湖南省婁底市漣源市2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期3月月考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1漣源市2024年上學(xué)期高二3月月考物理試卷一、選擇題（共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1.下列說法正確的是（）A.若物體運(yùn)動(dòng)速率始終不變，則物體所受合力一定為零B.若物體的加速度均勻增加，則物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.若物體所受合力與其速度方向相反，則物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)D.若物體在任意的相等時(shí)間間隔內(nèi)位移相等，則物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗D〖解析〗試題分析：物體運(yùn)動(dòng)速率不變，但速度的方向可以變化，此時(shí)合力不為零；物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，它的加速度是恒定的；合力與其速度方向相反時(shí)，物體做減速直線運(yùn)動(dòng)，但不一定是勻減速直線運(yùn)動(dòng)，物體受的合力可以變化；勻速直線運(yùn)動(dòng)在任意的相等時(shí)間間隔內(nèi)位移都是相等．解：A、物體運(yùn)動(dòng)速率不變但方向可能變化，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，因此合力不一定為零，所以A錯(cuò)；B、物體的加速度均勻增加，即加速度在變化，是非勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以B錯(cuò)；C、物體所受合力與其速度方向相反，只能判斷其做減速運(yùn)動(dòng)，但加速度大小不可確定，所以C錯(cuò)；D、若物體在任意的相等時(shí)間間隔內(nèi)位移相等，則物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以D對(duì)．故選D．2.質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)位移x與時(shí)間t的關(guān)系為x=5t+t2（各物理量均采用國際單位制單位），則該質(zhì)點(diǎn)（）A.第1s內(nèi)的位移是5m B.前2s內(nèi)的平均速度是6m/sC.任意相鄰的1s內(nèi)位移差都是1m D.任意1s內(nèi)的速度增量都是2m/s〖答案〗D〖解析〗第1s內(nèi)的位移只需將t＝1代入即可求出x=6m，A錯(cuò)誤；前2s內(nèi)的平均速度為，B錯(cuò)；由題給〖解析〗式可以求得加速度為a=2m/s2，C錯(cuò)；由加速的定義可知D選項(xiàng)正確3.如圖所示，水平面上固定兩排平行的半圓柱體，重為G的光滑圓柱體靜置其上，a、b為相切點(diǎn)，，半徑Ob與重力的夾角為37°。已知，，則圓柱體受到的支持力Fa、Fb大小為（）A.， B.，C.， D.，〖答案〗D〖解析〗對(duì)光滑圓柱體受力分析如圖由題意有故選D。4.如圖所示，輕質(zhì)細(xì)桿兩端固定兩個(gè)質(zhì)量不相等的小球a、b，小球a置于光滑的水平地面上，從圖示位置，靜止釋放b球，下列說法正確的是（）A.b球落地的瞬間，a球的速度不為0B.在b球落地前的整個(gè)過程中，b球的機(jī)械能守恒C.在b球落地前的整個(gè)過程中，輕桿對(duì)b球的沖量不為0D.在b球落地前的整個(gè)過程中，輕桿對(duì)b球做的總功不為0〖答案〗C〖解析〗A．a(chǎn)、b組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合力為零，動(dòng)量守恒，系統(tǒng)水平方向的初動(dòng)量為零，在b球落地瞬間系統(tǒng)水平方向動(dòng)量仍為零，此時(shí)b球的速度方向豎直向下，a球的速度為零，故A錯(cuò)誤；BD．由于當(dāng)b球落地的瞬間，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為0，所以a球先加速后減速到最后速度變?yōu)?，則輕桿對(duì)a球先做正功后做負(fù)功，由于球a、b與輕桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則在b球落地前的整個(gè)過程中，輕桿對(duì)b球先做負(fù)功后做正功，且對(duì)b球做的總功為0，由于輕桿對(duì)b球先做負(fù)功后做正功，此過程中b球的機(jī)械能不守恒，故BD錯(cuò)誤；C．對(duì)b球，水平方向上動(dòng)量變化為零，由動(dòng)量定理可知，桿對(duì)b球的水平?jīng)_量為零.在豎直方向上，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，b落地時(shí)速度與只在重力作用下的速度一樣，如圖所示v-t圖像中斜線為b球自由落體運(yùn)動(dòng)的圖線，曲線為b球豎直方向的運(yùn)動(dòng)圖線，在豎直方向上運(yùn)動(dòng)的位移與落地速度相同，對(duì)比可知b球落地所用時(shí)間相對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間要長，由動(dòng)量定理可知桿對(duì)b球的豎直方向的沖量必定不為零，且沖量方向向上，所以桿對(duì)b球的水平和豎直沖量可知，桿對(duì)b球的沖量不為零，且方向豎直向上，故C正確。故選C。5.近場(chǎng)通信（NFC）器件應(yīng)用電磁感應(yīng)原理進(jìn)行通訊，其天線類似一個(gè)壓平的線圈，線圈尺寸從內(nèi)到外逐漸變大。如圖所示，一正方形NFC線圈共3匝，其邊長分別為、和，圖中線圈外線接入內(nèi)部芯片時(shí)與內(nèi)部線圈絕緣。若勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直通過此線圈，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率為，則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最接近（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知故選B。6.關(guān)于電磁波及電磁感應(yīng)現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.電磁波只是一種描述方式，不是真正的物質(zhì)B.用微波爐加熱食物是利用了微波具有能量的性質(zhì)C.奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象D.穿過閉合導(dǎo)體回路有磁通量時(shí)，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流〖答案〗B〖解析〗A.電磁波不僅僅是一種描述方式，而且是真實(shí)的物質(zhì)存在，A錯(cuò)誤；B.用微波爐加熱食物時(shí)，食物增加的能量是微波給它的，利用了微波具有能量的性質(zhì)，B正確；C.法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，C錯(cuò)誤；D.當(dāng)穿過閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，D錯(cuò)誤；故選B。二、多選題（共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）A.若運(yùn)動(dòng)過程中A和B能夠分離，則A和B恰好分離時(shí)，二者加速度大小均等于B.A和B達(dá)到最大速度v時(shí)，彈簧長度剛好是自然長度C.從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，彈簧對(duì)A所做的功等于D.從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，A對(duì)B所做的功等于〖答案〗AD〖解析〗A．依題意，可知A和B恰好分離時(shí)，彈簧正好恢復(fù)原長，應(yīng)用牛頓第二定律可得解得a=故A正確；B．A和B達(dá)到最大速度v時(shí)，有說明彈簧仍處于壓縮狀態(tài)。故B錯(cuò)誤；C．對(duì)A從釋放到速度達(dá)到最大的過程，由動(dòng)能定理可得解得故C錯(cuò)誤；D．對(duì)B從釋放到速度達(dá)到最大的過程，由動(dòng)能定理可得解得故D正確。故選AD。8.甲、乙兩輛完全相同的小車均由靜止沿同一方向出發(fā)做直線運(yùn)動(dòng)。以出發(fā)時(shí)刻為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，甲車的速度—時(shí)間圖像如圖（a）所示，乙車所受合外力—時(shí)間圖像如圖（b）所示。則（）A.0~2s內(nèi)，甲車的加速度大小逐漸增大B.乙車在t=2s和t=6s時(shí)的速度相同C.2~6s內(nèi)，甲、乙兩車的位移不同D.t=8s時(shí)，甲、乙兩車的動(dòng)能不同〖答案〗BC〖解析〗A．由題知甲車的速度一時(shí)間圖像如圖（a）所示，則根據(jù)圖（a）可知0~2s內(nèi)，甲車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小不變，故A錯(cuò)誤；B．由題知乙車所受合外力一時(shí)間圖像如圖（b）所示，則乙車在0~2s內(nèi)根據(jù)動(dòng)量定理有I2=mv2，I2=S0~2=2N·s乙車在0~6s內(nèi)根據(jù)動(dòng)量定理有I6=mv6，I6=S0~6=2N·s則可知乙車在t=2s和t=6s時(shí)的速度相同，故B正確；C．根據(jù)圖（a）可知，2~6s內(nèi)甲車的位移為0；根據(jù)圖（b）可知，2~6s內(nèi)乙車一直向正方向運(yùn)動(dòng)，則2~6s內(nèi)，甲、乙兩車的位移不同，故C正確；D．根據(jù)圖（a）可知，t=8s時(shí)甲車的速度為0，則t=8s時(shí)，甲車的動(dòng)能為0；乙車在0~8s內(nèi)根據(jù)動(dòng)量定理有I8=mv8，I8=S0~8=0可知t=8s時(shí)乙車的速度為0，則t=8s時(shí)，乙車的動(dòng)能為0，故D錯(cuò)誤。故選BC。9.一列簡諧橫波沿x軸傳播，圖（a）是時(shí)刻的波形圖；P是介質(zhì)中位于處的質(zhì)點(diǎn)，其振動(dòng)圖像如圖（b）所示。下列說法正確的是（）A.波速為B.波向左傳播C.波的振幅是D.處的質(zhì)點(diǎn)在時(shí)位于平衡位置〖答案〗AB〖解析〗A．由圖a可知波長為，由圖b可知波的周期為，則波速為故A正確；B．由圖b可知t=0時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)“上下坡”法可知波向左傳播，故B正確；C．由圖a可知波的振幅為5cm，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)圖a可知t=0時(shí)x=3m處的質(zhì)點(diǎn)位于波谷處，由于所以，可知在時(shí)質(zhì)點(diǎn)位于波峰處，故D錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖所示，質(zhì)量為m的帶電絕緣小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）用長為l的絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，在懸點(diǎn)O下方有勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)把小球拉離平衡位置后從A點(diǎn)由靜止釋放，則下列說法中正確的是（）A.小球從A至C和從D至C到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，速度大小相等B.小球從A至C和從D至C到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，細(xì)線的拉力相等C.小球從A至C和從D至C到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，加速度相同D.小球從A至D過程中，小球機(jī)械能守恒?！即鸢浮紸CD〖解析〗AD．小球在運(yùn)動(dòng)過程中所受繩子拉力和洛倫茲力不做功，只有重力做功，所以小球機(jī)械能守恒，A、D兩點(diǎn)等高，小球從A至C和從D至C到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，速度大小相等，故A、D正確；C．由向心加速度公式可得小球在C點(diǎn)的加速度為由于小球從A至C和從D至C到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，速度大小相等，所以小球從A至C和從D至C到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，加速度大小相同，方向也相同，故C正確；B．假設(shè)小球帶正電，則小球從A至C點(diǎn)，在C點(diǎn)時(shí)，由左手定則可知，小球所受洛倫茲力向下，由牛頓第二定律小球從D至C點(diǎn)，在C點(diǎn)時(shí)，由左手定則可知，小球所受洛倫茲力向上，由牛頓第二定律易得所以小球從A至C和從D至C到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，細(xì)線的拉力不相等，故B錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題（共2小題，共16分，每小題8分）11.用激光測(cè)玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚與屏P平行放置，從另一側(cè)用激光筆以一定角度照射，此時(shí)在屏上的S1處有激光點(diǎn)，移走玻璃磚，光點(diǎn)移到S2處，回答下列問題：（1）請(qǐng)畫出激光束經(jīng)玻璃折射后完整的光路圖_________；（2）已經(jīng)測(cè)出AB=l1，OA=l2，S1S2=l3，則折射率n=_________（用l1、l2、l3表示）；（3）若改用寬ab更小的玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，則S1S2間的距離會(huì)_________（填“變大”，“變小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）（2）（3）變小〖解析〗（1）[1]根據(jù)題意畫出光路圖如下圖所示（2）設(shè)光線入射角為θ、折射角為α，則在C點(diǎn)根據(jù)折射定律有nsinθ=sinα由于射入玻璃磚的入射角是射出玻璃磚的折射角，則S1S2=CB根據(jù)幾何關(guān)系可知聯(lián)立解得（3）[3]若改用寬ab更小玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，則畫出光路圖如下可看出S1S2間的距離變小。12.某實(shí)驗(yàn)小組用圖示電路測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。實(shí)驗(yàn)器材如下：邊長為L、匝數(shù)為N的正方形線圈（a、b為引出端）一個(gè)天平一臺(tái)，各種質(zhì)量砝碼若干，直流電源一個(gè)，靈敏電流計(jì)一個(gè)，定值電阻一個(gè)，開關(guān)、導(dǎo)線等若干實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）將a與c連接、b與d連接，閉合開關(guān)S，記錄________（填物理量名稱及符號(hào)），在天平的________（填“左盤”或“右盤”）中放入合適質(zhì)量的砝碼，使天平平衡；（2）斷開開關(guān)S，將a與d連接、b與c連接，再次閉合開關(guān)S，這時(shí)需要在天平的________（選填“左盤”“右盤”）中放入質(zhì)量為的砝碼，使天平再次平衡；（3）已知重力加速度大小為g，則磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B=________（用上述物理量表示）?！即鸢浮剑?）靈敏電流計(jì)的讀數(shù)I左盤（2）右盤（3）〖解析〗（1）[1]實(shí)驗(yàn)中閉合開關(guān)S，應(yīng)記錄靈敏電流計(jì)的讀數(shù)I；[2]由左手定則可知閉合開關(guān)后線框所受的安培力向下，應(yīng)在天平的左盤中放入合適質(zhì)量的砝碼，才能使天平平衡；（2）[3]斷開開關(guān)S，將a與d連接、b與c連接，再次閉合開關(guān)S，由左手定則可知閉合開關(guān)后線框所受安培力向上，應(yīng)在天平的右盤中放入合適質(zhì)量的砝碼，才能使天平平衡；（3）[4]斷開開關(guān)S，將a與d連接、b與c連接，再次閉合開關(guān)S，這時(shí)需要在天平的右盤中放入質(zhì)量為的砝碼使天平再次平衡，由平衡條件可知解得四、計(jì)算題（共3小題，共40分）13.如圖所示，在距水平地面高h(yuǎn)=0.80m的水平桌面右端的邊緣放置一個(gè)質(zhì)量m=1.60kg的木塊B，桌面的左端有一質(zhì)量M=2.0kg的木塊A，以v0=4.0m/s的初速度向木塊B滑動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t=0.80s與B發(fā)生碰撞，碰后兩木塊都落到水平地面上，木塊B離開桌面后落到水平地面上的D點(diǎn)。設(shè)兩木塊均可以看作質(zhì)點(diǎn)，它們的碰撞時(shí)間極短，且D點(diǎn)到桌面邊緣的水平距離x=0.60m，木塊A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，重力加速度g取10m/s2，求：（1）兩木塊碰撞前瞬間木塊A的速度大小vA；（2）木塊B離開桌面時(shí)速度大小vB；（3）碰撞過程中損失機(jī)械能ΔE?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）1.56J〖解析〗（1）對(duì)木塊A從桌面的左端到與B碰撞前，由動(dòng)量定理解得兩木塊碰撞前瞬間木塊A的速度大小（2）木塊B離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，由水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)得豎直方向上自由落體運(yùn)動(dòng)得解得木塊B離開桌面時(shí)的速度大小（3）木塊A、B碰撞過程動(dòng)量守恒，設(shè)木塊A碰撞后的速度為，則解得碰撞過程中損失的機(jī)械能14.如圖所示，小物塊A從光滑軌道上的某一位置由靜止釋放，沿著軌道下滑后與靜止在軌道水平段末端的小物塊B發(fā)生碰撞，碰后兩物塊粘在一起水平拋出。已知，小物塊A、B的質(zhì)量均為，物塊A的釋放點(diǎn)距離軌道末端的豎直高度為，A、B的拋出點(diǎn)距離水平地面的豎直高度為，取重力加速度。求：（1）兩物塊碰前A的速度的大小；（2）兩物塊碰撞過程中損失的機(jī)械能；（3）兩物塊落地點(diǎn)距離軌道末端的水平距離?！即鸢浮剑?）2m/s；（2）0.1J；（3）0.3m〖解析〗（1）由動(dòng)能定理可知，A從靜止釋放到兩物塊碰撞前解得（2）設(shè)碰撞后，A、B的速度為v1，則由動(dòng)量定理可得解得故機(jī)械能損失（3）兩物塊后續(xù)做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上豎直方向上解得15.如圖所示，A點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)的距離為L，坐標(biāo)平面內(nèi)有邊界過A點(diǎn)和坐標(biāo)原點(diǎn)O的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域磁場(chǎng)方向垂直于坐標(biāo)平面向里。有一電子（質(zhì)量為m、的電荷量為e）從A點(diǎn)以初速度v0平行于x軸正方向