湖南省永州市高物理預(yù)測(cè)卷（一）

2016屆湖南省永州市高物理預(yù)測(cè)卷（一）一、選擇題（每小題6分）1．水平拋出的小球，t秒末的速度方向與水平方向的夾角為θ1，t+t0秒末速度方向與水平方向的夾角為θ2，重力加速度為g，忽略空氣阻力，則小球初速度的大小可表示為（）A． B．C． D．2．宇宙間存在一些離其它恒星較遠(yuǎn)的三星系統(tǒng)，其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質(zhì)量均為m的星位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，三角形邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，忽略其它星體對(duì)它們的引力作用，三星在同一平面內(nèi)繞三角形中心O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力常量為G，下列說(shuō)法正確的是（）A．每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為B．每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度與三星的質(zhì)量無(wú)關(guān)C．若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則周期變?yōu)樵瓉?lái)的2倍D．若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則線速度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍3．一長(zhǎng)輕質(zhì)木板置于光滑水平地面上，木板上放有質(zhì)量分別為mA=1kg和mB=2kg的A、B兩物塊，A、B與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ=0.2，水平恒力F作用在A物塊上，如圖所示（重力加速度g=10m/s2）．則（）A．若F=1N，則物塊、木板保持相對(duì)靜止B．若F=1.5N，則A物塊所受摩擦力大小為1.5NC．若F=4N，則B物塊所受摩擦力大小為4ND．若F=8N，則B物塊的加速度為1.0m/s24．如圖（a）所示，用豎直向上的拉力F拉著一質(zhì)量為1kg的小物塊使其由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后撤去拉力F．以地面為零勢(shì)能面，物塊的機(jī)械能隨時(shí)間變化的圖線如圖（b）所示，已知2s末拉力F的大小為10N，不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2，下列結(jié)論正確的是（）A．拉力F做的功為50J B．1s末拉力F的功率為20WC．2s末物塊的動(dòng)能為25J D．物塊落回地面時(shí)動(dòng)能為40J5．一勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E隨時(shí)間t變化情況如圖所示，該勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)帶電粒子在t=0時(shí)刻由靜止釋放，若帶電粒子只受電場(chǎng)力作用，下列說(shuō)法正確的是（）A．帶電粒子一直向一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)B．0～2s內(nèi)電場(chǎng)力做的功等于零C．4s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)D．2.5～4s內(nèi)，帶電粒子的速度改變量等于零6．在絕緣光滑的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正電荷QA、QB，兩電荷的位置坐標(biāo)如圖甲所示．圖乙是AB連線之間的電勢(shì)φ與位置x之間的關(guān)系圖象，圖中x=L點(diǎn)為圖線的最低點(diǎn)，若在x=2L的C點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、電量為+q的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）A．小球在x=L處的速度最大B．小球一定可以到達(dá)x=﹣2L點(diǎn)處C．小球?qū)⒁詘=L點(diǎn)為中心作往復(fù)運(yùn)動(dòng)D．固定在AB處的電荷的電量之比為QA：QB=4：17．如圖所示，在直角三角形abc內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．在a點(diǎn)有一個(gè)粒子發(fā)射源，可以沿ab方向源源不斷地發(fā)出速率不同、電荷量為q（q＞0）、質(zhì)量為m的同種粒子．已知∠a=60°，ab=L，不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A．在磁場(chǎng)中通過(guò)的弧長(zhǎng)越長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)B．從ac邊中點(diǎn)射出的粒子，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為C．從ac邊射出的粒子的最大速度值為D．bc邊界上只有長(zhǎng)度為L(zhǎng)的區(qū)域可能有粒子射出8．如圖所示，豎直固定的兩根等高光滑的圓弧軌道，半徑為r、間距為L(zhǎng)，軌道電阻不計(jì)．在軌道頂端連接一阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．現(xiàn)有一根長(zhǎng)度稍大于L、電阻不計(jì)的金屬棒在拉力作用下，從軌道最低位置cd開始以初速度v0向右沿軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)至軌道最高位置ab處，在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)橛蓛?nèi)向外B．通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)橛赏庀騼?nèi)C．電阻R上產(chǎn)生的熱量為D．流過(guò)電阻R的電量為二、非選擇題（共4小題，滿分47分）（一）必考題9．用拉力傳感器和速度傳感器“探究加速度a與物體所受外力F的關(guān)系”，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，其中帶滑輪的長(zhǎng)木板始終處于水平位置．實(shí)驗(yàn)中用拉力傳感器記錄小車受到細(xì)線的拉力F大小，在長(zhǎng)木板上相距為L(zhǎng)的A、B兩個(gè)位置分別安裝速度傳感器，記錄小車到達(dá)A、B兩位置時(shí)的速率為vA、vB．①本題中測(cè)得的物理量寫出加速度的表達(dá)式：a=；②本題中是否需要滿足鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量的關(guān)系？（填“需要”或“不需要”）；③實(shí)驗(yàn)得到的圖線可能是圖乙中的，因?yàn)椋?0．（9分）根據(jù)伏安法，由10V電源、0～15V電壓表、0～10mA電流表等器材，連接成測(cè)量較大阻值電阻的電路．由于電表內(nèi)阻的影響會(huì)造成測(cè)量誤差，為了避免此誤差，除原有器材外再提供一只高精度的電阻箱和單刀雙擲開關(guān)，某同學(xué)設(shè)計(jì)了按圖a電路測(cè)量該未知電阻的實(shí)驗(yàn)方案．（1）請(qǐng)按圖a電路，將圖b中所給器材連接成實(shí)驗(yàn)電路．（2）請(qǐng)完成如下實(shí)驗(yàn)步驟：①先把開關(guān)S撥向Rx，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表和電流表均有一合適的讀數(shù)，并記記錄兩表的讀數(shù)分別為U=8.12V、I=8.0mA，用伏安法初步估測(cè)出電阻Rx的大?。虎?，將電阻箱的阻值調(diào)到最大，把開關(guān)S撥向電阻箱R，調(diào)節(jié)電阻箱的電阻值，使電壓表、電流表的讀數(shù)與步驟①中的讀數(shù)一致．讀得此時(shí)電阻箱的阻值R=1000Ω；③該待測(cè)電阻的阻值為Ω．（3）利用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，還可求得表（填“電流”或“電壓”）的內(nèi)阻等于Ω．11．（12分）據(jù)統(tǒng)計(jì)，40%的特大交通事故是由疲勞駕駛引起的．疲勞駕駛的危害絲毫不亞于酒駕和醉駕．研究表明，一般人的剎車反應(yīng)（從發(fā)現(xiàn)情況到汽車開始減速）時(shí)間t0=0.4s，疲勞駕駛時(shí)人的反應(yīng)時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)．某次實(shí)驗(yàn)中，志愿者在連續(xù)駕駛汽車行駛4h后，仍駕車以v0=108km/h的速度在平直路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止，行駛距離為L(zhǎng)=105m．設(shè)汽車剎車后開始滑動(dòng)，已知汽車與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.6，取g=10m/s2，求：（1）減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中汽車的位移大??；（2）志愿者在連續(xù)駕駛4h后的反應(yīng)時(shí)間比一般人增加了多少？12．（20分）如圖所示，光滑的定滑輪上繞有輕質(zhì)柔軟細(xì)線，線的一端系一質(zhì)量為3m的重物，另一端系一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿．在豎直平面內(nèi)有間距為L(zhǎng)的足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌PQ、EF，在QF之間連接有阻值為R的電阻，其余電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直，開始時(shí)金屬桿置于導(dǎo)軌下端QF處，將重物由靜止釋放，當(dāng)重物下降h時(shí)恰好達(dá)到穩(wěn)定速度而勻速下降．運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，忽略所有摩擦，重力加速度為g，求（1）重物勻速下降的速度v；（2）重物從釋放到下降h的過(guò)程中，電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱QR；（3）將重物下降h時(shí)的時(shí)刻記作t=0，速度記為v0，若從t=0開始磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小，且金屬桿中始終不產(chǎn)生感應(yīng)電流，試寫出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t變化的關(guān)系．（二）選考題，任選一模塊作答【物理選修33】（15分）13．下列說(shuō)法正確的是（）A．液體沒(méi)有一定的形狀，能夠流動(dòng)，說(shuō)明液體分子間的相互作用力和氣體分子間的相互作用力一樣幾乎為零B．當(dāng)液體與固體接觸時(shí)形成的液體薄層叫附著層，該處的液體分子一定比液體內(nèi)部分子稀疏C．當(dāng)液晶中電場(chǎng)強(qiáng)度不同時(shí)，它對(duì)不同顏色的光的吸收強(qiáng)度不一樣，這樣就能顯示各種顏色，這也是液晶彩電顯示屏顯示彩色的原理D．物理學(xué)里用空氣中的水蒸氣的壓強(qiáng)與同一溫度時(shí)水的飽和汽壓強(qiáng)的比值來(lái)定義空氣的相對(duì)濕度E．紙張、棉花、毛巾等物品很容易吸水是因?yàn)槊?xì)現(xiàn)象的原因14．（9分）如圖所示，開口向上豎直放置的內(nèi)壁光滑氣缸，其側(cè)壁是絕熱的，底部導(dǎo)熱，內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)量均為m的密閉活塞，活塞A導(dǎo)熱，活塞B絕熱，將缸內(nèi)理想氣體分成Ⅰ、Ⅱ兩部分．初狀態(tài)整個(gè)裝置靜止不動(dòng)處于平衡，Ⅰ、Ⅱ兩部分氣體的長(zhǎng)度均為l0，溫度為T0．設(shè)外界大氣壓強(qiáng)為P0保持不變，活塞橫截面積為S，且mg=P0S，環(huán)境溫度保持不變．求：①在活塞A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于2m時(shí)，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞B下降的高度．②現(xiàn)只對(duì)Ⅱ氣體緩慢加熱，使活塞A回到初始位置，此時(shí)Ⅱ氣體的溫度．【物理選修34】（15分）15．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，設(shè)t=0時(shí)刻波傳播到x軸上的B質(zhì)點(diǎn)，波形如圖所示．從圖示位置開始，A質(zhì)點(diǎn)在t=0.5s時(shí)第三次通過(guò)平衡位置，則下列說(shuō)法正確的是（）A．該簡(jiǎn)諧橫波的周期為0.4sB．該簡(jiǎn)諧橫波的波速等于4m/sC．經(jīng)t=0.75s，該波傳播到x軸上的質(zhì)點(diǎn)ED．t=0.6s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)C在平衡位置處且向上運(yùn)動(dòng)E．當(dāng)質(zhì)點(diǎn)E第一次出現(xiàn)在波峰位置時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A恰好出現(xiàn)在平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)16．如圖所示，將一個(gè)透明長(zhǎng)方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個(gè)截面，已知一單色細(xì)光束從P點(diǎn)以入射角θ=30°入射時(shí)恰好可直接射到D點(diǎn)，=．（i）求此透明長(zhǎng)方體的折射率；（ii）若改變?nèi)肷浣铅?，要使此光束在AD面上發(fā)生全反射，求角θ的范圍．【物理選修35】（15分）17．下列說(shuō)法正確的是（）A．按照玻爾理論，氫原子核外電子在繞原子核做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，穩(wěn)定地產(chǎn)生電磁輻射B．按照玻爾理論，電子從量子數(shù)為3的能級(jí)躍遷到量子數(shù)為4的能級(jí)時(shí)要吸收光子，同時(shí)電子的動(dòng)能減少，原子總能量增大C．氫原子光譜有很多不同的亮線，說(shuō)明氫原子能發(fā)出很多不同頻率的光，但它的光譜不是連續(xù)譜D．原子核發(fā)生一次β衰變，該原子外層就失去一個(gè)電子E．在核反應(yīng)堆中，為使快中子減速，在鈾棒周圍要放“慢化劑”，常用的慢化劑有石墨、重水、普通水18．如圖所示，甲、乙、丙三個(gè)相同的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）質(zhì)量均為m，將兩個(gè)不同的輕質(zhì)彈簧壓縮到最緊并用輕繩固定，彈簧與小物塊之間不連接，整個(gè)系統(tǒng)靜止在光滑水平地面上，甲物塊距離左邊墻壁距離為l（l遠(yuǎn)大于彈簧的長(zhǎng)度），某時(shí)刻燒斷甲乙之間的輕繩，甲與乙、丙之間的連接繩瞬間斷開，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，甲與墻壁發(fā)生彈性碰撞，與此同時(shí)乙、丙之間的連接繩瞬間斷開，又經(jīng)過(guò)時(shí)間，甲與乙發(fā)生第一次碰撞，設(shè)所有碰撞均為彈性碰撞，彈簧彈開后不再影響甲、乙、丙的運(yùn)動(dòng)，求：（Ⅰ）乙丙之間連接繩斷開前瞬間乙、丙連接體的速度大??？（Ⅱ）乙、丙之間彈簧初始時(shí)具有的彈性勢(shì)能．

2016屆湖南省永州市高物理預(yù)測(cè)卷（一）參考答案與試題解析一、選擇題（每小題6分）1．水平拋出的小球，t秒末的速度方向與水平方向的夾角為θ1，t+t0秒末速度方向與水平方向的夾角為θ2，重力加速度為g，忽略空氣阻力，則小球初速度的大小可表示為（）A． B．C． D．【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【分析】將平拋運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)兩個(gè)分力，作出t秒末和t+t0秒末速度的分解圖．研究豎直方向的速度，分別用初速度表示，再由速度公式求出初速度．【解答】解：如圖，作出速度分解圖．則v1y=v0tanθ1，v2y=v0tanθ2，又由v1y=gt，v2y=g（t+t0）得到gt=v0tanθ1…①g（t+t0）=v0tanθ2…②由②﹣①得v0=．故選：D【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，知道平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)．2．宇宙間存在一些離其它恒星較遠(yuǎn)的三星系統(tǒng)，其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質(zhì)量均為m的星位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，三角形邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，忽略其它星體對(duì)它們的引力作用，三星在同一平面內(nèi)繞三角形中心O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力常量為G，下列說(shuō)法正確的是（）A．每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為B．每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度與三星的質(zhì)量無(wú)關(guān)C．若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則周期變?yōu)樵瓉?lái)的2倍D．若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則線速度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；向心力【分析】每顆星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠另外兩顆星萬(wàn)有引力的合力提供向心力，具有相同的角速度，根據(jù)合力提供向心力求出角速度的大小、向心加速度的大小，以及周期和線速度的大小，從而分析判斷．【解答】解：任意兩個(gè)星星之間的萬(wàn)有引力為：F=，則其中一顆星星所受的合力，根據(jù)得，r=，解得ω=，故A錯(cuò)誤．加速度a=，與三星的質(zhì)量有關(guān)，故B錯(cuò)誤．周期T=，若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則周期變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故C正確．線速度v=，若距離L和每顆星的質(zhì)量m都變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則線速度大小不變，故D錯(cuò)誤．故選：C．【點(diǎn)評(píng)】解決該題首先要理解模型所提供的情景，然后能夠列出合力提供向心力的公式，才能正確解答題目．3．一長(zhǎng)輕質(zhì)木板置于光滑水平地面上，木板上放有質(zhì)量分別為mA=1kg和mB=2kg的A、B兩物塊，A、B與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ=0.2，水平恒力F作用在A物塊上，如圖所示（重力加速度g=10m/s2）．則（）A．若F=1N，則物塊、木板保持相對(duì)靜止B．若F=1.5N，則A物塊所受摩擦力大小為1.5NC．若F=4N，則B物塊所受摩擦力大小為4ND．若F=8N，則B物塊的加速度為1.0m/s2【考點(diǎn)】牛頓第二定律；摩擦力的判斷與計(jì)算【分析】根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式求出A、B與木板之間的最大靜摩擦力，比較拉力和最大靜摩擦力之間的關(guān)系判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)而判斷物體所受摩擦力的情況，根據(jù)牛頓第二定律求出B的加速度．【解答】解：A與木板間的最大靜摩擦力fA=μmAg=0.2×1×10N=2N，B與木板間的最大靜摩擦力fB=μmBg=0.2×2×10N=4N；A、F=1N＜fA，所以A、B即木板保持相對(duì)靜止，整體在F作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng)，故A正確；B、若F=1.5N＜fA，所以AB即木板保持相對(duì)靜止，整體在F作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：F=（mA+mB）a；解得：a==0.5m/s2，對(duì)A來(lái)說(shuō)，則有：F﹣fA=mAa，解得：fA=1.5﹣1×0.5=1N；對(duì)B來(lái)說(shuō)，則有：fB=ma=2×0.5=1N，故B錯(cuò)誤；C、F=4N＞fA，所以A在木板上滑動(dòng)，B和木板整體受到摩擦力2N，輕質(zhì)木板，質(zhì)量不計(jì)，所以B的加速度a==m/s2=1m/s2，對(duì)B進(jìn)行受力分析，摩擦力提供加速度，f′=mBa=2×1=2N，故C錯(cuò)誤；D、F=8N＞fA，所以A相對(duì)于木板滑動(dòng)，B和木板整體受到摩擦力2N，輕質(zhì)木板，質(zhì)量不計(jì)，所以B的加速度a==m/s2=1m/s2，故D正確．故選：AD．【點(diǎn)評(píng)】本題以常見(jiàn)的運(yùn)動(dòng)模型為核心，考查了摩擦力、牛頓第二定律、隔離法與整體法的應(yīng)用等知識(shí)；解決的關(guān)鍵是正確對(duì)兩物體進(jìn)行受力分析．4．如圖（a）所示，用豎直向上的拉力F拉著一質(zhì)量為1kg的小物塊使其由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后撤去拉力F．以地面為零勢(shì)能面，物塊的機(jī)械能隨時(shí)間變化的圖線如圖（b）所示，已知2s末拉力F的大小為10N，不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2，下列結(jié)論正確的是（）A．拉力F做的功為50J B．1s末拉力F的功率為20WC．2s末物塊的動(dòng)能為25J D．物塊落回地面時(shí)動(dòng)能為40J【考點(diǎn)】功能關(guān)系；功率、平均功率和瞬時(shí)功率【分析】通過(guò)機(jī)械能隨時(shí)間變化圖線，求出拉力F的大小，根據(jù)功的公式求出拉力做功的大?。鶕?jù)功率的公式求出拉力F的瞬時(shí)功率，由撤外力后機(jī)械能守恒求得落回地面時(shí)物塊的動(dòng)能．【解答】解：A、由功能關(guān)系可知，拉力F做的功等于物體機(jī)械能的增量，故力F做的功為WF=E﹣0=50J，故A正確；B、E﹣t圖象的斜率為：k===P，即E﹣t圖的斜率表示拉力做功的功率，前2s內(nèi)拉力的功率恒定，所以1秒末功率是25W，故B錯(cuò)誤；C、0﹣2秒內(nèi)物體做拉力恒定功率的變加速運(yùn)動(dòng)，而2s末拉力F=10N，由P=Fv知：v==m/s=2.5m/s，2s末物塊的動(dòng)能為：Ek=mv2=×1×2.52J=3.125J，故C錯(cuò)誤；D、撤掉外力后，物體的機(jī)械能守恒，則得落回地面時(shí)物塊的動(dòng)能為50J，故D錯(cuò)誤．故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是通過(guò)圖象挖掘信息，掌握功能關(guān)系和機(jī)械能守恒的條件并靈活應(yīng)用．要知道圖象的斜率等于拉力做功的功率．5．一勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E隨時(shí)間t變化情況如圖所示，該勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)帶電粒子在t=0時(shí)刻由靜止釋放，若帶電粒子只受電場(chǎng)力作用，下列說(shuō)法正確的是（）A．帶電粒子一直向一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)B．0～2s內(nèi)電場(chǎng)力做的功等于零C．4s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)D．2.5～4s內(nèi)，帶電粒子的速度改變量等于零【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能【分析】從圖中可以看出，電場(chǎng)變化的周期是3s，在每個(gè)周期的前一秒內(nèi)，帶電粒子的加速度為，后2s的加速度為，可得是的2倍，從而繪出v﹣t圖，由題意可知粒子在反向加速0.5s后開始反方向運(yùn)動(dòng)，可判斷A錯(cuò)誤；由圖可以看出0～2s的時(shí)間內(nèi)，做功不會(huì)為零；由v﹣t圖象中圖線與坐標(biāo)軸圍成的圖形的面積為位移可判斷C選項(xiàng)的正誤；由動(dòng)量定理可計(jì)算出2.5s～4s內(nèi)的動(dòng)量的變化，從而判斷D的正誤．【解答】解：A、由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內(nèi)的加速度，第2s內(nèi)加速度為，第1s內(nèi)的加速度為第2s的，因此先加速1s再減速0.5s速度為零，接下來(lái)的0.5s將反向加速，v﹣t圖象如圖所示，由對(duì)稱關(guān)系可得，反向加速的距離使帶電粒子剛好回到減速開始的點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B、0～2s內(nèi)，帶電粒子的初速度為零，但末速度不為零，由動(dòng)能定理可知電場(chǎng)力所做的功不為零，故B錯(cuò)誤；C、由v﹣t圖象中圖線與坐標(biāo)軸圍成的圖形的面積為物體的位移，由對(duì)稱性可以看出，前4s的位移不為零，所以帶電粒子不會(huì)回到原出發(fā)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D、2.5s～4s內(nèi)，電場(chǎng)力的沖量為，根據(jù)動(dòng)量定理，△v=0，所以2.5～4s內(nèi)，帶電粒子的速度改變量等于零，故D正確；故選：D【點(diǎn)評(píng)】帶電粒子在交變電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，是對(duì)“力和運(yùn)動(dòng)”知識(shí)點(diǎn)深化性考查的重要信息載體，該問(wèn)題主要圍繞受力分析、依據(jù)受力和運(yùn)動(dòng)的初始條件判斷帶電粒子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)、多方物理過(guò)程的分析和臨界條件等臨界點(diǎn)考查學(xué)生的學(xué)科思維能力，方法上主要采用“牛頓運(yùn)動(dòng)定律”和“功能思想”6．在絕緣光滑的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正電荷QA、QB，兩電荷的位置坐標(biāo)如圖甲所示．圖乙是AB連線之間的電勢(shì)φ與位置x之間的關(guān)系圖象，圖中x=L點(diǎn)為圖線的最低點(diǎn)，若在x=2L的C點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、電量為+q的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）A．小球在x=L處的速度最大B．小球一定可以到達(dá)x=﹣2L點(diǎn)處C．小球?qū)⒁詘=L點(diǎn)為中心作往復(fù)運(yùn)動(dòng)D．固定在AB處的電荷的電量之比為QA：QB=4：1【考點(diǎn)】電勢(shì)；庫(kù)侖定律【分析】根據(jù)φ﹣x圖象切線的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)E，分析場(chǎng)強(qiáng)的變化，判斷小球的速度變化；根據(jù)動(dòng)能定理確定小球可以到達(dá)的位置；x=L處場(chǎng)強(qiáng)為零，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k，求解QA：QB．【解答】解：A、據(jù)φ﹣x圖象切線的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)E，則知x=L處場(chǎng)強(qiáng)為零，所以小球在C處受到的場(chǎng)強(qiáng)向左，向左加速運(yùn)動(dòng)，到x=L處加速度為0，從x=l向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力向右，做減速運(yùn)動(dòng)，所以小球在x=L處的速度最大，故A正確．B、C、根據(jù)動(dòng)能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能運(yùn)動(dòng)到電勢(shì)與出發(fā)點(diǎn)相同的位置，由圖知向左最遠(yuǎn)能到達(dá)x=﹣L點(diǎn)處，然后小球向右運(yùn)動(dòng)，小球?qū)⒁詘=0.5L點(diǎn)為中心作往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故BC錯(cuò)誤．D、x=L處場(chǎng)強(qiáng)為零，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)則有：k=k，解得QA：QB=4：1，故D正確．故選：AD【點(diǎn)評(píng)】解決本題首先要理解φ﹣x圖象切線的意義，知道電場(chǎng)力做功和路徑無(wú)關(guān)，只和初末兩點(diǎn)的電勢(shì)差有關(guān)，掌握電場(chǎng)力做功的公式W=qU和電荷場(chǎng)強(qiáng)公式，靈活運(yùn)用電場(chǎng)的疊加原理．7．如圖所示，在直角三角形abc內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．在a點(diǎn)有一個(gè)粒子發(fā)射源，可以沿ab方向源源不斷地發(fā)出速率不同、電荷量為q（q＞0）、質(zhì)量為m的同種粒子．已知∠a=60°，ab=L，不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A．在磁場(chǎng)中通過(guò)的弧長(zhǎng)越長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)B．從ac邊中點(diǎn)射出的粒子，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為C．從ac邊射出的粒子的最大速度值為D．bc邊界上只有長(zhǎng)度為L(zhǎng)的區(qū)域可能有粒子射出【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】由軌跡半徑為r=和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=T結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可分析得出從ac邊出射的速度不同的粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相等；根據(jù)幾何關(guān)系得到圓心角，利用周期為T=和t=T求時(shí)間；粒子射入磁場(chǎng)時(shí)與AC邊界的夾角為60°，根據(jù)圓周的對(duì)稱性，離開磁場(chǎng)時(shí)與AC邊界的夾角也應(yīng)該是60°，故粒子不可能從C點(diǎn)離開，其臨界軌跡是與BC邊相切，結(jié)合幾何關(guān)系得到軌道半徑，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的最大速度；作圖，根據(jù)臨界條件由幾何關(guān)系可知bc邊界上只有長(zhǎng)度為L(zhǎng)的區(qū)域可能有粒子射出．【解答】解：A．帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑為r=，速度越大，半徑越大，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，從ac邊出射的粒子速度的偏向角都相同，而軌跡的圓心角等于速度的偏向角，則從ac邊出射的粒子軌跡的圓心角θ都相同，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=T，T相同，則從ac邊出射的速度不同的粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相等，故A錯(cuò)誤；B．由A分析可知，其對(duì)應(yīng)的圓心角為1200，所以在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t=T=?=，故B正確；C．粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)的臨界軌跡，如圖所示：圖中四邊形ABDO是正方形，故圓周的半徑為：r=L；洛倫茲力提供向心力，故：qvB=m解得：vm=，故C錯(cuò)誤；D．由C分析可知，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，和bc邊剛好相切，即為臨界條件，由幾何關(guān)系可知，bc邊界上只有長(zhǎng)度為L(zhǎng)的區(qū)域可能有粒子射出，故D正確．故選：BD．【點(diǎn)評(píng)】本題帶電粒子在有界的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的類型，注意根據(jù)圓的對(duì)稱性得到出射時(shí)粒子速度和邊界的夾角與入射時(shí)速度和邊界的夾角相等．解答此題的關(guān)鍵是明確粒子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，畫出臨界軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系確定軌道半徑，根據(jù)牛頓第二定律列式求解最大速度，注意粒子不能從C點(diǎn)射出．8．如圖所示，豎直固定的兩根等高光滑的圓弧軌道，半徑為r、間距為L(zhǎng)，軌道電阻不計(jì)．在軌道頂端連接一阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．現(xiàn)有一根長(zhǎng)度稍大于L、電阻不計(jì)的金屬棒在拉力作用下，從軌道最低位置cd開始以初速度v0向右沿軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)至軌道最高位置ab處，在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)橛蓛?nèi)向外B．通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)橛赏庀騼?nèi)C．電阻R上產(chǎn)生的熱量為D．流過(guò)電阻R的電量為【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律；焦耳定律【分析】電阻R中電流方向由右手定則判斷，A、B兩者選其一．R上的熱量用有效值計(jì)算，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的水平切割速度為v0cosωt，由此判斷出導(dǎo)體產(chǎn)生的電流是余弦交流電，所以有效值為最大值的0.707，這樣由焦耳定律就能求出熱量．電量的計(jì)算用平均值方法求得為，這樣D選項(xiàng)就很容易判斷．【解答】解：A、由右手定則知道，cd切割產(chǎn)生的電流由c向d，則R中的電流由外向內(nèi)，故A錯(cuò)誤．B、由上述分析知，R中的電流由外向內(nèi)，故B正確．C、金屬棒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，把v0分解為水平速度v0cosωt和豎直速度v0sinωt，只有水平速度切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以金屬棒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，回路中產(chǎn)生正弦式交變電流，可得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=BLv0，電流的有效值，從而產(chǎn)生的熱量為=，故C正確；D、流過(guò)R的電量，故D錯(cuò)誤；故選：BC【點(diǎn)評(píng)】本題的易錯(cuò)點(diǎn)在于熱量的計(jì)算，只有先判斷出導(dǎo)體產(chǎn)生的是正弦式交流電，才能算出感應(yīng)電流的有效值，從而計(jì)算熱量．二、非選擇題（共4小題，滿分47分）（一）必考題9．用拉力傳感器和速度傳感器“探究加速度a與物體所受外力F的關(guān)系”，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，其中帶滑輪的長(zhǎng)木板始終處于水平位置．實(shí)驗(yàn)中用拉力傳感器記錄小車受到細(xì)線的拉力F大小，在長(zhǎng)木板上相距為L(zhǎng)的A、B兩個(gè)位置分別安裝速度傳感器，記錄小車到達(dá)A、B兩位置時(shí)的速率為vA、vB．①本題中測(cè)得的物理量寫出加速度的表達(dá)式：a=；②本題中是否需要滿足鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量的關(guān)系？不需要（填“需要”或“不需要”）；③實(shí)驗(yàn)得到的圖線可能是圖乙中的C，因?yàn)闆](méi)有平衡摩擦力．【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【分析】結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出小車的加速度；由于采用拉力傳感器測(cè)量實(shí)驗(yàn)中的拉力，所以不需要滿足鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量的關(guān)系；根據(jù)F不等于零時(shí)，加速度仍然為零分析圖線不經(jīng)過(guò)原點(diǎn)的原因【解答】解：①根據(jù)得，小車的加速度；②本實(shí)驗(yàn)中，由于采用拉力傳感器測(cè)量實(shí)驗(yàn)中的拉力，所以不需要滿足鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量的關(guān)系．③由圖甲可以看出，長(zhǎng)木板是水平放置的，說(shuō)明實(shí)驗(yàn)之前沒(méi)有平衡摩擦力，當(dāng)F不等于零時(shí)，加速度仍然為零，可知實(shí)驗(yàn)得到的圖線可能是圖乙中的C圖．故答案為：①；②不需要；③C；沒(méi)有平衡摩擦力【點(diǎn)評(píng)】明確實(shí)驗(yàn)原理，正確進(jìn)行誤差分析和數(shù)據(jù)處理是對(duì)學(xué)生學(xué)習(xí)實(shí)驗(yàn)的基本要求，要加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練，注意本題中采用拉力傳感器測(cè)量實(shí)驗(yàn)中的拉力，沒(méi)有用重物的重力代替．10．（9分）根據(jù)伏安法，由10V電源、0～15V電壓表、0～10mA電流表等器材，連接成測(cè)量較大阻值電阻的電路．由于電表內(nèi)阻的影響會(huì)造成測(cè)量誤差，為了避免此誤差，除原有器材外再提供一只高精度的電阻箱和單刀雙擲開關(guān)，某同學(xué)設(shè)計(jì)了按圖a電路測(cè)量該未知電阻的實(shí)驗(yàn)方案．（1）請(qǐng)按圖a電路，將圖b中所給器材連接成實(shí)驗(yàn)電路．（2）請(qǐng)完成如下實(shí)驗(yàn)步驟：①先把開關(guān)S撥向Rx，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表和電流表均有一合適的讀數(shù)，并記記錄兩表的讀數(shù)分別為U=8.12V、I=8.0mA，用伏安法初步估測(cè)出電阻Rx的大小；②保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，將電阻箱的阻值調(diào)到最大，把開關(guān)S撥向電阻箱R，調(diào)節(jié)電阻箱的電阻值，使電壓表、電流表的讀數(shù)與步驟①中的讀數(shù)一致．讀得此時(shí)電阻箱的阻值R=1000Ω；③該待測(cè)電阻的阻值為1000Ω．（3）利用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，還可求得電流表（填“電流”或“電壓”）的內(nèi)阻等于15Ω．【考點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻【分析】（1）按電路圖連實(shí)物圖注意元件的正負(fù)極．（2）測(cè)量原量為等效替代法，即有R接替Rx，使之電流相等，則R=Rx．（3）則歐姆定律可確定出電流表的內(nèi)阻．【解答】解：（1）連線如圖（2）因測(cè)量原理為等效替代，則將R替代Rx時(shí)其它部分不能變化，即②保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變．③因?yàn)榈刃娲?，則Rx=R=1000Ω（3）由歐姆定律：U=I（Rg+R）可求得電流表的內(nèi)阻：故答案為：（1）如圖②保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變③1000（3）電流15【點(diǎn)評(píng)】本題要明確測(cè)量原理為等效替代法，即用電阻箱接替待測(cè)電阻，連實(shí)物圖要注意其元件的正負(fù)極．11．（12分）據(jù)統(tǒng)計(jì)，40%的特大交通事故是由疲勞駕駛引起的．疲勞駕駛的危害絲毫不亞于酒駕和醉駕．研究表明，一般人的剎車反應(yīng)（從發(fā)現(xiàn)情況到汽車開始減速）時(shí)間t0=0.4s，疲勞駕駛時(shí)人的反應(yīng)時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)．某次實(shí)驗(yàn)中，志愿者在連續(xù)駕駛汽車行駛4h后，仍駕車以v0=108km/h的速度在平直路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止，行駛距離為L(zhǎng)=105m．設(shè)汽車剎車后開始滑動(dòng)，已知汽車與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.6，取g=10m/s2，求：（1）減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中汽車的位移大?。唬?）志愿者在連續(xù)駕駛4h后的反應(yīng)時(shí)間比一般人增加了多少？【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出剎車時(shí)汽車的加速度大?。鶕?jù)速度位移公式求出剎車后的位移．設(shè)志愿者反應(yīng)時(shí)間為t′，反應(yīng)時(shí)間為△t，根據(jù)位移和時(shí)間關(guān)系列式即可求解【解答】解：（1）減速過(guò)程有μmg=ma①②由①②式解得x=75m③（2）設(shè)志愿者的反應(yīng)時(shí)間為t′，反應(yīng)時(shí)間的增加量為△t，有L﹣x=v0t′④△t=t′﹣t0⑤由④⑤式解得△t=0.6s答：（1）減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中汽車的位移大小為75m；（2）志愿者在連續(xù)駕駛4h后的反應(yīng)時(shí)間比一般人增加了0.6s【點(diǎn)評(píng)】本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的基本運(yùn)用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁．12．（20分）如圖所示，光滑的定滑輪上繞有輕質(zhì)柔軟細(xì)線，線的一端系一質(zhì)量為3m的重物，另一端系一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿．在豎直平面內(nèi)有間距為L(zhǎng)的足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌PQ、EF，在QF之間連接有阻值為R的電阻，其余電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直，開始時(shí)金屬桿置于導(dǎo)軌下端QF處，將重物由靜止釋放，當(dāng)重物下降h時(shí)恰好達(dá)到穩(wěn)定速度而勻速下降．運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，忽略所有摩擦，重力加速度為g，求（1）重物勻速下降的速度v；（2）重物從釋放到下降h的過(guò)程中，電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱QR；（3）將重物下降h時(shí)的時(shí)刻記作t=0，速度記為v0，若從t=0開始磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小，且金屬桿中始終不產(chǎn)生感應(yīng)電流，試寫出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t變化的關(guān)系．【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)過(guò)程【分析】（1）重物勻速下降時(shí)，金屬桿勻速上升，合力為零．分析金屬桿的受力情況，由F=BIL、I=、E=BLv結(jié)合推導(dǎo)出安培力的表達(dá)式，即可由平衡條件求出重物勻速下降的速度v；（2）根據(jù)能量守恒及串并聯(lián)電路的規(guī)律可求得R上產(chǎn)生的熱量；（3）金屬桿中恰好不產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，說(shuō)明穿過(guò)回路的磁通量不變，根據(jù)t時(shí)刻與t=0時(shí)刻磁通量相等列式，求解即可．【解答】解：（1）重物勻速下降時(shí)，設(shè)細(xì)線對(duì)金屬棒的拉力為T，金屬棒所受安培力為F，分析金屬棒受力T=mg+F又分析重物受力T=3mg所以（2）設(shè)電路中產(chǎn)生的總焦耳熱為Q，則由能量守恒電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為QR，由串聯(lián)電路特點(diǎn)所以（3）金屬桿中恰好不產(chǎn)生感應(yīng)電流，即磁通量不變?chǔ)?=Φt，所以B0hL=Bt（h+h2）L式中又則磁感應(yīng)強(qiáng)度與時(shí)間t的關(guān)系為答：（1）重物勻速下降的速度v為；（2）電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱QR為﹣．（3）出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t變化的關(guān)系為【點(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)的綜合，正確分析金屬桿的受力情況和能量如何轉(zhuǎn)化是關(guān)鍵，并要知道不產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是磁通量不變．對(duì)于連接體，可直接運(yùn)用整體法求解加速度，也可以隔離求解加速度．（二）選考題，任選一模塊作答【物理選修33】（15分）13．下列說(shuō)法正確的是（）A．液體沒(méi)有一定的形狀，能夠流動(dòng)，說(shuō)明液體分子間的相互作用力和氣體分子間的相互作用力一樣幾乎為零B．當(dāng)液體與固體接觸時(shí)形成的液體薄層叫附著層，該處的液體分子一定比液體內(nèi)部分子稀疏C．當(dāng)液晶中電場(chǎng)強(qiáng)度不同時(shí)，它對(duì)不同顏色的光的吸收強(qiáng)度不一樣，這樣就能顯示各種顏色，這也是液晶彩電顯示屏顯示彩色的原理D．物理學(xué)里用空氣中的水蒸氣的壓強(qiáng)與同一溫度時(shí)水的飽和汽壓強(qiáng)的比值來(lái)定義空氣的相對(duì)濕度E．紙張、棉花、毛巾等物品很容易吸水是因?yàn)槊?xì)現(xiàn)象的原因【考點(diǎn)】*液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象；*晶體和非晶體【分析】液體的分子之間的作用力比氣體分子之間的作用力大得多；液體對(duì)固體的不浸潤(rùn)時(shí)，附著層里液體分子比液體內(nèi)部分子稀疏，分子間的距離大于平衡距離r0，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)；而液體對(duì)固體的浸潤(rùn)，則分子間距小于液體內(nèi)部，則液面分子間表現(xiàn)為斥力，液面呈現(xiàn)凹形，表面有擴(kuò)張的趨勢(shì)；液晶彩電顯示屏顯示彩色的原理是液晶的各向異性；毛細(xì)作用，是液體表面對(duì)固體表面的吸引力．毛細(xì)管插入浸潤(rùn)液體中，管內(nèi)液面上升，高于管外．【解答】解：A、液體的分子之間的距離比較小，分子之間的作用力比氣體分子之間的作用力大得多．故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)液體與固體接觸時(shí)形成的液體薄層叫附著層，液體對(duì)固體的不浸潤(rùn)時(shí)，附著層里液體分子比液體內(nèi)部分子稀疏，分子間的距離大于平衡距離r0，液體對(duì)固體的浸潤(rùn)時(shí)，則分子間距小于液體內(nèi)部，故B錯(cuò)誤；C、晶體的光學(xué)性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性，當(dāng)液晶中電場(chǎng)強(qiáng)度不同時(shí)，它對(duì)不同顏色的光的吸收強(qiáng)度不一樣，這樣就能顯示各種顏色，這也是液晶彩電顯示屏顯示彩色的原理．故C正確；D、物理學(xué)里用空氣中的水蒸氣的壓強(qiáng)與同一溫度時(shí)水的飽和汽壓強(qiáng)的比值來(lái)定義空氣的相對(duì)濕度．故D正確；E、紙張、棉花、毛巾等物品很容易吸水是因?yàn)槊?xì)現(xiàn)象的原因．故E正確．故選：CDE【點(diǎn)評(píng)】表面張力的成因解釋，掌握了概念便可順利解決問(wèn)題，本題要根據(jù)分子動(dòng)理論來(lái)理解浸潤(rùn)現(xiàn)象，掌握分子間距離與r0的大小關(guān)系，從而判斷分子力表現(xiàn)為引力還是斥力．14．（9分）（2016?欽州二模）如圖所示，開口向上豎直放置的內(nèi)壁光滑氣缸，其側(cè)壁是絕熱的，底部導(dǎo)熱，內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)量均為m的密閉活塞，活塞A導(dǎo)熱，活塞B絕熱，將缸內(nèi)理想氣體分成Ⅰ、Ⅱ兩部分．初狀態(tài)整個(gè)裝置靜止不動(dòng)處于平衡，Ⅰ、Ⅱ兩部分氣體的長(zhǎng)度均為l0，溫度為T0．設(shè)外界大氣壓強(qiáng)為P0保持不變，活塞橫截面積為S，且mg=P0S，環(huán)境溫度保持不變．求：①在活塞A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于2m時(shí)，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞B下降的高度．②現(xiàn)只對(duì)Ⅱ氣體緩慢加熱，使活塞A回到初始位置，此時(shí)Ⅱ氣體的溫度．【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)【分析】先由力學(xué)知識(shí)確定出狀態(tài)ⅠⅡ中的氣體壓強(qiáng)，然后確定添加鐵砂后的壓強(qiáng)，根據(jù)對(duì)Ⅱ中氣體列玻意耳定律方程即可求解；先根據(jù)玻意耳定律求出Ⅰ中氣體后來(lái)的長(zhǎng)度，然后以Ⅱ氣體為研究對(duì)象列理想氣體狀態(tài)方程求解．【解答】解：①初狀態(tài)Ⅰ氣體壓強(qiáng)Ⅱ氣體壓強(qiáng)添加鐵砂后Ⅰ氣體壓強(qiáng)P1′=P0+=4p0Ⅱ氣體壓強(qiáng)P2′=P1′+=5P0根據(jù)玻意耳定律，Ⅱ氣體等溫變化，P2l0S=P2′l2可得：，B活塞下降的高度h2=l0﹣l2=0.4l0②Ⅰ氣體等溫變化，可得：l1=0.5l0只對(duì)Ⅱ氣體加熱，I氣體狀態(tài)不變，所以當(dāng)A活塞回到原來(lái)位置時(shí)，Ⅱ氣體高度l2″=2l0﹣0.5l0=1.5l0根據(jù)氣體理想氣體狀態(tài)方程：得：T2=2.5T0答：①在活塞A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于2m時(shí)，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞B下降的高度為0.4l0．②現(xiàn)只對(duì)II氣體緩慢加熱，使活塞A回到初始位置，此時(shí)II氣體的溫度2.5T0．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了理想氣體狀態(tài)方程和力學(xué)知識(shí)的綜合應(yīng)用，這是高考重點(diǎn)，要加強(qiáng)這方面的練習(xí)．【物理選修34】（15分）15．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，設(shè)t=0時(shí)刻波傳播到x軸上的B質(zhì)點(diǎn)，波形如圖所示．從圖示位置開始，A質(zhì)點(diǎn)在t=0.5s時(shí)第三次通過(guò)平衡位置，則下列說(shuō)法正確的是（）A．該簡(jiǎn)諧橫波的周期為0.4sB．該簡(jiǎn)諧橫波的波速等于4m/sC．經(jīng)t=0.75s，該波傳播到x軸上的質(zhì)點(diǎn)ED．t=0.6s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)C在平衡位置處且向上運(yùn)動(dòng)E．當(dāng)質(zhì)點(diǎn)E第一次出現(xiàn)在波峰位置時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A恰好出現(xiàn)在平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系【分析】由圖讀出波長(zhǎng)λ，由v=求出波速．簡(jiǎn)諧波沿x軸正方向傳播，判斷出質(zhì)點(diǎn)a的速度方向，分析回到平衡位置的先后．根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，分析經(jīng)過(guò)0.7s后b點(diǎn)的位置，即可知道b的位移．質(zhì)點(diǎn)b在一個(gè)周期內(nèi)通過(guò)的路程等于4A．【解答】解：A、圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A在負(fù)的最大位移處，回到平衡位置的時(shí)間等于，到第三次回到平衡位置是時(shí)間為：t==0.5s，所以該簡(jiǎn)諧橫波的周期為0.4s．故A正確．B、由圖可知該波的波長(zhǎng)是2m，所以波速：v=m/s，故B錯(cuò)誤．C、波傳播到E的時(shí)間：s．故C錯(cuò)誤．D、質(zhì)點(diǎn)C與E之間的距離是一個(gè)波長(zhǎng)，t=0.6s時(shí)，波傳播到E點(diǎn)并開始向上運(yùn)動(dòng)，所以t=0.6s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)C在平衡位置處且向上運(yùn)動(dòng)．故D正確．E、E點(diǎn)第一次到達(dá)波峰的時(shí)間：s，t=0時(shí)刻A點(diǎn)在負(fù)電最大位移處，經(jīng)過(guò)0.7s=后，質(zhì)點(diǎn)A恰好出現(xiàn)在平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)．故E正確故選：ADE【點(diǎn)評(píng)】根據(jù)波的傳播方向判斷質(zhì)點(diǎn)的速度方向，讀出波長(zhǎng)等等都是常見(jiàn)的問(wèn)題，波形的平移法是常用的方法．16．如圖所示，將一個(gè)透明長(zhǎng)方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個(gè)截面，已知一單色細(xì)光束從P點(diǎn)以入射角θ=30°入射時(shí)恰好可直接射到D點(diǎn)，=．（i）求此透明長(zhǎng)方體的折射率；（ii）若改變?nèi)肷浣铅?，要使此光束在AD面上發(fā)生全反射，求角θ的范圍．【考點(diǎn)】光的折射定律【分析】（i）結(jié)合題意，作出光路圖，由幾何關(guān)系求出折射角，再根據(jù)折射定律求折射率．（ii）結(jié)合全反射的條件，以及折射定律和幾何關(guān)系求出角θ的范圍．【解答】解：（i）設(shè)折射角為α，AP的長(zhǎng)度為d，如下圖所示．由幾何關(guān)系有：sinα==由折射定律有n=解得折射率n=（ii）如圖，要此光束在AD面上發(fā)生全反射，則要求射至AD面上的入射角β應(yīng)滿足sinβ≥sinC又有sinC=則得sinβ=cosα==解得角θ的最大值θ=60°所以：30°≤θ≤60°答：（i）此透明長(zhǎng)方體的折