重慶市2023-2024學(xué)年高三年級上冊聯(lián)考物理試題試卷

重慶市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期聯(lián)考物理試題試卷

閱卷入

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的

得分四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.2017年11月5日,我國用長征火箭成功發(fā)射了兩顆北斗三號組網(wǎng)衛(wèi)星（如圖所示），開啟了北斗衛(wèi)星

導(dǎo)航系統(tǒng)全球組網(wǎng)的新時代。下列關(guān)于火箭在豎直方向加速起飛階段的說法，正確的是（）

A.火箭只受到重力和空氣阻力的作用

B.火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力大小相等

C.火箭處于失重狀態(tài)

D.保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，相對地面由靜止下落

2.如圖（甲）所示，質(zhì)最m=2kg的小物體放在長直的水平地面上，用水平細線繞在半徑R=0.5m的薄圓

筒上。t=0時刻，圓筒由靜止開始繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動，其角速度3隨時間t的變化規(guī)律如圖（乙）所示，

小物體和地面間的動摩擦因數(shù)為0.1,重力加速度g=10m/s2。則下列判斷正確的是（）

A.細線的拉力大小為4N

B.細線拉力的瞬時功率滿足P=4t

C.小物體的速度隨時間的變化關(guān)系滿足v=4t

D.在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為4N?g

3.如圖所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的頂角處，固定一個小的定滑輪，質(zhì)量分別為mi、m2

的物塊，用細線相連跨過定滑輪，mi擱置在斜面上.下述正確的是（）

A.如果mi、m2均靜止，則地面對斜面沒有摩擦力

B.如果mi沿斜面向下勻速運動，則地面對斜面有向右的摩擦力

C.如果mi沿斜面向上加速運動，則地面對斜面有向左的摩擦力

D.如果mi沿斜面向下加速運動，則地面對斜面有向右的摩擦力

4.如圖所示，斜面體B放置在粗糙的水平地面上，在水平向左的推力F作用下，物體A和斜面體B均

保持靜止。若減小推力F,物體A仍然靜止在斜面體B上，則（）

A.物體A受斜面體B的作用力一定減小

B.物體A所受摩擦力一定減小

C.斜面體B所受合力一定減小

D.斜面體B所受地面的摩擦力可能增大

5.科學(xué)家通過實驗研究發(fā)現(xiàn)，放射性元素情u有多種可能的衰變途徑：2留U先變成28歷，2部Bi可以經(jīng)

一次衰變變成8打3也可以經(jīng)一次衰變變成21￡x（X代表某種元素），8打i和21世最后都變成畸Pb,衰變

路徑如圖所示。則以下判斷正確的是（）

~*中Bi—?

①

III

*Ti-

A.a=211,b=82

B.①是0衰變，②是a衰變

C.①②均是a衰變

D.2用〃經(jīng)過7次。衰變5次p衰變后變成2部Bi

6.如圖甲所示，被稱為“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圓軌道外側(cè)旋轉(zhuǎn)不脫落，其原理可等效為如圖乙所示

的模型：半徑為R的磁性圓軌道豎直固定，質(zhì)量為小的鐵球（視為質(zhì)點）沿軌道外側(cè)運動，A、B分別為

軌道的最高點和最低點，軌道對鐵球的磁性引力始終指向圓心且大小不變，不計摩擦和空氣阻力，重力

加速度為g，則

A.鐵球繞軌道可能做勻速圓周運動

B.鐵球繞軌道運動過程中機械能守恒

C.鐵球在A點的速度必須大于阿

D.軌道對鐵球的磁性引力至少為3mg,才能使鐵球不脫軌

閱卷入二'多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的

四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但

得分不全的得3分，有選錯的得0分。

7.質(zhì)譜儀用來分析帶電粒子的質(zhì)量與電荷量，其構(gòu)造原理如圖所示。將第一種粒子源放于S處，經(jīng)加速

電場（電壓為U）加速后垂直于磁場方向、垂直于磁場邊界進入勻強磁場。在磁場中運動后到達磁場邊界

上的P點。換第二種粒子源也放在S處，其粒子同樣到達P點。粒子從粒子源射出的初速度均為零，不計

粒子重力。則下列說法正確的是（）

I???

P.?.

A.若第二種粒子的電性與第一種不同，需同時改變電場方向與磁場方向

B.若第二種粒子的電性與第一種不同，只需改變電場方向或磁場方向即可

C.若第二種粒子與第一種粒子是同位素，其質(zhì)量比為保持電場電壓不變，則磁場磁感應(yīng)強度需

調(diào)整為原來的像

727

D.若第二種粒子與第-種粒子的質(zhì)量比為電荷量比為保持磁場磁感應(yīng)強度不變，則電場電

壓需調(diào)整為原來的黑

169

8.一靜止在水平地面上的物塊，受到方向不變的水平拉力F作用。0~4s時間內(nèi)，拉力F的大小和物塊加

速度a的大小隨時間t變化的關(guān)系分別如圖甲、圖乙所示。若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度

gMX10m/s2o由此可求得（）

A.物塊與水平地面間的最大靜摩擦力的大小為2N

B.物塊的質(zhì)量等于1.5kg

C.在0~4s時間內(nèi)，合力對物塊沖量的大小為6.75N?S

D.在0~4s時間內(nèi)，摩擦力對物塊的沖量大小為6N-S

9.如圖所示，半徑為R的J圓形區(qū)域內(nèi)存在著垂直紙面向里的勻強磁場，過（一2R,0）點垂直x軸放置

一線型粒子發(fā)射裝置，能在0<y<R的區(qū)間內(nèi)各處沿x軸正方向同時發(fā)射出速度均為v、帶正電的同種粒

子，粒子質(zhì)量為m,電荷量為q。不計粒子的重力及粒子間的相互作用力。若某時刻粒子被裝置發(fā)射出

后，經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)恰好擊中y軸上的同一位置，則下列說法中正確的是（）

B.磁場的磁感應(yīng)強度為戰(zhàn)

C.粒子離開磁場時速度方向相同

D.粒子從離開發(fā)射裝置到擊中y軸所用時間t的范圍為穹V/<0裂

10.在水面上的同一區(qū)域內(nèi)，甲、乙兩列水面波獨立傳播，傳播方向互相垂直，波的頻率均為2Hz。t=

0時刻其波峰與波谷情況如圖所示。甲波的振幅為5cm,乙波的振幅為10cm。質(zhì)點2、3、5共線且等距

離。下列說法中正確的是。

實線為波峰，虛線為波谷

A.質(zhì)點2的振動周期為0.5s

B.質(zhì)點2的振幅為15cm

C.圖示時刻質(zhì)點1、2的豎直高度差為15cm

D.圖示時刻質(zhì)點3正處于平衡位置且向上運動

E.從圖示的時刻起經(jīng)0.25s,質(zhì)點5通過的路程為30cm

閱卷人

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題

得分處，不要求寫出演算過程。

11.教材列出的木一木動摩擦因數(shù)為0.30,實驗小組采用如圖甲所示的裝置測量木塊與木板間的動摩擦

因數(shù)。實驗中，木塊在重錘的拉動下，沿水平長木板做勻加速運動。

堂打點計時器

圖甲

(1)實驗所用重錘質(zhì)量150g左右，下列供選擇的木塊質(zhì)量最合適的是—；

A.20gB.260gC.500gD.600g

(2)關(guān)于實驗操作和注意事項，下列說法正確的有—；

A.實驗中先釋放木塊，后接通電源

B.調(diào)整定滑輪高度，使細線與板面平行

C.必須滿足細線對木塊拉力與重錘重力大小近似相等

D.木塊釋放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右

(3)實驗得到的一根紙帶如圖乙所示，從某個清晰的點開始，每5個打點取一個計數(shù)點，依次標(biāo)出

0、1、2、3、4、5、6,測得點O與點3、點6間的距離分別為19.90cm、54.20cm,計時器打點周期為

0.02s,則木塊加速度a=m/s2(保留兩位有效數(shù)字)；

口！31g:父

~~SZ~~

(4)實驗測得日=0.33,大于教材列表中的標(biāo)值，請寫出兩個可能的原

因：，O

12.圖甲是簡易多用電表的電路原理圖，圖中E是電源，Ri、R2、R3、R4、R5是定值電阻，R6是可變電

阻，表頭G的滿偏電流為200uA。內(nèi)阻為600Q其表盤如圖乙所示。圖甲中虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A

端和B端分別與兩表筆相連，該多用電表有5個擋位，分別為：直流電流1A擋和500^A擋，歐姆xlk。

擋，直流電壓2.5V擋和10V擋。

（1）若用歐姆xlkC擋測二極管的反向電阻，則A端與二極管的（選填“正”或“負”）極相

接觸，測得的示數(shù)如圖乙中a所示，則該二極管的反向電阻為kQ?

（2）某次測量時該多用電表指針位置如圖乙中b所示，若此時B端是與“1”相連的，則多用電表的示

數(shù)為;若此時B端是與“4”相連的則多用電表的示數(shù)為o

（3）根據(jù)題中所給的條件可得Ri、R2的阻值之和為Qo

閱卷人四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題

得分處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。

13.PQ為一接收屏，一半徑為R=0.1m半球形透明物的直徑MN恰好與接收屏垂直，如圖所示，一細光

束由透明物的右側(cè)平行于接收屏射向透明物的球心?，F(xiàn)讓細光束以球心為圓心順時針轉(zhuǎn)過30。時，經(jīng)觀測

接收屏上出現(xiàn)兩個亮點，且兩亮點之間的距離用L表示；細光束轉(zhuǎn)過的角度為45。時，接收屏上剛好出

現(xiàn)一個亮點。求：

（1）該透明物的折射率為多大？

（2）由以上敘述求L應(yīng)為多長？

14.一U形管豎直放置，管內(nèi)橫截面積處處相等，左管絕熱且上端封閉，右管導(dǎo)熱且用活塞封閉?；钊?/p>

a、b、c為厚度可忽略的光滑輕活塞，a隔熱，b、c導(dǎo)熱，a、b活塞下方為水銀，上方為空氣（可視為理

想氣體）。初始時，兩空氣柱和環(huán)境溫度均為27℃,管內(nèi)水銀柱和空氣柱長度如圖所示。緩慢向下推動活

塞c,直至a、b活塞處于同一高度為止。測量發(fā)現(xiàn)左側(cè)空氣柱溫度升高5℃。已知大氣壓強

po=76.0cmHgo（計算結(jié)果保留一位小數(shù)）

(1)求溫度升高后左側(cè)空氣柱的壓強；

(2)求c活塞向下推動的距離。

15.研究表明，新冠病毒耐寒不耐熱，溫度在超過56℃時，30分鐘就可以滅活。如圖，含有新冠病毒的

氣體被輕質(zhì)絕熱活塞封閉在絕熱氣缸下部a內(nèi)，氣缸頂端有一絕熱閥門K,氣缸底部接有電熱絲E。a缸

內(nèi)被封閉氣體初始溫度tl=27℃,活塞位于氣缸中央，與底部的距離hl=60cm,活塞和氣缸間的摩擦不

計。

f

(1)若閥門K始終打開，電熱絲通電一段時間，穩(wěn)定后活塞與底部的距禺h2=66cm,持續(xù)30分鐘

后，試分析說明a內(nèi)新冠病毒能否被滅活？

(2)若閥門K始終閉合，電熱絲通電一段時間，給a缸內(nèi)氣體傳遞了Q=1.0xl04J的熱量，穩(wěn)定后氣

體a內(nèi)能增加了△U=8.5xlO3J,求此過程氣體b的內(nèi)能增加量。

答案解析部分

L【答案】B

【知識點】牛頓第三定律；受力分析的應(yīng)用；豎直上拋運動；超重與失重

【解析】【解答】A、火箭受到重力和空氣阻力以及內(nèi)部燃料噴出時的作用力，故A錯誤；

B、火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力為作用力和反作用力，二者大小相等，故

B正確；

C、火箭加速向上，故處于超重狀態(tài)，故C錯誤；

D、保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度，故做豎直上拋運動，故D錯誤。

故答案為：Bo

【分析】相互作用力等大，反向，作用在不同物體上。加速度向上，物體處于超重狀態(tài)。保溫泡沫塑料

從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度。

2.【答案】D

【知識點】牛頓第二定律；牛頓定律與圖象

【解析】【解答】AC.根據(jù)圖象可知，圓筒做勻加速轉(zhuǎn)動，角速度隨時間變化的關(guān)系式為3=t

圓筒邊緣線速度與物塊前進速度大小相同，根據(jù)v=a)R得v=a>R=0.5t

物體運動的加速度a=黑=0彳產(chǎn)=0.5m/s2

根據(jù)牛頓第二定律得F-林mg=ma

解得細線的拉力大小為F=2x0.5+0.1x2x10=3N

AC不符合題意；

B.細線拉力的瞬時功率P=Fv=3x0.5t=1.5t

B不符合題意；

D.物體的合力大小為F合=F—因ng=3-0.1x2x10=IN

在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為1=F合t=lx4=4N-s

D符合題意。

故答案為：D。

【分析】利用線速度的表達式結(jié)合加速度的定義式可以求出加速度的大小和速度和時間的關(guān)系，結(jié)合牛

頓第二定律可以求出拉力的大??；利用功率的表達式可以求出瞬時功率的大小；利用合力和時間可以求

出沖量的大小。

3.【答案】A

【知識點】共點力平衡條件的應(yīng)用；對單物體（質(zhì)點）的應(yīng)用

【解析】【解答】如果mi、m2均靜止或mi沿斜面向下勻速運動，以mi、m2和斜面組成的整體為研究對

象，整體的為合力都為零，其受力情況如圖1,由平衡條件得知，地面對斜面沒有摩擦力.A符合題意,

B不符合題意.

圖1圖2

如果mi沿斜面向上加速運動，將mi的加速度分解為水平和豎直兩個方向如圖2,根據(jù)牛頓第二定律可

知，整體有水平向右分加速度，則地面對斜面有向右的摩榛力.C不符合題意.與C項同理可知，如果

mi沿斜面向下加速運動，其加速度沿斜面向下，整體有水平向左的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律得知，

地面對斜面有向左的摩榛力.D不符合題意.

故答案為：A.

【分析】利用整體的平衡方程可以判別地面沒有摩擦力的作用；利用整體法結(jié)合牛頓第二定律的合力方

向可以判別地面摩擦力的方向。

4.【答案】A

【知識點】動態(tài)平衡分析

【解析】【解答】A.物體A始終處于平衡狀態(tài)，所以物體A受到的重力、推力F和物體A受斜面體B

的作用力，根據(jù)平衡條件可知物體A受斜面體B的作用力為FBA=J（zn4g2+產(chǎn)

減小推力F,物體A受斜面體B的作用力一定減小，A符合題意；

B.物體A始終處于平衡狀態(tài)，所以物體A受到的重力、推力F、斜面體B對物體A的支持力和摩擦

力，設(shè)斜面的夾角為e,若斜面體B對物體A的摩擦力方向沿斜面向上，根據(jù)平衡條件在沿斜面方向

則有FcosO+f—mAgsinO=0

當(dāng)F減小時，物體A所受摩擦力增大；

若斜面體B對物體A的摩擦力方向沿斜面向下，根據(jù)平衡條件在沿斜面方向則有Fcosd-f-

mAgsind—0

當(dāng)F減小時，則物體A所受摩擦力減小，B不符合題意；

C.斜面體B始終處于平衡狀態(tài)，所以受到的合外力始終等于0,不變，C不符合題意；

D.視物體A和斜面體B為整體，在水平方向受到推力F和地面對斜面體B的摩擦力，根據(jù)平衡條件

可知水平方向受到推力F大小等于地面對斜面體B的摩擦力，當(dāng)F減小時，地面對斜面體B的摩擦力

也減小，D不符合題意；

故答案為：Ao

【分析】對物體進行受力分析，在重力、支持力、推力和摩擦力的作用下，物體處于平衡狀態(tài)，合力為

零，結(jié)合推力大小的變化分析其他力的變化。

5.【答案】D

【知識點】原子核的衰變、半衰期

【解析】【解答】ABC、經(jīng)過①變化核電荷數(shù)減少2,為a衰變，經(jīng)過②變化質(zhì)量數(shù)沒有發(fā)生變化，為p

衰變，即故b=83+l=84,故ABC錯誤；

D、經(jīng)過7次a衰變，則質(zhì)量數(shù)少28,電荷數(shù)少14,在經(jīng)過5次p衰變后，質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加

5,此時質(zhì)量數(shù)為238-28=210,電荷數(shù)為92-14+5=83。故D正確。

故答案為：Do

【分析】熟悉掌握a粒子和B粒子的質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)情況。物體發(fā)生核反應(yīng)，其核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量

數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒。

6.【答案】B

【知識點】牛頓第二定律；豎直平面的圓周運動；機械能守恒定律

【解析】【解答】AB、小鐵球在運動的過程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，其中鐵球受軌道的

磁性引力始終指向圓心且大小不變，支持力的方向過圓心，它們都始終與運動的方向垂直，所以磁力和

支持力都不能對小鐵球做功，只有重力會對小鐵球做功，所以小鐵球的機械能守恒，在最高點的速度最

小，在最低點的速度最大。小鐵球不可能做勻速圓周運動。故A錯誤，B正確；

C、小鐵球在運動的過程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，在最高點軌道對小鐵球的支持力的方

向可以向上，小鐵球的速度只要大于。即可通過最高點，故C錯誤；

D、小鐵球在最高點的速度恰好為0,而且到達最低點時，軌道對鐵球的支持力恰好等于。時，軌道對鐵

球的磁性引力最小。根據(jù)機械能守恒定律，小鐵球在最低點時的最小速度為

12

2mgR=

此時軌道對鐵球的支持力恰好等于0,則磁力與重力的合力提供向心力，即

mv2

F-mg=

聯(lián)立得

F=5mg

故D錯誤。

故答案為B。

【分析】本題模型屬于豎直平面內(nèi)的雙軌道模型的變式。小球到達最高點的臨界速度為零，在最低點速

度最小，且支持力最小時，磁性引力最小。

7.【答案】A,C,D

【知識點】質(zhì)譜儀和回旋加速器

【解析】【解答】AB、如圖所示

帶電粒子運動有3個子過程。兩種粒子要在電場中加速，則電場力方向相同。因電性不同，則電場方向

相反。粒子進入磁場時速度方向相同，在磁場中均向下偏轉(zhuǎn)，所受洛倫茲力方向相同，由左手定則知粒

子電性不同，則磁場方向不同，故A正確，B錯誤；

CD、加速電場加速有

12

qU=vymv

乙

磁場中圓周運動有

mv2

qvB=———

解得

第二種粒子與第一種粒子是同位素，其電荷量q相同，若質(zhì)量比為弱，持電場電壓不變，則磁場磁感應(yīng)

強度需調(diào)整為

B2_1^2_[26

^I=J^I=A|27

若第二種粒子與第一種粒子的質(zhì)量比為與、電荷量比為保持磁場磁感應(yīng)強度不變，則電場電壓需調(diào)

整為

啊_

U2_Q2168

177=X^2=169

故CD正確。

故答案為：ACD。

【分析】確定粒子在電場和磁場中的運動情況，根據(jù)電場力和電場線的關(guān)系及左手定則確定電性及場強

方向和磁場方向的關(guān)系。根據(jù)質(zhì)譜儀規(guī)律確定磁感應(yīng)強度與比荷及電壓的關(guān)系，再結(jié)合題意進行分析。

8.【答案】B,C

【知識點】牛頓定律與圖象

【解析】【解答】A.t=ls時，物體開始運動，故此時的拉力等于物體的最大靜摩擦力，故有/=尸=

L5N

A不符合題意；

B.根據(jù)牛頓第二定律有F-/=zna

代入F=6N,a=3m/s2得m=1.5kg

B符合題意；

C.在v-t圖象中，與時間軸所圍面積為物體的速度，則有v=X3x3m/s—4.5m/s

由動量定理可得I=mAv=1.5x4.5N-s=6.75N-s

C符合題意；

D.在0~4s時間內(nèi),F的沖量為IF=慘x4N-s=12N-s

則摩擦力沖量為If=I-IF=(6.75-12)N-s=-5.25N-s

D不符合題意。

故答案為：BCo

【分析】利用圖像加速度等于?？梢郧蟪瞿Σ亮Φ拇笮?；結(jié)合牛頓第二定律可以求出質(zhì)量的大??；利用

面積可以求出速度的大小結(jié)合質(zhì)量可以求出合力沖量的大小；利用合力的沖量結(jié)合拉力的沖量可以求出

摩擦力沖量的大小。

9.【答案】A,B,D

【知識點】帶電粒子在電場中的加速；帶電粒子在勻強磁場中的運動

【解析】【解答】由題意，某時刻發(fā)出的粒子都擊中的點是y軸上同一點，由最高點射出的只能擊中

(0,R),則擊中的同一點就是(0,R),即粒子擊中點距。點的距離為R,所以A選項正確。從最低點

射出的也擊中(0,R),那么粒子做勻速圓周運動的半徑為R,由洛侖茲力提供向心力得：

qvB=m^-，則磁感應(yīng)強度B嘴,所以B符合題意。粒子運動的半徑都相同，但是入射點不同，

則粒子離開磁場時的速度方向不同，C不符合題意；顯然偏轉(zhuǎn)角最大的時間最長，顯然從最低點射出的

粒子偏轉(zhuǎn)90。，在磁場中的時間最長，最長時間為〃=47+￡=4義辿+4=結(jié)型o從最高點直接

射向(0,R)的粒子時間最短，則最短的時間為土2=壟，所以D符合題意。

乙V

故答案為：ABDo

【分析】粒子在豎直方向上受電場力的方向而做加速運動，利用動能定理求解速度，洛倫茲力提供向心

力做圓周運動，根據(jù)粒子的運初速度大小列方程求解軌道半徑即可。

10.【答案】A,B,E

【知識點】波的干涉現(xiàn)象；波的疊加

【解析】【解答】A、兩列波的頻率均為2Hz,可知周期為

T=-r=0.5s

故A正確；

B、質(zhì)點2是波谷與波谷疊加，則振動加強，則質(zhì)點2的振幅為15cm,故B正確；

C、圖示時刻質(zhì)點1在波峰位置，位移為正向15cm；質(zhì)點2為波谷位置，位移為負向15cm,則此時質(zhì)點

1、2的豎直高度差為30cm,故C錯誤；

D、圖示時刻質(zhì)點2在波谷，質(zhì)點5在波峰位置，質(zhì)點3正處于2和5的中間位置，由波的傳播方向與質(zhì)

點振動方向的關(guān)系可知，質(zhì)點3處于平衡位置且向下運動，故D錯誤；

E、質(zhì)點5的振動加強，振幅為A=15cm,則從圖示的時刻起經(jīng)0.25s=0.5T,質(zhì)點5通過的路程為

2A=30cm,故E正確。

故答案為：ABEo

【分析】波谷與波谷疊加或波峰與波峰疊加，則該處振動加強，振幅等于此時兩波振幅之和。根據(jù)時間

與周期的關(guān)系，確定質(zhì)點在該時間段內(nèi)運動的路程。

11.【答案】(1)B

(2)B；D

(3)1.6

(4)木塊、木板表面粗糙程度有差異；細線與滑輪摩擦或紙帶與計時器摩擦

【知識點】探究影響摩擦力的大小的因素

【解析】【解答】(1)由題知，重錘的質(zhì)量m=150g左右，動摩擦因數(shù)四=0.30,設(shè)木塊的質(zhì)量為M,

為使木塊在重錘的拉動下沿水平長木板做勻加速運動，對整體，根據(jù)牛頓第二定律有

mg—[iMg=(m+M)a

解得

_mg—fiMg

a~m+M

根據(jù)長木板做勻加速運動，即a>0,可得

mg—iiMg>0

解得

M<500g

當(dāng)木塊的質(zhì)量M越小時，滑動摩擦力越小，整體的加速度越大，在紙帶上打的點越少，則在計算加速度

時誤差較大，綜上分析可知，木塊質(zhì)量最合適的是260g,故B符合題意，ACD不符合題意；

故答案為：Bo

(2)A、實驗時應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故A錯誤；

B、為保證木塊所受的拉力為細線的拉力，則應(yīng)調(diào)整定滑輪的高度使細線與木板平行，故B正確；

C、根據(jù)實驗原理

mg—%Mg=(m+M)a

可知不必滿足細線對木塊拉力與重錘重力大小近似相等，故C錯誤；

D、假設(shè)木板光滑，對整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有

mg=(m+M)a

將(1)問中的m=150g,M=260g代入上式，可得加速度

az4m/s2

為減少誤差，計算方便，一般在紙帶上是每隔5個點取一個計數(shù)點，即時間間隔

t=5x0.02s=0.1s

通常是取5至6個計數(shù)點，則總時間為0.5s到0.6s,取最開始的計數(shù)點是從初速度為0開始的，根據(jù)位

移時間公式有

12

x=乙

乙

取t=0.5s計算可得

x=0.50m

取t=0.6s計算可得

x=0.72m

故為提高紙帶利用效率，減少實驗誤差，木塊釋放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右，故D正確。

故答案為：BD。

(3)由題知，每隔5個點取一個計數(shù)點，則時間間隔

t=5X0.02s=0.1s

根據(jù)

Ax=aT2

可得加速度為

(%06一%03)一%03

a=---------------------------

9產(chǎn)

由題知xo3=19.9Ocm,xo6=54.2Ocm,代入數(shù)據(jù)解得

a=1.6m/s2

(4)實驗測得p=0.33,大于教材列表中的標(biāo)值，根據(jù)實驗原理分析，可能存在的原因有：木塊、木板表

面粗糙程度有差異；細線與滑輪摩擦或紙帶與計時器摩擦。

【分析】根據(jù)牛頓第二定律確定木板加速度的表達式，結(jié)合加速度大于零確定木板質(zhì)量的范圍，再結(jié)合

測量的準(zhǔn)確性確定質(zhì)量的取值。根據(jù)計數(shù)點個數(shù)的要求，確定木塊釋放位置與滑輪的距離。摩擦系數(shù)比

標(biāo)值大，即所受實際摩擦力比理論值大，說明實驗中還有系統(tǒng)摩擦未考慮或粗糙程度不準(zhǔn)確。

12.【答案】(1)負；7.0

(2)0.30A；0.75V

(3)400

【知識點】練習(xí)使用多用電表

【解析】【解答】(1)若測二極管的反向電阻，則電流從二極管的負極流入；又歐姆表的電流從A端流出，

A端與二極管的負極相接觸；根據(jù)刻度盤，得出示數(shù)為7。又選用了xlkQ擋，故二極管的反向電阻為

7.0kQo(2)若此時B端是與“1”相連的，則此時是大量程電流表，為直流1A檔，故此時每小格表示

0.02A,讀數(shù)為0.30A；若此時B端是與“4”相連的，則此時為小量程的電壓表，為直流電壓2.5V檔，故

此時每小格表示0.05V,讀數(shù)為0.75V。(3)由電路特點,由題意知(500-200)xl0*>x(RI+R2)=200x10-

6X600

整理得RI+R2=400Q

【分析】(1)利用紅進黑出可以判別二極管負極接A端；利用示數(shù)和檔數(shù)可以求出電阻的大??；

(2)利用電流表量程和分度值可以讀出對應(yīng)的讀數(shù)；利用電壓表量程和分度值可以讀出對應(yīng)的讀數(shù)；

(3)利用電表的改裝可以求出電阻的阻值大小。

13.【答案】(1)解：據(jù)題知，當(dāng)轉(zhuǎn)過角度剛好為45。時發(fā)生了全反射。臨界角為C=45。，則折射率n=

(2)解：光路如圖所示

解得『45。

根據(jù)反射定律知i'=30。，兩個光斑Si、S2之間的距離為L=Rtan45o+Rtan60o=(10+10V3)cm~27.3cm

【知識點】光的全反射；光的折射及折射定律

【解析】【分析】(1)通過幾何關(guān)系求出光的入射角和折射角，利用折射定律求解介質(zhì)的折射率；

(2)通過折射，大致畫出光的傳播路徑，結(jié)合光的折射定律和幾何關(guān)系求解距離。

14.【答案】(1)解：左管內(nèi)氣體初狀態(tài)：pi=86cmHg,Vi=20cm?S,Ti=300K

a、b活塞等高時狀態(tài)：pf=?,VJ=15cm?S,"=305K

由理想氣體狀態(tài)方程得平=球工

1111

解得pi%116.6cmHg

(2)解：右管內(nèi)氣體初狀態(tài)：p2=76cmHg,V2=10cm?S

f

a、b活塞等高時狀態(tài)：p2'=pi%116.6cmHg,V2=?

根據(jù)玻意耳定律得p2V2=P2'V2'

解得V2^6.5cm?S

故活塞下降的距離為h=10-(6.5-5)=8.5cm

【知識點】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程

【解析】【分析】(1)利用理想氣體的狀態(tài)方程可以求出壓強的大??；

(2)利用等溫變化的狀態(tài)方程結(jié)合幾何關(guān)系可以求出活塞下降的距離。

15.【答案】(1)解：設(shè)活塞橫截面積為S,則對a氣體，初態(tài)Vi=ShiT尸ti+273=300K；末態(tài)V2=Sh?

T2=t2+273①

閥門K打開，加熱過程a氣體做等壓變化，由蓋?呂薩克定律得金=知②

由①②得t2=57C③

因57℃>56℃,a內(nèi)病毒能被滅④

(2)解：閥門K閉合，由于系統(tǒng)絕熱，a氣體膨脹對b氣體做功，由熱力學(xué)第一定律有△Ua=Q+W⑤

由⑤式及代入數(shù)據(jù)得W=-1.5xlO3J@

對b氣體，由于系統(tǒng)絕熱，貝必Ub=|W|=L5xlO3j⑦

【知識點】熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用；氣體的等壓變化及蓋-呂薩克定律

【解析】【分析】(1)確定初末狀態(tài)密封氣體的體積及溫度，氣體做等壓變化，再根據(jù)蓋呂薩克定律進行

解答；

(2)系統(tǒng)絕熱，即ab不發(fā)生熱傳遞。a氣體體積增大，a氣體對b氣體做功。根據(jù)熱力學(xué)第一定律確定

a氣體做功情況，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律確定b氣體內(nèi)能的變化情況。

試題分析部分

1、試卷總體分布分析

總分：100分

客觀題（占比）44.0(44.0%)

分值分布

主觀題（占比）56.0(56.0%)

客觀題（占比）10(66.7%)

題量分布

主觀題（占比）5(33.3%)

2、試卷題量分布分析

大題題型題目量（占比）分值（占比）

多項選擇題：本題共

4小題，每小題5

分，共20分。在每

小題給出的四個選項

中，有多個選項是符4(26.7%)20.0(20.0%)

合題目要求的。全部

選對的得5分，選對

但不全的得3分，有

選錯的得0分。

單項選擇題：本題共

6小題，每小題4

分，共24分。在每

6(40.0%)24.0(24.0%)

小題給出的四個選項

中，只有一項是符合

題目要求的。

計算題：本題共2小

題，共26分。把答

案寫在答題卡中指定

3(20.0%)38.0(38.0%)

的答題處，要求寫出

必要的文字說明、方

程式和演算步驟。

實驗題：本題共2小

題，共18分。把答

案寫在答題卡中指定2(13.3%)18.0(18.0%)

的答題處，不要求寫

出演算過程。

3、試卷難度結(jié)構(gòu)分析

序號難易度占比

1