江蘇省2023-2024學年高三年級上冊期末迎考卷 物理 附答案

絕密★啟用前

江蘇省2023-2024學年高三上學期期末迎考卷

物理

注意事項：

1.總分100分，考試時間75分鐘.

2.答題前，請考生將班級、姓名、學號填寫在密封線內.

一、單項選擇題（共11題，每題4分，共44分.每題只有一個選項符合題意）

1.敬（汨）的半衰期為12.43年,核反應方程為汨THe+'e.下列說法中正確的是（）

A.該反應中產生的電子來源于?H的外層電子

B.汨e的比結合能大于汨的比結合能

C.經過高溫加熱其放射性消失

D.?H衰變時會釋放能量,衰變過程中的質量虧損等于°ie的質量

2.有一干涉裝置如圖所示.一個底部有雙野的不透光圓柱形杯子的杯口固定一面光屏，用激光沿圖中方向照射雙縫,可在光

屏處觀察到干涉條紋，為了增加條紋間距，下列做法中可行的是（）

A.使用更短的杯子

B.使用頻率更低的激光

C.增大激光器到雙縫之間的距離

D.在杯子中填充折射率較大的透明物質

3.如圖所示,在水平地面上M點的正上方h高度處，將小球0以速度大小為v水平向右拋出，同時在地面上N點處將小球&

以速度大小為v豎直向上拋出.在S2球上升到最高點時恰與Si球相遇，不計空氣阻力.則在這段過程中,下列說法中正確的是

5,0~

//////}/////////////////////////////////7?//

A.兩球的速度變化量大小相同

B.相遇時小球Si的速度方向與水平方向夾角為30°

C.兩球的相遇點在N點上方g處

D.M、N間的距離為2〃

4.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波源在A=0處.P是x軸上坐標為廣0.15m處的點，波傳到P點時為0時刻這點的振動

圖像如圖所示.已知該波的傳播速度為v=0.6m/s,則下列說法中正確的是（）

|^/(xlO'2m)

0217S

A.波源起振方向為y軸正方向

B.Z=0.1s時波源振動的速度最大

C.當尸點運動1x10」m的路程時,波源振動的速度最大

D.尸點與距波源5x10-2m處的質點運動方向總是相同

5.手機無線充電原理圖如圖所示，該裝置可等效為一個理想變壓器，送電線圈為原線圈，受電線圈為副線圈.她間接上220V

的正弦交變電流后，受電線圈中產生交變電流送電線圈的匝數為"L受電線圈的匝數為膽且m：“2=10：1.兩個線圈中所接

電阻的阻值均為R,當該裝置給手機充電時，手機兩端的電壓為1.8V,流過手機的電流為1A,則下列說法中正確的是

下

受電線圈

機

送電線圈

A.受電線圈cd兩端的輸出電壓為22V

B.充電時，兩線圈上所接電阻的阻值7?=200Q

C.充電時，與送電線圈相連的電阻R兩端的電壓為20V

D.充電時，受電線圈"兩端的輸出電壓為21.8V

6.甲、乙兩位同學研究無線藍牙耳機在運動過程中與手機無線連接的最遠距離，甲同學帶著手機，乙同學戴著藍牙耳機在

操場上兩個平行的直跑道運動.兩個平行的直跑道間距離d=5m,開始計時時甲在前、乙在后，甲、乙沿直跑道方向的距離

L=15m.甲以速度v甲=3m/s,乙以速度v乙=6m/s沿各自跑道同向勻速直線運動，甲同學發(fā)現(xiàn)運動過程中有Au8s的時間間

隔內手機可檢測到藍牙耳機，則藍牙耳機在運動過程中與手機無線連接的最遠距離是（）

A.13m

B.12m

C.11m

D.10m

7.某科幻電影中出現(xiàn)了一座在赤道上建造的垂直于水平地面的“太空電梯"，宇航員可以乘坐電梯到達空間站.當"太空

電梯"停在距地面高度為〃處，地球的自轉不可忽略且地球可視為均質球體，關于“太空電梯”里的宇航員,下列說法中正

確的是（）

A.當h=Q時，宇航員繞地心運動的線速度大小約為7.9km/s

B.當〃與地球同步衛(wèi)星距地面高度相同時，宇航員處于完全失重狀態(tài)

C.h越小，宇航員繞地心運動的向心加速度越大

D./v越大，宇航員繞地心運動的角速度越大，線速度越小

8.如圖所示，下端封閉、上端開口、內壁光滑的細玻璃管豎直放置,管底有一個帶電小球，整個裝置以某一速度沿垂直于磁

場方向進入方向垂直紙面向內的勻強磁場，由于外力的作用，玻璃管在磁場中的速度保持不變，最終小球從上端管口飛出，下

列說法中正確的是（）

XXX

XXX

XXX

XXX

XXX

XXX

A.該過程中由水平速度產生的洛倫茲力不做功

B.小球的運動軌跡是一條直線

C小球機械能的增加是因為洛倫茲力做功

D.小球在豎直方向做勻加速運動

9.兩電荷量分別為碘和伏的點電荷放在x軸上的。、M兩點，兩電荷連線上各點電勢9隨x變化的關系如圖所示，則

（）

A.0和?帶同種電荷

B.A點的電場強度為零

C.N、C之間電場強度方向沿x軸正方向

D.將電子沿x軸從N移至［］。電場力先做正功后做負功

10.如圖甲所示，在足夠長的光滑斜面上放置著矩形金屬線框，整個斜面內存在垂直于斜面方向的勻強磁場.勻強磁場的磁感

應強度B隨時間/的變化的關系如圖乙所示（垂直斜面向上為正方向）.U0時刻將線框由靜止釋放,在線框下滑的過程中，下

列說法中正確的（）

A.線框邊受到的安培力方向沿斜面向下

B.線框邊受到的安培力方向沿斜面向上

C.經時間乙線框的速度大小為gfsin0

D.由于有阻力作用,經時間f,線框的速度小于gtsin6

11.如圖所示有一緩沖模擬裝置.質量分別為機、2機的物體A、B通過細繩及輕質彈簧連接在輕滑輪兩側，開始時用手托著

物體4在距地面h高處靜止，此時細繩恰伸直無彈力,彈簧軸線沿豎直方向，物體B靜止在地面上，放手后經時間f物體A下

落至地面，落地前瞬間物體A的速度為零，

此時物體B對地面恰好無壓力,不計摩擦及空氣阻力，重力加速度大小為g,則下列說法中正確的是（）

A.物體A在下落過程中其機械能守恒

B.彈簧的勁度系數為詈

C.物體A從靜止下落到落地的t時間內，地面對B物體的沖量大小為mgt

D.將A物體質量改為1.5見再將A物體由從原位置釋放,A物體下落過程的最大速度為科

二、非選擇題（共5題，共56分.其中第13題第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最

后答案的不得分;有數值計算時，答案中應明確寫出數值和單位）

12.（15分）某同學想測量干電池的電動勢和內阻.為此，他購買了2節(jié)相同的干電池，除干電池、開關、導線外，可供使用的器

材有：

電壓表Vi（量程03V,內阻很大）

電壓表V?（量程015V,內阻很大）

電流表A（量程00.6A,內阻約為0.5Q）

定值電阻R）（阻值1。。，額定功率為4W）

滑動變阻器R（阻值范圍010。，額定電流為2A）

⑴該同學把2節(jié)干電池串聯(lián)起來測量單節(jié)干電池的電動勢和內阻,電壓表應選用（填"V/或"V2"）.

⑵根據圖甲連接電路，調節(jié)滑動變阻器，發(fā)現(xiàn)電流表讀數變化明顯，但電壓表讀數變化不明顯，是因為（填正確答案

標號）.

A.電壓表的內阻太大

B.電流表的內阻太小

C.待測電池的內阻太小

⑶為此,該同學重新設計電路.請在虛線框中畫出重新設計的電路圖.

⑷根據重新設計的電路操作彳導到了多組電壓表讀數U和對應的電流表讀數/,并作出“/圖像如圖乙所示.根據圖像可知,

每節(jié)干電池的電動勢為V,內阻為Q（結果均保留兩位小數）

13.（6分）小狗洗完澡后甩掉身上的水珠，假設每滴水珠的質量均為1g,小狗的身體簡化成水平圓筒狀，半徑約為10cm,小狗

以角速度00=10rad/s甩動身體.

⑴求每滴水珠的向心加速度大小.

⑵若小狗毛發(fā)對水珠的最大附著力為0.25N,甩動過程中水珠的重力可忽略不計，若水珠可以被甩出廁小狗甩動身體的轉

速最小為?（計算結果保留一位小數）

14.（8分）按壓式飲水器的原理如圖所示.已知氣囊的體積Vi=0.4L,忽略細管及連接處的體積.某次使用前，桶內氣體壓強與

外部大氣壓強相等,桶內氣體體積上=10L,擠壓氣囊一次，當氣囊中的氣體全部被擠入桶內時,桶內的水恰好上升到出水口

處.若整個裝置密封，氣體溫度變化忽略不計.已知大氣壓強po=LOxl（）5pa,水的密度p=i.0xl03kg/nR取重力加速度g=10

m/s2.

⑴請說明上述過程中桶內氣體是吸熱還是放熱,并說明理由.

⑵求擠壓氣囊前桶內液面離出水口的高度h.

15.（12分）在空間直角坐標系的y>0區(qū)域有沿-z方向的勻強電場，電場強度大小為瓦在><0區(qū)域有沿-z方向的勻強磁

場在x=2d處有一足夠大的屏，俯視圖如圖乙所示.質量為m、電荷量為q的粒子從y軸上尸（0,乜0）以初速度vo沿+y方向

射出，粒子第一次經過x軸時速度方向與-X方向的夾角Q60。.不計粒子的重力，粒子打到屏上立即被吸收.求：

⑴磁感應強度大小B.

⑵粒子經過x軸時的坐標XI.

⑶粒子打到屏上位置的z軸坐標ZL

16.（15分）在一水平的長直軌道上,放著兩塊完全相同的質量為機的長方形木塊，分別為木塊1和木塊2,如圖所示.在木塊1

左邊放一質量為M=2m的大木塊,大木塊與木塊1之間的距離與1、2兩木塊間的距離相同，均為L在所有木塊都靜止的情

況下，將一沿軌道方向大小為局的力一直作用在大木塊上，使其先與木塊1發(fā)生碰撞，碰后與木塊1結合為一體再與木塊2

發(fā)生碰撞，碰后又結合為一體且恰一起勻速運動,設每次碰撞時間極短，三個木塊均可視為質點,且與軌道間的動摩擦因數相

同.已知重力加速度為g.

⑴求木塊與水平軌道間的動摩擦因數.

⑵求三個木塊一起勻速運動時的速度大小和在兩次碰撞中損失的總機械能.

(3)若改變作用力F的大小，使大木塊與木塊1發(fā)生碰撞后結合為一體，但1、2兩木塊間不發(fā)生碰撞，求F的大小范圍.

江蘇省2023-2024學年高三上學期期末迎考卷物理

物理參考答案與評分標準

1.B解析:汨發(fā)生衰變時，核內中子轉變?yōu)橐粋€質子和一個電子，故A錯誤;依題意，該核反應釋放能量，所以洱e的比結合能大于汨的比結合能，故B正確;放射性元

素的放射性與溫度無關，故C錯誤;;H衰變時會釋放能量,衰變過程中的質量虧損等于?H的質量減iHe的質量再減的質量，故D錯誤.

2.B解析:根據可知,若使用更長的杯子/變大,條紋間距變大，故A錯誤;由c="■可知，若使用頻率更低的激光，激光的波長變大,條紋間距變大，故B正確;增大

激光器到雙縫之間的距離，間距不變，故C錯誤;在杯子中填充折射率較大的透明物質,光在介質中的傳播速度變小，頻率不變,可知光在杯子中的波長變小，故條紋間距

變小，故D錯誤.么汝號高中試卷君

3.A解析:兩球加速度均為重力加速度，則相同時間內速度變化量大小相同,A正確;兩球相遇時間/=：則tan8與=1,相遇時小球S,的速度方向與水平方向夾角為

45°,B錯誤;兩球豎直方向的分位移相等，則相遇點在N點上提處,C錯誤;葭N間的距離為mu2，又h=2?點則x=h,D錯誤.

2g2g

4.C解析:由圖知該質點的起振方向沿y軸負方向廁波源的起振方向沿y軸負方向,A錯誤;波長/LiT=0.6x0.2m=0.12m,波源與P點間的距離0.15m=2+%當

片0.1s時，點位于平衡位置向上運動，結合波形知，當仁0.1s時，波源處于波峰,B錯誤油圖知振幅A=2xl0-2m,則當該質點經過的路程為1x104m時/點位于波谷，波

源經過平衡位置，速度最大,C正確;P點與距波源5xl0-2m處的質點間的距離Ar=0.15m-0.05m=0.1m=%P點與距波源5x10-2m處的質點運動方向并不始終相同,D

錯誤.

5.D解析:切端輸入電壓為220V,由于送電線圈中的電阻R分壓，故送電線圈兩端電壓小于220V則根據空=也可知，受電線圈cd兩端的輸出電壓小于22V,故A

U2般2

錯誤;設手機兩端電J5為U',由題意可知02=。'+/這送電線圈的電流為/尸藥2=0.1A,則送電線圈兩端電壓。1=歸認=220-0」&根據察=三可解得R=20。，故B錯誤;充

電時，與送電線圈相連的電阻R兩端的電壓為UR=hR=2V,故C錯誤;充電時，受電線圈〃兩端的輸出電壓為U2=U'+hR=21.SV,故D正確.

X-X

6.A解析:在8s時間內甲、乙運動的距離分別為1甲=丫甲仁24m、1乙土乙片48m根據對稱性由圖可得Ax=%圮=12m,根據幾何關系可得藍牙耳機在運動過程中

與手機無線連接的最遠距離為dm++(A%)2=13m,故選A.

7.B解析：/z是"太空電梯"距地面高度，當h為零時宇航員在地面，受萬有引力和地面的支持力，繞地球運動的線速度小于第一宇宙速度，故A錯誤;因地球同步衛(wèi)星

的角速度等于地球自轉的角速度，同步衛(wèi)星受到的萬有引力等于向心力，故當h與地球同步衛(wèi)星距地面高度相同時，宇航員受到的萬有引力等于向心力,則宇航員處于

完全失重狀態(tài)，故B正確;根據e①2r，可知人越小,越小，宇航員繞地心運動的向心加速度越小，故c錯誤；"太空電梯”相對地面靜止，"太空電梯”里的宇航員隨地

球自轉的角速度相等，根據舊①〃可知〃越大,越大，宇航員繞地^運動的線速度越大，故D錯誤.

8.D解析:該過程中由水平速度產生的洛倫茲力做正功，故A錯誤;小球受到的合力方向與速度方向不共線,所以其運動軌跡是一條曲線，故B錯誤;洛倫茲力不做功，

故C錯誤;小球在豎直方向做勻加速運動，故D正確.

9.D解析:由圖可知⑺附近電勢為正無窮，則q\為正電荷應2附近電勢為負無窮，則?為負電荷，故qx和仇帶異種電荷，故A錯誤圖線的斜率對應電場強度,A點

處(p-x圖線的斜率不為零則A點的電場強度不為零，故B錯誤;根據沿電場線方向電勢降低,MC之間電場強度方向沿％軸負方向，故C錯誤;將電子沿％軸從N移至I」

。電勢先增大后減小，電場力先做正功后做負功，故D正確.么汝號:高中試卷君

10.C解析:由乙圖可知，線框在下降過程中，磁場先垂直斜面向下，磁感應強度逐漸減小為零，后磁場垂直斜面向上，磁感應強度由零逐漸增大，從上往下看，線框中的

電流方向為順時針方向，根據左手定則可知，線框四個邊均受到安培力，但受到的安培力的合力為零，雖然MN邊中感應電流的方向不變，但磁場的方向發(fā)生變化，因此

MN邊受到的安培力先沿斜面向下,再沿斜面向上，故A、B錯誤;線框所受安培力的合力為零，故線框在重力和支持力的作用下沿斜面向下運動,沿斜面向下的分力為

mgsin”由牛頓第二定律可得mgsin(9=叫解得egsin"由可得經過時間立線框的速度大小為v=gtsina故C正確,D錯誤.

11.C解析:在物體A下落過程中繩的拉力對物體A做負功，故機械能減小，故A正確;由題意可知,初始狀態(tài)彈簧無彈力，物體A落地前瞬間，彈簧的形變量等于九此

時彈簧的彈力尸=2根g,彈簧的勁度系數為審*故B錯誤;設整個過程中，繩子對A的沖量大小為/繩，則繩子對B和彈簧的沖量大小也為/繩，對A由動量定理得

加則繩=0,對B和彈簧由動量定理得2叫以地-/繩=0,解得物體A從靜止下落到落地的t時間內，地面對B物體的沖量大小為/地=叫澈C正確將A物體質量改為

1.5也當彈簧彈力等于1.5叫時,A受力平衡加速度為零，速度最大，此時彈簧形變量空隱，對A和彈簧的系統(tǒng)根據機械能守恒得L5mgx=版2多1.5海解得

百序，故D錯誤?

12.(15分)⑴Vi(2)C⑶見解析(4)1.500.50

解析：(1)2節(jié)干電池串聯(lián)起來，電動勢約為3V,電壓表應選用Vi.

⑵因為待測電池的內阻太小，路端電壓變化不明顯故選C

⑶如圖所示

⑷設每節(jié)干電池的電動勢為E,內阻為廣,由閉合電路歐姆定律可得

U=2E-I(Ro+2r)

結合乙圖，可得2￡=3.0V,Ro+2T嗤3Q=2.0Q

解得E=1.50V尸0.50Q

13.(6分)⑴10m/s2(2)8.0r/s

解析:⑴由題意可知a=a)lr

解得a=10m/s2

⑵根據F^=mcom-r,a)m=2iinm

解得加=個比8.0r/s

14.(8分)⑴放熱理由見解析(2)0.4m

解析:⑴在擠壓氣囊過程中，氣囊內的氣體進入桶中，外界對氣體做功，氣體的溫度不變，則氣體的內能不變，根據熱力學第一定律可知，氣體向外放熱.(3分)

⑵壓縮氣囊過程中，溫度不變，由于水管體積非常小,水桶中氣體體積不變，則知po(Vi+V2)=pV2

當氣囊中的氣體全部被擠入桶內時，桶內的水恰好上升到出水口處，則有p=po+〃g"

聯(lián)立解得人=0.4m(5分)

15.(12分)⑴翳(2)-(2-V3)d⑶母嚓

2aq