8月階段測試物理試題）如圖所示，兩個等量異

種電荷和M、N兩點是菱形的四個頂點，a、b、c、d是菱形四個邊長的中點，O是兩電

荷連線的中點。下列說法正確的是（）

A.M點的電場強度比。點大

B.”、〃兩處的電場強度和電勢都相同

C.4、C兩處的電場強度一定相同

D.將一負(fù)電荷從“移到。再移到C點，電場力在兩段做的負(fù)功相同

16.（2022屆廣東省廣州市高三（下）一模物理試題）如圖，在干燥的冬天，手接觸房

間的金屬門鎖時，會有一種被電擊的感覺，帶負(fù)電的手在緩慢靠近門鎖還未被電擊的過

A.近手端感應(yīng)出正電荷B.電勢比手的電勢低

C.與手之間場強逐漸增大D.與手之間場強保持不變

17.（2022?廣東廣州?統(tǒng)考二模）某型號掃地機(jī)器人的銘牌信息如下表。已知掃地機(jī)器人

剩余電量為480mA?h時，機(jī)器人自動停止掃地并返回充電基座充電。該型號掃地機(jī)器

人（）

額定工作電壓IOV

額定功率40W

電池容量2400mA?h

試卷第6頁，共10頁

A.掃地時額定電流為4A

B.內(nèi)部電路的總電阻為2.5。

C.可以連續(xù)掃地的時間為0.6h

D.每次掃地釋放的電能最多約為6.9x10*J

三、實驗題

18.（2023?廣東廣州?統(tǒng)考一模）如圖（a）是一種雙量程電流表內(nèi)部各元件的連接圖。

(a)(b)(c)

（1）這種電流表“3A”量程的內(nèi)阻0.22Ω（選填“大于”“小于”）；

（2）某同學(xué)用多用電表的歐姆擋檢測這種電流表，選擇“xlO”擋，歐姆調(diào)零后將紅、

黑表筆分別接到電流表的"-'”Q6A”接線柱，指針指示如圖（b）,示數(shù)為。，

保持黑表筆不動，將紅表筆從接線柱移到“3A”接線柱，示數(shù)幾乎與圖（b）相同，

由此可知電流表內(nèi)部阻值為0.88C的電阻發(fā)生________故障（選填“斷路”“短路”）；

（3）由于O.88C的故障電阻阻值較小，該同學(xué)設(shè)想用如圖（C）的電路測得一段阻值為

4.40Ω的電阻絲，再將它分成等長的5段，用其中一段替代。實驗時移動小金屬夾P到

電阻絲的某位置時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.5OA和1.30V,接下來應(yīng)將P向

（選填“左”“右”）移動?

（4）用電阻絲替代故障電阻后，若電阻絲實際接入電路的阻值略小于標(biāo)準(zhǔn)值，則會導(dǎo)

致用該電流表“0.6A”量程測電流時的測量值________（選填“偏大”“偏小”）。

19.（2023?廣東廣州??？寄M預(yù)測）兩同學(xué)為測定一段粗細(xì)均勻、電阻率較小的電阻絲

的電阻率，采用了如圖甲所示的電路進(jìn)行測量。

實驗步驟如下：

a.用螺旋測微器在電阻絲上的三個不同位置測出電阻絲直徑，求出平均值O；

b.調(diào)節(jié)電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，用毫米刻度尺測量并記錄導(dǎo)電夾P到電阻絲右端8

的長度X;閉合開關(guān)S,記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)/；

c.改變電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，重復(fù)步驟〃，記錄多組X、U、/的值。

（1）若螺旋測微器某次測量結(jié)果如圖乙所示，其示數(shù)為mm。

（2）若選用某組。、/值，用股=系算出電阻絲連入電路的電阻尺,則計算值與真實

值相比。（選填“偏小”、“相等”或“偏大”）

（3）根據(jù)多組測量得到的實驗數(shù)據(jù)繪出，-X圖像如圖丙所示，若圖線斜率為左,則電

阻絲的電阻率P=（用已知或測量出的物理量的符號表示）；電流表內(nèi)阻對電

阻率的測量________（選填"有''或"沒有”）影響。

（4）用記錄的數(shù)據(jù)繪制出U-/圖像如圖丁所示，由圖像可知電源的內(nèi)阻

r=Ωo（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

四、解答題

20.（2023屆廣東省廣州市普通高中高三下學(xué)期綜合測試（一）物理試題）如圖是微波

信號放大器的結(jié)構(gòu)簡圖，其工作原理簡化如下：均勻電子束以一定的初速度進(jìn)入I區(qū)（輸

入腔）被外間交變電壓（微波信號）加速或減速，當(dāng)4,"=4時，電子被減速到速度

為W，當(dāng)Us=-U。時，電子被加速到速度為嶺，接著電子進(jìn)入∏區(qū)（漂移管）做勻速

直線運動。某時刻速度為匕的電子進(jìn)入H區(qū)，f時間（小于交變電壓的周期）后速度為嶺

的電子進(jìn)入∏區(qū)，恰好在漂移管末端追上速度為巧的電子，形成電子“群聚塊”，接著“群

聚塊''進(jìn)入HI區(qū)（輸出腔），達(dá)到信號放大的作用。忽略電子間的相互作用。求：

（1）電子進(jìn)入1區(qū)的初速度大小%和電子的比荷且；

（2）漂移管的長度小

試卷第8頁，共10頁

I區(qū)（輸入腔）In區(qū)（輸出腔）

n區(qū)（漂移管）Il

---------------1I

----AN

OO

abcd

21.（2021屆廣東省廣州市普通高中高三（下）理科綜合測試物理試題（二模））如圖，

光滑絕緣水平地面上,靜止并緊靠著的帶正電小球a和不帶電的絕緣小球b,用長為2.5m

的不可伸長且不會拉斷的絕緣細(xì)繩相連。a的質(zhì)量為0.1kg、電量為1.0x10-6。b的質(zhì)

量為a的k（k>0）倍。a右側(cè)有水平向右的勻強電場域，場強大小為LOxlO5N/C、場區(qū)寬

度為2m。現(xiàn)同時給a、b以lm∕s的速度開始運動，使a水平向右進(jìn)入電場區(qū)域、b水平

向左運動，細(xì)繩繃緊瞬間兩球具有共同速度V,重力加速度取IOm求：

（1）細(xì)繩繃緊瞬間a到電場左邊界的距離；

（2）v與k的關(guān)系式；

（3）a離開電場區(qū)域時的速度大小。

22.（2022屆廣東省廣州市高三（下）一模物理試題）如圖甲，在光滑絕緣水平地面上,

寬為2乙的AB區(qū)域內(nèi)存在水平向右的電場，電場強度隨時間變化的ET圖像如圖乙，

質(zhì)量為4m的不帶電絕緣小球PI靜止在AB區(qū)域內(nèi)距A為X（O<x≤L）的位置，t=0時,

帶電量為+4、質(zhì)量為布的小球P2以速度%從A點進(jìn)入AB區(qū)域，與Pl發(fā)生碰撞后以3%

反彈，已知R、巳在Ag區(qū)域內(nèi)只發(fā)生一次碰撞，碰撞時間極短，巳的電量保持不變。

（1）求碰撞后小球P1獲得的速度；

L-

（2）若"一時，R剛好從A離開AB區(qū)域，求這種情況下X的值;

vO

（3）當(dāng);L<x≤L時，討論巳離開Ag區(qū)域時的速度大小。

E

↑E

P2^√0tnvι

Zj7777777777^777777777777777777772QL

AxVB

2LO3

甲乙

試卷第IO頁，共10頁

參考答案：

1.A

【詳解】AB.電子僅在電場力作用下，從M點到N點做加速度減小的減速直線運動，電子

在遠(yuǎn)離點電荷Q,電場力指向點電荷，點電荷。為正電荷，故A正確，B錯誤；

C.電子從M點到N點加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律

F=ma

可知電場力減小，根據(jù)電場強度定義式

E=2

q

可知電場強度減小，〃點場強比N點的大，故C錯誤；

D.點電荷帶正電，電場線方向由M點指向N點，M點電勢比N點的高，故D錯誤。

故選Ao

2.B

【詳解】A.因為鈉離子帶正電，其僅在電場力作用下從圖中的A點運動到8點，說明電場

力的方向沿A指向B,電場線由A指向B,所以A點電勢高于B點電勢，故A錯誤；

B.因為電場力對鈉離子做正功，所以其電勢能減少，故B正確；

C.因為膜內(nèi)的電場可看作勻強電場，根據(jù)

qE

a=——

m

鈉離子的加速度不變，故C錯誤；

D.根據(jù)動能定理

12

qU=—mv'

可知鈉離子進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度V與距離d大小無關(guān)，又因為膜電位U不變，則鈉離子進(jìn)入細(xì)

胞內(nèi)的速度大小不變，故D錯誤。

故選Bo

3.C

【詳解】CD.過程I電容器兩端電壓從零逐漸增大到Uo后保持不變，為充電過程，過程H

電容器兩端電壓從。。逐漸減小為零，為放電過程，C正確，D錯誤；

AB.電路穩(wěn)定后沒有電流流過電阻R,其兩端電壓為零，故電容器兩端電壓等于電源電動

勢，即

答案第1頁，共13頁

U＜)=E

AB錯誤。

故選C。

4.D

【詳解】AB.因為M、N在釋放后保持靜止，說明受到的合力為0,若M帶正電，不論N

帶正電，還是帶負(fù)電，都不可能同時靜止，只有M帶負(fù)電，N帶正電才能滿足同時靜止.又

〃與N之間的庫侖力是作用力與反作用力，總是大小相等方向相反，所以二者受到的電場

力也必定是大小相等方向相反，由

F=qE

可知，二者所帶的電量大小相等.AB錯誤；

C.靜止時，二者受到的合力都是0,C錯誤；

D.N帶正電，受到的電場力的方向向右，所以移動過程中勻強電場對N做負(fù)功?D正確。

故選D。

5.C

【詳解】A.等勢面的疏密反應(yīng)電場強度的大小，所以紇＜用，A錯誤；

B.研究軌跡與等勢面的交點A,如下圖所示

電場線與等勢面垂直，再利用物體做曲線運動合外力指向凹側(cè)，所以A點所受電場力水平向

左，又因為帶正電，所以A點的電場線水平向左，從而判斷出電場線指向左側(cè)，所以軟＞念，

B錯誤；

CD.正電荷在電勢高的地方電勢能大，所以在b點的電勢能大于。點的電勢能，則心“?與6。

電荷具有動能和電勢能兩種能量，根據(jù)能量守恒，電勢能大的地方，動能小，所以匕＞%,

C正確，D錯誤。

故選Co

答案第2頁，共13頁

6.C

【詳解】A?在尸、。間距離減小的過程中，根據(jù)電容的決定式C=/,可知4變小，電

容器電容變大，故A錯誤；

C.電容式話筒與電源串聯(lián)，電壓保持不變。根據(jù)電容的定義式C=合可知，C變大，。變

大，故Q極板的帶電量變大，故C正確；

BD.極板的帶電量變大，電容器充電，所以有逆時針方向電流，即R中有從N流向M的電

流，故BD錯誤；

故選擇：Co

7.B

【詳解】帶電小球“在光滑絕緣斜面上，對其受力分析，受重力支持力和帶電小球匕對它的

庫侖力。兩球同時釋放瞬間，α球的加速度剛好為零，即帶電小球匕對它的庫侖力與重力和

支持力的合力平衡，故帶電小球〃對小球〃的庫侖力沿斜面向上。綜上所述只有B圖符合題

意。

故選B。

8.A

【詳解】電荷只受電場力作用，由牛頓第二定律可得

α=^^=103m∕s

m

整個運動過程中水平方向不受力，速度不變，設(shè)水平方向的速度為山，則有

tan30otan60°

解得

v0=5(λ∕3m∕s

故A點速度大小為

V.=」一=IOOm/s

λsin60°

故選Ao

9.BD

【詳解】A.若立方體區(qū)域僅存在沿外方向的勻強電場，質(zhì)子受到的電場力沿必方向，會

在水平面內(nèi)做曲線運動，無法到達(dá)c',A錯誤；

B.若立方體區(qū)域僅存在沿時'方向的勻強電場，質(zhì)子受到的電場力沿m'方向，會在豎直面

答案第3頁，共13頁

內(nèi)做曲線運動，有可能到達(dá)c',B正確；

C.若立方體區(qū)域僅存在沿“’方向的勻強磁場，質(zhì)子受到水平方向的洛倫茲力，會在水平

面內(nèi)做曲線運動，不可能到達(dá)c',C錯誤；

D.若立方體區(qū)域僅存在沿“方向的勻強磁場，質(zhì)子受到豎直方向的洛倫茲力，會在豎直

面內(nèi)做曲線運動，有可能到達(dá)c',D正確。

故選BDo

10.BCD

【詳解】A.根據(jù)左手定則可知電子在圓環(huán)內(nèi)受到沿半徑向外的磁場1的洛倫茲力方向垂直

環(huán)平面向里，電場力需要與該洛倫茲力平衡，電場力方向應(yīng)垂直環(huán)平面向外，由于電子帶負(fù)

電，故電場方向垂直環(huán)平面向里，A錯誤；

B.電子在圓環(huán)內(nèi)沿順時針方向做半徑為R、速率為V的勻速圓周運動，則電子運動周期為

T2兀R

/=----

V

B正確；

C.電子在圓環(huán)內(nèi)受到磁場2的洛倫茲力提供電子做圓周運動的向心力，則有

V2

evB=m—

R

解得

B=—

eR

C正確；

D.電子在垂直環(huán)平面方向受力平衡，則有

eE=evB

解得

LWV2

E=-----

eR

D正確；

故選BCD0

11.BD

【詳解】A.點電荷場強公式為

頂點4、C到P的距離相等，故A、C點的場強大小相等，但場強方向不同，A錯誤;

答案第4頁，共13頁

B.頂點O到尸的距離小于頂點B到P的距離，故頂點。的場強大于3的場強，B正確；

C.點電荷形成的電場中的等勢面為以場源電荷為圓心的球面，故正方體側(cè)面ABCO不是等

勢面，C錯誤；

D.帶正電的粒子沿AC移動，與P點的距離先減小后增大，故庫侖斥力先做負(fù)功后做正功,

導(dǎo)致電勢能先增大后減小，D正確。

故選BD。

12.AC

【詳解】A.由正點電荷場強公式

EP—k,Q——

r

可知，方、d兩點離C點的距離相等，。在6、d兩點的場強大小相等，且方向均與勻強電

場垂直，故匕、/兩點合場強大小相等，b,d兩點在勻強電場的等勢面上，也在點電荷。

的等勢面上，故兩點電勢相等，A正確；

B.同理可知，“、b兩點離C點的距離不相等，由正電荷產(chǎn)生的電場大小不相等，與勻強

電場疊加之后的合場強大小也就不相等，兩點不在點電荷。的等勢面上，故兩點電勢不相

等，B錯誤；

C.b?4'兩點離C點的距離（都為面對角線）相等，由正電荷產(chǎn)生的電場大小相等，與勻

強電場夾角相等，疊加之后合場強大小相等，電勢也相等，C正確：

D.a?//兩點離C點的距離（一為體對角線，一為面對角線）不相等，由正電荷產(chǎn)生的電

場大小不相等，與勻強電場疊加之后合場強大小也就不相等，電勢也不相等，D錯誤。

故選ACo

13.AC

【詳解】A.點電荷在氏d兩點的電場強度大小相等，方向與勻強電場方向垂直，所以兩

點的合電場大小相等。點電荷在6、d兩點的電勢相等，氏d兩點在勻強電場中為等勢點，

故在合電場中兩點等勢。A正確；

B.人兩點距點電荷距離不等，所以點電荷在兩點處電場強度大小不等，所以兩點的合電

場大小不相等。八匕兩點距點電荷距離不等，點電荷在兩點處電勢不等，故兩點電勢在合

電場中也不是等勢點。B錯誤；

C.點電荷在〃、小兩點的電場強度大小相等，方向與勻強電場方向成45。，所以兩點的合電

場大小相等。點電荷在〃'、"兩點的電勢相等，b?"兩點在勻強電場中為等勢點，故在合

答案第5頁，共13頁

電場中兩點等勢。C正確；

D.a?〃兩點距點電荷距離不等，所以點電荷在兩點處電場強度大小不等，所以兩點的合

電場大小不相等。“'、〃兩點距點電荷距離不等，點電荷在兩點處電勢不等，故兩點電勢在

合電場中也不是等勢點。D錯誤。

故選AC。

14.BC

【詳解】AB.b粒子在垂直于M板的方向的分運動初速度為0,加速度與a粒子的加速度

相同，而a粒子的初速度不為0,所以a粒子到達(dá)N板的時間小于b粒子到達(dá)N板的時間，

故A錯誤，B正確；

CD.a、b粒子到達(dá)N板時電場力做功相同，根據(jù)動能定理，a、b粒子到達(dá)N板的速度大

小相等，故C正確，D錯誤。

故選BCo

15.CD

【詳解】A.在等量異種電荷連線的中垂線上，。點的電場強度最大，所以M點的電場強度

比O點小，故A錯誤；

B.根據(jù)等量異種電荷周圍電場的對稱性可知，匕兩處的電場強度大小相等，方向不同，

故B錯誤；

C.根據(jù)等量異種電荷周圍電場的對稱性可知，a、C兩處的電場強度一定相同，故C正確；

D.如下圖所示，作出經(jīng)過“、h兩點的等勢面與等量異種電荷連線交于A點，作出經(jīng)過c、

“兩點的等勢面與等量異種電荷連線交于C點

根據(jù)等量異種電荷周圍電場的對稱性可知，4、。兩點間的電勢差UA。等于。、C兩點間的

電勢差即“、。兩點間的電勢差So等于。、C兩點間的電勢差U。,，所以將一負(fù)電荷

從。移到0再移到C點，電場力在兩段做的負(fù)功相同，故D正確。

故選CDo

16.AC

答案第6頁，共13頁

【詳解】A.放電前手指靠近金屬門鎖的過程中，門鎖在手的影響下，發(fā)生靜電感應(yīng)，近手

端感應(yīng)出正電荷，故A正確；

B.由于門鎖近手端帶正電，手帶負(fù)電，二者間空間產(chǎn)生電場，電場線由門鎖近手端指向手,

所以門鎖電勢比手的電勢高，故B錯誤；

CD.隨著手的靠近，二者間距逐漸減小，將門鎖與手之間看成一個電容器，可知當(dāng)兩者距

離減小時，根據(jù)公式

聯(lián)立，可得

E-4就。

εS

由于異種電荷相互吸引，手接近的過程中，感應(yīng)電荷越來越接近手，門鎖近手端電荷密度越

來越大，電荷分布的電荷密度變大，故門鎖與手指之間場強逐漸增大，故C正確，D錯誤。

故選ACo

17.AD

【詳解】A.掃地機(jī)器人掃地時工作電流為/

P=UI

代入數(shù)據(jù)解得

∕=4A

A正確；

B.掃地機(jī)器人為非純電阻元件，由掃地機(jī)器人銘牌數(shù)據(jù)不能得出掃地時機(jī)器人電阻，B錯

誤；

C.根據(jù)電池容量2400mA.h,掃地機(jī)器人剩余電量為480mA?h時，機(jī)器人自動停止掃地并

返回充電基座充電，工作過程中消耗電量為

9=(2.4-0.48)Ax3600s=6912C

可以連續(xù)掃地的時間為

t=w=s=1728s=0.48h

I4

C錯誤；

D.每次掃地釋放的電能最多約為

4

Δf=W=<7C∕=6912×10J≈6.9×10J

答案第7頁，共13頁

D正確。

故選AD。

18.小于140斷路右偏小

【詳解】（1）[1]電流表接“3A”的量程時，根據(jù)并聯(lián)電路的總電阻小于分支電阻，由圖（a）

可知此時電流表的內(nèi)阻為電路的總電阻，小于分支的電阻O.22Ω；

（2）[2]歐姆表表盤IO~15之間有5格，每小格代表1Ω,據(jù)讀數(shù)規(guī)則，要讀到下一位，且

倍率為“xlO”，故讀數(shù)為

14.0×10Ω=140Ω

[3]根據(jù)歐姆表電流流向“紅進(jìn)黑出”，由圖（a）可知，140。為接線柱中間兩電阻IOC、13（）Ω

之和，說明此時1（）。、1300兩電阻并未與0.22Ω,0.88Ω兩電阻并聯(lián)；保持黑表筆不動，將

紅表筆從接線柱移到“3A”接線柱，示數(shù)幾乎與圖（b）相同，說明更換接線柱后，電流

表總電阻的阻值幾乎未發(fā)生變化，故可推知電流表內(nèi)部Io。、130C與0.22。串聯(lián)，阻值為

0.88Ω的電阻發(fā)生斷路，若短路則歐姆表示數(shù)應(yīng)為0；

（3）[4]由示數(shù)U=1.30V,∕=0,50A,可得

Λ=γ=2,6Ω＜4.4Ω

要增大電阻，接下來應(yīng)將P向右滑。

（4）[5]設(shè)N=IO。，Λ2=130Ω,R,=0.22Ω,R4=0.88Q,用電阻絲替代故障電阻后，若

電阻絲實際接入電路的阻值略小于標(biāo)準(zhǔn)值，電阻絲實際接入電路的阻值為總＜0.880；接

0?6A量程時，設(shè)某次測電流時，流過表頭的電流為則電流測量值為

/小閨+&）

測'q+R4

電流的真實值為

真'舄+國

由于

總＜凡

可得

/測＜/英

會導(dǎo)致用該電流表“0?6A”量程測電流時的測量值偏小。

答案第8頁，共13頁

19.1.665（1.6621.668均給分）偏大邑竺沒有0.91

4

【詳解】（1）[1]根據(jù)圖乙的螺旋測微器可知，其示數(shù)為

D=1.5mm+16.5×0.01mm=1.665mm

（2）[2]由圖甲電路圖可知，電壓表測量的是段和電流表的電壓，電流表測量的是流過R、的

電流，若用R、=與算出電阻絲連入電路的電阻段,則計算值與真實值相比偏大。

（3）[3]⑷根據(jù)電阻的決定式可知，電阻絲連入電路的電阻

X4x

Rdf二P而

設(shè)電流表內(nèi)阻為《，根據(jù)歐姆定律可知

R、.+RA=—TX+R

根據(jù)圖丙h7圖像可知

2=k

πD2

解得

πD2k

方丁

電流表內(nèi)阻對電阻率的測量沒有影響。

（4）[5]根據(jù)閉合回路的歐姆定律可知

U=E-Ir

由圖丁的U-/圖像可知，電源的內(nèi)阻

1510

r=?-?Ω≈0.91Ω

0.55

20（I）-卜；+嗎,—=”一匕.(2)L=-^-t

UVvLN2>n4U。，

V2-V1

【詳解】（1）在I區(qū)，由動能定理得

,,II

-elΛ=2mvι2-2znvO2

rII

eLmv2mv2

'0=^2-^0

聯(lián)立解得

答案第9頁，共13頁

gv

=2"√

tn4(∕0

(2)在∏區(qū)，設(shè)匕電子運動時間為，，則

,

vl(/+1)=L

,

v2t=L

聯(lián)立解得

???r

%一匕

2-k

21.(1)1.5m；(2)--；(3)見解析

l+k

【詳解】(1)設(shè)繩子長為3電場寬度為乩小球、a、b的初速度為％,經(jīng)時間，細(xì)繩子繃

緊，a到電場左邊界的距離為&,b通過的距離為S,,設(shè)電場強度為E,a的質(zhì)量為〃?，在

電場中的加速度為a,以水平向右為正方向，根據(jù)

12

sa=v0t+-af

Sb=vot

sl,+Sb=L

”變

m

聯(lián)立解得

sa=1.5m

(2)設(shè)繃緊前瞬間a的速度為匕，繃緊瞬間兩球的共同速度為丫，以水平向右為正方向，

根據(jù)題意

V,=v0+at

mvl-kmv0=(m+km)v

解得

2-k

v=----

1+女

當(dāng)0＜女＜2時，小球向右運動

當(dāng)k=2時，小球短暫速度為零

答案第10頁，共13頁

當(dāng)々＞2時，小球向左運動

(3)設(shè)小球a離開電場時速度為匕，當(dāng)0＜女＜2時，a、b兩小球一起向右勻加速運動，由

動能定理

22

qE(d-sa)=+k)vt-→n(l+Λ)v

解得

√?2-3?+5

v=----------------

,l1+Λ

當(dāng)當(dāng)k＞2時，a、b兩小球一起向左勻加速運動，若

1?

qEsa≥-w(l+?)v

即2＜心2±叵小球仍然從電場右側(cè)出來，速度大小為

2

.√Jt2-3?+5

V.=----------------

1+*

若

12

qEsa<—∕π(l+?)v

即±叵，小球仍然從電場左側(cè)出來，根據(jù)動能定理

2

2