2023屆湖南邵陽(yáng)市高三下學(xué)期預(yù)測(cè)考試物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023高考沖刺試卷（三）科目：物理注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)寫在答題卡和該試題卷的封面上，并認(rèn)真核對(duì)條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)和科目。2．考生作答時(shí)，選擇題和非選擇題均須作在答題卡上，在本試題卷上作答無(wú)效。考生在答題卡上按答題卡中注意事項(xiàng)的要求答題。3．考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。4．本試題卷共6頁(yè)。如缺頁(yè)，考生須聲明，否則后果自負(fù)。時(shí)量：75分鐘滿分：100分一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1.在物理學(xué)的發(fā)展過(guò)程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多物理思想方法。下列四幅圖中，與其它三幅運(yùn)用的物理思想方法不同的是（）A.探究曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向B.卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)C.位移等于圖線下面的面積D.研究物體沿曲面運(yùn)動(dòng)時(shí)重力做功〖答案〗B〖解析〗探究曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向、位移等于圖線下面的面積、研究物體沿曲面運(yùn)動(dòng)時(shí)重力做功，運(yùn)用了極限法；卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)，運(yùn)用了放大法，與其余選項(xiàng)方法不同。故選B。2.如圖所示，公園里一個(gè)小朋友在蕩秋千，兩根細(xì)線平行，小朋友可視為質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力和摩擦力可忽略，重力加速度為g。在最高點(diǎn)時(shí)每根細(xì)線上的張力大小等于小朋友重力的，則小朋友運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的加速度大小為（）A. B. C. D.g〖答案〗C〖解析〗小朋友在最高點(diǎn)速度為零，設(shè)細(xì)線與豎直方向夾角為θ，對(duì)小朋友在最高點(diǎn)進(jìn)行受力分析，如圖在最高點(diǎn)，沿細(xì)線方向有解得摩擦力和空氣阻力可忽略，由動(dòng)能定理得在最低點(diǎn)，小朋友的加速度即為向心加速度，解得故選C。3.已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在周圍空間某位置產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，其中I為電流強(qiáng)度，r為該位置到長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離，k為常數(shù)。如圖所示，現(xiàn)有兩根通電的長(zhǎng)直導(dǎo)線分別固定在正方體的兩條邊dh和hg上且彼此絕緣，電流方向分別由d流向h、由h流向g，hg中電流是dh中電流強(qiáng)度的兩倍。已知c點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，則f點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)正方體邊長(zhǎng)為l，由題可知，c點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為得則f點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為故選B。4.自然界中一些放射性重元素往往會(huì)發(fā)生一系列連續(xù)的遞次衰變，又稱為放射系或衰變鏈．每個(gè)放射性衰變系都有一個(gè)半衰期很長(zhǎng)的始祖核素，經(jīng)過(guò)若干次連續(xù)衰變，直至生成一個(gè)穩(wěn)定核素．已知的衰變鏈如圖所示．下列判斷中正確的是（）A.圖中的橫坐標(biāo)表示核電荷數(shù)，縱坐標(biāo)表示核子數(shù)B.衰變最終生成的穩(wěn)定核素為C.衰變最終生成的穩(wěn)定核素，共有兩種不同的衰變路徑D.衰變最終生成的穩(wěn)定核素，共發(fā)生了7次α衰變，4次β衰變〖答案〗D〖解析〗A．的核電荷數(shù)為92，核子數(shù)為235，中子數(shù)為143.結(jié)合衰變鏈圖可知，圖的橫坐標(biāo)表示核電荷數(shù)，而縱坐標(biāo)表示中子數(shù)，故A錯(cuò)誤；B．查圖可知，最終生成的穩(wěn)定核素為核電荷數(shù)為82，核子數(shù)為的，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，衰變?yōu)楹?，接下?lái)可能發(fā)生α衰變生成，亦可能發(fā)生β衰變生成，而衰變至后亦存在兩條衰變路徑。所以衰變生成，共有四條不同的衰變路徑，故C錯(cuò)誤；D．由圖結(jié)合前面C項(xiàng)的分析可知，無(wú)論沿任何一條路徑，最終都是發(fā)生7次α衰變，4次β衰變，故D正確。故選D。5.如圖，一橫截面為直角三角形ABC的玻璃磚，∠A=30°，∠B=60°，一條平行于AC邊的光線從AB邊上的O點(diǎn)射入玻璃磚，經(jīng)AB邊折射后打到AC邊上的E點(diǎn)，已知AB=3L，AO=L，，光在真空傳播的速度為c。下列說(shuō)法正確的是（）A.光從O點(diǎn)入射到有光從玻璃磚射出所經(jīng)歷的最短時(shí)間為B.入射光線在O點(diǎn)處的折射角為45°C.玻璃磚的折射率為D.光在AC面、BC面上都會(huì)發(fā)生全反射〖答案〗A〖解析〗B．在中，根據(jù)余弦定理解得所以為等腰三角形，則，，作出O點(diǎn)法線，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得光線在O點(diǎn)入射角為，折射角為，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)光的折射定律，玻璃磚的折射率為C錯(cuò)誤；D．設(shè)發(fā)生全反射的臨界角為C，則根據(jù)幾何關(guān)系可得在AC面上的入射角為，由于所以在AC面上發(fā)生全反射，光不從AC面射出；作出BC面上入射光線EF，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得在BC面上的入射角為，由于所以在BC面上不發(fā)生全反射，光最先從BC面射出，D錯(cuò)誤；A．根據(jù)幾何關(guān)系得光在玻璃磚中的速度為所以最短時(shí)間為A正確故選A。6.一宇航員到達(dá)半徑為R、密度均勻的某星球表面，做如下實(shí)驗(yàn)：用不可伸長(zhǎng)的輕繩拴一質(zhì)量為m的小球，上端固定在O點(diǎn)，如圖甲所示，在最低點(diǎn)給小球某一初速度，使其繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)做半徑為r的圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得繩的拉力F大小隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．設(shè)R、m、r、引力常量G以及F1和F2為已知量，忽略各種阻力．以下說(shuō)法正確的是（）A.該星球表面的重力加速度為B.小球在最高點(diǎn)的最小速度為C.該星球的密度為D.衛(wèi)星繞該星球的第一宇宙速度為〖答案〗B〖解析〗A.在最低點(diǎn)有在最高點(diǎn)有由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立可得故A錯(cuò)誤；B.設(shè)星球表面的重力加速度為g，小球能在豎直面上做圓周運(yùn)動(dòng)，即能過(guò)最高點(diǎn)，過(guò)最高點(diǎn)的條件是只有重力提供向心力，有則最高點(diǎn)最小速度為故B正確；C.由可得故C錯(cuò)誤；D.由可得故D錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題：本題共5小題，每小題5分，共25分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．7.四年一度的足球盛宴——世界杯，于2022年11月20日在卡塔爾拉開大幕，世界杯的火爆讓更多年輕人愛上了足球。如圖所示，小明練習(xí)用腳顛球。某一次足球由靜止自由下落1.25m時(shí)，被小明用腳顛起，離開腳部后豎直上升恰好能回到初始高度。已知足球與腳部的作用時(shí)間為0.1s，忽略球與腳作用過(guò)程中球的位置變化。足球的質(zhì)量為0.44kg，重力加速度大小g取10m/s2，如果忽略空氣阻力的影響，則（）A.足球從下落到恰好回到初始點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為1.1sB.足球從下落到恰好回到初始點(diǎn)過(guò)程重力的沖量為4.4N·sC.足球與腳部作用過(guò)程中動(dòng)量變化量的大小為4.4kg·m/sD.腳部對(duì)足球的最大作用力一定大于11倍的足球重力〖答案〗ACD〖解析〗A．足球下落過(guò)程的時(shí)間由對(duì)稱性，上升過(guò)程的時(shí)間足球與腳部的作用時(shí)間所以足球從下落到恰好回到初始點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為A正確；B．重力是恒力，整個(gè)過(guò)程重力的沖量為B錯(cuò)誤；C．足球達(dá)到腳背的速度大小規(guī)定豎直向上為正方向，足球與腳部作用過(guò)程中動(dòng)量變化大小為C正確；D．足球與腳部作用過(guò)程中，速度的變化量大小足球與腳部作用過(guò)程中受到腳的平均作用力為而腳的作用力是變力，所以作用力的最大值肯定就大于11mg，D正確。故選ACD。8.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，滑動(dòng)變阻器總電阻為R，所有電表均為理想表。當(dāng)滑片由左向右滑動(dòng)時(shí)，關(guān)于各表示數(shù)變化描述正確的是（）A.A1示數(shù)可能先增大再減小BA2示數(shù)可能先減小再增大C.A3示數(shù)一定先減小再增大D.V示數(shù)一定一直增大〖答案〗BD〖解析〗C．滑動(dòng)變阻器的滑片由左向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器左端部分電阻增大，右端部分電阻減小，由于右端部分與電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻小于支路電阻，可知并聯(lián)部分減小量小于變阻器左端部分電阻的增加量，則總電阻增大，總電流減小，即A3示數(shù)一直減小，故C錯(cuò)誤；D．總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，即V示數(shù)一直增大，故D正確；A．總電流減小，變阻器右端部分電阻減小，根據(jù)并聯(lián)電路電流分配關(guān)系可得電阻分得的電流減小，而總電流減小，所以A1示數(shù)一直減小，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)變阻器右端部分電阻為，且在減小，那么左端部分電阻為，在增大。由閉合電路歐姆定律可得由并聯(lián)電路的電流分配關(guān)系可得A2示數(shù)化簡(jiǎn)可得由數(shù)學(xué)知識(shí)可得在的范圍隨著x減小，可能先減小后增大，故B正確。故選BD。9.2022年6月17日，我國(guó)003號(hào)航母“福建艦”下水，該艦是我國(guó)完全自主設(shè)計(jì)建造的首艘電磁彈射型航母。某同學(xué)采用如圖甲所示裝置模擬電磁彈射，匝數(shù)的線圈可在圓柱形鐵芯上無(wú)摩擦滑動(dòng)，并通過(guò)電刷與導(dǎo)軌保持良好接觸；鐵芯上存在垂直于表面向外的輻向磁場(chǎng)，線圈所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為。將開關(guān)S與1連接，恒流源輸出電流使線圈向右勻加速一段時(shí)間，之后將開關(guān)S擲向2與阻值為的電阻相連，同時(shí)施加水平外力F，使線圈向右勻減速到零，線圈運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示。已知線圈質(zhì)量、每匝周長(zhǎng)，不計(jì)線圈及導(dǎo)軌電阻，忽略電刷與導(dǎo)軌間摩擦及空氣阻力，則線圈（）A.向右勻加速階段，電流應(yīng)從恒流源的b端流出B.向右勻加速階段，恒流源輸出的電流大小為C.向右勻減速階段，通過(guò)電阻R的電荷為D.向右勻減速階段，水平外力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系為，〖答案〗BC〖解析〗A．由左手定則可知向右勻加速階段，電流應(yīng)從恒流源的a端流出，A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，向右勻加速階段的加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律可得解得故B正確；C．向右勻減速時(shí)，感應(yīng)電流平均值為通過(guò)電阻的電荷量為結(jié)合圖乙求得故C正確；D．向右勻減速階段，線圈的加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律可得（）聯(lián)立可得（）故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲所示，直線加速器由一個(gè)金屬圓板（序號(hào)為0）和多個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒組成，其中心軸線在同一直線上，圓筒的長(zhǎng)度遵照一定的規(guī)律依次增加．圓板和圓筒與交流電源相連，序號(hào)為奇數(shù)的圓筒和電源的一極相連，圓板和序號(hào)為偶數(shù)的圓筒和該電源的另一極相連，交變電源兩極間電勢(shì)差的變化規(guī)律如圖乙所示。若電壓的絕對(duì)值為U，電子電量大小為e，電子通過(guò)圓筒間隙的時(shí)間可以忽略不計(jì)。在t=0時(shí)刻，圓板中央的一個(gè)電子在圓板和圓筒之間的電場(chǎng)中由靜止開始加速，沿中心軸線沖進(jìn)圓筒1，電子在每個(gè)圓筒中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均小于T，且電子均在電壓變向時(shí)恰從各圓筒中射出，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，則（）A.由于靜電屏蔽作用，圓筒內(nèi)不存在電場(chǎng)B.電子運(yùn)動(dòng)到第n個(gè)圓筒時(shí)動(dòng)能為2neUC.在t=時(shí)奇數(shù)圓筒相對(duì)偶數(shù)圓筒的電勢(shì)差為負(fù)值D.第個(gè)和第n個(gè)圓筒的長(zhǎng)度之比為∶〖答案〗AD〖解析〗A．由于靜電屏蔽作用，圓筒內(nèi)不存在電場(chǎng)，A正確；B．電子每經(jīng)過(guò)一個(gè)間隙，電場(chǎng)力做功eU，根據(jù)動(dòng)能定理，電子運(yùn)動(dòng)到第n個(gè)圓筒時(shí)動(dòng)能為電子運(yùn)動(dòng)到第n個(gè)圓筒時(shí)動(dòng)能為neU，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)闀r(shí)圓筒1相對(duì)圓板的電勢(shì)差為正值，同理，奇數(shù)圓筒相對(duì)偶數(shù)圓筒的電勢(shì)差為正值，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理得，，，得電子在每個(gè)圓筒中做勻速運(yùn)動(dòng)，故第個(gè)和第n個(gè)圓筒的長(zhǎng)度之比為得D正確。故選AD。11.如圖所示，某工廠需要利用質(zhì)量為300kg的物體B通過(guò)輕質(zhì)繩及光滑定滑輪協(xié)助傳送帶將質(zhì)量為200kg的物體A從傳送帶底端（與地面等高）由靜止開始傳送到距離地面H高處，已知傳送帶傾角為30°，與貨物接觸面間動(dòng)摩擦因數(shù)為，傳送帶以5m/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物體B最初距離地面6.5m且落地后不反彈．某時(shí)刻將A釋放，最終A剛好到達(dá)頂端，g取10m/s2。則（）A.釋放后瞬間物體A的加速度大小為a1=12.5m/s2B.H=6.55mC.此過(guò)程中物體A會(huì)有2次與傳送帶達(dá)到共速D.整個(gè)過(guò)程由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為J〖答案〗BC〖解析〗A．剛開始由于物體A的速度小于傳送帶速度，由牛頓第二定律，對(duì)A、B兩物體分析，可得解得故A錯(cuò)誤；BC．物體A從靜止加速至5m/s，發(fā)生的位移物體A與傳送帶共速后，A繼續(xù)加速，傳送帶給物體A向下滑動(dòng)摩擦力解得從物體A與傳送帶共速v1到物體B落地過(guò)程，設(shè)物體B落地瞬間速度大小為v2，則有解得物體B落地后，物體A向上做勻減速的加速度大小為物體A從速度v2減速到再次與傳送帶共速，發(fā)生的位移為物體A再次與傳送帶共速后，物體A繼續(xù)向上做勻減速的加速度大小為從共速v1到剛好到達(dá)頂端，發(fā)生的位移為故整個(gè)過(guò)程物體A向上的位移為可知高度故B、C正確；D．從開始到物體A與傳送帶第一次共速所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為從物體A與傳送帶共速到物體B落地過(guò)程，所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為物體A從速度v2減速到再次與傳送帶共速，所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為從再一次共速到剛好到達(dá)頂端，所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為故整個(gè)過(guò)程由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為故D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共51分．12.小魚同學(xué)用身邊的學(xué)習(xí)用品探究橡皮筋的勁度系數(shù)k，進(jìn)行了下面的操作：將橡皮筋上端固定在豎直面內(nèi)的白紙上的O點(diǎn)，下端打結(jié)，在結(jié)點(diǎn)P處掛上質(zhì)量為m＝20g的橡皮，記下靜止后結(jié)點(diǎn)的位置P1。在結(jié)點(diǎn)P系上一根細(xì)線，并通過(guò)水平細(xì)線將橡皮在紙面內(nèi)緩慢拉起，如圖甲所示，又記錄了結(jié)點(diǎn)P的四次不同位置。小魚取下白紙，以O(shè)點(diǎn)為圓心、以橡皮筋原長(zhǎng)為半徑畫圓弧，如圖乙所示。連接OP2，與圓弧交于A2，并過(guò)A2作OP1的垂線，垂足為B2。分別測(cè)出、P2的距離x2和O、B2的距離y2。同樣測(cè)得其余四個(gè)位置對(duì)應(yīng)的x、y值，如下表所示，其中g(shù)取9.8m/s2。序號(hào)12345x/cm0.700.831.081.271.51y/cm4.513.802.972.482.09cm-10.2220.2630.3360.4030.478請(qǐng)完成下列問(wèn)題：（1）用mg、x、y、L0表示橡皮筋的勁度系數(shù)k＝_______；（2）作出如圖丙所示的圖像，則可求得k＝_________N/cm（保留兩位有效數(shù)字）；（3）若小魚標(biāo)記好P5后，通過(guò)水平線將橡皮擦緩慢放回到最低點(diǎn)過(guò)程中，再次測(cè)得五組不同數(shù)據(jù)，算出相應(yīng)的k＇，則k__________k＇（填“＞”“＜”或“＝”）?！即鸢浮剑?）（2）0.28（3）大于〖解析〗（1）[1]設(shè)橡皮筋與豎直方向夾角為θ，重物重力為mg，結(jié)點(diǎn)P在豎直拉力(橡皮重力mg)、橡皮筋拉力T和水平拉力F作用下處于平衡狀態(tài)，滿足圖示關(guān)系則而聯(lián)立得．（2）[2]由第一問(wèn)可知由圖丙可求得圖像斜率又根據(jù)縱軸截距為橡皮筋OP段原長(zhǎng)的倒數(shù)，即綜上可得k=0.28（3）[3]測(cè)出五組數(shù)據(jù)后，橡皮筋恢復(fù)原狀能力比彈簧要差些，恢復(fù)原狀時(shí)長(zhǎng)度會(huì)比稍大。通過(guò)水平線將橡皮擦緩慢放回到最低點(diǎn)過(guò)程中，再次測(cè)得五組不同數(shù)據(jù)，實(shí)際計(jì)算中仍用原來(lái)的計(jì)算x，使得x計(jì)算值偏大，從而使。故有13.某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路，測(cè)量一量程為2mA電流計(jì)的內(nèi)阻。（1）按圖中的實(shí)驗(yàn)電路圖進(jìn)行實(shí)物連接，將滑動(dòng)變阻器的滑片置于B端，R1為定值電阻，閉合開關(guān)S，斷開開關(guān)S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的位置，使電壓表的讀數(shù)為U1（指針偏轉(zhuǎn)超過(guò)量程的三分之一），電流計(jì)滿偏；（2）閉合開關(guān)S1，反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱和滑動(dòng)變阻器的滑片位置使電壓表的示數(shù)仍為U1，電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏量程的三分之二，讀取此時(shí)電阻箱的阻值為R0=180Ω；（3）電流計(jì)的內(nèi)阻Rg=______Ω；（4）該實(shí)驗(yàn)測(cè)得電流計(jì)的阻值______真實(shí)值（填“>”“<”或“=”）（只考慮系統(tǒng)誤差）；（5）該實(shí)驗(yàn)中電阻R1的作用是______；（6）同學(xué)要將該電流計(jì)改裝為量程為20mA的電流表，將阻值為R2的定值電阻與2mA電流計(jì)連接，進(jìn)行改裝，然后利用一標(biāo)準(zhǔn)毫安表根據(jù)圖甲所示電路對(duì)改裝后的電表進(jìn)行檢測(cè)（虛線框內(nèi)是改裝后的電表）①根據(jù)圖甲將圖乙中的實(shí)物連接_____；②定值電阻R2=______Ω?！即鸢浮剑?）90（4）=（5）確保干路中電流保持不變（6）10〖解析〗（3）[1]由電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏量程的三分之二可知?jiǎng)t（4）[2]實(shí)驗(yàn)時(shí)反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱和滑動(dòng)變阻器的滑片位置使電壓表的示數(shù)仍為，可知電路的總電流不變，通過(guò)電流表的電流是滿偏電流的，而通過(guò)R0的電流等于電流表滿偏電流的，所以該實(shí)驗(yàn)測(cè)得電流計(jì)的阻值與真實(shí)值相等。（5）[3]R1應(yīng)該是大阻值電阻，使S1不論斷開還是閉合，電路中電阻不變，從而確保干路中電流保持不變。（6）[4]①連接電路圖，如圖[5]②由題意知解得14.暑假長(zhǎng)沙高溫少雨，張老師向同學(xué)們布置了一份特殊的實(shí)踐作業(yè)。如圖所示，在家中找到一個(gè)閑置的瓶子，向其中插入一根透明吸管，接口處用蠟密封，在吸管內(nèi)引入一小段油柱（長(zhǎng)度可以忽略）并在吸管上標(biāo)刻溫度。如果不計(jì)大氣壓的變化，這就是一個(gè)簡(jiǎn)易“氣溫計(jì)”。小李同學(xué)已測(cè)量好自己使用的瓶子容積是300cm3，吸管內(nèi)部粗細(xì)均勻，橫截面積為0.2cm2，吸管的有效長(zhǎng)度為100cm，當(dāng)室內(nèi)溫度為27℃時(shí)，油柱左邊吸管長(zhǎng)度為20cm.（1）證明：吸管上標(biāo)刻溫度時(shí)，刻度是均勻的；（2）試求：小李同學(xué)的“氣溫計(jì)”測(cè)量的最低溫度和最高溫度（結(jié)果以“℃”為單位，保留到個(gè)位數(shù)）.〖答案〗（1）見〖解析〗；（2）23℃，43℃〖解析〗（1）由封閉氣體等壓變化得有即由上式可以看出，與成正比關(guān)系，所以在吸管上標(biāo)溫度值時(shí)，刻度是均勻的。（2）當(dāng)溫度為27℃時(shí)，氣體的溫度為氣體的體積為當(dāng)溫度降低時(shí)，氣體體積減小，油柱向左邊移動(dòng)，移到瓶口處時(shí)，氣體的溫度最低，此時(shí)氣體的體積為由等壓變化得即當(dāng)溫度升高時(shí)，氣體的體積增大，油柱向右邊移動(dòng)，移到管口處時(shí)，氣體的溫度最高，此時(shí)氣體的體積為由等壓變化得即所以這個(gè)氣溫計(jì)的測(cè)量范圍約為。15.在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成θ=60°角射入磁場(chǎng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出磁場(chǎng)，如圖所示，不計(jì)粒子重力，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大?。唬?）若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可以調(diào)節(jié)，為使粒子不從y軸穿出磁場(chǎng)，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度至少為多大。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）設(shè)粒子過(guò)N點(diǎn)速度為v，則有解得粒子在磁場(chǎng)中以O(shè)'為圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得解得粒子的軌道半徑為ON之間距離粒子在電場(chǎng)中的時(shí)間為y方向，有解得（2）改變磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，使粒子剛好與y軸相切，如圖所示設(shè)此時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得由幾何關(guān)系可得聯(lián)立解得為使粒子不從y軸穿出磁場(chǎng)，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度至少為。16.小車C靜止在光滑的水平面上，距離小車C的右側(cè)s處有一固定光滑的斜面和光滑平臺(tái)組成的裝置，斜面底端與小車C等高，平臺(tái)P點(diǎn)與斜面平滑連接，不影響滑塊經(jīng)過(guò)時(shí)運(yùn)動(dòng)的速率．平臺(tái)上O點(diǎn)固定一豎直的彈性擋板，滑塊B靜止于Q點(diǎn)，PQ間距離為kL，OQ間距離為L(zhǎng).當(dāng)滑塊A以v0=12m/s的速度滑上小車，運(yùn)動(dòng)到小車C右端時(shí)恰好與之共速（小車未碰到平臺(tái)）.當(dāng)滑塊A經(jīng)斜面進(jìn)入平臺(tái)時(shí)，始終受到水平向右的恒力F=mg作用，當(dāng)滑塊B在該區(qū)域內(nèi)向左運(yùn)動(dòng)時(shí)受到同樣的恒力F作用，向右運(yùn)動(dòng)則合力為零．已知滑塊A、B的質(zhì)量相等且是小車C質(zhì)量的一半，即mA=mB=mC=m，斜面高h(yuǎn)=0.8m，A、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，g=10m/s2，滑塊A、B均可看成質(zhì)點(diǎn)，且A、B之間以及B與擋板之間的碰撞為彈性碰撞．（1）為保證小車C與平臺(tái)碰撞時(shí)A、C能共速，s至少多長(zhǎng)；（2）當(dāng)滑塊A經(jīng)斜面進(jìn)入平臺(tái)PO后，若A不能在滑塊B勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中追上滑塊B發(fā)生第二次碰撞，則k需要滿足的條件；（3）若滿足（2）問(wèn)的k值，求A、B從第一次碰撞開始到第二次碰撞經(jīng)歷的時(shí)間．〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）設(shè)A、C獲得共同速度為，以水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得若A、C共速時(shí)C剛好運(yùn)動(dòng)到斜面底端，對(duì)C分析，由動(dòng)能定理得代入數(shù)據(jù)解得則保證C運(yùn)動(dòng)到斜面底端前A、C能夠共速，s應(yīng)滿足的條件是（2）滑塊A沖上斜面，到斜面頂端時(shí)速度為，由動(dòng)能定理解得A上到高臺(tái)后受力為A開始做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可知解得設(shè)與B碰前A的速度為，有A與B發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律可知由機(jī)械能守恒定律可知聯(lián)立解得A、B第一次碰后，B合力為零，沿平臺(tái)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，B運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用時(shí)間為碰后A的加速度不變，A運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用時(shí)間為由題意得解得A與B同向運(yùn)動(dòng)不能相撞，此時(shí)有（3）當(dāng)時(shí)，A與B反向相撞（即B先與擋板碰撞，然后與A發(fā)生第二次碰撞）根據(jù)題意，B與擋板碰后速率仍為設(shè)B向左運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為，則解得設(shè)B與擋板碰撞后向左運(yùn)動(dòng)到與A第二次碰撞的時(shí)間為，則解得B反向減速至零的時(shí)間因?yàn)楣仕蠛侠?，則2023高考沖刺試卷（三）科目：物理注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)寫在答題卡和該試題卷的封面上，并認(rèn)真核對(duì)條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)和科目。2．考生作答時(shí)，選擇題和非選擇題均須作在答題卡上，在本試題卷上作答無(wú)效?？忌诖痤}卡上按答題卡中注意事項(xiàng)的要求答題。3．考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。4．本試題卷共6頁(yè)。如缺頁(yè)，考生須聲明，否則后果自負(fù)。時(shí)量：75分鐘滿分：100分一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1.在物理學(xué)的發(fā)展過(guò)程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多物理思想方法。下列四幅圖中，與其它三幅運(yùn)用的物理思想方法不同的是（）A.探究曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向B.卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)C.位移等于圖線下面的面積D.研究物體沿曲面運(yùn)動(dòng)時(shí)重力做功〖答案〗B〖解析〗探究曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向、位移等于圖線下面的面積、研究物體沿曲面運(yùn)動(dòng)時(shí)重力做功，運(yùn)用了極限法；卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)，運(yùn)用了放大法，與其余選項(xiàng)方法不同。故選B。2.如圖所示，公園里一個(gè)小朋友在蕩秋千，兩根細(xì)線平行，小朋友可視為質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力和摩擦力可忽略，重力加速度為g。在最高點(diǎn)時(shí)每根細(xì)線上的張力大小等于小朋友重力的，則小朋友運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的加速度大小為（）A. B. C. D.g〖答案〗C〖解析〗小朋友在最高點(diǎn)速度為零，設(shè)細(xì)線與豎直方向夾角為θ，對(duì)小朋友在最高點(diǎn)進(jìn)行受力分析，如圖在最高點(diǎn)，沿細(xì)線方向有解得摩擦力和空氣阻力可忽略，由動(dòng)能定理得在最低點(diǎn)，小朋友的加速度即為向心加速度，解得故選C。3.已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在周圍空間某位置產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，其中I為電流強(qiáng)度，r為該位置到長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離，k為常數(shù)。如圖所示，現(xiàn)有兩根通電的長(zhǎng)直導(dǎo)線分別固定在正方體的兩條邊dh和hg上且彼此絕緣，電流方向分別由d流向h、由h流向g，hg中電流是dh中電流強(qiáng)度的兩倍。已知c點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，則f點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)正方體邊長(zhǎng)為l，由題可知，c點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為得則f點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為故選B。4.自然界中一些放射性重元素往往會(huì)發(fā)生一系列連續(xù)的遞次衰變，又稱為放射系或衰變鏈．每個(gè)放射性衰變系都有一個(gè)半衰期很長(zhǎng)的始祖核素，經(jīng)過(guò)若干次連續(xù)衰變，直至生成一個(gè)穩(wěn)定核素．已知的衰變鏈如圖所示．下列判斷中正確的是（）A.圖中的橫坐標(biāo)表示核電荷數(shù)，縱坐標(biāo)表示核子數(shù)B.衰變最終生成的穩(wěn)定核素為C.衰變最終生成的穩(wěn)定核素，共有兩種不同的衰變路徑D.衰變最終生成的穩(wěn)定核素，共發(fā)生了7次α衰變，4次β衰變〖答案〗D〖解析〗A．的核電荷數(shù)為92，核子數(shù)為235，中子數(shù)為143.結(jié)合衰變鏈圖可知，圖的橫坐標(biāo)表示核電荷數(shù)，而縱坐標(biāo)表示中子數(shù)，故A錯(cuò)誤；B．查圖可知，最終生成的穩(wěn)定核素為核電荷數(shù)為82，核子數(shù)為的，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，衰變?yōu)楹?，接下?lái)可能發(fā)生α衰變生成，亦可能發(fā)生β衰變生成，而衰變至后亦存在兩條衰變路徑。所以衰變生成，共有四條不同的衰變路徑，故C錯(cuò)誤；D．由圖結(jié)合前面C項(xiàng)的分析可知，無(wú)論沿任何一條路徑，最終都是發(fā)生7次α衰變，4次β衰變，故D正確。故選D。5.如圖，一橫截面為直角三角形ABC的玻璃磚，∠A=30°，∠B=60°，一條平行于AC邊的光線從AB邊上的O點(diǎn)射入玻璃磚，經(jīng)AB邊折射后打到AC邊上的E點(diǎn)，已知AB=3L，AO=L，，光在真空傳播的速度為c。下列說(shuō)法正確的是（）A.光從O點(diǎn)入射到有光從玻璃磚射出所經(jīng)歷的最短時(shí)間為B.入射光線在O點(diǎn)處的折射角為45°C.玻璃磚的折射率為D.光在AC面、BC面上都會(huì)發(fā)生全反射〖答案〗A〖解析〗B．在中，根據(jù)余弦定理解得所以為等腰三角形，則，，作出O點(diǎn)法線，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得光線在O點(diǎn)入射角為，折射角為，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)光的折射定律，玻璃磚的折射率為C錯(cuò)誤；D．設(shè)發(fā)生全反射的臨界角為C，則根據(jù)幾何關(guān)系可得在AC面上的入射角為，由于所以在AC面上發(fā)生全反射，光不從AC面射出；作出BC面上入射光線EF，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得在BC面上的入射角為，由于所以在BC面上不發(fā)生全反射，光最先從BC面射出，D錯(cuò)誤；A．根據(jù)幾何關(guān)系得光在玻璃磚中的速度為所以最短時(shí)間為A正確故選A。6.一宇航員到達(dá)半徑為R、密度均勻的某星球表面，做如下實(shí)驗(yàn)：用不可伸長(zhǎng)的輕繩拴一質(zhì)量為m的小球，上端固定在O點(diǎn)，如圖甲所示，在最低點(diǎn)給小球某一初速度，使其繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)做半徑為r的圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得繩的拉力F大小隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．設(shè)R、m、r、引力常量G以及F1和F2為已知量，忽略各種阻力．以下說(shuō)法正確的是（）A.該星球表面的重力加速度為B.小球在最高點(diǎn)的最小速度為C.該星球的密度為D.衛(wèi)星繞該星球的第一宇宙速度為〖答案〗B〖解析〗A.在最低點(diǎn)有在最高點(diǎn)有由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立可得故A錯(cuò)誤；B.設(shè)星球表面的重力加速度為g，小球能在豎直面上做圓周運(yùn)動(dòng)，即能過(guò)最高點(diǎn)，過(guò)最高點(diǎn)的條件是只有重力提供向心力，有則最高點(diǎn)最小速度為故B正確；C.由可得故C錯(cuò)誤；D.由可得故D錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題：本題共5小題，每小題5分，共25分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．7.四年一度的足球盛宴——世界杯，于2022年11月20日在卡塔爾拉開大幕，世界杯的火爆讓更多年輕人愛上了足球。如圖所示，小明練習(xí)用腳顛球。某一次足球由靜止自由下落1.25m時(shí)，被小明用腳顛起，離開腳部后豎直上升恰好能回到初始高度。已知足球與腳部的作用時(shí)間為0.1s，忽略球與腳作用過(guò)程中球的位置變化。足球的質(zhì)量為0.44kg，重力加速度大小g取10m/s2，如果忽略空氣阻力的影響，則（）A.足球從下落到恰好回到初始點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為1.1sB.足球從下落到恰好回到初始點(diǎn)過(guò)程重力的沖量為4.4N·sC.足球與腳部作用過(guò)程中動(dòng)量變化量的大小為4.4kg·m/sD.腳部對(duì)足球的最大作用力一定大于11倍的足球重力〖答案〗ACD〖解析〗A．足球下落過(guò)程的時(shí)間由對(duì)稱性，上升過(guò)程的時(shí)間足球與腳部的作用時(shí)間所以足球從下落到恰好回到初始點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為A正確；B．重力是恒力，整個(gè)過(guò)程重力的沖量為B錯(cuò)誤；C．足球達(dá)到腳背的速度大小規(guī)定豎直向上為正方向，足球與腳部作用過(guò)程中動(dòng)量變化大小為C正確；D．足球與腳部作用過(guò)程中，速度的變化量大小足球與腳部作用過(guò)程中受到腳的平均作用力為而腳的作用力是變力，所以作用力的最大值肯定就大于11mg，D正確。故選ACD。8.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，滑動(dòng)變阻器總電阻為R，所有電表均為理想表。當(dāng)滑片由左向右滑動(dòng)時(shí)，關(guān)于各表示數(shù)變化描述正確的是（）A.A1示數(shù)可能先增大再減小BA2示數(shù)可能先減小再增大C.A3示數(shù)一定先減小再增大D.V示數(shù)一定一直增大〖答案〗BD〖解析〗C．滑動(dòng)變阻器的滑片由左向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器左端部分電阻增大，右端部分電阻減小，由于右端部分與電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻小于支路電阻，可知并聯(lián)部分減小量小于變阻器左端部分電阻的增加量，則總電阻增大，總電流減小，即A3示數(shù)一直減小，故C錯(cuò)誤；D．總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，即V示數(shù)一直增大，故D正確；A．總電流減小，變阻器右端部分電阻減小，根據(jù)并聯(lián)電路電流分配關(guān)系可得電阻分得的電流減小，而總電流減小，所以A1示數(shù)一直減小，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)變阻器右端部分電阻為，且在減小，那么左端部分電阻為，在增大。由閉合電路歐姆定律可得由并聯(lián)電路的電流分配關(guān)系可得A2示數(shù)化簡(jiǎn)可得由數(shù)學(xué)知識(shí)可得在的范圍隨著x減小，可能先減小后增大，故B正確。故選BD。9.2022年6月17日，我國(guó)003號(hào)航母“福建艦”下水，該艦是我國(guó)完全自主設(shè)計(jì)建造的首艘電磁彈射型航母。某同學(xué)采用如圖甲所示裝置模擬電磁彈射，匝數(shù)的線圈可在圓柱形鐵芯上無(wú)摩擦滑動(dòng)，并通過(guò)電刷與導(dǎo)軌保持良好接觸；鐵芯上存在垂直于表面向外的輻向磁場(chǎng)，線圈所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為。將開關(guān)S與1連接，恒流源輸出電流使線圈向右勻加速一段時(shí)間，之后將開關(guān)S擲向2與阻值為的電阻相連，同時(shí)施加水平外力F，使線圈向右勻減速到零，線圈運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示。已知線圈質(zhì)量、每匝周長(zhǎng)，不計(jì)線圈及導(dǎo)軌電阻，忽略電刷與導(dǎo)軌間摩擦及空氣阻力，則線圈（）A.向右勻加速階段，電流應(yīng)從恒流源的b端流出B.向右勻加速階段，恒流源輸出的電流大小為C.向右勻減速階段，通過(guò)電阻R的電荷為D.向右勻減速階段，水平外力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系為，〖答案〗BC〖解析〗A．由左手定則可知向右勻加速階段，電流應(yīng)從恒流源的a端流出，A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，向右勻加速階段的加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律可得解得故B正確；C．向右勻減速時(shí)，感應(yīng)電流平均值為通過(guò)電阻的電荷量為結(jié)合圖乙求得故C正確；D．向右勻減速階段，線圈的加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律可得（）聯(lián)立可得（）故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲所示，直線加速器由一個(gè)金屬圓板（序號(hào)為0）和多個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒組成，其中心軸線在同一直線上，圓筒的長(zhǎng)度遵照一定的規(guī)律依次增加．圓板和圓筒與交流電源相連，序號(hào)為奇數(shù)的圓筒和電源的一極相連，圓板和序號(hào)為偶數(shù)的圓筒和該電源的另一極相連，交變電源兩極間電勢(shì)差的變化規(guī)律如圖乙所示。若電壓的絕對(duì)值為U，電子電量大小為e，電子通過(guò)圓筒間隙的時(shí)間可以忽略不計(jì)。在t=0時(shí)刻，圓板中央的一個(gè)電子在圓板和圓筒之間的電場(chǎng)中由靜止開始加速，沿中心軸線沖進(jìn)圓筒1，電子在每個(gè)圓筒中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均小于T，且電子均在電壓變向時(shí)恰從各圓筒中射出，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，則（）A.由于靜電屏蔽作用，圓筒內(nèi)不存在電場(chǎng)B.電子運(yùn)動(dòng)到第n個(gè)圓筒時(shí)動(dòng)能為2neUC.在t=時(shí)奇數(shù)圓筒相對(duì)偶數(shù)圓筒的電勢(shì)差為負(fù)值D.第個(gè)和第n個(gè)圓筒的長(zhǎng)度之比為∶〖答案〗AD〖解析〗A．由于靜電屏蔽作用，圓筒內(nèi)不存在電場(chǎng)，A正確；B．電子每經(jīng)過(guò)一個(gè)間隙，電場(chǎng)力做功eU，根據(jù)動(dòng)能定理，電子運(yùn)動(dòng)到第n個(gè)圓筒時(shí)動(dòng)能為電子運(yùn)動(dòng)到第n個(gè)圓筒時(shí)動(dòng)能為neU，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)闀r(shí)圓筒1相對(duì)圓板的電勢(shì)差為正值，同理，奇數(shù)圓筒相對(duì)偶數(shù)圓筒的電勢(shì)差為正值，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理得，，，得電子在每個(gè)圓筒中做勻速運(yùn)動(dòng)，故第個(gè)和第n個(gè)圓筒的長(zhǎng)度之比為得D正確。故選AD。11.如圖所示，某工廠需要利用質(zhì)量為300kg的物體B通過(guò)輕質(zhì)繩及光滑定滑輪協(xié)助傳送帶將質(zhì)量為200kg的物體A從傳送帶底端（與地面等高）由靜止開始傳送到距離地面H高處，已知傳送帶傾角為30°，與貨物接觸面間動(dòng)摩擦因數(shù)為，傳送帶以5m/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物體B最初距離地面6.5m且落地后不反彈．某時(shí)刻將A釋放，最終A剛好到達(dá)頂端，g取10m/s2。則（）A.釋放后瞬間物體A的加速度大小為a1=12.5m/s2B.H=6.55mC.此過(guò)程中物體A會(huì)有2次與傳送帶達(dá)到共速D.整個(gè)過(guò)程由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為J〖答案〗BC〖解析〗A．剛開始由于物體A的速度小于傳送帶速度，由牛頓第二定律，對(duì)A、B兩物體分析，可得解得故A錯(cuò)誤；BC．物體A從靜止加速至5m/s，發(fā)生的位移物體A與傳送帶共速后，A繼續(xù)加速，傳送帶給物體A向下滑動(dòng)摩擦力解得從物體A與傳送帶共速v1到物體B落地過(guò)程，設(shè)物體B落地瞬間速度大小為v2，則有解得物體B落地后，物體A向上做勻減速的加速度大小為物體A從速度v2減速到再次與傳送帶共速，發(fā)生的位移為物體A再次與傳送帶共速后，物體A繼續(xù)向上做勻減速的加速度大小為從共速v1到剛好到達(dá)頂端，發(fā)生的位移為故整個(gè)過(guò)程物體A向上的位移為可知高度故B、C正確；D．從開始到物體A與傳送帶第一次共速所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為從物體A與傳送帶共速到物體B落地過(guò)程，所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為物體A從速度v2減速到再次與傳送帶共速，所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為從再一次共速到剛好到達(dá)頂端，所用時(shí)間為此過(guò)程物體A與傳送帶的相對(duì)位移大小為此過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能為故整個(gè)過(guò)程由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為故D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共51分．12.小魚同學(xué)用身邊的學(xué)習(xí)用品探究橡皮筋的勁度系數(shù)k，進(jìn)行了下面的操作：將橡皮筋上端固定在豎直面內(nèi)的白紙上的O點(diǎn)，下端打結(jié)，在結(jié)點(diǎn)P處掛上質(zhì)量為m＝20g的橡皮，記下靜止后結(jié)點(diǎn)的位置P1。在結(jié)點(diǎn)P系上一根細(xì)線，并通過(guò)水平細(xì)線將橡皮在紙面內(nèi)緩慢拉起，如圖甲所示，又記錄了結(jié)點(diǎn)P的四次不同位置。小魚取下白紙，以O(shè)點(diǎn)為圓心、以橡皮筋原長(zhǎng)為半徑畫圓弧，如圖乙所示。連接OP2，與圓弧交于A2，并過(guò)A2作OP1的垂線，垂足為B2。分別測(cè)出、P2的距離x2和O、B2的距離y2。同樣測(cè)得其余四個(gè)位置對(duì)應(yīng)的x、y值，如下表所示，其中g(shù)取9.8m/s2。序號(hào)12345x/cm0.700.831.081.271.51y/cm4.513.802.972.482.09cm-10.2220.2630.3360.4030.478請(qǐng)完成下列問(wèn)題：（1）用mg、x、y、L0表示橡皮筋的勁度系數(shù)k＝_______；（2）作出如圖丙所示的圖像，則可求得k＝_________N/cm（保留兩位有效數(shù)字）；（3）若小魚標(biāo)記好P5后，通過(guò)水平線將橡皮擦緩慢放回到最低點(diǎn)過(guò)程中，再次測(cè)得五組不同數(shù)據(jù)，算出相應(yīng)的k＇，則k__________k＇（填“＞”“＜”或“＝”）?！即鸢浮剑?）（2）0.28（3）大于〖解析〗（1）[1]設(shè)橡皮筋與豎直方向夾角為θ，重物重力為mg，結(jié)點(diǎn)P在豎直拉力(橡皮重力mg)、橡皮筋拉力T和水平拉力F作用下處于平衡狀態(tài)，滿足圖示關(guān)系則而聯(lián)立得．（2）[2]由第一問(wèn)可知由圖丙可求得圖像斜率又根據(jù)縱軸截距為橡皮筋OP段原長(zhǎng)的倒數(shù)，即綜上可得k=0.28（3）[3]測(cè)出五組數(shù)據(jù)后，橡皮筋恢復(fù)原狀能力比彈簧要差些，恢復(fù)原狀時(shí)長(zhǎng)度會(huì)比稍大。通過(guò)水平線將橡皮擦緩慢放回到最低點(diǎn)過(guò)程中，再次測(cè)得五組不同數(shù)據(jù)，實(shí)際計(jì)算中仍用原來(lái)的計(jì)算x，使得x計(jì)算值偏大，從而使。故有13.某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路，測(cè)量一量程為2mA電流計(jì)的內(nèi)阻。（1）按圖中的實(shí)驗(yàn)電路圖進(jìn)行實(shí)物連接，將滑動(dòng)變阻器的滑片置于B端，R1為定值電阻，閉合開關(guān)S，斷開開關(guān)S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的位置，使電壓表的讀數(shù)為U1（指針偏轉(zhuǎn)超過(guò)量程的三分之一），電流計(jì)滿偏；（2）閉合開關(guān)S1，反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱和滑動(dòng)變阻器的滑片位置使電壓表的示數(shù)仍為U1，電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏量程的三分之二，讀取此時(shí)電阻箱的阻值為R0=180Ω；（3）電流計(jì)的內(nèi)阻Rg=______Ω；（4）該實(shí)驗(yàn)測(cè)得電流計(jì)的阻值______真實(shí)值（填“>”“<”或“=”）（只考慮系統(tǒng)誤差）；（5）該實(shí)驗(yàn)中電阻R1的作用是______；（6）同學(xué)要將該電流計(jì)改裝為量程為20mA的電流表，將阻值為R2的定值電阻與2mA電流計(jì)連接，進(jìn)行改裝，然后利用一標(biāo)準(zhǔn)毫安表根據(jù)圖甲所示電路對(duì)改裝后的電表進(jìn)行檢測(cè)（虛線框內(nèi)是改裝后的電表）①根據(jù)圖甲將圖乙中的實(shí)物連接_____；②定值電阻R2=______Ω?！即鸢浮剑?）90（4）=（5）確保干路中電流保持不變（6）10〖解析〗（3）[1]由電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏量程的三分之二可知?jiǎng)t（4）[2]實(shí)驗(yàn)時(shí)反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱和滑動(dòng)變阻器的滑片位置使電壓表的示數(shù)仍為，可知電路的總電流不變，通過(guò)電流表的電流是滿偏電流的，而通過(guò)R0的電流等于電流表滿偏電流的，所以該實(shí)驗(yàn)測(cè)得電流計(jì)的阻值與真實(shí)值相等。（5）[3]R1應(yīng)該是大阻值電阻，使S1不論斷開還是閉合，電路中電阻不變，從而確保干路中電流保持不變。（6）[4]①連接電路圖，如圖[5]②由題意知解得14.暑假長(zhǎng)沙高溫少雨，張老師向同學(xué)們布置了一份特殊的實(shí)踐作業(yè)。如圖所示，在家中找到一個(gè)閑置的瓶子，向其中插入一根透明吸管，接口處用蠟密封，在吸管內(nèi)引入一小段油柱（長(zhǎng)度可以忽略）并在吸管上標(biāo)刻溫度。如果不計(jì)大氣壓的變化，這就是一個(gè)簡(jiǎn)易“氣溫計(jì)”。