安徽省2021屆高三第三次模擬檢測（一）理綜試題及答案

2021屆高三第三次模擬檢測卷

理科綜合能力測試（一）

注意事項：

i.答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證

號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。

2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案

標號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。

3.非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題

卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。

4.考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。

相對原子質(zhì)量：H1C12N14016C135.5Fe56Mn55Bal37

第I卷（選擇題，共126分）

一、選擇題：本大題共13小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符

合題目要求的。

1.下列關(guān)于細胞結(jié)構(gòu)與其功能相適應(yīng)特征的敘述中，不乏強的是

A.蛋白質(zhì)合成旺盛的細胞中核糖體較多

B.代謝強度不同細胞中線粒體數(shù)目有差異

C.合成胰蛋白酶的胰島細胞中內(nèi)質(zhì)網(wǎng)發(fā)達

D.攜帶氧氣的哺乳動物成熟紅細胞沒有細胞核

【答案】C

【解析】核糖體是合成蛋白質(zhì)的場所，因此蛋白質(zhì)合成旺盛的細胞中核糖體較多，A正

確；線粒體是有氧呼吸的主要場所，細胞代謝需要的能量主要由線粒體提供，因此代謝強度

不同的細胞中線粒體數(shù)目有差異，B正確；胰蛋白酶是由胰腺細胞合成的，而不是由胰島細

胞合成的，胰島細胞合成并分泌胰島素或胰高血糖素，C錯誤；哺乳動物成熟的紅細胞沒有

細胞核和眾多的細胞器，D正確；因此選C。

2.科學家建議，將能轉(zhuǎn)錄為非編碼RNA的DNA片段稱為RNA基因，非編碼RNA雖然不能做

為翻譯的模板，但發(fā)揮著重要的生理和生化功能。下列說法正確的是

A.從本質(zhì)上說，RNA基因的基本單位是核糖核昔酸

B.在根尖分生區(qū)細胞中不同的RNA基因之間可以重新組合

C.rRNA屬于非編碼RNA,只能在核仁中合成

D.據(jù)此推測，核糖體的形成過程需要某些非編碼RNA的參與

【答案】D

【解析】根據(jù)題意，RNA基因本質(zhì)是非編碼RNA的DNA片段，基本單位是脫氧核甘酸，A

錯誤；在減數(shù)分裂的過程中，同源染色體上的非姐妹染色單體的交叉互換和非同源染色體自

由組合導致基因重組，在根尖分生區(qū)細胞中不發(fā)生減數(shù)分裂，B錯誤；原核細胞中無細胞核,

rRNA在擬核合成，C錯誤；核糖體的組成成分為rRNA和蛋白質(zhì)，rRNA為非編碼RNA,D正

確。

3.如圖表示小腸上皮細胞吸收氨基酸和葡萄糖的過程，其中小腸上皮細胞中的葡萄糖和氨

基酸濃度均高于腸腔和細胞外液，且細胞內(nèi)的鉀離子濃度高于細胞外，而鈉離子濃度低

于細胞外，甲、乙、丙、丁表示物質(zhì)運輸?shù)妮d體，據(jù)此判斷，下列說法中正確的是

A.通過NaTC泵的作用能降低細胞內(nèi)外的鈉、鉀離子濃度差

B.氨基酸進出小腸上皮細胞的方式為主動運輸

C.細胞通過載體甲運輸鈉離子和葡萄糖的方式不同

D.能量供應(yīng)不足會影響載體丙協(xié)助的葡萄糖跨膜運輸

【答案】C

【解析】經(jīng)過Na*-K，泵將細胞內(nèi)的Nr運出細胞，同時將細胞外的K+運進細胞，說明NaMC

泵能維持細胞內(nèi)外的鈉、鉀離子濃度差；小腸上皮細胞中的氨基酸濃度均高于腸腔和細胞外

液，則氨基酸進入小腸上皮細胞是逆濃度進行的，其方式為主動運輸，而運出小腸上皮細胞

是順濃度進行的，需要載體，則為協(xié)助擴散；小腸上皮細胞從腸腔中通過載體甲吸收葡萄糖

逆濃度進行為主動運輸，而通過載體甲運輸鈉離子為協(xié)助擴散；小腸上皮細胞中的葡萄糖通

過載體丙進入組織液是順濃度梯度進行的，運輸方式是協(xié)助擴散，不需要消耗能量。

4.“每天鍛煉一小時，健康工作五十年，幸福生活一輩子?！焙芏嗳硕加忻刻爝\動的習慣,

在運動過程中伴隨著神經(jīng)一體液一免疫調(diào)節(jié)，下列說法正確的是

A.你在田徑跑道上跨欄的瞬間，機體進行神經(jīng)一體液一免疫調(diào)節(jié)

B.你在足球場上凌空抽射的瞬間，機體只進行神經(jīng)調(diào)節(jié)

C.你在籃球場上起跳投籃的瞬間，神經(jīng)細胞膜內(nèi)K，濃度顯著降低

D.當你在運動中出現(xiàn)了皮外傷時，只有出現(xiàn)炎癥，才表明機體進行了免疫調(diào)節(jié)

【答案】A

【解析】在田徑跑道上跨欄的瞬間，維持內(nèi)環(huán)境的穩(wěn)態(tài)是機體進行神經(jīng)-體液-免疫調(diào)節(jié),

A正確；在足球場上凌空抽射的瞬間，維持內(nèi)環(huán)境的穩(wěn)態(tài)是機體進行神經(jīng)-體液-免疫調(diào)節(jié)，

B錯誤；在籃球場上起跳投籃的瞬間，神經(jīng)細胞膜內(nèi)K,濃度基本不變，Na,濃度顯著增加，C

錯誤；當你在運動中出現(xiàn)了皮外傷時，不論是否出現(xiàn)炎癥，機體都會進行免疫調(diào)節(jié)，D錯誤。

5.草食動物需借助腸道中的多種纖維素分解菌才能分解纖維素。下列說法正確的是

A.草食動物與其腸道中纖維素分解菌是寄生關(guān)系

B.草食動物與其腸道中纖維素分解菌相互適應(yīng)，共同進化

C.草食動物與其腸道中纖維素分解菌間的能量傳遞效率為10%?20%

D.草食動物腸道中的纖維素分解菌屬于一個種群

【答案】B

【解析】草食動物依賴腸道中多種纖維素分解菌消化纖維素，多種纖維素分解菌則吸收

營養(yǎng)物質(zhì)，因此兩者的種間關(guān)系為互利共生，A錯誤；共同進化是指不同物種之間，生物與

無機環(huán)境之間在相互影響中不斷進化和發(fā)展，故草食動物與其腸道內(nèi)多種纖維素分解菌在相

互選擇中共同進化，相互適應(yīng)，B正確；10%~20%是指相鄰兩個營養(yǎng)級間的能量傳遞效率，

不是指草食動物和纖維素分解菌間的能量傳遞效率，因為草食動物和纖維素分解菌之間是互

利共生關(guān)系，不是捕食關(guān)系，C錯誤；草食動物腸道中的纖維素分解菌是多種，不是同種生

物，而種群指在一定時間內(nèi)占據(jù)一定空間的同種生物的所有個體，故草食動物腸道中的纖維

素分解菌不屬于一個種群，D錯誤。

6.果蠅的灰身（A）對黑身（a）為顯性，且基因A/a位于常染色體上?，F(xiàn)有甲、乙兩試管

果蠅，甲試管的果蠅全為灰身，乙試管的果蠅有灰身和黑身，甲、乙試管中的果蠅具有

連續(xù)的親子代關(guān)系，但是不知道誰是親代，誰是子代。下列條件可以作為乙試管的果蠅

為親代，甲試管的果蠅為子代的判斷依據(jù)的是

①甲試管的灰身果蠅有純合子和雜合子②乙試管的灰身果蠅全部為純合子

③乙試管的黑身果蠅全為雌性或全為雄性④乙試管的灰身果蠅既有雌性也有

雄性

A.①③B.②③C.①④D.②④

【答案】B

【解析】根據(jù)題意可知，甲試管中的果蠅全部為灰身，乙試管中的果蠅有灰身和黑身，

若甲試管中的灰身果蠅既有純合子也有雜合子，即存在AaxAa、AAxAa和AAxAA的

交配類型，后代有黑身和灰身，甲可能是乙的親本，①錯誤。若乙為甲的親本，乙中黑身果

蠅只能有一種性別，否則黑身雌雄果蠅自交，后代都為黑身；若乙試管中的灰身果蠅全部為

純合子，乙試管的黑身果蠅只有一種性別，此時若甲為乙的親本，則甲要產(chǎn)生黑身子代必然

存在AaxAa的交配，后代灰身果蠅存在雜合子，與假設(shè)矛盾；若乙為甲的親本，乙的灰身

果蠅基因型全部為AA,后代全為灰身，②③符合題意。若乙試管的灰身果蠅有雌性和雄性,

該灰身果蠅可能為甲的子代，④錯誤。綜上所述，B項符合題意。

7.化學科學與技術(shù)在宇宙探索、改進生活、改善環(huán)境與促進發(fā)展方面均發(fā)揮著關(guān)鍵性的作

用。下列敘述正確的是

A.“神舟”和“天宮”系列飛船使用的碳纖維，屬于傳統(tǒng)無機非金屬材料

B.嫦娥五號月面五星紅旗的面料“芳綸”屬于合成纖維

C.2020年春季爆發(fā)了新型冠狀病毒疫情，該病毒具有極強的傳染性。殺菌消毒是防止

疫情蔓延的重要措施，84消毒液與酒精混合使用殺菌消毒效果更好

D.嫦娥五號登月采集的樣本中含有'He,與地球上的'He互為同素異形體

【答案】B

【解析】A.“神舟”和“天宮”系列飛船使用的碳纖維，屬于新型無機非金屬材料，不

屬于傳統(tǒng)無機非金屬材料，故A錯誤；B.嫦娥五號月面五星紅旗的面料“芳綸”是新型復

合材料，具有強度高、耐高低溫的特點，屬于合成纖維，故B正確；C.84消毒液和乙醇都

具有殺菌消毒的作用，84消毒液主要成分主要成分次氯酸鈉，在溶液中水解生成次氯酸，

次氯酸具有氧化性，乙醇具有還原性，二者混合會發(fā)生氧化還原反應(yīng)，會使殺菌消毒效果降

低，故C錯誤；D.由同種元素構(gòu)成的不同單質(zhì)互為同素異形體，同素異形體研究對象為單

質(zhì)，'He與為He元素的不同原子，互為同位素，不是同素異形體，故D錯誤；答案選B。

8.用下列裝置進行相應(yīng)的實驗，不能達到實驗目的的是

A.用甲裝置制取乙酸乙酯

B.用乙裝置除去L中混有的泥沙

C.用丙裝置探究溫度對化學平衡的影響

D.用丁裝置驗證石蠟油分解的產(chǎn)物中含有不飽和燃

【答案】A

【解析】A.制取乙酸乙酯時應(yīng)該用飽和碳酸鈉溶液吸收，乙酸乙酯和氫氧化鈉反應(yīng)，A

選；B.碘單質(zhì)易升華，可以用乙裝置除去L中混有的泥沙，能達到實驗目的，B不選；C.根

據(jù)兩側(cè)圓底燒瓶中顏色的變化,可以用丙裝置探究溫度對化學平衡的影響，能達到實驗目的，

C不選；D.不飽和燃能使酸性高鎰酸鉀溶液褪色，可以用丁裝置驗證石蠟油分解的產(chǎn)物中

含有不飽和燒，能達到實驗目的，D不選；答案選A。

9.主族元素W、X、Y、Z的原子序數(shù)依次增大，且均不大于20。X、Y、Z處于三個不同的周

期，Y處于周期表第17歹！LW的一種核素常用于測定部分文物的年代，W、X、Z三種元

素形成的一種化合物既是制造玻璃的原料又是制造水泥的原料。下列說法正確的是

A.簡單氫化物的沸點：W<X<Y

B.W、Y的最高價氧化物對應(yīng)的水化物均為強酸

C.簡單離子半徑：Y〈Z

D.化合物ZX能作食品干燥劑

【答案】D

【解析】根據(jù)W的一種核素常用于測定部分文物的年代，判斷W為碳元素，W、X、Z三

種元素形成的一種化合物既是制造玻璃的原料又是制造水泥的原料，推測該化合物為碳酸

鈣，則Z元素為鈣，X元素為氧元素，根據(jù)Y處于周期表第17歹!J,且X、Y、Z處于三個不

同的周期，故Y為氯元素，故W、X、Y、Z分別為C、0、CKCa元素。A.X的氫化物是水,

分子鍵存在氫鍵，沸點最高，故A不正確；B.W的最高價氧化物對應(yīng)的水化物是碳酸，屬

于弱酸，故B不正確；C.Y和Z的簡單離子是C1K口Ca7核外電子排布相同，根據(jù)原子序

數(shù)越大，禺子半徑越小，故禺子半徑大?。篩>Z；D.化合物ZX是CaO可以做干燥劑，故D

正確；故選D。

10.如圖所示為CFCL破壞臭氧層的過程，下列說法不正確的是

A.過程I中斷裂極性鍵C—C1鍵

B.過程II可用方程式表示為O3+C1=C1O+O2

c.過程ni中。+。=。2是吸熱過程

D.上述過程說明CFCL中的氯原子是破壞臭氧層的催化劑

【答案】C

【解析】A.過程I中CFCL轉(zhuǎn)化為CFCL和氯原子。斷裂極性鍵c—C1鍵，故A正確；B.根

據(jù)題圖信息可知。過程H可用方程式表示為。3+0=。0+。2,故B正確；C.原子結(jié)合成

分子的過程中形成了化學鍵，是放熱過程，故C錯誤；D.由題圖可知CFCA中的氯原子是

破壞臭氧層的催化劑，故D正確；故選C。

11.目前，國家電投集團正在建設(shè)國內(nèi)首座百千瓦級鐵一銘液流電池儲能示范電站。鐵一銘

液流電池總反應(yīng)為Fe"+C/罵曳Fe"+CP,工作示意圖如圖。下列說法錯誤的是

充電

|交流/直流變而司

hJ電池單無hM

A.放電時a電極反應(yīng)為Fe+e=Fe"+

B.充電時b電極反應(yīng)為（；產(chǎn)+廣=（；產(chǎn)

C.放電過程中H,通過隔膜從正極區(qū)移向負極區(qū)

D.該電池無爆炸可能，安全性高，毒性和腐蝕性相對較低

【答案】C

【解析】A.電池放電時，是原電池的工作原理，a電極為正極，得電子發(fā)生還原反應(yīng)，

反應(yīng)為Feae-=Fe",故A正確；B.充電時是電解池工作原理，b電極為陰極，得電子發(fā)生

還原反應(yīng)，反應(yīng)為Cr3++e-=Cr",故B正確；C.原電池在工作時，陽離子向正極移動，所以

放電過程中通過隔膜從負極區(qū)移向正極區(qū)，故C錯誤；D.根據(jù)電池構(gòu)造分析，該電池無

爆炸可能，安全性高，毒性和腐蝕性相對較低，故D正確；故選C。

12.“魯米諾”又名發(fā)光氨，是一種化學發(fā)光試劑，它在一定條件下被氧化后能發(fā)出藍光，

可用于鑒定血液，在刑偵中扮演了重要的角色，如圖所示為魯米諾的一種合成原理，下

列敘述正確的是

A.一定條件，X可以和乙醇發(fā)生縮聚反應(yīng)

B.魯米諾的分子式為C8H6N3O2

C.①、②兩步的反應(yīng)類型分別為加成反應(yīng)和取代反應(yīng)

D.若使用“84消毒液”對環(huán)境消毒，可能會干擾用魯米潔在該環(huán)境下鑒定血液

【答案】D

【解析】A.X含有竣基，能夠與乙醇在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)形成酯，但不能發(fā)生縮

聚反應(yīng)，A錯誤；B.根據(jù)魯米諾分子結(jié)構(gòu)簡式，結(jié)合C原子價電子數(shù)目是4個，可知其分

子式為CsHNOz,B錯誤；C.根據(jù)X、Y及魯米諾分子結(jié)構(gòu)簡式可知反應(yīng)①為取代反應(yīng)，反應(yīng)

②為還原反應(yīng)，C錯誤；D.“84消毒液”具有強氧化性，魯米諾分子中含有氨基，具有還

原性，二者會發(fā)生氧化還原反應(yīng)，因此可能會干擾用魯米港在該環(huán)境下鑒定血液，D正確；

故合理選項是D。

13.常溫下，用AgNOs溶液分別滴定濃度均為O.Olmol/L的KC1、溶液，所得的沉淀溶

解平衡圖像如圖所示(不考慮GO『的水解)。已知40(AgCl)數(shù)量級為下列敘述正確

的是

A.圖中Y線代表的AgCl

B.n點表示Ag2C2O4的過飽和溶液

C.向c(C「)=。&20廣)的混合液中滴入AgNOs溶液時，先生成AgCl沉淀

D.Ag2ca+2Cl-=2AgCl+C2(r的平衡常數(shù)為10^71

【答案】C

【解析】若曲線X為AgCl的沉淀溶解平衡曲線，則

Xp(AgCl)=c(Ag+)-C(CR)=1OTX1O$75=IOC75=

10°-25X10^°,則數(shù)量級為IO-10,若曲線Y為AgCl的沉淀溶解平衡曲線，則

Xp(AgCl)=c?(Ag+)?c(C10=

10+10名連]0*46=]0。.黑乂10。則數(shù)量級為10”,又已知瑞(AgCl)數(shù)量級為10”則曲線x

為AgCl的沉淀溶解平衡曲線，則曲線Y為Ag2c的沉淀溶解平衡曲線，

2+22464046

Xp(Ag2C2O4)=c(Ag)-c(C20D=(10^X(10-)=10-,A.由以上分析知，圖中X線代表

AgCL故A錯誤；B.曲線Y為Ag2c的沉淀溶解平衡曲線，在n點，c(Ag，)小于平衡濃度,

故n點的離子&(Ag2czOjCAUAgzCzOj,故為Ag2c仙的不飽和溶液，故B錯誤；C.根據(jù)圖

象可知，當陰離子濃度相同時，生成AgCl沉淀所需的c(Ag,)小于生成Ag￡z()4沉淀所需的

c(Ag,)，故向C(C1)=C(C20D的混合液中滴入AgNOs溶液時，先析出氯化銀沉淀，故C正確；

2

叱c(C,O)

D.AgCO4+2C「=2AgCl+aO「的平衡常數(shù)長=^4^-,此時溶液中的c(Ag')相同，故有

。(a)

^_C(C,O2')_10々.46

K=c2(c「4)=(1產(chǎn)5)2=10,故D錯誤；故選C。

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14?

18題只有一項符合題目要求，第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，

選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

14.居里夫人一份約120年前的手稿被保存在法國國立圖書館，記載了放射性元素車卜和鐳的

發(fā)現(xiàn)。手稿中殘留的鐳至今仍具有放射性，因此存放在鉛盒里。已知鐳的半衰期是1620

年，如圖所示表示鐳含量的直方圖中，“今年”表示今年手稿上鐳的含量，則可以表示

當年手稿上鐳含量的是

含量

2A---------------

x°今?年n①②③l④l

A.①B.②C.③D.(4)

【答案】B

【解析】設(shè)當年手稿上鐳含量是x,則根據(jù)半衰期的概念可知何或前二人，解得

%?1.O5A,故B正確。

15.某女子鉛球運動員分別采用原地推鉛球和滑步推鉛球兩種方式進行練習，如圖為滑步推

鉛球過程示意圖。她發(fā)現(xiàn)滑步推鉛球比原地推鉛球可增加約2米的成績。假設(shè)鉛球沿斜

向上方向被推出，且兩種方式鉛球出手時相對地面的位置和速度方向都相同，忽略空氣

阻力，下列說法正確的是

A.兩種方式推出的鉛球在空中運動的時間可能相同

B.采用原地推鉛球方式推出的鉛球上升的高度更高

C.兩種方式推出的鉛球在空中運動到最高點時的速度都相同

D.滑步推鉛球可以增加成績，可能是因為延長了運動員對鉛球的作用時間

【答案】D

【解析】滑步推鉛球的水平位移大，由于兩種方式鉛球出手時相對地面的位置和速度方

向都相同，故滑步推鉛球的初速度更大，則豎直方向初始的分速度更大，則滑步推鉛球時鉛

球在空中運動時間更長，故A錯誤；原地推鉛球方式的初速度更小，由//=(%SinOf可知,

2g

原地推鉛球方式推出的鉛球上升的高度更小，故B錯誤；由于兩種方式鉛球出手時相對地面

的位置和速度方向都相同，但初速度大小不同，水平分速度與不相同，故C錯誤；滑步推鉛

球時的鉛球的初速度更大，由動量定理可知，可能是因為延長了運動員對鉛球的作用時間，

故D正確。

16.2020年7月23日12時41分，長征五號遙四運載火箭將“天間一號"探測器在文昌航

天發(fā)射場成功發(fā)射，開啟火星探測之旅，火星是太陽系八大行星之一，屬于類地行星。

假設(shè)地球和火星都繞太陽做勻速圓周運動，已知火星到太陽的距離大于地球到太陽的距

離，那么

A.火星公轉(zhuǎn)的周期小于地球公轉(zhuǎn)的周期

B.火星公轉(zhuǎn)的角速度大于地球公轉(zhuǎn)的角速度

C.火星公轉(zhuǎn)的線速度小于地球公轉(zhuǎn)的線速度

D.火星公轉(zhuǎn)的加速度大于地球公轉(zhuǎn)的加速度

【答案】C

【解析】萬有引力提供向心力，得咨解得7=2口、后地球到太陽的

距離小于火星到太陽的距離，則地球公轉(zhuǎn)的周期小于火星的公轉(zhuǎn)周期，故A錯誤；由4粵=

r

0。2r得。=、/您則地球公轉(zhuǎn)的角速度大于火星的公轉(zhuǎn)的角速度，故B錯誤；由爬=

\1rr

J得尸飛儂,可知地球公轉(zhuǎn)的線速度大于火星的公轉(zhuǎn)的線速度，故c正確；由解=儂

rrr

得a=”,解則地球公轉(zhuǎn)的加速度大于火星的公轉(zhuǎn)的加速度，故D錯誤。

r

17.如圖，重為G的勻質(zhì)金屬球靠著傾角45°的固定斜面靜止在水平地面上，a是球的左端

點，氏c分別是球與地面和斜面的接觸點，尸是在a點對球施加的一個水平向右、正對

球心的推力。已知a、b、。和球心在同一豎直面內(nèi)，不14■切摩擦。下列判定正確的是

A.若尸=0.5G,則球?qū)π泵娴膲毫Υ笮∫矠?.5G

B.若6=0.5。則球?qū)Φ孛娴膲毫Υ笮∫矠?.5G

C.尸由零緩慢增大到G的過程中，球所受合力將增大

D.尸由零緩慢增大到G的過程中，球所受支持面作用力的合力將減小

【答案】B

【解析】球的受力情況如圖所示，由平衡條件得N'+NCOS450=G,Nsin450=尸,

得歸乎G,N'=0.5。由牛頓第三定律可知，球?qū)π泵娴膲毫Υ笮樽鳪,球?qū)Φ孛娴膲?/p>

力大小為0.5G,故A錯誤，B正確；當球剛好對地面的壓力為。時，由平衡條件得尸=G,

則尸由零緩慢增大到G的過程中，球一直處于平衡狀態(tài)，所受合力為零，故C錯誤；戶由零

緩慢增大到G的過程中，球所受支持面作用力的合力與6和G的合力等大反向，由于尸和G

的合力增大，則球所受支持面作用力的合力將增大，故D錯誤。

18.某半導體/W結(jié)中存在電場，取電場強度￡的方向為x軸正方向，其關(guān)系如圖所示,

ON=OP,OA=OB.取。點的電勢為零，貝I

B.從"到。的過程中，電勢一直增大

C.電子從“移到戶的過程中，電勢能先增大后減小

D.電子從N移到。和從。移到夕的過程中，電場力做功相等

【答案】D

【解析】由于場強為正值則電場強度￡的方向為x軸正方向，沿著電場線方向電勢逐漸

降低，所以/點電勢高于6點的電勢，則A錯誤；從"到。的過程中，電勢一直減小，所以

B錯誤；電子從"移到戶的過程中，電場力一直做正功，電勢能逐漸減小，所以C錯誤；由

圖像可知，圖形的面積表示電勢差，則有UNO=UOP,再根據(jù)片的可知，則電子從“移到0

和從。移到？的過程中，電場力做功相等，故D正確。

19.如圖所示，質(zhì)量面=0.5kg的物塊/以初速度及=10m/s在光滑水平地面上向右運動，

與靜止在前方、質(zhì)量施=1.5kg的方發(fā)生正碰,6的左端有一小塊質(zhì)量可以忽略的橡皮泥，

碰撞過程持續(xù)了0.1s,碰撞結(jié)束后/、8一起運動。以及方向為正方向，下列說法中正

確的是

%

?0B

A.碰撞過程中/受到的沖量為3.75N?s

B.碰撞過程中A的平均加速度為一75m/s2

C.碰撞過程中8受到的平均作用力為37.5N

D.4、8碰撞結(jié)束后"的動量為2.5kg?m/s

【答案】BC

【解析】A、B碰撞過程中動量守恒，有叫%=（叫解得v=2.5m/s,在碰撞

過程中對A由動量定理有/=叫丫-叫%=-3.75N-s,A錯誤；由加速度定義有

a=-——=-75m/s2,B正確；在碰撞過程中對B由動量定理有的二色丫，解得

F=37.5N,C正確；碰撞結(jié)束后A的動量=〃尸=1-25kg-m/s,D錯誤。

20.如圖所示，平面直角坐標系的第一象限內(nèi)存在著垂直紙面向外、磁感應(yīng)強度大小為26

的勻強磁場，第四象限內(nèi)存在著垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度大小為8的勻強磁場。一帶

正電的粒子從原點。以某一速度沿與x軸成30°角方向斜向上射入磁場，且在第一象限

運動時的軌跡圓的半徑為凡已知帶電粒子的質(zhì)量為加，所帶電荷量為小且所受重力可

以忽略。則

A.粒子在一、四象限兩磁場中運動的軌跡圓半徑之比為1：2

B.粒子完成一次周期性運動的時間為名空

3qB

C.粒子從。位置入射后第二次經(jīng)過x軸時的位置到坐標原點的距離為3斤

D.若僅將粒子的入射速度大小變?yōu)樵瓉淼?倍，則粒子完成一次周期性動的時間將減

少

【答案】AC

mv

【解析】帶電粒子在磁場中勻速圓周運動的半徑衣=次所以粒子在第一和第四象限中

運動的軌跡半徑之比為凡：6=1:2,A正確；記粒子在第一象限和第四象限中運動周期分

別為7；和北，由于粒子在磁場中的圓周運動軌跡都是劣弧，軌跡所對圓心角均為60°,所

|1

以粒子完成一次周期性運動時間/=—工+—7；=——，B錯誤；粒子在第四象限中運動的

662qB

軌跡半徑6=24=2R,根據(jù)幾何關(guān)系得粒子從。位置入射后第二次經(jīng)過x軸時的位置到

坐標原點的距離為3尼C正確；粒子在磁場中運動的周期與速率無關(guān)，故D錯誤。

21.如圖所示，傾角為9的斜面固定在地面上，區(qū)域/W內(nèi)有垂直于斜面向下、磁感應(yīng)強

度為6的勻強磁場，MN、閭（與斜面底邊平行）是磁場的邊界，它們之間的距離為幾

質(zhì)量為m、邊長為L（。＞/）、總電阻為火的單匝正方形金屬線框aAd與斜面間的動摩擦

因數(shù)“=tan?,線框始終緊貼斜面運動，成邊和cd邊保持與廨平行且不翻轉(zhuǎn)。讓線

框沿斜面滑下，a方邊到達蛇時的速度為力已知cd邊滑出磁場邊界閭時線框速度大于

0。下列說法中正確的是

A.自邊進入磁場到cd邊剛好進入磁場這段時間內(nèi)，通過線框某截面的電荷量是叱

R

B.線框通過腑所用的時間比通過PQ的時間長

R2T2

C.cd邊剛滑出國時，線框速度匕="j

mR

D.自a6邊進入磁場到cd邊滑出磁場這段時間內(nèi)，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為

2序爐57yK-*上）

mR2

【答案】AD

【解析】自邊進入磁場到cd邊剛好進入磁場這段時間內(nèi)，通過線框某截面的電荷量

竺=些，故八正確；根據(jù)功能關(guān)系可知，線框通過脈過程的平均速度比通過國

RR

過程的平均速度大，所以線框通過仞V所用的時間比通過制的時間短，故B錯誤；由題意得

mgsin0^jumgcos0,即線框重力沿斜面方向的分力與摩擦力平衡。設(shè)線框通過可過程

中回路中的平均感應(yīng)電流為7”通過時間為扎邊到達娜時線框的速度為g，線框通

過閭過程中回路中的平均感應(yīng)電流為12,通過時間為t2,規(guī)定沿斜面向下為正方向，對兩

個過程分別應(yīng)用動量定理有—B/Z4="匕—w,-BI2Lt2=mvt-mvx,根據(jù)A項分析結(jié)

__or2聯(lián)立解得匕=j至?二故C錯誤；設(shè)自a6邊進入磁場到cd

論可知//]=/Z=q=R

22mR

邊滑出磁場這段時間內(nèi)，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為Q,根據(jù)能量守恒定律有

2官心35次—百?。?/p>

Q=g〃"_；〃”=nD正確。

mR2

第II卷（非選擇題，共174分）

三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題?第32題為必考題，每個試題考生都

必須作答。第33題?第38題為選考題，考生根據(jù)要求做答）

（一）必考題（共129分）

22.（5分）利用光電門、遮光條組合可以探究“彈簧的彈性勢能與形變量之間的關(guān)系”實驗

裝置如圖所示，木板的右端固定一個輕質(zhì)彈簧，彈簧的左端放置一個小物塊（與彈簧不

拴接）物塊的上方有一寬度為d的遮光片（"很?。?。點是彈簧原長時物塊所處的位置,

其正上方有一光電門，光電門上連接有計時器（圖中未畫出）

（1）實驗開始時，（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力。

（2）所有實驗條件具備后將小物塊向右壓縮彈簧為后從靜止釋放，小物塊在彈簧的作用

下被彈出，記下遮光片通過光電門的時間tl,物塊通過光電門的速度為o

（3）分別再將小物塊向右壓縮彈簧至、熱…后從靜止釋放，小物塊在彈簧的作用下被彈

出，依次記下遮光片通過光電門的時間友、ts-0

（4）以彈簧的形變量x為縱坐標，遮光片通過光電門時間的倒數(shù)為！橫坐標作圖像。若

t

彈簧彈性勢能的表達式為反=三廢,實驗中得到的圖線是（選填“一條直線”

或“一條曲線”）

光電門

k

遮光片

【答案】⑴需要⑵幺⑷一條直線

【解析】（1）實驗原理是機械能守恒區(qū)=%應(yīng)要求不能有摩擦力做功，故需要平衡摩

擦力。物塊通過光電門的速度匕=，。由Ep=；依2=；得x=d收.；，所以X—；圖

像為一條過原點的傾斜直線。

23.(10分)利用電流傳感器研究電容器的放電過程的電路如圖所示，其中電源電動勢￡=8V。

先使開關(guān)S與1相連，電容器充電結(jié)束后把開關(guān)S擲向2,電容器通過電阻箱7?放電。

傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流/隨時間t變化的曲線如圖所示。

(l)b=2s時，電容器的a極板帶電(選填“正”或“負”)。

(2)圖中畫出了對應(yīng)較短時間△力的狹長矩形，該矩形面積的物理意義,試

估算該電容器的電容C=Fo

(3)一同學在深入研究的過程中發(fā)現(xiàn)：當改變一個或幾個物理量時，/—2圖像會發(fā)生有

規(guī)律的變化，圖中的虛線示意了4種可能的變化情形。如果只增大電阻尼/一力圖像的變化

應(yīng)該是;如果只增大電容G/—力圖像的變化應(yīng)該是o(填寫相應(yīng)選項的字

【答案】(1)正電⑵電容器在At時間內(nèi)的放電量4.2xlOT~4.6xl()7(3)AD

【解析】(1)力=2s時，電容器還在放電，a極板帶正電。

(2)圖中畫出了對應(yīng)較短時間加的狹長矩形，根據(jù)可知，該矩形面積的物理意義

電容器在At時間內(nèi)的放電量；根據(jù)圖像可知放電電量為

34

2=42X0,4X0.2X10-C=33.6XWC,該電容器的電容

c=e=33：6xl0^F=42xl0_4Fo

U8

(3)如果只增大電阻尼則電容器放電的最大電流會減小，由于放電電量不變，即/一大

圖像的“面積”不變，則變化應(yīng)該是選項A；如果只增大電容G則電容器帶電量增加，I

一大圖像的“面積”變大，最大電流不變，/一力圖像的變化應(yīng)該是選項D。

24.(12分)圖示為深圳市地標建筑一一平安金融大廈。其內(nèi)置觀光電梯，位于觀景臺的游

客可360。鳥瞰深圳的景觀。電梯從地面到116層的觀景臺只需58s,整個過程經(jīng)歷勻加

速、勻速和勻減速三個階段，勻加速和勻減速階段的加速度大小相等，其上行最大速度

為10m/s。當電梯加速上升時，質(zhì)量為50kg的人站在置于電梯地板的臺秤上時，臺秤的

示數(shù)為65kg,g取lOm/s,,求：

(1)電梯加速上升時的加速度大?。?/p>

(2)觀景臺距地面的高度。

【解析】(1)當電梯加速上升時，有F-mg=ma

其中歹=加示g=65xlON=65ON

代入數(shù)據(jù)，可解得a=3m/s2。

(2)設(shè)勻加速運動高度為力，時間為則有

2a,a

因勻加速和勻減速階段的加速度大小相等，所以兩個階段的時間和位移相同。故勻速運

動時間為ti,則

4=，總-2t

勻速運動的高度為4=%

故觀景臺距地面的高度”=4+2丸

聯(lián)立解得H=""m=546.7m。

3

25.(20分)如圖所示，不可伸長的絕緣細線長度為一端系一質(zhì)量為/的帶正電小物塊，

另一端固定在。點，虛線瞅上方空間存在一水平向右的勻強電場，電場強度￡=股，將

q

小球拉至位置A,細線剛好水平伸直，由靜止釋放物塊，物塊將在豎直面內(nèi)來回擺動。

某次下擺過程中，在細線拉力達到最大的位置，細線突然斷開，物塊繼續(xù)運動剛好能從

。點豎直向下滑入半徑"=3m的光滑四分之一圓形軌道，并從圓弧末端，水平滑上一右

端有擋板的長木板。已知帶電小物塊和長木板質(zhì)量均為〃=2kg,細線長/=(鏡+l)m,

小物塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)為4=0.6,木板與水平地面間的動摩擦因數(shù)氏=0.2,

不計空氣阻力，g取lOm/s：則：

o,——L_M

E

M-.....S..................N

7二.—

(1)細線斷開時，求物塊的速度■;

(2)若已知小物塊恰好未與木板右端擋板相碰，求木板的長度及；

(3)若木板長/=4m,小物塊將與擋板碰撞，碰撞時間極短并不再分開。求從小物塊滑

上木板到二者均停止運動的過程中系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量0。

【解析】⑴由于的二作

則電="ng

方向與水平方向成45°,所以B點為等效最低點，即物塊在該處速度最大，拉力達到最

大

從A到］B,根據(jù)動能定理有mglsin45°-Eql(l-cos45°)=mv2

得y=2A/5III/S。

(2)從B至1JC,物塊做類平拋運動，貝!!vc=vcos45°=2JI3mzs

從C到D,由動能定理加gR=；加唾一;加V

解得力=10m/s

物塊滑上木板后，對物塊從加且=加〃1

對木板從Mg-%-2mg=ma2

a22

解得\~6m/sa2=2m/s

物塊與木板恰好未相碰，則%一a，=a2t

得，=1.25s

且有Zq-)—v^t—q產(chǎn)—af—6.25m

(3)當￡=4m時，設(shè)經(jīng)過時間3物塊與木板相碰，則

r121，

工=丫乩_]的~~a^\

彳曰1]=0.5s

此時，物塊速度匕="D_叫=7m/s

木板速度"2="2=lm/s

根據(jù)動量守恒定律叫*叫=2叫

AE——mv^+—mv；-—(2m)v2=18J

這一過程損失的機械能22-2

1,

Q=—，m^—AE=82J

因此全程摩擦生熱2。

26.(14分)氧釧,(IV)堿式碳酸鏤晶體化學式為：(NH3[(V0)6(C03)K0H)9]?10比0,實驗

室以V2O5為原料制備該晶體的流程如圖：

V2O56moi/L鹽%歲4,微沸＞VOCL溶液*3＞氧鋼(IV)堿式碳酸鍍晶體

還原轉(zhuǎn)化

(1)N2Hl的電子式是。若“還原”后其它產(chǎn)物均綠色環(huán)保，寫出該反應(yīng)的化學方

程式o

(2)“轉(zhuǎn)化”可在如圖裝置中進行。(已知V0,+能被02氧化)

①儀器M的名稱是。使A中制氣反應(yīng)停止的操作是

②裝置C中將VOC12轉(zhuǎn)化并得到產(chǎn)品，實驗操作順序為：打開活塞

a-_______

(填標號)。

I.取下P(如圖)，錐形瓶口塞上橡膠塞

II.將錐形瓶置于干燥器中，靜置后過濾

III.打開活塞b,加入VOCL溶液，持續(xù)攪拌一段時間，使反應(yīng)完全

③得到紫紅色晶體，抽濾，并用飽和NH4HCO3溶液洗滌3次，用無水乙醇洗滌2次，再用

乙酸洗滌2次，抽干稱重。用飽和NHwHCOs溶液洗滌除去的陰離子主要是（填離子符

號），用乙醛洗滌的目的是。

④稱量mg產(chǎn)品于錐形瓶中，先將產(chǎn)品中鋼元素轉(zhuǎn)化為V0：,消除其它干擾，再用

cmol?LFNHjFeGOj標準溶液滴定至終點，消耗標準溶液的體積為VmL（已知滴定反應(yīng)為

VO：+Fe2++2H=

2+3+

VO+Fe+H2O）,則產(chǎn)品中鋼的質(zhì)量分數(shù)為（以V0?’的量進行計算，列出計算式）。

【答案】⑴H：O：H

（2）2V2O5+N2H4+8HC1=^VOC12+N2t+6H20分液漏斗關(guān)閉活塞aliiIIIC1賒去晶體表面的

乙醇67X10%V'I。。%

m

【解析】⑴N2H4的結(jié)構(gòu)中H與N以單鍵相連,N與N以雙鍵相連,所以電子式為H：￡9：H，

“還原”后其它產(chǎn)物均綠色環(huán)保，所以產(chǎn)物為氮氣，且V2O5轉(zhuǎn)化為VOC12,所以答案為：

2V2O5+N2H4+8HCI

24VoeL+N?t+6H2；（2）①儀器M為分液漏斗,裝置A是一個類似于啟普發(fā)生器的裝置，

只需關(guān)閉活塞a,裝置A氣體壓強增大，將稀鹽酸壓回長頸漏斗中與碳酸鈣分離，反應(yīng)即停

止；②VO"能被。氧化，所以先打開a,通入一段時間氫氣排凈裝置中的空氣，然后再打開

活塞b,加入VOCI2溶液，持續(xù)攪拌一段時間，使反應(yīng)完全，為防止空氣進入，反應(yīng)結(jié)束后

取下P（如圖），錐形瓶口塞上橡膠塞，然后才在干燥器中，靜置后過濾，所以答案為

III-I-II；③用飽和NH,HCOs溶液可洗滌除去易溶于水的陰離子，所以答案為C「，無水乙

醇洗滌的產(chǎn)物表面的水分，乙醛可以洗滌產(chǎn)物表面殘留的乙醇，所以答案為除去晶體表面的

CU；④由元素守恒和滴定反應(yīng)V02+Fe2++2H=V02++Fe3+

+40可知n（V02+）=n（Fe2+）=cVxlO\oi,則V0?+質(zhì)量為67cVx10%,所以產(chǎn)品中鋼的質(zhì)量分

27.（15分）CdS又稱鎘黃，可用作黃色顏料，也用于制備熒光粉等。以鎘鐵礦（成分為CdO?、

Fe203,FeO及少量的AbOs和SiOj為原料制備CdS的工藝流程如圖:

回答下列問題：

(1)“濾渣1”的成分是(寫化學式)。

(2)“還原鎘”時，產(chǎn)生能使澄清石灰水變渾濁的氣體，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為—o

(3)加入H202溶液的目的是。

(4)通入HzS也可以“沉鎘”，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為。

(5)實際工業(yè)生產(chǎn)中，有時采用陽離子交換樹脂法來測定沉鎘后溶液中Cd"的含量，其原

2++

理是：Cd+2NaR=2Na+CdR2,其中NaR為陽離子交換樹脂。常溫下，將沉鎘后的溶液經(jīng)過陽

離子交換樹脂后，測得溶液中的Na,比交換前增加了0.0552g?L—此時溶液pH=6,則該條

件下CdSH”的降=o

(6)CdS不溶于稀鹽酸，可溶于濃鹽酸，并生成H/CdCL],反應(yīng)的化學方程式為o

若向反應(yīng)后的溶液中加水稀釋，又出現(xiàn)黃色沉淀，用平衡移動原理解釋(已知

Cd2++4Cr^^

2

[CdCi4]9?

【答案】(1)Si02

4+2+

(2)3Cd+CH30H+H20=3Cd+C02t+6H*

(3)將溶液中的Fe"氧化為Fe”

2++

(4)Cd+H2S=CdSI+2H

(5)1.2X10-19

(6)CdS+4HCl(濃)=Hz[CdCL]+H2st

加水稀釋時，c(Cl)降低，使平衡Cd"+4C「—[CdCLr-向左移動，釋放出的CcT與溶

液中S，-結(jié)合生成CdS黃色沉淀

【解析】以鎘鐵礦(成分為CdOz、Fe203,FeO及少量的Al融和SiOj為原料制備CdS,由

4t

流程可知，加硫酸溶解分離出濾渣為SiO2,加甲醇還原+4價Cd發(fā)生3Cd+CH30H+H20=

2+

3Cd+C02t

+6H+,再加過氧化氫可氧化亞鐵離子，發(fā)生2Fe"+H202+2H+=2Fe"+2H20,調(diào)節(jié)5.0WpH<7.4,

分離出濾渣為Fe(OH)3、Al(OH)3,再加硫化鈉生成CdS。(1)根據(jù)以上分析，濾渣1為SiOz,

故答案為：Si02；(2)加甲醇將+4價Cd還原成二價Cd,甲醇被氧化成二氧化碳，反應(yīng)的離

4+2++4+2++

子方程式為：3Cd+CH30H+H20=3Cd+C02f+6H,故答案為：3Cd+CH30H+H20=3Cd+C02f+6H；

(3)由以上分析可知，加雙氧水是為了將亞鐵離子氧化成三價鐵離子，便于后續(xù)將鐵沉淀除

去，故答案為：將溶液中的Fe"氧化為Fe%(4)H￡與Cd*反應(yīng)生成CdS和氫離子，反應(yīng)的

2+2++

離子方程式為：Cd+H2S=CdSI+2H\故答案為：Cd+H2S=CdSI+2H；(5)將沉鎘后的溶液經(jīng)

過陽離子交換樹脂后，測得溶液中的Na.比交換前增加了0.0552g?I?,則

c(Na+)=mol-IT1=0.0024mol-IT1,交換過程中應(yīng)是等電荷的交換，則溶液中

23

c(Cd2+)="'a)=oooi2mol-LT，pH=6,貝c(0H-)=10^mol-L-1,Cd(OH)2的

2

2+-14219

Ksp=c(Cd)-c(OH0-O.0012mol?LX(lO^mol?L)=l.2xW,故答案為：1.2x10^；(6)CdS

溶于濃鹽酸，生成HzlCdCL],反應(yīng)方程式為：CdS+4HCl(i^)=H2[CdClJ+H2St,加水稀釋時,

c(C「)降低，使平衡Cd，4C「=[CdCL]”向左移動，釋放出的Cd"與溶液中S?一結(jié)合生成

CdS黃色沉淀,故答案為：CdS+4HCl(^)=H2[CdClJ+H2St；加水稀釋時，c(Cl)降低,使平

衡cd2++4cr

=[CdCl]-向左移動，釋放出的CcT與溶液中S?一結(jié)合生成CdS黃色沉淀。

28.(14分)C0和m是工業(yè)上最常用的合成氣，該合成氣的制備方法很多，它們也能合成

許多重要的有機物?；卮鹣铝袉栴}：

⑴制備該合成氣的一種方法是以CH”和H20為原料，有關(guān)反應(yīng)的能量變化如圖所示。

能量能量能量

Eg/x-伙)*CH4(g)+

l/26(g)\+,1/20式g)」\

電-jmkJ,mol