（課標(biāo)版）高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練1（含解析）-人教版高三全冊物理試題

選擇題提速練1時間：45分鐘1～5單選，6～8多選1．如圖所示，在粗糙的水平面上，固定一個半徑為R的半圓柱體M，擋板PQ固定在半圓柱體M上，PQ的延長線過半圓柱橫截面圓心O，且與水平面成30°角．在M和PQ之間有一個質(zhì)量為m的光滑均勻球體N，其半徑也為R.整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法正確的是(D)A．N對PQ的壓力大小為mgB．N對PQ的壓力大小為eq\f(1,2)mgC．N對M的壓力大小為mgD．N對M的壓力大小為eq\f(\r(3),3)mg解析：對球N受力分析，設(shè)M對N的支持力為F1，PQ對N的支持力為F2，由幾何關(guān)系可知，F(xiàn)1和F2與G的夾角相等，均為30°，則F1＝F2＝eq\f(\f(1,2)mg,cos30°)＝eq\f(\r(3),3)mg，又根據(jù)牛頓第三定律，可知選項D正確．2．質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上．用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點(diǎn)O，如圖所示．用T表示繩OA段拉力的大小，在O點(diǎn)向左移動的過程中(A)A．F逐漸變大，T逐漸變大B．F逐漸變大，T逐漸變小C．F逐漸變小，T逐漸變大D．F逐漸變小，T逐漸變小解析：以O(shè)點(diǎn)為研究對象，受力如圖所示，當(dāng)用水平向左的力緩慢拉動O點(diǎn)時，繩OA與豎直方向的夾角變大，由共點(diǎn)力的平衡條件知F逐漸變大，T逐漸變大，選項A正確．3．汽車在平直公路上做剎車實驗，若從t＝0時起汽車在運(yùn)動過程中的位移x與速度的平方v2之間的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是(C)A．剎車過程中汽車加速度大小為10m/s2B．剎車過程持續(xù)的時間為5sC．t＝0時汽車的速度為10m/sD．汽車剎車后經(jīng)過3s的位移為7.5m解析：根據(jù)v2＝2ax得eq\f(x,v2)＝eq\f(1,2a)，可得剎車過程中加速度大小a＝5m/s2，故A錯誤；由圖線可知，汽車的初速度為10m/s，則剎車過程持續(xù)的時間t＝eq\f(v0,a)＝eq\f(10,5)s＝2s，故B錯誤，C正確；汽車剎車后經(jīng)過3s的位移等于剎車后經(jīng)過2s的位移，則x＝eq\f(v0,2)t＝eq\f(10,2)×2m＝10m，故D錯誤．4．如圖所示，某段滑雪道傾角為30°，總質(zhì)量為m(包括滑雪具在內(nèi))的滑雪運(yùn)動員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑，加速度a＝eq\f(g,4)，在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正確的是(B)A．運(yùn)動員減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能B．下滑過程中系統(tǒng)減少的機(jī)械能為eq\f(mgh,2)C．運(yùn)動員獲得的動能為eq\f(mgh,4)D．運(yùn)動員克服摩擦力做功為eq\f(mgh,4)解析：若物體不受摩擦力，則加速度應(yīng)為a′＝gsin30°＝eq\f(1,2)g，而現(xiàn)在的加速度小于eq\f(1,2)g，故運(yùn)動員應(yīng)受到摩擦力，故減少的重力勢能有一部分轉(zhuǎn)化為了內(nèi)能，故A錯誤；運(yùn)動員下滑的距離L＝eq\f(h,sin30°)＝2h，由運(yùn)動學(xué)公式可得v2＝2aL,解得v＝eq\r(2aL)，動能為Ek＝eq\f(1,2)mv2＝eq\f(1,2)mgh，由動能定理可知mgh－Wf＝eq\f(1,2)mv2，解得運(yùn)動員克服摩擦力做功Wf＝eq\f(1,2)mgh，機(jī)械能的減小量等于克服阻力所做的功，故下滑過程中系統(tǒng)減少的機(jī)械能為eq\f(1,2)mgh，故B正確，C、D錯誤．

5．如圖所示，一件重力為G的衣服懸掛在等腰衣架上，已知衣架頂角θ＝106°，底邊水平，不計摩擦．則衣架一側(cè)對衣服的作用力大小為(B)A.eq\f(5,6)G B.eq\f(5,8)GC.eq\f(G,2) D．G解析：以衣服為研究對象，進(jìn)行受力分析如圖，衣架兩側(cè)對衣服的作用力的合力與重力等大反向，所以F＝eq\f(\f(G,2),cos\f(180°－θ,2))＝eq\f(G,2)·eq\f(5,4)＝eq\f(5,8)G，選項B正確．6．如圖所示，兩塊相互垂直的光滑擋板OP、OQ，OP豎直放置，小球a、b固定在輕彈簧的兩端，并斜靠在OP、OQ擋板上．現(xiàn)有一個水平向左的推力F作用于b上，使a、b緊靠擋板處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)保證b球不動，使豎直擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則(AC)A．推力F減小 B．彈簧長度變短C．彈簧長度變長 D．b對地面的壓力變大解析：設(shè)彈簧與豎直方向的夾角為α，現(xiàn)保證b球不動，使擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則α減小，以a球為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得F彈＝eq\f(mg,cosα)，α減小，cosα增大，則F彈減小，彈簧變長，故B錯誤，C正確；擋板對a的彈力N1＝mgtanα，α減小，N1減小，對整體，水平方向F＝N1，則作用力F將減小，故A正確；地面對b的支持力N2＝(ma＋mb)g不變，根據(jù)牛頓第三定律可知，b對地面的壓力不變，故D錯誤．7．水平力F方向確定，大小隨時間的變化如圖甲所示，用力F拉靜止在水平桌面上的小物塊，在F從0開始逐漸增大的過程中，物塊的加速度a隨時間變化的圖象如圖乙所示.重力加速度大小為10m/s2，最大靜摩擦力大于滑動摩擦力．由圖示可知(BD)A．物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力為3NB．物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)為0.1C．物塊的質(zhì)量m＝2kgD．在0～4s時間內(nèi)，合外力的沖量為12N·s解析：由圖乙可知，t＝2s時刻物塊剛開始運(yùn)動，靜摩擦力最大，最大靜摩擦力等于此時的拉力，由圖甲讀出最大靜摩擦力為6N，故A錯誤．由圖知：當(dāng)t＝2s時，a＝1m/s2，F(xiàn)＝6N，根據(jù)牛頓第二定律得：F－μmg＝ma，代入得：6－μm×10＝m.當(dāng)t＝4s時，a＝3m/s2，F(xiàn)＝12N，根據(jù)牛頓第二定律得：F－μmg＝ma，代入得：12－μm×10＝3m.聯(lián)立解得μ＝0.1，m＝3kg，故B正確，C錯誤．a(chǎn)-t圖象與時間軸所圍的面積表示速度的變化量，則得0～4s內(nèi)物塊速度的增量為Δv＝eq\f(1＋3,2)×(4－2)m/s＝4m/s，t＝0時刻速度為0，則物塊在第4s末的速度為4m/s；根據(jù)動量定理，得0～4s內(nèi)合外力的沖量為：ΔI＝Δp＝mΔv＝3×4N·s＝12N·s，故D正確．8．如圖，質(zhì)量分別為M、m的兩個木塊A、B通過輕彈簧連接，木塊A放在水平桌面上，木塊B用輕繩通過定滑輪在力F的作用下整體恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩與水平方向成α角．設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計滑輪與繩間的摩擦．則可以求下列哪些量(ABC)A．木塊A對桌面的壓力B．彈簧與水平方向的夾角C．木塊A與桌面之間的動摩擦因數(shù)D．彈簧的形變量解析：以A、B整體為研究對象，進(jìn)行受力分析，如圖甲，根據(jù)平衡條件，水平方向：Fcosα＝Ff，豎直方向：FN＝(M＋m)g－Fsinα，再由牛頓第三定律可以求出木塊A對桌面的壓力，選項A正確．由于此時恰好靜止，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則