2023-2024年江蘇省蘇州市高三年級(jí)上冊(cè)期中調(diào)研物理試題（解析版）

2023?2024學(xué)年第一學(xué)期高三期中調(diào)研試卷

物理

2023.11

注意事項(xiàng)：

1.本試卷包含選擇題和非選擇題兩部分。考生答題全部答在答題卡上，答在本試卷上無(wú)效。本

次考試時(shí)間為75分鐘，滿(mǎn)分值為100分。

2.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)（考試號(hào)）用書(shū)寫(xiě)黑色字跡的0.5毫米簽字筆填寫(xiě)

在答題卡上，并用2B鉛筆將對(duì)應(yīng)的數(shù)字標(biāo)號(hào)涂黑。

3.答選擇題必須用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈

后，再選涂其它答案。答非選擇題必須用書(shū)寫(xiě)黑色字跡的0.5毫米簽字筆寫(xiě)在答題卡上的指定

位置，在其它位置答題一律無(wú)效。

一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分，每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。

1.如圖是測(cè)量打點(diǎn)紙帶位移的部分照片（交流電源的頻率50Hz）。根據(jù)照片可知（）

M.........:....:......:.....1.....3.，...?....:...）...；..:....，..........>

；13dofl'f21'31’4I：/6代1亮溫廠

A.計(jì)數(shù)點(diǎn)2的讀數(shù)應(yīng)記錄為9.00cm

B.計(jì)數(shù)點(diǎn)2的讀數(shù)應(yīng)記錄為9.0cm

C.計(jì)數(shù)點(diǎn)1和2之間的位移是9.00cm

D.相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔是0.02秒

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.最小分度值是0.1cm,所以計(jì)數(shù)點(diǎn)2的讀數(shù)應(yīng)記錄為9.00cm,故A正確B錯(cuò)誤；

C.計(jì)數(shù)點(diǎn)1和2之間的位移是坐標(biāo)之差，小于9.00cm,故C錯(cuò)誤；

D.相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔是

T=5x0.02s=0.1s

故D錯(cuò)誤。

故選A。

2.電梯下降過(guò)程中，某同學(xué)用智能手機(jī)記錄了電梯速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖所示。出現(xiàn)超重現(xiàn)象的時(shí)

段是（）

A.從20.0s到30.0sB.從30.0s到40.0s

C.從40.0s至I」50.0sD.從50.0s到60.0s

【答案】C

【解析】

【詳解】根據(jù)修圖像可知，在20.0?30.0s過(guò)程中，電梯加速下降，加速度向下電梯處于失重狀態(tài)，在30.0-

40.0s過(guò)程中電梯勻速下降，電梯既不超重也不失重，40.0?50.0s過(guò)程中電梯減速下降，加速度向上，電梯

處于超重狀態(tài)，50.0?60.0s過(guò)程中電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)。

故選C。

3.探究小車(chē)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間變化規(guī)律的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的有關(guān)操作必

要的是（）

A.軌道左端略抬高用以平衡摩擦力

B.槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量

C.牽引小車(chē)的細(xì)線(xiàn)調(diào)整至與導(dǎo)軌平行

D.釋放小車(chē)后立即接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖恰疤骄啃≤?chē)速度隨時(shí)間變化的規(guī)律"，只要保證小車(chē)所受合力不變即可，不需要補(bǔ)

償阻力，也不需要滿(mǎn)足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量要求，故AB錯(cuò)誤；

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)必須通過(guò)調(diào)節(jié)軌道左端的滑輪讓細(xì)線(xiàn)和軌道平行，以保證細(xì)線(xiàn)拉力保持不變，故C正確；

D.實(shí)驗(yàn)中為了打點(diǎn)穩(wěn)定，先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器后釋放小車(chē)，故D錯(cuò)誤。

故選C。

4.遙感33號(hào)04星是近地衛(wèi)星，搭載了尖端遙感設(shè)備，可對(duì)地球表面進(jìn)行高精度的遠(yuǎn)程感知和信息收集。

該衛(wèi)星與地球靜止衛(wèi)星相比（)

A.周期更大

B.受到的地球引力更大

C.加速度更小

D.運(yùn)行速度更大

【答案】D

【解析】

【詳解】根據(jù)

GMmr=m^=mrc^=ma

r

可知，近地衛(wèi)星軌道半徑小，所以線(xiàn)速度加速度更大，周期更小，因?yàn)閮尚l(wèi)星質(zhì)量關(guān)系未知，所以無(wú)法判

斷地球引力誰(shuí)大。

故選Do

5.如圖甲、乙中小燈泡的規(guī)格都相同，兩個(gè)電路中電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻也相同。下列說(shuō)法正確的是（）

A四個(gè)小燈泡一樣亮

BA燈最亮，B、C、D一樣亮

C.A燈最暗，B、C、D一樣亮

D.A燈通過(guò)的電流等于B、C、D燈電流之和

【答案】B

【解析】

【詳解】?jī)蓚€(gè)電路中的電池相同，燈泡規(guī)格相同，根據(jù)并聯(lián)電路的規(guī)律可知，乙圖相對(duì)甲圖外電阻減小，

根據(jù)歐姆定律可知，干路電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，即燈泡兩端電壓減小，所以燈泡變暗，

但B、C、D并聯(lián)，電壓相同，所以亮度相同。

故選Bo

6.某風(fēng)力發(fā)電機(jī)，它的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為/的圓面。某時(shí)間內(nèi)該地區(qū)的風(fēng)速是v,風(fēng)向恰好跟葉片轉(zhuǎn)

動(dòng)的圓面垂直，已知空氣的密度為公假如這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)10%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能，則該風(fēng)

速下發(fā)電機(jī)的輸出功率尸為（）

pscP兀1%'pjtlrv'

A.p7il2v2D.----------

101020

【答案】D

【解析】

【詳解】\t時(shí)間內(nèi)沖擊葉片圓面的氣流體積為

AV=SxvAr-兀FxvAz

加時(shí)間內(nèi)沖擊葉片圓面的氣流的動(dòng)能為

VE=—mv2=—pWxv2=—

K22'2,

單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的動(dòng)能為

VEk=；切h3

Vt

該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率為

V/p兀產(chǎn)3

P-n

Vt20

故選D。

7.如圖所示，質(zhì)量為機(jī)的小球用細(xì)線(xiàn)懸于8點(diǎn)，使小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若保持軌跡圓的圓心

O到懸點(diǎn)8的距離/?不變，增加繩長(zhǎng)/,則關(guān)于小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度。和繩對(duì)小球的拉力F,下列

判斷正確的是（）

A.co變小B.。變大C.尸變小D.F變大

【答案】D

【解析】

【詳解】CD.小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球受力分析，設(shè)懸線(xiàn)與豎直方向夾角為如圖所示

F=a

cos6

增加繩長(zhǎng)/,則夾角。增大，F(xiàn)變大。故C錯(cuò)誤，D正確；

AB.根據(jù)受力分析可知，合力提供小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，即

尸價(jià)=mgtan0=marr—marhtan3

解得

與繩長(zhǎng)或角度無(wú)關(guān)，入不變,則角速度。不變。故AB錯(cuò)誤。

故選D。

8.如圖為一球冠形鐵鍋，一只螞蟻從鍋的內(nèi)底向上爬行，假設(shè)爬行速率不變且不打滑，則螞蟻爬行的過(guò)程

中（）

A.受到的合力等于0

B.受到的摩擦力變大

C.鍋對(duì)螞蟻的作用力豎直向上

D.鍋對(duì)螞蟻的作用力大于螞蟻對(duì)鍋的作用力

【答案】B

【解析】

【詳解】A.螞蟻?zhàn)鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，合力提供向心力，不為零，故A錯(cuò)誤；

B.沿切線(xiàn)方向合力為零，摩擦力平衡重力沿切線(xiàn)方向分力，因?yàn)閮A角變大，所以重力沿切線(xiàn)方向分力變大,

摩擦力變大，故B正確；

C.鍋對(duì)螞蟻的作用力與重力的合力指向圓心，則鍋對(duì)螞蟻的作用力不是豎直向上，故C錯(cuò)誤；

D.鍋對(duì)螞蟻的作用力等于螞蟻對(duì)鍋的作用力，因?yàn)槭窍嗷プ饔昧Γ蔇錯(cuò)誤。

故選B?

9.如圖所示，A、B兩籃球從相同高度以相同方向拋出后直接落入籃筐，下列判斷正確的是（）

A.A、B運(yùn)動(dòng)的最大高度相同

B.A、B落入籃筐時(shí)的速度方向相同

C.拋出到落入籃筐A比B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)

D.A在最高點(diǎn)的速度比B在最高點(diǎn)的速度小

【答案】C

【解析】

【詳解】A、B兩籃球從相同高度以相同方向拋出后直接落入籃筐，A球水平位移大于B球，A球水平分速

度大于B球，由于初速度方向（設(shè)與水平方向夾。角）相同，所以A球的初速度大于B球。即

以>%

A.斜拋?zhàn)畲蟾叨葹?/p>

,（vsin6）2

h-------

2g

由于%>%，所以最大高度不同，故A錯(cuò)誤;

C.因?yàn)樽畲蟾叨?/p>

從最高點(diǎn)向兩側(cè)，由

可知，A運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)，故C正確；

BD.因?yàn)锳的水平分速度（即最高點(diǎn)的速度）大于B球，A從最高點(diǎn)到入籃筐時(shí)間大于B球，A入籃筐時(shí)

豎直分速度也大于B球，所以A球入籃筐時(shí)的速度與B球方向不同，故BD錯(cuò)誤。

故選Co

10.如圖所示，摩天輪在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。座艙從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，其重力功率隨時(shí)間

變化的圖像是（）

座艙

P八

【答案】B

【解析】

【詳解】從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，最初的速度和最終的速度都是水平方向的，和重力垂直，所以

由公式P=〃?"y可知，最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的重力的瞬時(shí)功率都為零，而在這過(guò)程中，速度和重力夾角為8,故

重力的瞬時(shí)功率

P=mgvcos0

6先減小到零后增大，且根據(jù)三角函數(shù)圖像可知，重力的瞬時(shí)功率先增加后減小。

故選B,

11.如圖為一正四面體A-BCD,電荷量為+q的點(diǎn)電荷固定在A點(diǎn)。先將一電荷量為"的點(diǎn)電荷勒從無(wú)窮遠(yuǎn)

處（電勢(shì)為0）移到8點(diǎn)并固定，此過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為卬。再先后將電荷量為+分的兩個(gè)點(diǎn)電荷。2、

。3從無(wú)窮遠(yuǎn)處分別移到C和。點(diǎn)并固定。下列說(shuō)法正確的是（）

A.點(diǎn)電荷03在0處的電勢(shì)能為-W

B.點(diǎn)電荷0移入之前，C點(diǎn)的電勢(shì)為--

q

C.正四面體6條棱中點(diǎn)處的電勢(shì)都相同

D.正四面體6條棱中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小都相同

【答案】A

【解析】

【詳解】A.Q從無(wú)窮遠(yuǎn)處（電勢(shì)為0）移到8點(diǎn)，。點(diǎn)在等量異種電荷的中垂線(xiàn)上，電勢(shì)為零，。2從無(wú)窮

遠(yuǎn)處移到C點(diǎn)后，根據(jù)電勢(shì)疊加原理可知，。點(diǎn)電勢(shì)與只有4處+4時(shí)，8點(diǎn)電勢(shì)相同，從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到

。點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為W，則

-心。=卬=0』

所以點(diǎn)電荷。3在。處的電勢(shì)能為-W，故A正確；

B.。|從無(wú)窮遠(yuǎn)處（電勢(shì)為0）移到B點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)電場(chǎng)力做功公式得

又

U/B=G-（pB=-（PB

WW

可得。I移入之前，8點(diǎn)的電勢(shì)為一，而。|移入之前，B、C兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，所以C點(diǎn)的電勢(shì)為一，

qq

故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)電勢(shì)疊加原理可知，正四面體6條棱中點(diǎn)處，其中兩正電荷連線(xiàn)中點(diǎn)電勢(shì)大于兩負(fù)電荷連線(xiàn)中點(diǎn)電

勢(shì)，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)電場(chǎng)疊加原理可知，一正一負(fù)電荷連線(xiàn)中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)和兩正或兩負(fù)連線(xiàn)中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不等，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題?第16題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方

程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出

數(shù)值和單位。

12.在測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)中，由于滑動(dòng)變阻器故障，用一段粗細(xì)均勻、電阻率較大的合金材料代

替變阻器，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。其中為合金材料，品是阻值為1.0。的定值電阻，實(shí)驗(yàn)

中調(diào)節(jié)合金材料上的夾子P,記錄電壓表示數(shù)U,電流表示數(shù)/以及對(duì)應(yīng)的PN長(zhǎng)度x,繪制了U-/圖像

如圖乙所示。

（1）由圖乙求得電源的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻『Q；（結(jié)果均保留巧俅小數(shù)）

（2）實(shí)驗(yàn)中，定值電阻Ro的作用是；

A.保護(hù)電源

B.在電壓變化時(shí)使電流表示數(shù)變化明顯

C.在電流變化時(shí)使電壓表示數(shù)變化明顯

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可繪出如圖丙所示圖像,斜率為％,如果合金材料直徑為由可求得電阻率表達(dá)式p=

電流表內(nèi)阻的存在使電阻率的測(cè)量值（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。

【答案】①.1.49②.0.45③.AC##CA④.也一⑤.不變

4

【解析】

【詳解】（1）由閉合電路歐姆定律可知

U=E-Kr+Rn）

則可知，圖乙中的圖象與縱坐標(biāo)間的交點(diǎn)表示電動(dòng)勢(shì)，故

E=1.49V

根據(jù)

1.49-1.2

r+用=1.45。

0.20

內(nèi)阻

，=145-1.0=0.45Q

（2）[3]定值電阻R）有保護(hù)電源的作用，并且電源內(nèi)阻很小，所以加了定值電阻后可以達(dá)到電流變化時(shí)使

電壓表示數(shù)變化明顯的效果。

故選ACo

（3）[4][5]根據(jù)歐姆定律可知，電阻

R工空

IS

所以

k=2

s

可求得電阻率表達(dá)式

7rkd~

若考慮電阻內(nèi)阻，則圖象的斜率不變，所以得出的電阻率沒(méi)有影響。

13.如圖甲所示，小物塊從右側(cè)滑上勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的足夠長(zhǎng)的水平傳送帶，其位移與時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示。

圖線(xiàn)的0~3s段為拋物線(xiàn)，3~4.5s段為直線(xiàn)。求:

（1）傳送帶的速度大??；

（2）物塊剛滑上傳送帶時(shí)的速度大小。

【答案】（1）v傳=2m/s；（2）丫物=4m/s

【解析】

【詳解】（1）由圖像得，3s后物塊隨傳送帶做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則

-v.-----2m/s

%1t,1.5

（2）圖線(xiàn)的0~3s段為拋物線(xiàn)，根據(jù)勻變速位移時(shí)間關(guān)系式可知，0~2s物塊做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則

%=4m/s

14.如圖為一雙塔雙索面鋼箱組合梁斜拉橋，其中一索塔主梁面以上高度為〃=86m,索塔兩側(cè)對(duì)稱(chēng)分布斜拉

索，索面內(nèi)的斜拉索均處于同一豎直面。若每根斜拉索與豎直方向的夾角一樣，每根斜拉索拉力都是

T=3X104N,最長(zhǎng)的斜拉索長(zhǎng)為/=258m。求：

（1）每對(duì)斜拉索對(duì)索塔形成的合力多大？

（2）若相鄰鋼箱梁作用力均沿水平方向（不考慮左側(cè)橋面對(duì)鋼箱梁I的作用力），則鋼箱2、3之間作用

大小是多少？

【答案】（D2X104N；（2）4V2X104N

）如圖所示，一對(duì)斜拉索所對(duì)索塔的拉力

=f；=T=3X104N

由平行四邊形定則可得，合力

F=2Tcos6>

由幾何關(guān)系可得

故每對(duì)斜拉索對(duì)索塔形成的合力

F=2TCOS0=2X104N

(2)設(shè)鋼箱2、3之間作用力的大小為乃3,每個(gè)鋼箱的重力為G,對(duì)鋼箱1、2整體進(jìn)行受力分析如圖所示

sin^^—

2T

又根據(jù)

(sin。)？+(cosd)2=1

即

.2V21

sinn0=-----,cos0Q=—

33

故鋼箱2、3之間作用力的大小

63=4A歷XK/N

15.如圖所示，在光滑的斜軌道底端平滑連接著一個(gè)半徑為R,頂端有缺口的光滑圓形軌道，A點(diǎn)、B點(diǎn)在

同一水平面上，NAOB=120。。一質(zhì)量為根的小球由斜軌道上某高度處?kù)o止釋放。

(1)若小球滑到A點(diǎn)時(shí)速度為點(diǎn)，求小球沿斜面滑到圓形軌道最低點(diǎn)時(shí)，圓形軌道對(duì)小球作用力的大

小；

(2)若小球恰好能通過(guò)圓形軌道內(nèi)A點(diǎn)，求小球在斜軌道上靜止釋放的高度；

(3)若小球恰能從圓形軌道內(nèi)A點(diǎn)懸空飛入B點(diǎn)，在圓軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，求小球進(jìn)入軌道后對(duì)B點(diǎn)的壓

力大小。

120"

一73

【答案】(1)-5mg；(2)/?!=—/?；(3)W=—mg

【解析】

【詳解】(1)小球從圓軌道最低點(diǎn)滑到A點(diǎn)，由動(dòng)能定理

1212

-mg(Rsm30+/?)=~mvA--/nv-

解得

v=y[4gR

小球在最低點(diǎn)時(shí),

_tnv1

F-mg=—

NK

解得

(2)小球恰好滑到A點(diǎn)，對(duì)小球受力分析，如圖1

粉、、、

mg

圖1

mgcos60

解得

對(duì)小球，由靜止釋放到A點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得

mg%-mg(R+Reos60)=—mv\一0

解得

%=2R

I4

（3）小球從A點(diǎn)飛出后做斜拋運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)，如圖2,豎直方向

%sin60=日

水平方向

27?sin60=v2cos60t

聯(lián)立解得

v2

對(duì)小球在B點(diǎn)受力分析可得

N+mgcos60°=,n^~

根據(jù)牛頓第三定律得

3

N=N=jmg

16.為了研究電子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，現(xiàn)給出如圖所示的電場(chǎng)。在直角坐標(biāo)系my平面的第一象限存在沿

+x方向、電場(chǎng)強(qiáng)度大小為瓦的勻強(qiáng)電場(chǎng)；第二象限存在沿+y方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其它區(qū)域無(wú)電場(chǎng)。一電子由

P點(diǎn)靜止釋放后恰好過(guò)。點(diǎn)，已知P點(diǎn)坐標(biāo)（3L）,Q點(diǎn)坐標(biāo)（-3L,0）,電子電荷量為e,質(zhì)量為根。

（1）求第二象限電場(chǎng)強(qiáng)度大小；

（2）電子在第一象限某處?kù)o止釋放，若能通過(guò)。點(diǎn)，求釋放點(diǎn)位置坐標(biāo)x