河南省駐馬店市回族中學2022-2023學年高二物理摸底試卷含解析

河南省駐馬店市回族中學2022-2023學年高二物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.一根通有電流的直銅棒用軟導線掛在如圖所示的勻強磁場中,此時懸線的張力大于零而小于銅棒的重力.要使懸線中張力為零,可采用的方法有

A．適當增大電流,其它不變B．適當減小電流,其它不變ks5uC．電流方向反向，其它不變D．使電流方向反向，并適當減弱磁場參考答案：A2.在測定分子大小的油膜實驗中，下面的假設與該實驗無關的是（

）A．油膜中分子沿直線排列

B．油膜為單層分子且都是球形C．分子是一個挨一個排列，它們間的間隙可忽略D．油膜的體積等于總的分子體積之和參考答案：A3.（單選）如圖5，一帶電小球用絲線懸掛在水平方向的勻強電場中，當小球靜止后把懸線燒斷，則小球在電場中將作[

]A．自由落體運動

B．曲線運動C．沿著懸線的延長線作勻加速運動

D．變加速直線運動參考答案：C4.（單選題）如圖，一固定斜面上兩個質量相同的小物塊A和B緊挨著勻速下滑，A與B的接觸面光滑。已知A與斜面之間的動摩擦因數是B與斜面之間動摩擦因數的2倍，斜面傾角為。B與斜面之間的動摩擦因數是A. B. C.

D.參考答案：D5.（多選）下列說法正確的是

（

）A．勻速圓周運動是加速度不變的運動B．開普勒觀念的基礎是日心說C．太陽與行星的引力公式推導中涉及到牛頓第三定律

D.

牛頓可以計算兩個天體間的萬有引力的大小參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）如圖所示，在磁感應強度為O.2T的勻強磁場中，有一長為O.5m的導體AB在金屬框架上以10m／s的速度向右滑動，R1=R2=20Ω，其他電阻不計。這時直導線AB產生的感應電動勢的大小是

V，流過AB的電流是______A,方向

。參考答案：

1；0.1；B→A7.(1)（4分）如圖（1）所示為“研究電磁感應現象”的實驗裝置，請將圖中所缺的導線補接完整。

(2)（4分）已知一靈敏電流計，當電流從正接線柱流入時，指針向正接線柱一側偏轉，現把它與線圈串聯接成如圖（2）所示電路，當條形磁鐵按如圖（2）所示情況運動時，以下判斷正確的是__________

A．甲圖中電流表偏轉方向向右

B．乙圖中磁鐵下方的極性是N極C．丙圖中磁鐵的運動方向向下

D．丁圖中線圈的繞制方向從上往下看為順時針方向參考答案：8.導線中的電流為1.6A，在1s內通過該導線某一橫截面的電子有_____個。參考答案：10199.如圖所示，是一定質量的理想氣體從狀態(tài)A經過狀態(tài)B再到狀態(tài)C的p-1/v圖像，此過程中氣體的內能

（填“增加”、“減小”或“不變”），氣體

（填“放熱”活“吸熱”），

做功情況。（填“有”活“沒有”）參考答案：10.(2分)我國日常生活使用的交變電流的有效值為_______伏，頻率為________赫茲。參考答案：220；5011.在用“電流表和伏特表測定電源的電動勢和內電阻”的實驗中，根據測得實驗數據作出的U——I圖線如圖12所示，從圖中可知：電源的電動勢ε=

V，電源的內電阻r=

Ω。參考答案：12.如圖所示，某同學在做“研究勻變速直線運動”實驗中，由打點計時器得到表示小車運動過程的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點的時間間隔為T=0.10s，其中S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，則A點處瞬時速度的大小是

m/s，小車運動的加速度計算表達式為

，加速度的大小是

m/s2（計算結果保留兩位有效數字）．參考答案：0.86，a=，0.64．【考點】探究小車速度隨時間變化的規(guī)律．【分析】紙帶實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度．【解答】解：利用勻變速直線運動的推論得：vA==0.80m/s．由于相鄰的計數點間的位移之差不等，故采用逐差法求解加速度．根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2為了更加準確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）小車運動的加速度計算表達式為a=代入數據得：a=0.64m/s2．故答案為：0.86，a=，0.64．13.如圖所示為安全門上的觀察孔，直徑ab為4cm，門的厚度ac為2cm，為了擴大向外觀察的范圍，將孔中完全嵌入折射率為的玻璃．則（1）嵌入玻璃后由cd的中點向外觀察視野的最大張角是120°；（2）要視野擴大到180°時，嵌入玻璃的折射率應為2．參考答案：解：向外觀察張角最大時，在cd邊中點e觀察，b為入射點，be為折射光線，入射角i、折射角r，作出右側光路圖如圖．由幾何關系有sinr===0.5，得到r=30°．根據折射定律有n=，得i=60°，則最大張角θ=2i=120°；若要視野擴大到180°，即入射角為90°，而折射角r=30°不變，則折射率n==2．故答案為：120°，2．三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在1731年，一名英國商人發(fā)現，雷電過后，他的一箱新刀叉竟顯示出磁性．請應用奧斯特的實驗結果，解釋這種現象．參考答案：閃電產生的強電流產生磁場會使刀叉磁化．15.（6分）（1）開普勒第三定律告訴我們：行星繞太陽一周所需時間的平方跟橢圓軌道半長徑的立方之比是一個常量。如果我們將行星繞太陽的運動簡化為勻速圓周運動，請你運用萬有引力定律，推出這一規(guī)律。

（2）太陽系只是銀河系中一個非常渺小的角落，銀河系中至少還有3000多億顆恒星，銀河系中心的質量相當于400萬顆太陽的質量。通過觀察發(fā)現，恒星繞銀河系中心運動的規(guī)律與開普勒第三定律存在明顯的差異，且周期的平方跟圓軌道半徑的立方之比隨半徑的增大而減小。請你對上述現象發(fā)表看法。

參考答案：（1）

（4分）

（2）由關系式可知：周期的平方跟圓軌道半徑的立方之比的大小與圓心處的等效質量有關，因此半徑越大，等效質量越大。

（1分）

觀點一：銀河系中心的等效質量，應該把圓形軌道以內的所有恒星的質量均計算在內，因此半徑越大，等效質量越大。

觀點二：銀河系中心的等效質量，應該把圓形軌道以內的所有質量均計算在內，在圓軌道以內，可能存在一些看不見的、質量很大的暗物質，因此半徑越大，等效質量越大。

說出任一觀點，均給分。

（1分）

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（17分）如圖所示，3條平行導軌MN、CD、EF在同一平面內，MN與CD相距為d1=8.3cm，CD與EF相距為d2=20.0cm，導軌及導體桿電阻忽略不計，M、E間連接電阻R1=10Ω，N、D間連接電阻R-2=20Ω，導體桿ab橫跨在3條導軌上，與3條導軌垂直且接觸良好，桿的a端到EF的接觸點b間的距離l=40.0cm?？臻g充滿勻強磁場，磁感應強度大小B=0.5T，方向如圖示。（1）若導體在勻強磁場中勻速向右運動，速度大小v=4.0m/s，求通過電阻R1、R2的電流大小。（2）若導體桿以b為軸，在導軌所在平面內沿順時針方向轉動90°角（導軌MN和CD都足夠長），求此過程中向上和向下通過電阻R1、R2的電荷量分別為多少。參考答案：解析：（1）（2分）（2分）（2）在穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化的過程中，磁感應電動勢的平均值為感應電流的平均值為（2分）通過電路某截面的總電量（2分）在a端轉至與MN相交之前，功過電阻R1、R2的電流方向都向下，流過它們的電量分別是（2分）在a端從與MN相交轉至與CD相交的過程中，電阻R1、R2串聯，通過電阻R1的電流方向仍向下，而通過R2電阻的電流方向向上。流過它們的電量相等，是（2分）對電阻R1來說，兩階段電流方向相同，均向下，所以向上通過R1的電量為0（1分）故：向上通過R1的電量為0，向下通過R1的電量為2.24×10－3C

向上通過R2的電量為2.4×10－4C,向下通過R2的電量為5×10－4C17.如右圖所示，一帶電小球質量為m，用絲線懸掛于O點，并在豎直平面內擺動，最大擺角為60°，水平磁場垂直于小球擺動的平面，當小球自左方擺到最低點時，懸線上的張力恰為零，則小球自右方擺到最低點時懸線上的張力為多少？參考答案：18.如圖所示，一電荷量q=3×10-5C帶正電的小球，用絕緣細線懸于豎直放置足夠大的平行金屬板中的O點。電鍵S閉合后，當小球靜止時，細線與豎直方向的夾角α=37°。已知兩板相距d=0.1m，電源電動勢=15V，內阻r=0.5Ω，電阻R1=3Ω，R2=R3=R4=8Ω。（g取10m/s2，已知，。）求：（1）電源的輸出功率；（2）兩板間的電場強度的大??；（3）帶