山東省濱州市2023-2024學(xué)年高一年級上冊期末模擬物理試卷

2023-2024學(xué)年山東省濱州市高一（上）期末物理模擬試卷

選擇題（共8小題，滿分24分，每小題3分）

1.（3分）如圖所示是組合式推拉黑板。若在一名同學(xué)向左勻速拉動黑板時，另一名同學(xué)用

粉筆從靜止開始，在該黑板上勻加速豎直向下畫線，則粉筆在黑板上畫出的軌跡可能是

圖中的（）

2.（3分）第19屆亞洲運(yùn)動會將于杭州舉行，杭州是中國第三個取得亞運(yùn)會主辦權(quán)的城市。

卡巴迪是亞運(yùn)會特有項目，類似于我國傳統(tǒng)的“老鷹捉小雞”。在老鷹與小雞的對抗中，

下列說法正確的是（）

承般

A.研究運(yùn)動員的技戰(zhàn)術(shù)動作，可以將其看成是質(zhì)點(diǎn)

B.每場比賽用時15min,指的是時刻

C.兩個運(yùn)動員若相對靜止，說明他們加速度相同，但速度可能不同

D.運(yùn)動員在轉(zhuǎn)彎跑時，一定是有加速度的

3.（3分）撐桿跳高是一項技術(shù)性很強(qiáng)的體育運(yùn)動，完整的過程可以簡化成三個階段：持桿

助跑、撐桿起跳上升、越桿下落。撐桿跳高的過程中包含很多物理知識，下列說法正確

的是（

持桿助跑撐桿起跳上升越桿下落

A.持桿助跑過程，重力的反作用力是地面對運(yùn)動員的支持力

B.撐桿起跳上升階段，彎曲的撐桿對人的作用力大于人對撐桿的作用力

C.撐桿起跳上升階段，人的手受到彈力的直接原因是由于撐桿彎曲形變

D.最高點(diǎn)手已離開撐桿，運(yùn)動員還能繼續(xù)越過橫桿是因為受到了一個向前的沖力

4.（3分）某體育老師正在進(jìn)行投籃教學(xué)。某次投籃時,籃球運(yùn)動的最高點(diǎn)比籃筐高h(yuǎn)i=0.2m,

且以45°角落入籃筐中心。若該次投球點(diǎn)比籃筐低h2=0.6m,籃球出手的速度大小為v,

方向與水平面的夾角為。，投球點(diǎn)到籃筐中心的水平距離xo不計空氣阻力，g取10m/s2,

下列說法正確的是（）

A.v=4m/s,0=60°B.v=4m/s,tan8=2

C.x=0.8mD.x=1.2m

5.（3分）皮球從一定高度處由靜止下落，ti時刻與地面碰撞后反彈，t2時刻上升到最高點(diǎn)，

皮球運(yùn)動時受到的空氣阻力大小恒定，取皮球落地點(diǎn)為原點(diǎn)建立坐標(biāo)系，豎直向上為正

方向，下列皮球位置x與時間t的關(guān)系圖像中，能描述該過程的是（）

6.（3分）圖甲所示為生活中巧妙地利用兩根并排的竹竿，將長方體磚塊從高處運(yùn)送到低處

的場景。將竹竿簡化為兩根平行放置，粗細(xì)均勻的圓柱形直桿，磚塊放在兩竹竿的正中

間，由靜止開始從高處下滑，圖乙所示為垂直于運(yùn)動方向的截面圖（磚塊截面為正方形）。

若僅將兩竹竿間距增大一些，則磚塊（）

詩塊

圖乙

A.下滑過程中竹竿對磚塊的彈力變大

B.下滑過程中竹竿對磚塊的摩擦力不變

C.下滑的加速度變小

D.下滑到底端的時間變短

7.（3分）將一根長度為L的繩子兩端固定在相距為與的等高的兩點(diǎn),

在繩子中點(diǎn)處懸掛一

重力為G的物體（物體未接觸地面），平衡時繩子中的拉力為（)

3^5B.&2V5V5

A.-----GC.—GD.—G

10654

8.（3分）如圖所示，物塊放在傾斜的木板上，當(dāng)木板的傾角a為30°時，物塊靜止不動;

當(dāng)木板的傾角a為45°時，物塊勻加速下滑，在這兩種情況下，物塊所受摩擦力的大小

恰好相等，則物塊和木板間的動摩擦因數(shù)為（）

V2

D.一

2

二.多選題（共4小題，滿分16分，每小題4分）

（多選）9.（4分）甲、乙兩物體從同一點(diǎn)開始沿一直線運(yùn)動，甲的x-t和乙的v-t圖象

A.甲在3s末回到出發(fā)點(diǎn)，甲運(yùn)動過程中，距出發(fā)點(diǎn)的最大距離為4m

B.2?4s內(nèi)乙的加速度不變

C.第3s內(nèi)甲、乙兩物體速度方向相同

D.2?4s內(nèi)甲的位移大小為8m,乙的位移大小為0m

（多選）10.（4分）大型商場為了方便顧客上下樓，都會安裝自動扶梯。扶梯可以分為兩

大類，一種有臺階，另一種無臺階，如圖所示。在沒有顧客乘行時，這兩種自動扶梯都

以較小的速度勻速運(yùn)行，當(dāng)有顧客乘行時自動扶梯經(jīng)過先加速再勻速兩個階段運(yùn)行。則

電梯在運(yùn)送顧客上樓的整個過程中（）

圖中無分階自動扶梯圖乙有分階自動認(rèn)梯

A.顧客始終處于超重狀態(tài)

B.在圖甲中，扶梯由加速轉(zhuǎn)為勻速時乘客所受摩擦力減小

C.在圖乙中，顧客始終受到三個力作用

D.在圖乙中，顧客對扶梯作用力的方向先指向后斜下方，再豎直向下

（多選）11.（4分）一小球自5m高處自由下落，當(dāng)它與水平地面每碰撞一次后，速度大小

4

減小為碰撞前的g,不計空氣阻力，g取10m/s2,則下列說法正確的是（）

A.第一次下落的時間與第二次下落的時間之比為9

4

4

B.第二次彈起的高度為第一次彈起時高度的g

15

C.小球第一次下落的最后0.5s所下落的高度為Tm

D.小球開始運(yùn)動2.6s經(jīng)過的總路程為11m

（多選）12.（4分）跳臺滑雪是冬奧會中最具觀賞性的項目之一，假設(shè)運(yùn)動員從C點(diǎn)水平

飛出，落到斜坡上的D點(diǎn),E點(diǎn)離坡道CD最遠(yuǎn),忽略空氣阻力。下列說法正確的是（）

B

VE:/

J/

/D

A.運(yùn)動員在空中相等時間內(nèi)速度變化相等

B.軌跡CE和ED在水平方向的投影長度相等

C.軌跡CE和ED在CD上的投影長度之比為1：3

D.若減小水平飛出速度，運(yùn)動員落到斜坡時速度與水平方向的夾角將變小

三.實驗題（共6小題，滿分60分，每小題10分）

13.（10分）用如圖所示的器材和方法可以驗證“力的平行四邊形定則”。在圓形桌子透明

桌面上平鋪一張白紙，在桌子邊緣安裝三個光滑的滑輪，其中，滑輪P!固定在桌子邊,

滑輪P2、P3可沿桌邊移動。第一次實驗中，步驟如下：

A.在三根輕繩下掛上一定數(shù)量的鉤碼，并使結(jié)點(diǎn)O靜止，且OPi、OP2、OP3與桌面平

行；

B.在白紙上描下。點(diǎn)的位置和三根繩子的方向，以O(shè)點(diǎn)為起點(diǎn)，作出三拉力的圖示；

C.以繞過P2、P3繩的兩個力為鄰邊作平行四邊形，作出O點(diǎn)為起點(diǎn)的平行四邊形的對

角線，量出對角線的長度；

D.檢驗對角線的長度和繞過Pi繩拉力的圖示的長度是否一樣，方向是否在一條直線上。

（1）這次實驗中，若一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為m,另一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為2m,則第三

根繩掛的質(zhì)量一定大于且小于。

（2）第二次實驗時，改變滑輪P2、P3的位置和相應(yīng)繩上鉤碼的數(shù)量，使結(jié)點(diǎn)平衡，繩

的結(jié)點(diǎn)（選填“必須”或“不必”）與第一次實驗中白紙上描下的O點(diǎn)重合。

實驗中，若桌面不水平（選填"會”或“不會”）影響實驗的結(jié)論。

14.（10分）某同學(xué)在測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葘嶒炛?

（1）按圖甲所示連接好裝置，接通電源、釋放鉤碼，打點(diǎn)計時器在紙帶上打出一系列的

點(diǎn)，如圖乙所示，記下此時力傳感器的示數(shù)Fo已知打點(diǎn)計時器使用的交流電源的頻率

為50Hz,相鄰兩計數(shù)點(diǎn)之間還有四個點(diǎn)未畫出，由圖中的數(shù)據(jù)可知，重物的加速度a=

m/s2（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（2）改變鉤碼的質(zhì)量，重復(fù)實驗步驟（1）,得到多條紙帶，并對紙帶數(shù)據(jù)進(jìn)行處理。

（3）由實驗得到重物的加速度a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖丙所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓?/p>

速度g=，重物及動滑輪的總質(zhì)量為（均用圖丙中字母

15.（10分）如圖所示，質(zhì)量為50kg的重物A靜止在固定斜面C上。質(zhì)量為12kg的重物B

通過水平細(xì)繩與重物A相連于。點(diǎn)，。點(diǎn)通過另一根細(xì)繩懸掛于天花板上，繩子與豎直

方向夾角以及斜面傾角均為37°,IXg=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.求：

（1）水平細(xì)繩OA的拉力大??；

（2）重物A對斜面C的壓力大小及重物A受到的摩擦力大小和方向。

16.（10分）某型號的戰(zhàn)斗機(jī)在航空母艦的跑道上加速時，發(fā)動機(jī)產(chǎn)生的最大加速度為6m/s2,

該戰(zhàn)斗機(jī)起飛的最小速度為50m/s。已知某次飛行訓(xùn)練前，航母正在以20m/s的速度勻速

航行，航母的航行方向與戰(zhàn)斗機(jī)的起飛方向一致。求：

（1）該型號的戰(zhàn)斗機(jī)在跑道上至少加速多長時間才能起飛；

（2）該戰(zhàn)斗機(jī)在跑道上至少加速多長距離才能起飛。

17.（10分）滑雪是人們喜愛的運(yùn)動之一，某滑雪者在滑雪過程中，剛好滑到某一懸崖的平

臺上方A處，如圖所示，懸崖豎直高度AB為5m,懸崖下面是一足夠長的、可看作傾角

。為45°的斜坡BD,若滑雪者在A處的速度為10m/s,試求：（g取lOm/s?）

（1）滑雪者下落到斜面BD上的時間；

（2）滑雪者落到斜面BD上的速度大小。

18.（10分）隨著社會的發(fā)展，外賣配送也正踏入“無人+”領(lǐng)域。某天工作人員正在通過

無人機(jī)將質(zhì)量m=lkg的醫(yī)療物品送至用戶家中，如圖所示，在無人機(jī)的作用下，物品

在水平地面上由靜止開始豎直向上做勻加速直線運(yùn)動，經(jīng)過ti=2s后變成勻速直線運(yùn)動，

己知勻速直線運(yùn)動時間t2=5s,然后再經(jīng)勻減速t3=4s后到達(dá)用戶窗臺，此時物品恰好

靜止，離地高度h=40m。若在勻速運(yùn)動階段無人機(jī)對物品的作用力大小為F=15N,整

個運(yùn)動過程中物品可看成質(zhì)點(diǎn)，物品所受空氣阻力恒定，求：

（1）物品運(yùn)動過程中的最大速率；

（2）勻減速階段物品的加速度大小和位移大小；

（3）勻加速階段無人機(jī)對物品的作用力大小。

2023-2024學(xué)年山東省濱州市高一（上）期末物理模擬試卷

參考答案與試題解析

選擇題（共8小題，滿分24分，每小題3分）

1?【解答】解：黑板以某一速度水平向左勻速拉動，則相對而言，粉筆以某一速度水平向右

勻速運(yùn)動，同時粉筆在該黑板上勻加速豎直向下畫線，根據(jù)做曲線運(yùn)動的物體所受合外

力一定指向曲線凹側(cè)，則粉筆在水平方向始終勻速運(yùn)動，在豎直方向向下加速運(yùn)動，由

運(yùn)動的合成與分解，結(jié)合矢量合成法則，故C正確，ABD錯誤。

故選：Co

2?【解答】解：A、當(dāng)物體的形狀和大小對于所研究的問題可忽略不計時可把物體看作質(zhì)點(diǎn)，

當(dāng)研究運(yùn)動員的技戰(zhàn)術(shù)動作時，其形狀大小不可忽略，不可以看作質(zhì)點(diǎn)，故A錯誤；

B、時刻為時間點(diǎn)，時間間隔為時間段，每場比賽用時15min,指的是時間間隔，故B錯

誤；

C、若兩物體相對靜止，則其運(yùn)動情況相同，速度、加速度相同，故C錯誤；

D、運(yùn)動員在轉(zhuǎn)彎跑時，做曲線運(yùn)動，速度方向變化，一定存在加速度，故D正確；

故選：D。

3?【解答】解：A、重力是由于地球的吸引而產(chǎn)生的，所以任意時刻，其反作用力均為人對

地球的引力，故A錯誤；

B、彎曲的撐桿對人的作用力和人對撐桿的作用力是相互作用力，根據(jù)牛頓第三定律可知

撐桿起跳上升階段，彎曲的撐桿對人的作用力等于人對撐桿的作用力，故B錯誤，

C、撐桿起跳上升階段，由于撐桿彎曲形變，在恢復(fù)形變時對人手產(chǎn)生彈力，所以撐桿起

跳上升階段，人的手受到彈力的直接原因是由于撐桿彎曲形變，故C正確；

D、最高點(diǎn)手已離開撐桿，運(yùn)動員還能繼續(xù)越過橫桿，是因為人的慣性，而沒有受到?jīng)_力

作用，故D錯誤。

故選：Co

4.【解答】解：AB.落入籃筐中心時豎直速度丫丫=頻瓦，解得vy=2m/s,依題意，速度方

向為45°,故水平速度vo=vy=2m/s,籃球出手時豎直速度vy'=J2g（八1+%）,解得

V，=4m/s,故籃球出手時速度v=+%2,解得v=2V^m/s,方向與水平面的夾角

為仇tan8=空，解得tan0=2,故AB錯誤；

CD.籃球出手時到最高點(diǎn)的時間ti=/綱#.),解得ti=0.4s,最高點(diǎn)到籃筐中心的時

間t2=,解得t2=o.2s,投球點(diǎn)到籃筐中心的水平距離X=vo(ti+t2),解得x=1.2m,

\9

故C錯誤，D正確；

故選：D。

5?【解答】解：皮球從一定高度處由靜止下落，小球的加速度大小為ai='鋁=g-5，

加速度方向向下，所以下落過程中，速度越來越大，x-t圖斜率反映速度大小，所以下

落過程圖線斜率增大；

反彈上升時，加速度大小為a2=g?=g+5，加速度方向向下，

加速度方向與運(yùn)動方向相反，所以上升時速度減小，x-t圖線斜率越來越小；

上升時加速度大于下降時加速度，所以上升時速度變化更快，用時更短，同時因為阻力

的存在，反彈后不能在上升到原高度，故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

6.【解答】解：A、設(shè)竹竿與水平方向的夾角為a,兩竹竿對磚塊的彈力的夾角為6?作出

磚塊在垂直于運(yùn)動方向的受力示意圖，如圖所示。根據(jù)垂直于運(yùn)動方向磚塊受力平衡可

g

得，2FNCOS]=mgcosa。僅將兩竹竿間距增大一些，0不變，可知竹竿對磚塊的彈力FN

不變，故A錯誤；

B、下滑過程中竹竿對磚塊的摩擦力為f=2^FN,FN不變，則f不變，故B正確；

C、在沿竹竿方向，由牛頓第二定律得：mgsina-f=ma,a、f不變，則磚塊下滑的加速

度不變，故C錯誤；

D、由*=2砒2得1=怪,可知滑到底端的時間不變，故D錯誤。

z\a

7.【解答】解：設(shè)繩子與豎直方向的夾角為。，根據(jù)物體的平衡狀態(tài)可得:

2Tcos0=G

聯(lián)立解得：T=^G,故A正確，BCD錯誤；

故選：Ao

8.【解答】解：由題分析得知、木板的傾角a為30°時物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，受到的靜摩擦

力與重力沿木板向下的分力相等，設(shè)物塊的質(zhì)量為m,由平衡條件可知，物塊受到的靜

摩擦力大小fi=mgsin30°

木板的傾角a為45°時，物塊沿木板勻加速下滑，受到的滑動摩擦力大小f2=|imgcos45°

根據(jù)題意fi=f2

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得〃=苧

綜上分析，故ABC錯誤，D正確。

故選：D。

二.多選題（共4小題，滿分16分，每小題4分）

9.【解答】解：A、甲在3s末x=0,回到出發(fā)點(diǎn)。距出發(fā)點(diǎn)的最大距離為4m,故A正確。

B、根據(jù)v-t圖象的斜率表示加速度，知2?4s內(nèi)乙的加速度不變，故B正確；

C、根據(jù)x-t圖象的斜率表示速度，知第3秒內(nèi)甲的速度為負(fù)。由v-t圖象知第3秒內(nèi)

乙物體速度為負(fù)，則第3秒內(nèi)甲、乙兩物體速度方向相反，故C錯誤；

D、2?4s內(nèi)甲的位移大小為x甲=|-4m-4m|=8m。根據(jù)v-t圖象與時間軸所圍的面積

表示位移，知2?4s內(nèi)乙物體的位移為0,故D正確。

故選：ABD?

10?【解答】解：A、顧客在加速階段，具有豎直向上的加速度分量，處于超重狀態(tài)，運(yùn)動

階段受力平衡。故A錯誤;

f-mgsin0=ma

勻速階段，由三力平衡可得：

f=mgsin0

解得：f<f,即扶梯由加速轉(zhuǎn)為勻速時乘客所受摩擦力減小。故B正確;

顧客在加速階段，受三個力作用，其中扶梯對顧客的作用力為摩擦力與支持力的合力F,

由圖可知方向為斜上方，根據(jù)牛頓第三定律易知顧客對扶梯的作用力為斜下方。在勻速

階段受兩個力作用，扶梯對顧客的支持力豎直向上，則顧客對扶梯的壓力豎直向下。故

C錯誤；D正確。

故選：BDo

11.【解答】解：A、設(shè)小球第一次落地時速度為vo,則有丫0=屬及=10向5

444

那么第二次、第三次、…第n+1次落地速度分別為Vl=qVO,V2=(-)2V0,…，Vn=(-)

>55

nvo

根據(jù)速度-時間關(guān)系可得：V=gt

則小球第一次下落的時間與第二次下落的時間之比為：-=—=故A正確；

12%4

B、小球開始下落到第一次與地相碰經(jīng)過的路程為ho=5m

”2due)24

2

小球第一次與地相碰后彈起的高度是：hi=2=^Ugm=5X(-)mo

乙gzxj.u5

小球第二次與地相碰后彈起的高度是h2,則h2=^=啖/m=5義(7)4nio

乙gzxj.u5

4

所以第二次彈起的高度為第一次彈起時高度(g)2.故B錯誤；

C、由ho=4g好知，小球第一次下落的時間ti=ls,在前0.5s下落的高度h'=聶弓2=

ix10X0.52m=則小球第一次下落的最后0.5s所下落的高度為ho-h'=

L4,

5m-|m=故C正確；

D、小球第一次下落時間為to=粵==與

9l已Oz叫n/s彳，

小球從第一次與地面相撞到第二次與地面相撞經(jīng)過的時間為ti=4?富=2Tx—ix1—0s=L6s

9

2dx]0)2

小球第一次與地面相碰后彈起的高度是hi=*m=3.2m

小球開始運(yùn)動2.6s經(jīng)過的總路程為s=ho+2hi=5m+2X3.2m=11.4m,故D錯誤。

故選：AC?

12.【解答】解：A.平拋運(yùn)動，加速度恒定為g,根據(jù)Av=gAt,相等時間內(nèi)速度變化相

等，故A正確；

B.設(shè)斜面的傾角為4則到達(dá)E點(diǎn)時，E點(diǎn)離坡道CD最遠(yuǎn)，速度方向與斜面平行，則

tan0=

到達(dá)斜面底端時，根據(jù)位移關(guān)系有：

tang羋

v0t2

解得

t2=2tl

即從C到E的時間等于從E到D的時間，則根據(jù)x=vot,軌跡CE和ED在水平方向的

投影長度相等，故B正確；

C.根據(jù)分運(yùn)動性質(zhì)，物體沿斜面方向做初速度為vocosO,加速度為gsin。的加速運(yùn)動，

則根據(jù)相等時間的位移關(guān)系，物體沿斜面方向的位移之比不等于1：3,即軌跡CE和ED

在CD上的投影長度之比不等于1：3,故C錯誤；

D.運(yùn)動員落到斜坡時速度與水平方向的夾角

tana=

%

結(jié)合

tang型

v0t2

可得

tana=2tan6

則若減小水平飛出速度，運(yùn)動員落到斜坡時速度與水平方向的夾角不變，故D錯誤。

故選：ABo

三.實驗題(共6小題，滿分60分，每小題10分)

13?【解答】解：(1)若一根繩掛的質(zhì)量為m,另一根繩掛的質(zhì)量為2m,則兩繩子的拉力

分別為:mg、2mg,兩繩子拉力的合力F的范圍是：|2mgFig|《F4mg+2mg,即：mg<F<3mg,

三力的合力為零，則第三根繩掛的質(zhì)量范圍在m到3m之間，即第三根繩掛的質(zhì)量一定

大于m；同理第三根繩掛的質(zhì)量一定小于3m。

(2)本實驗不是先用一根繩拉，然后用兩根繩去拉，使一根繩拉的作用效果與兩根繩拉

的作用效果相同，而是三根繩都直接拉O點(diǎn)，所以O(shè)點(diǎn)的位置可以改變，只要保證三力

平衡即可，所以不必與第一次實驗中白紙上描下的O點(diǎn)重合；同理桌面不水平只要保證

能使結(jié)點(diǎn)平衡即可，所以桌面不水平也不會影響實驗的結(jié)論。

故答案為：(1)m；3m；(2)不必；不會

14.【解答】解：(1)由題意知，兩相鄰計數(shù)點(diǎn)的時間間隔為T=5X0.02s=0.1s,

根據(jù)“逐差法”可得重物的加速度為：a==(28.81—9.61)j9.61Xi。-2mzs2一

(2T)Z(2x0.1)，

2.4m/s2；

(3)對重物受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得2F-mg=ma,

解得：a=—*F-g,

a-F圖象與縱坐標(biāo)交點(diǎn)的絕對值表示重力加速度大小，所以有：g=b；

圖像的斜率k=￡=V，所以重物及動滑輪的總質(zhì)量為自。

CTITb

故答案為：⑴2.4；(3)b；華。

b

15?【解答】解：(1)對O點(diǎn)進(jìn)行受力分析，可知O受到B的拉力。A的拉力以及左側(cè)繩

子的拉力，受力如圖，可得:

&=mBgtan370=12X10x7=9ON

（2）物體A受到重力、斜面的支持力、繩子的拉力以及斜面的摩擦力，設(shè)摩擦力的方向

向上，受力如圖：

垂直于斜面的方向：Fisin0+N=mAgcos370

沿斜面得方向：mAgsi