遼寧省2024屆高考適應性測試（二）數學試卷及答案

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遼寧省2023-2024學年度高考適應性測試（二）

IKJ二數學

考生注意：

1.本試卷共150分，考試時間120分鐘。分四大題，19小題，共4頁

2.請將各題答案填寫在答題卡上。

3.本試卷主要考試內容：高考全部內容

一、單選題（每題只有一個選項是正確答案，每題5分，共40分）

1.帕普斯：（Pappus）古希臘數學家，3-4世紀人，偉大的幾何學家，著有《數學匯編》.此書對數學史具有重大

的意義，是對前輩學者的著作作了系統(tǒng)整理，并發(fā)展了前輩的某些思想，保存了很多古代珍貴的數學證明的資料.如

圖1,圖2,利用帕普斯的幾何圖形直觀證明思想，能簡明快捷地證明一個數學公式，這個公式是（）

圖1圖2

A.sin(a+/?)=sinacos〃+cosasin￡

B.sin(a—尸)=sinacos/?—cosasin/?

C.cos(a+(J)=cosacos°-sinasin(3

D.cos(a—/?)=cosacos'+sinasinp

2.函數/(x)=a/-6/+cx的圖象如圖，且〃x)在x=x。與x=l處取得極值，給出下列判斷，其中正確的是()

A.c>0

B.〃<0

C./(1)+/(-1)>0

D.函數>=/'(x)在(0,+<?)區(qū)間上是減函數.

高三數學第1頁

3.已知雙曲線。的離心率為不焦點為片聲，點4在。上，若出力|=2風4|,貝iJcos/4gG=（）

]_11

A.B.—cD.——

34-46

4.將邊長為血的正方形458沿對角線力C折起，使得BD=也,則異面直線和CQ所成角的余弦值為（）

D.如

AD,--------

-I23

若a=4獷+即+5,且數列｛“｝的前"項和為S",則s"=（）

5.設數列｛%｝滿足%=3,an+i=3c1n-4n,

242n12

A.n\1-B.—I---------C.n\1+D.n\1+

6〃+936〃+96幾+96〃+9

6.若％2+(%+1)17=4+4](%+2)+(X+2)『+…+%(%+2)7,則％+4]+出~1-----F%=()

A.0B.-1C.1D.129

7.已知函數/卜）=辦2—一為工有兩個零點，則實數。的取值范圍是（）

1+e

A.(fl)B.(0,1)C.-CO7D.

8.過雙曲線f—2=i的左焦點作直線/交雙曲線于4,B兩點,若實數4使得|48|=4的直線/恰有3條，則）=（）

2

A.2B.3C.4D.6

二、多選題（每題至少有一個選項為正確答案，少選且正確得3分，每題6分，共18分）

9.我國南宋數學家楊輝1261年所著的《詳解九章算法》一書中展示了二項式系數表，數學愛好者對楊輝三角做了

廣泛的研究.則下列結論正確的是（)

楊輝三角

第

0行

第

1行1

第

2行11

第

3行21

第

4行331

第

5行1464I

第

6行5101051

第1

7行61520156

第

X/p>

第28567056288

9行181

第936S412612684369

1俏1

第11104512021025221012045101

IfII551653304624623301655511I

A.第6行、第7行、第8行的第7個數之和為第9行的第8個數

B.1+C；+C；+C；=c；

C.第2020行的第1010個數最大

D.第12行中從左到右第2個數與第3個數之比為2:11

10.如圖是數學家GerminalDandelin用來證明一個平面截圓錐側面得到的截口曲線是橢圓的模型（稱為“Dandelin

雙球”）.在圓錐內放兩個大小不同的小球，使得它們分別與圓錐的側面、截面相切，截面分別與球。一球Q切于

點E,F（E,b是截口橢圓。的焦點）.設圖中球球。2的半徑分別為4和1,球心距網。2|=后，則（）

高三數學第2頁

A.橢圓C的中心不在直線。。2上

B.\EF\=4

C.直線。。2與橢圓C所在平面所成的角的正弦值為阻

34

3

D.橢圓。的離心率為g

11.英國著名物理學家牛頓用“作切線''的方法求函數零點.已知二次函數有兩個不相等的實根瓦。，其中c>6.

在函數/（X）圖象上橫坐標為4的點處作曲線，=/（無）的切線，切線與X軸交點的橫坐標為X2；用巧代替多，重復以

上的過程得到七；一直下去，得到數列“〃｝.記％=加%心，且％=1,下列說法正確的是（）

A.x=――-（其中l(wèi)ne=l）B.數列｛%｝是遞減數列

1e-1

D.數歹U6+'的前〃項和S”=2"—2?+1

C.06=---

632

三、填空題（每題5分，共15分）

12.方程3sinx=1+cos2x在區(qū)間［0,2乃］上的所有解的和為.

13.古希臘數學家阿波羅尼斯在《圓錐曲線論》中記載了用平面截圓錐得到圓錐曲線的方法，如圖，將兩個完全相

同的圓錐對頂放置（兩圓錐的頂點和軸都重合），已知兩個圓錐的底面直徑均為2,側面積均為石兀，記過兩個圓錐

軸的截面為平面平面C與兩個圓錐側面的交線為NC、BD.已知平面月平行于平面平面廣與兩個圓錐側面

的交線為雙曲線C的一部分，且C的兩條漸近線分別平行于/C、BD,則該雙曲線C的離心率為.

14.我國古代名著《莊子?天下篇》中有一句名言“一尺之梗，日取其半，萬世不竭”，其意思為：一尺的木棍，每天

截取一半，永遠都截不完.已知長度為26的線段尸。，取尸。的中點以為邊作等邊三角形（如圖1）,該等

邊三角形的面積為H，再取的中點”2,以〃;屈2為邊作等邊三角形（如圖2）,圖2中所有的等邊三角形的面

高三數學第3頁

四、解答題

15.已知函數/(x)=sin2Qx+6sin0xcosox-1口>0).

(1)當0=1時，求函數/⑴在(0弓)上的值域；

⑵在中，內角42,C的對邊分別為為/A4C的平分線，若了⑴的最小正周期是

271,/=孚，求AA8C的面積.

16.已知正項數列｛%｝的前"項和為S”，且滿足8S“=a『+4%+4.

⑴求數列｛%｝的通項公式；

2"T〃為奇數

⑵若2=1引伸物，也｝的前〃項和為1,求

一。"_避為偶數

、2

17.已知函數/(x)=x(lnx—a)+lnx+a.

(1)若4=1,當X>1時，證明：/(X)>O.

(2)若。<2,證明：/(x)恰有一個零點.

由2222

18.已知離心率為業(yè)的雙曲線G：4-5=1伍>0/>0)過橢圓。2：—+匕=1的左，右頂點/,B.

2ab43

⑴求雙曲線￡的方程;

⑵尸優(yōu),為)(x0>0,%>0)是雙曲線q上一點,直線/P,2尸與橢圓C2分別交于，E,設直線與X軸交于。(電,0),

且電=22x0k

0,記△ADP與△4BZ)的外接圓的面積分別為d，S],求1的取值范圍.

19.同余定理是數論中的重要內容.同余的定義為：設。,6eZ,,weN+且0>1.若向(a-6),則稱。與6關于模

同余，記作”6(mod加)(“『為整除符號).

⑴解同余方程：x2+2x=0(mod3)；

⑵設(1)中方程的所有正根構成數列｛4｝,其中為<?<%<…<%.

①若d=%-a“(〃eN+),數列也｝的前"項和為S,,求S4M8；

②若Q=tan%什3,tan求數列｛Q｝的前n項和1.

高三數學第4頁

遼寧省2023-2024學年度高考適應性測試(二)

數學參考答案

1.C

【分析】利用題設中的圖形即可得出結果.

【詳解】如圖，知cos(a+尸)=，cosacos/7=OA,sincrsiny5=EB,

結合圖形知，OD=OA—EB,即cos(a+尸cosacos尸一sinasin/7,

故選：C.

/)

。cos(a+Q)

圖1圖2

2.C

【分析】根據導數及函數的單調性可判斷a>0,由導函數變形可得c=3a/<0,由圖象知％<-1<0可判斷

/(1)+/(-1)的符號，根據導函數的開口及對稱軸可判斷導函數的單調性.

【詳角軍］/'(X)=3辦2-2bx+c=3a(x-x0)(x-l),

由圖知x>l時，/(x)為增函數，可知/(x)>0,所以。>0,B錯誤;

=22

又由f'M3<xv-2bx+c=3a(x-x0)(x-l)=3ax-3a(l+x0)x+3ax0,

所以26=3a(l+Xo),c=3"0-.-x0<-1<0c=3ax0<0,故A錯誤;

X。<-1<0,1+x0<0,/(!)+/(—1)=—2b=-3G(1+x0)>0,故C正確;

/'(x)=3/_26x+c開口向上，對稱軸小于0,函數/'(x)在(0,+⑹上是增函數,

故D錯誤.

故選：C

3.B

【分析】根據雙曲線離心率可得c=1a,根據雙曲線定義推出閨/|=4a,|%4|=2a,利用余弦定理即可求得答案.

3

【詳解】由題意雙曲線C的離心率為二，焦點為四、F,點/在C上，

22

故不妨設耳工為左、右焦點，由陽聞=2優(yōu)旬可知/在雙曲線右支上,

答案第1頁，共14頁

則由4MF2A\=2a,故閨/|=4a,|^|=2a,

3c33

由于雙曲線。的離心率為7,則一=大，即。

2a22

I居//+西居『一|/用24/+4。2-16/

在△4%月中,cos/力用片

217yl?田瑪]2-2a-2c

4a2+9a2—16a21

2-2a-2--a4

2

故選：B

4.A

【解析】分別取ZC,BD,BC中點為E,F,G,則有尸G〃C。，EGIIAB,得到/FGE為異面直線4B與CO

所成的角，然后根據正方形的邊長和3D的長度，利用中位線及直角三角形中線定理求得斯，F(xiàn)G,EG的長度求解.

【詳解】如圖所示：

分別取NC,BD,3c中點為￡,F,G,

連接BD,EF,EG,FG,DE,EB,

則尸G〃CD,EGIIAB,

所以4FGE為異面直線AB與CD所成的角，

因為正方形邊長為行，則尸G=[,EG=t，

在等腰直角三角形/8C中，

因為AB=BC=5，

所以/C=2.

因為點E為/C的中點，

所以8E=L/C=1,

2

同理可得，DE=\.

\S^1BE2+DE2=2=BD2,

所以是等腰直角三角形.

又因為點尸為8。的中點，

所以EF=LBD=徨.

22

答案第2頁，共14頁

在AEFG中，F(xiàn)G=EG=EF=—

2

所以AEFG是等邊三角形，

所以ZFGE=60°,

所以cosZFGE=cos60°=—,

2

故選：A.

【點睛】本題主要考查異面直線所成角的求法，還考查了轉化化歸的思想和空間想象，運算求解的能力，屬于中檔

題.

5.D

【分析】先根據。，的遞推關系求出?！钡耐椆?，代入”的表達式中，求出或的通項，即可求解”的前〃項和

【詳解】由??+i=3%-4〃可得ail+i-[2(?+1)+1]=3[O?-(2H+1)],

%=3,%—(2x1+1)=0,

則可得數列｛%-(2〃+1)｝為常數列0,即%-(2〃+1)=0,.?.a“=2〃+l

.,4/+8〃+5(2〃+1)(2"+3)+2,2,11

一〃—(2〃+1)(2〃+3)-(2〃+1)(2〃+3)—(2〃+1)(2〃+3)-2及+12〃+3

,aJill11、11c2

〃35572n+1①+332n+3@+9

故選:D

6.C

【分析】賦值％=-1,即可求得系數和.

【詳解】令X=—1,得(―1)=1=%+/+/+…+%.

故選：C

7.B

【解析】函數/(幻=以2-》-111》[>0)有兩個零點，即方程。=電聲有兩個根，設g(x)=@F，求出g'(x),

研究出函數g(x)的單調性，由g(x)的圖象與>有兩個交點，得出。參數的范圍，即得結果.

【詳解】函數/1)=辦2-工-111工1>0)有兩個零點,

,口口-inInx+xA.、門/\lnx+x

由題思得萬程a=—^—有兩個根A，設g(x)==5—則>與y=g(x)有兩個不同的交點，又

丁l)x2-(inx+x)(2x)「21nxr,

g'(x)=3

X

2

設/z(x)=1—21nx—x,貝！J/(%)=------1<0

所以〃(x)=l—21nx—x在(0,+8)上單調遞減，又力⑴=0

答案第3頁，共14頁

當xe(O,l),〃(無)>0,g，(無)>0,所以g(x)在(0,1)上單調遞增,

§xe(l,+ao),7z(x)<0,g,(x)<0,所以g(x)在(1,+8)上單調遞減,

-1

1-2

又g(l)=l,g(/=l=e-e2<0,當xe(l,+s)時，inx+x>0,貝雅(無)>0,即g(x)在(1,+s)上單調遞減，但

已

恒正.

作出函數>=g(x)的大致圖象如下：

要使y=g(x)的圖象與V=。有兩個交點，

所以實數。的取值范圍是(0,1).

故選：B.

【點睛】方法點睛：已知函數有零點(方程有根)求參數值(取值范圍)常用的方法：

(1)直接法：直接求解方程得到方程的根，再通過解不等式確定參數范圍；

(2)分離參數法：先將參數分離，轉化成求函數的值域問題加以解決；

(3)數形結合法：先對解析式變形，進而構造兩個函數，然后在同一平面直角坐標系中畫出函數的圖象，利用數

形結合的方法求解.

8.C

【分析】根據雙曲線對稱性可知：滿足題意的直線，其中一條與實軸垂直，另兩條關于x軸對稱，即可得到答案.

【詳解】左支內最短的焦點弦=42匕b2=4,又2a=2,

a

所以與左、右兩支相交的焦點弦長22a=2,

因為實數彳使得|/4=幾的直線/恰有3條，

根據雙曲線對稱性可知：其中一條與實軸垂直，另兩條關于x軸對稱.

如圖所示：

答案第4頁，共14頁

所以當力=4時，有3條直線滿足題意.

故選：C

9.ABD

【分析】根據楊輝三角讀出數據即可判斷A,利用組合數公式判斷B,分析各行數據的特征，即可判斷C,求出第12

行中從左到右第2個數與第3個數，即可判斷D.

【詳解】對于A：第6行，第7行，第8行的第7個數字分別為：1,7,28,其和為1+7+28=36；

而第9行第8個數字就是36,故A正確；

對于B：因為1+C；+C"C；=1+5+”+2S=56,武=陽9=56,

5672x13x2x183x2x1

所以1+C；+C；+C；=C；,故B正確；

對于C：由圖可知：第〃行有〃+1個數字，

如果”是偶數，則第］+1（最中間的）個數字最大；

如果”是奇數，則第彳和第二2+i個數字最大，并且這兩個數字一樣大，

22

所以第2020行的第1011個數最大，故C錯誤；

對于D：依題意：第12行從左到右第2個數為C%=12,第12行從左到右第3個數為C；2=66,

所以第12行中從左到右第2個數與第3個數之比為12:66=2:11,故D正確；

故答案為：ABD.

10.ACD

【分析】根據給定的幾何體，作出軸截面，結合圓的切線性質及勾股定理求出橢圓長軸和焦距作答.

【詳解】依題意，截面橢圓的長軸與圓錐的軸相交，橢圓長軸所在直線與圓錐的軸確定的平面截此組合體，

得圓錐的軸截面及球球儀的截面大圓，如圖，

答案第5頁，共14頁

點48分別為圓q,。?與圓錐軸截面等腰三角形一腰相切的切點，線段MN是橢圓長軸,

可知橢圓C的中心（即線段的中點）不在直線上，故A正確；

橢圓長軸長2a=|孫=+|則=pl?+|八叫=\MB\+\MA\=\AB\,

過GJ?作。2。一于。，連023,顯然四邊形48。2。為矩形，

又|。2卻==4|002卜病，

則2。=H=口口=7lqoNq?J呵-J=%

過2作02c±QE交QE延長線于C,顯然四邊形CEFO.為矩形，

橢圓焦距2c=|即|=102cl=Jpi02f-PC|2="&-）二52=3,故B錯誤；

所以直線。。2與橢圓c所在平面所成的角的正弦值為sinNC02Q=即=4==噂，故C正確；

|0A|V3434

2c3

所以橢圓的離心率e===三,故D正確：

2a5

故選：ACD.

【點睛】關鍵點點睛：涉及與旋轉體有關的組合體，作出軸截面，借助平面幾何知識解題是解決問題的關鍵.

11.AD

［分析賑據％=1可求演的表達式,判斷A的真假;利用導數求二次函數在x=七處切線的斜率,進一步寫出在x=x?

處的切線方程，求出直線與X軸的交點橫坐標，得X角，進一步判斷數列｛4｝的結構特征，得到數列｛%｝是等比數

列，可判斷BC的真假：利用公式法可求數列卜的前〃項和，判斷D的真假.

【詳解】對于A選項，由％=lni=l得Na=e,所以占=型?，故A正確.

-cjq-ce-1

???二次函數/（X）有兩個不等式實根b,C,

不妨設〃X)=a(x-b)(x-c),

因為/'(x)=a(2x-?c),

所以/'⑺5儂―6—c),

二在橫坐標為X”的點處的切線方程為：y-f（xn）=a（2xn-b-c\x-xn）,

f仁…―卜/仁)ax；-abcx：-bc

令y=0,貝I]/”

〃(2工—b—c)Q(2X“—b—c)2天一b—c

答案第6頁，共14頁

弓％x“+「6_x：-6c-6(2xl,-b-c)_x1|2-況+小_￡-6)2

2

xn+i-cx^-bc-c(2xn-b-c)x^-2cxn+c《-姆

1n

所以｝二￡=2111下)，即：an+1=2an

Xn+l-CXn-C

所以｛可｝為公比是2,首項為1的等比數列.

所以q=21故BC錯.

“「A.

對于D選項，由凡+；=2I+(；)1,得s.=4++*=2--1+2-12”+1-￡口故D正確.

Z1—2］_L2.

2

故選：AD

12.w

【分析】利用二倍角公式化簡原方程，求得sinx的值，進而求得區(qū)間［0,2司上的所有解的和.

【詳解】由3sinx=l+cos2x=2-2sin2x得(sinx+2)(2sinx—l)=0,解得sinx=L在區(qū)間［0,2可上，*==或丫=學，

266

故所有解的和為$+當=兀.

故答案為"

【點睛】本小題主要考查二倍角公式，考查已知正弦值求角的大小，屬于基礎題.

13.—

2

【分析】以矩形43CD的中心為原點，圓錐的軸為x軸建立平面直角坐標系，求出的值即可得解.

a

【詳解】以矩形43co的中心為原點，圓錐的軸為x軸建立平面直角坐標系，設雙曲線的標準方程為《一4=1,

由圓錐的底面直徑為2,側面積為扃，得4M=1,。4=石，

顯然OM7s)2_f=2,tan4OA/=L即白=」，

2a2

所以雙曲線的離心率e=三月當.

故答案為：叵

2

答案第7頁，共14頁

史1/竺百

14.

6464

【分析】先由題意推導每個正三角形的面積可構成等比數列，再利用等比數列求和公式及裂項相消求解.

由題可得，S,=—x^3xV3xsin60°^Z1

【詳解】=

24

從第2個等邊三角形起，每個三角形的面積為前一個三角形面積的:,

故每個正三角形的面積可構成一個以S為首項，；為公比的等比數列,

636

所以號=6

64

114"

S.

11114,,+114"1

-7=^i-----=--------X------

4ys向后4"+|-134"-14向-1

".「J-J

故答案為:警；1

4n+1-1

【點睛】方法點睛：常見的裂項相消的方法有:

11__1

+nn+1'

:=2(1-1)

4?2-12w-l2?+1

2

--r=/~~—2(一+y/n+lj

yjn+yln+l'7

2〃_11

(2〃+i—1)(2"-1)—2〃—12"i—1'

〃(〃+l)(〃+2)2("〃+l)(及+l)(〃+2).

15.d)[-pl

答案第8頁，共14頁

【分析】（1）根據三角恒等變換將1（x）化為一般式，再利用整體法，結合正弦函數單調性，即可求得值域;

（2）根據題意，求得A,利用等面積法和余弦定理，求得be,再求三角形面積即可.

+gm2?！?/p>

【詳解】（1）/（尤）=sin2sinoxcostwx一=；(1-COS2GX)

22

=——sin2s——cos2ox=sin2cox-『

22

當。=1時,〃x）=sinH，又正闿,故2》-漢吟,

—.,.|兀71|.乂、，.（兀5兀、乂、E、乂、」！I-.?I兀、1711.5兀I

又卜=$111尤在|一二,力上單倜遞增，在|不二|單調遞臧，Jlsin--=--,sin-=l,sin—=-,

162J6J16J2262

故函數/（X）在［og］上的值域為卜g』.

（2）由（1）知，/（x）=sinf2（?x—j,由其最小正周期為2TI,

AD為ZBAC的平分線，故可得NBAD=30°,NC4D=30。，

111/T1?3

則一sin4加二—sin?/￡)+—,即——6c=—x-^—fe+c),b+c=—bc；

222443V72

2

在三角形ABC中由余弦定理可得cosA="+d，即工=人—=(b+c)-2bc-3,

2bc22bc2bc

將6+c=gbe代入上式可得：be=^{bcy-2bc-3,即(3bc+2)(3bc—6)=0,

2

解得6c=2,或灰:=-§(舍去)；

故^ABC的面積為Lsin4-bc=x2=^^.

2222

16.(1)%=4〃-2

4〃一1o

(2)T2n=-~—n

【分析】（1）根據％與S”的關系化簡求解即可;

（2）采用分組求和的方式計算即可.

答案第9頁，共14頁

2

【詳解】(1)85?=a?+4an+40=an_^+4an_x+4?

①-②整理得(%+%)(為~an-\-4)=0,H>2

a

數列｛%｝是正項數列，an-n-\=4,H>2

當〃=1時，由8sl=+4%+4,可得%=2.

二.數列｛%｝是以2為首項，4為公差的等差數列，

/.。〃二4〃-2；

12〃-7為奇數

(2)由題意知,12〃-3〃為偶數

故耳=(1+22+24+…+227)+0+5+9+…+4〃-3)

lx(11—-44〃〃)“1+4撲-3)

1-42

4T

+2/—YI.

3

17.(1)證明見解析

⑵證明見解析

【分析】(1)根據題意，求導可得/C(無)>0,即可得到/(X)在(1,+8)上單調遞增，再由/(x)>/(l)=o,即可證

明；

(2)根據題意，構造函數g(x)=lnx-a+皿+色，求導可得g'(x)>0,即g(x)在(0,+司上單調遞增，再結合g⑴=0,

即可證明.

【詳解】(1)證明：因為4=1,所以/(x)=xlnx—x+lnx+l,/(x)=lnx+-.

當x>l時，/%)>0,則在(1,+8)上單調遞增，

所以當x>l時，/(x)>/(l)=0.

(2)f(x)=x(inx-(2)+Inx+tz=x(lnx-〃+.

人/、1InxaE，/、11-Inxax+l-hix-a

令g(x)=lnx—Q+——+-,貝(jg(%)=—+-----=------2-----?

XXXXXrX

令/z(x)=x+l-lnx-Q,貝V(x)=l—，=^一-.

XX

當X￡(0,l)時，/zr(x)<o,〃(x)在(0,1)上單調遞減，當X￡(l,+8)時，〃'(力〉0,人⑴在(1,+8)上單調遞增，

所以無"〃⑴=2-a>0,所以g，(x)=I±l二”二>0,

答案第10頁，共14頁

則g（無）在（0,+8）上單調遞增.

因為g（l）=0,所以g（x）恰有一個零點，則/（X）恰有一個零點.

18.（1）--^=1

43

（2）—,+=0

【分析】（1）根據橢圓與雙曲線的基本量求解即可；

（2）方法一：設直線/Py=^-（x+2）,。（為必），聯(lián)立直線與雙曲線的方程，結合尸（尤0,%）在雙曲線上，化

12

簡可得再=一4,同理血=4:，代入&=萬天化簡，結合雙曲線方程可得尸工,一—，再根據正弦定理，結合

sin/3DP=sin4D8代入化簡可得~7,再根據0<%<g求解范圍即可；

方法二:設直線DE：x=ty+m,。（玉,必），￡（孫藝）,聯(lián)立方程得出韋達定理，再根據P,A,。三點共線，P,B,

E三點共線，列式化簡可得一二、7,進而可得％=￡，結合雙曲線方程可得尸不,J—，再根據正弦定

2+m/+2AA2

理，結合sin/BZ）P=sin4口代入化簡可得用T,再根據。<2<；求解范圍即可.

收一4一

c_V7

a2

【詳解】（1）由題意得：\c2=a2+b2,解得6=百,

a=2

所以雙曲線5的方程為

（2）方法一：設直線4P：y=』^（x+2）,。（占,“），

則/二￡（"+2）,消>得：3+4、d16弁16、]2=c,

3/+4>2=12L（%+2）」（/+2）（%+2）

彳曰2、E:-12d+2）2

侍：「3宙+2）2+加，

22

又因為尸（尤°,%）在雙曲線上，滿足今與=1,即4弁=3片-12,

答案第11頁，共14頁

8/一6（x0+2）2_6x；—24-￥_-24%+2-44

所以一西=2=一,即再=——

3（x0+2）+43（%+2）2+3"2"6x0（x0+2）

4L4

y0

同理設直線BPy=（尤-2）,E（x2,y2）,可得工2=一所以％0=一

工0

0422

因為所以一=4%0，因為與>0,所以無0=彳.

%0A

4c2

2—2一八2V3-3/L

2九一，解得V3-32

把與=：代入雙曲線方程得，2%=-----；--，--則-點P■

Z--------二1A

437

設AOB尸與△48。的外接圓的半徑分別為彳，￥],

由正弦定理得2/=，2G=四

sin/BDPsinZADB

因為4。5+/5。。=180。，所以sin/5DP=sin/AD5.

39_

+—

則5_rxBP7.

AB4

因為0<4<；,所以；〉2,所以,+8.

2Z7

方法二：設直線OE：x=ty+m,。（再，珀，E（x2,y2）,

；；：7=12'消x得：（3/+4）/+6/叼+3加2-12=0,

則

-6tm3m2-124-m2

所以M+%,得M必=+y）

3“+4'必%―3）+42mtU2,

必_%

因為P,A,。三點共線，則

西+2玉）+2

%_%必（毛一2）%-2

因為尸,B,￡三點共線，則,兩式相除得