陜西省寶雞市高考模擬檢測(cè)理科綜合物理試卷

2019年寶雞市高考模擬檢測(cè)（二）理綜物理試題第Ⅰ卷（選擇題）二、選擇題1.已知某種金屬的極限頻率為γ0，現(xiàn)用頻率3γ0的光照射此金屬板，所產(chǎn)生光電子的最大初動(dòng)能為（h為普朗克常量）()A.4hγ0 B.3hγ0 C.2hγ0 D.hγ【答案】C【解析】【分析】根據(jù)“某種金屬的極限頻率為γ0”、“現(xiàn)用頻率3γ0【詳解】金屬的逸出功為W0=hγ0，改用頻率為3γ0的光照射同一金屬材料，根據(jù)光電效應(yīng)方程得，則所產(chǎn)生光電子的最大初動(dòng)能Ekm=3hγ0?W0=2hγ0.故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C2.如圖所示，一條細(xì)繩跨過(guò)定滑輪連接物體A、B，A懸掛起來(lái)，B穿在一根豎直桿上，兩物體均保持靜止，不計(jì)繩與滑輪、B與豎直桿間的摩擦，已知繩與豎直桿間的夾角為θ，則物體A、B的質(zhì)量之比mA︰mB等于()A.1︰cosθ B.cosθ︰1 C.tanθ︰1 D.1︰【答案】A【解析】【分析】根據(jù)“兩物體均保持靜止”可知，本題考查共點(diǎn)力平衡問(wèn)題，根據(jù)共點(diǎn)力平衡規(guī)律，分別對(duì)物體A、B進(jìn)行受力分析，并運(yùn)用力的平行四邊形定則可得繩子的拉力與各自重力的關(guān)系，從而確定物體A、B的質(zhì)量之比．【詳解】設(shè)繩子的拉力為T(mén)，隔離A分析有T=mAg…①隔離B分析有：mBg=Tcosθ…②由①②整合得：mA:mB=1:cosθ，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A3.真空中有一帶負(fù)電的電荷q繞固定的點(diǎn)電荷＋Q運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡為橢圓，如圖所示。已知abcd為橢圓的四個(gè)頂點(diǎn)，＋Q處在橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上，則下列說(shuō)法正確的是()A.＋Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.負(fù)電荷q在b點(diǎn)速度大于d點(diǎn)速度C.負(fù)電荷q在b點(diǎn)電勢(shì)能大于d點(diǎn)電勢(shì)能D.負(fù)電荷q在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力始終不做功【答案】B【解析】【分析】根據(jù)“真空中有一帶負(fù)電的電荷q繞固定的點(diǎn)電荷＋Q運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡為橢圓”、“a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同”、“在b點(diǎn)電勢(shì)能大于d點(diǎn)電勢(shì)能”可知，本題考查正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布，帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)電場(chǎng)力做功情況和電勢(shì)能、動(dòng)能的變化，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)，結(jié)合電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能、動(dòng)能變化的關(guān)系，分析判斷b、d兩點(diǎn)動(dòng)能和電勢(shì)能的大小?！驹斀狻緼.

a、c為橢圓的兩個(gè)頂點(diǎn)，則a、c兩點(diǎn)到Q的距離相等，由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式：E=kQBC.負(fù)電荷由b運(yùn)動(dòng)到d的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減小，所以負(fù)電荷q在b點(diǎn)速度大于d點(diǎn)速度，故B正確，C錯(cuò)誤；D.負(fù)電荷由a經(jīng)d運(yùn)動(dòng)到c的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，故D錯(cuò)誤。故選：B.4.超強(qiáng)臺(tái)風(fēng)山竹于2018年9月16日前后來(lái)到我國(guó)廣東中部沿海登陸，其風(fēng)力達(dá)到17級(jí)超強(qiáng)臺(tái)風(fēng)強(qiáng)度，風(fēng)速60m/s左右，對(duì)固定建筑物破壞程度非常巨大。請(qǐng)你根據(jù)所學(xué)物理知識(shí)推算固定建筑物所受風(fēng)力（空氣的壓力）與風(fēng)速（空氣流動(dòng)速度）大小關(guān)系，假設(shè)某一建筑物垂直風(fēng)速方向的受力面積為S，風(fēng)速大小為vA.F＝ρSv B.F【答案】B【解析】【分析】根據(jù)“推算固定建筑物所受風(fēng)力（空氣的壓力）與風(fēng)速（空氣流動(dòng)速度）大小關(guān)系”可知，本題考查動(dòng)量定理，設(shè)t時(shí)間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m，根據(jù)動(dòng)量定理的公式Ft=△mv，即可求解?！驹斀狻吭O(shè)t時(shí)間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m，則m=ρSvt，根據(jù)動(dòng)量定理Ft=0mv=0ρSv2t，F(xiàn)=ρSv2，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B5.如圖所示的機(jī)械裝置可以將圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)化為直線上的往復(fù)運(yùn)動(dòng)。連桿AB、OB可繞圖中A、B、O三處的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，連桿OB在豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)可通過(guò)連桿AB使滑塊在水平橫桿上左右滑動(dòng)。已知OB桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，繞O點(diǎn)做逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω，當(dāng)連桿AB與水平方向夾角為α，AB桿與OB桿的夾角為β時(shí)，滑塊的水平速度大小為()A.ωLsinβsinα B.【答案】D【解析】【分析】根據(jù)“連桿OB在豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)可通過(guò)連桿AB使滑塊在水平橫桿上左右滑動(dòng)”、“滑塊的水平速度大小為”可知，本題考查速度的合成與分解問(wèn)題，根據(jù)兩物體沿桿方向的速度相等，分別將A、B的速度沿桿和垂直桿分解，列式求解及可?！驹斀狻吭O(shè)滑塊的水平速度大小為v，A點(diǎn)的速度的方向沿水平方向，如圖將A點(diǎn)的速度分根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知，沿桿方向的分速度：vA分=vcosα，B點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，實(shí)際速度是圓周運(yùn)動(dòng)的線速度，可以分解為沿桿方向的分速度和垂直于桿方向的分速度，如圖設(shè)B的線速度為v′則：vB分=v′?cosθ=v′cos(90°?β)=v′sinβ，v′=ωL又二者沿桿方向的分速度是相等的，即：vA分=vB分聯(lián)立可得：v=ωL故選：D6.醫(yī)用回旋加速器的核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并分別與高頻電源相連。現(xiàn)分別加速氘核(12H)A.加速兩種粒子的高頻電源的頻率相同B.兩種粒子獲得的最大動(dòng)能相同C.兩種粒子在D形盒中運(yùn)動(dòng)的周期相同D.增大高頻電源的電壓可增大粒子的最大動(dòng)能【答案】AC【解析】【分析】根據(jù)“醫(yī)用回旋加速器”、“分別加速氘核(12H【詳解】AC、回旋加速器加速粒子時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和交流電的周期相同，否則無(wú)法加速。帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T=2πB、根據(jù)qvB=mv2RD、最大動(dòng)能Ek=12mv2=q故選：AC.7.如圖所示，一火箭中固定有一水平放置的壓力傳感器，傳感器上放有一個(gè)質(zhì)量為m的科考儀器?；鸺龔牡孛嬗伸o止開(kāi)始以g2的初始加速度豎直向上加速運(yùn)動(dòng)，火箭通過(guò)控制系統(tǒng)使其在上升過(guò)程中壓力傳感器的示數(shù)保持不變。當(dāng)火箭上升到距地面R2的高度時(shí)（地球的半徑為R，地球表面處的重力加速度為gA.此高度處的重力加速度為1B.此高度處的重力加速度為4C.此高度處火箭的加速度為5D.此高度處火箭的加速度為19【答案】BD【解析】【分析】根據(jù)“火箭從地面由靜止開(kāi)始以g2的初始加速度豎直向上加速運(yùn)動(dòng)”、“上升過(guò)程中壓力傳感器的示數(shù)保持不變”可知，本題考查萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律，根據(jù)萬(wàn)有引力定律可求距地面R2的高度時(shí)的重力加速度，根據(jù)牛頓第二定律可求距地面【詳解】AB.由地球表面萬(wàn)有引力近似等于重力得：mg距地面R2的高度時(shí)，m聯(lián)立可得:g′CD.由牛頓第二定律可知，在地面，F(xiàn)距地面R2的高度時(shí)，聯(lián)立解得：a=1918故選：BD8.如圖所示，兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為θ的斜面上，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌下端接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。斜面處在方向豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電阻不計(jì)的金屬棒ab質(zhì)量為m，受到沿斜面向上且與金屬棒垂直的恒力F作用。已知金屬棒從靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，它在滑下高度h時(shí)的速度大小為v，重力加速度為g，則在此過(guò)程中()A.金屬棒損失的機(jī)械能為mB.金屬棒克服安培力做的功為BC.電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為mD.電阻R通過(guò)的電荷量為B【答案】AD【解析】【分析】根據(jù)“兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為θ的斜面上”、“斜面處在方向豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中”、“金屬棒損失的機(jī)械能”、“電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱”、“電阻R通過(guò)的電荷量”等可知，本題考查單金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)能量轉(zhuǎn)化與守恒問(wèn)題和平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)問(wèn)題，根據(jù)金屬棒克服安培力做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的電能，即等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；再根據(jù)動(dòng)能定理和電磁感應(yīng)知識(shí)研究功能關(guān)系；根據(jù)平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)分析電阻R通過(guò)的電荷量．【詳解】A.金屬棒在滑下高度h時(shí)的速度大小為v，重力勢(shì)能減少mgh，動(dòng)能增加12mv2，金屬棒損失的機(jī)械能為mB.金屬棒從靜止開(kāi)始速度逐漸增大為v，安培力從0逐漸增大到B2L2C.由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得知，金屬棒損失的機(jī)械能等于金屬棒克服安培力做功和恒力F做的功與安培力做的功之和，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱等于金屬棒克服安培力做功，所以電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為mghE=Δ?Δt，I故選：AD【點(diǎn)睛】機(jī)械能等于動(dòng)能與重力勢(shì)能之和，根據(jù)重力勢(shì)能和動(dòng)能的變化確定機(jī)械能的變化；安培力是個(gè)變力；金屬棒克服安培力做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；利用平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)求電量。第Ⅱ卷（非選擇題）三、非選擇題：（一）必考題：9.某同學(xué)利用如圖甲所示裝置來(lái)驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”。將長(zhǎng)為L(zhǎng)輕繩一端固定在O點(diǎn)，另一端拴在一個(gè)質(zhì)量為m的正立方體小鐵塊A上，在小鐵塊A的上表面邊緣放一個(gè)小鐵片。將鐵塊拉起，使繩拉直且偏離豎直方向成θ角時(shí)由靜止開(kāi)始釋放鐵塊，當(dāng)其到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，受到豎直擋板P阻擋而停止運(yùn)動(dòng)，之后鐵片將飛離鐵塊A而做平拋運(yùn)動(dòng)。（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量正立方體鐵塊厚度d的結(jié)果如圖乙所示，則d＝________cm；（2）若測(cè)得小鐵片從水平拋出到落到地面的水平位移x和豎直位移y，就可求得小鐵片做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0＝________（已知重力加速度為g）。若假設(shè)鐵塊與小鐵片運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度為v，則v與v0的大小關(guān)系為v________v0（填“＝”、“＞”或“＜”）；（3）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，若θ角改變，小鐵片平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移x隨之發(fā)生改變。于是他多次實(shí)驗(yàn)，得到了多組（θ，x）值，通過(guò)計(jì)算分析得出了“鐵塊與小鐵片一起由靜止釋放到運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中機(jī)械能守恒”的結(jié)論，并做出了x2隨cosθ變化的x2－cosθ圖像，你認(rèn)為他做出的x2－cosθ圖像應(yīng)該是圖中的________（實(shí)驗(yàn)中近似認(rèn)為v＝v0）。A.B.C.D.【答案】(1).(2).x2gy2【解析】【分析】根據(jù)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”“游標(biāo)卡尺測(cè)量正立方體鐵塊厚度”、“平拋運(yùn)動(dòng)的初速度”、“x2－cosθ圖像應(yīng)該是圖中”可知，本題考查游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法、平拋運(yùn)動(dòng)的計(jì)算和圖像處理驗(yàn)證機(jī)械能守恒實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)，根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法、平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和機(jī)械能守恒定律列出機(jī)械能守恒的表達(dá)式，得出x2－cosθ的表達(dá)式，即可進(jìn)行分析判斷?！驹斀狻浚?）游標(biāo)卡尺的主尺刻度為23mm，游標(biāo)尺刻度為10×=，所以d=23mm+==；（2）根據(jù)鐵片做平拋運(yùn)動(dòng)有：x=v0t①y=12gt2聯(lián)立①②可解得：v0=x2由于存在阻力作用，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律計(jì)算的速度小于實(shí)際速度；所以v＞v0（3）重錘下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，由mgh=12mv2gL(1?cosθ)=x可得：x所以x2－cosθ圖像應(yīng)該是圖中的C。10.某同學(xué)想將一毫安表A改裝成歐姆表，先要測(cè)量毫安表的內(nèi)阻。在實(shí)驗(yàn)室找到了如下器材：A．待測(cè)毫安表A（量程2mA，阻值約為200Ω）B．電壓表V（量程3V，阻值約為3KΩ）C．定值電阻R1（阻值為）D．定值電阻R2（阻值為500Ω）E．滑動(dòng)變阻器R3（阻值為0～500Ω）F．滑動(dòng)變阻器R4（阻值為0～20Ω）G．電源E（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻約為2Ω）H．單刀開(kāi)關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）要求在測(cè)量毫安表內(nèi)阻時(shí)電表指針偏轉(zhuǎn)到表盤(pán)最大刻度值的一半附近處，則定值電阻選________，滑動(dòng)變阻器選________（填儀器前表示順序號(hào)的字母）；（2）請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫(huà)出符合實(shí)驗(yàn)要求的電路圖，并標(biāo)上所選儀器代號(hào)_______；（3）該同學(xué)測(cè)得毫安表內(nèi)阻為180Ω，用以上實(shí)驗(yàn)室提供的器材改裝的歐姆表，電路圖如圖所示。要使歐姆表能正常調(diào)零，則圖中定值電阻R0選________，滑動(dòng)變阻器R選________（填儀器前的表示順序號(hào)的字母）；（4）此歐姆表的紅表筆是圖中的________（填“A”或“B”），把毫安表的表盤(pán)刻度調(diào)整為歐姆表的表盤(pán)刻度時(shí)，刻度盤(pán)上對(duì)應(yīng)的電阻阻值是________Ω?！敬鸢浮?1).C(2).F(3).(4).C(5).E(6).A(7).4500【解析】【分析】根據(jù)“將一毫安表A改裝成歐姆表，先要測(cè)量毫安表的內(nèi)阻”、“要求在測(cè)量毫安表內(nèi)阻時(shí)電表指針偏轉(zhuǎn)到表盤(pán)最大刻度值的一半附近處”可知，本題考查毫安表內(nèi)阻的測(cè)量和歐姆表的改裝，根據(jù)歐姆定律計(jì)算總電阻的可能值，選擇定值電阻；根據(jù)滑動(dòng)變阻器與待測(cè)電阻的阻值關(guān)系選擇控制電路和滑動(dòng)變阻器；根據(jù)歐姆定律計(jì)算電流為0.5mA時(shí)的總電路，確定待測(cè)電阻的阻值?！驹斀狻浚?）在測(cè)量毫安表內(nèi)阻時(shí)要求電表指針偏轉(zhuǎn)到表盤(pán)最大刻度值的一半附近處，根據(jù)歐姆定律R=U/I，結(jié)合電源電動(dòng)勢(shì)為3V，定值電阻應(yīng)選擇C，即1.2kΩ；由于滑動(dòng)變阻器的阻值都遠(yuǎn)小于定值電阻與電流表內(nèi)阻的總電阻，應(yīng)采用分壓電路，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用F，即阻值為0～20Ω，這樣調(diào)節(jié)方便；（2）由于定值電阻阻值已知，應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，電路圖如圖所示：（3）要使歐姆表能正常調(diào)零，總電阻應(yīng)大于R內(nèi)=EIg=（4）歐姆表的紅表筆應(yīng)連接內(nèi)部電源的負(fù)極，此歐姆表的紅表筆是圖中的A；根據(jù)歐姆定律I=ER【點(diǎn)睛】根據(jù)電動(dòng)勢(shì)和要求的毫安表偏轉(zhuǎn)角度確定定值電阻，根據(jù)滑動(dòng)變阻器與待測(cè)電阻的關(guān)系確定滑動(dòng)變阻器的阻值和電路；根據(jù)歐姆表的原理，即歐姆定律計(jì)算內(nèi)阻的大小，確定待測(cè)電阻的大小。11.如圖所示，小紅和媽媽利用寒假時(shí)間在滑雪場(chǎng)進(jìn)行滑雪游戲。已知雪橇與水平雪道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝，媽媽的質(zhì)量為M＝60kg，小紅和雪橇的總質(zhì)量為m＝20kg。在游戲過(guò)程中媽媽用大小為F＝50N，與水平方向成37°角的力斜向上拉雪橇。（g=10m/s（1）小紅的加速度大小和媽媽與雪道間的摩擦力大??；（2）若要使小紅和雪橇從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)并能滑行到前面43m處，求媽媽拉力作用的最短距離?！敬鸢浮?1)1.15m/s2【解析】【分析】根據(jù)“媽媽用大小為F＝50N，與水平方向成37°角的力斜向上拉雪橇”、“小紅的加速度大小和媽媽與雪道間的摩擦力大小”、“若要使小紅和雪橇從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)并能滑行到前面43m處，求媽媽拉力作用的最短距離”可知，本題考查牛頓第二定律和動(dòng)能定理，根據(jù)牛頓第二定律和動(dòng)能定理得規(guī)律，分別對(duì)小紅和媽媽受力分析，列出牛頓第二定律方程和動(dòng)能定理方程，求解即可?！驹斀狻浚?）對(duì)小紅和雪橇受力分析如圖甲所示，對(duì)媽媽受力分析如圖乙所示。對(duì)于小紅和雪橇由牛頓第二定律可得：N1Fcos聯(lián)立解得：a=對(duì)于媽媽由牛頓第二定律可得：f?解得：f=（2）由題意可得，當(dāng)小紅和雪橇到達(dá)前面43mmax?解得：x=【點(diǎn)睛】分別對(duì)小紅和媽媽受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列出方程，聯(lián)立求解即可；求媽媽拉力作用的最短距離，則到達(dá)43m處時(shí)，速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理列方程，求解即可。12.靜電噴漆技術(shù)具有效率高、質(zhì)量好、有益于健康等優(yōu)點(diǎn)，其裝置可簡(jiǎn)化為如圖甲所示。A、B為水平放置的間距d＝的兩塊足夠大的平行金屬板，兩板間有方向由B指向A的E＝0.1V/m的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在A板的中央放置一個(gè)安全接她的靜電油漆噴槍P，油漆噴槍可向各個(gè)方向均勻地噴出初速度大小均為v0＝6.0m/s的油漆微粒，已知油漆微粒的質(zhì)量均為m＝1.0×10－5kg，帶負(fù)電且電荷量均為q＝1.0×10（1）油漆微粒落在B板上的最大面積；（2）若讓A、B兩板間的電場(chǎng)反向（如圖乙所示），并在兩板間加垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝，調(diào)節(jié)噴槍使油漆微粒只能在紙面內(nèi)沿各個(gè)方向噴出，其他條件不變。①B板被油漆微粒打中的區(qū)域的長(zhǎng)度為多少？②打中B板的油漆微粒中，在正交場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為多少？【答案】（1）18．1m2（2）1．6m【解析】試題分析：（1）油漆微粒的加速度a=根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)d=運(yùn)動(dòng)的半徑x=落在B板上所形成圓形面積s=由①②③式并代入數(shù)據(jù)得s=（2）當(dāng)電場(chǎng)反向Eq油漆微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力充當(dāng)向心力Bq水平向右射出的油漆微粒打在B板的右端，根據(jù)幾何關(guān)系R+ac⑨打在B板左端的油漆微粒為和板相切的微粒，同理求得bc油漆微粒打在極板上的長(zhǎng)度ab由⑥⑦⑧⑨⑩11式并代入數(shù)據(jù)得ab(3)打在B板上的微粒中，pc有幾何關(guān)系sinθ運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間tmin微粒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T=由7131415式代入數(shù)據(jù)解得tmin考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律．點(diǎn)評(píng)：本題是實(shí)際問(wèn)題，考查理論聯(lián)系實(shí)際的能力，關(guān)鍵在于建立物理模型．（二）選考題13.下列關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是________A.氣體如果失去了容器的約束就會(huì)散開(kāi)，這是因?yàn)闅怏w分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的緣故B.一定量100℃的水變成100C.若分子間的距離r增大，則分子間的作用力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大D.如果氣體分子總數(shù)不變，而氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，因此壓強(qiáng)必然增大E.一定量氣體的內(nèi)能等于其所有分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能和分子之間勢(shì)能的總和【答案】ABE【解析】【分析】根據(jù)“關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的說(shuō)法”可知，本題考查分子動(dòng)理論，根據(jù)溫度是平均動(dòng)能的標(biāo)志，理想氣體狀態(tài)方程和壓強(qiáng)的微觀意義去分析各項(xiàng)．【詳解】A.氣體分子在永不停息的進(jìn)行著無(wú)規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，所以失去容器后就會(huì)散開(kāi)，故A正確；B.一定量100℃的水變成100℃的水蒸汽，因溫度不變，平均動(dòng)能不變，而內(nèi)能增加，所以其分子之間的勢(shì)能增加，故B正確；C.如果分子間距離小于r0，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，則分子間的距離r增大，分子間的作用力做正功，分子勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；D.若氣體的體積增大，分子密度減小，壓強(qiáng)可能減小，故D錯(cuò)誤；E.內(nèi)能等于其所有分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能和分子之間勢(shì)能的總和，故E正確；故選：ABE14.如圖所示，內(nèi)壁光滑且長(zhǎng)為L(zhǎng)＝50cm的絕熱氣缸固定在水平面上，氣缸內(nèi)用橫截面積為S＝100cm2的絕熱活塞封閉有溫度為t0＝27℃的理想氣體，開(kāi)始時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)的活塞位于距左側(cè)缸底l＝30cm處?，F(xiàn)用電熱絲對(duì)封閉的理想氣體加熱，使活塞緩慢向右移動(dòng)。（已知大氣壓強(qiáng)為P0＝1.0×105Pa①試計(jì)算當(dāng)溫度升高到t＝377℃時(shí)，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)P②若氣缸內(nèi)電熱絲的電阻R＝100Ω，加熱時(shí)電熱絲中的電流為I＝，在此變化過(guò)程中共持續(xù)了t'＝300s，不計(jì)電熱絲由于溫度升高而吸收熱量，試計(jì)算氣體增加的內(nèi)能ΔU?！敬鸢浮竣?.3×105p【解析】【分析】根據(jù)“內(nèi)壁光滑且長(zhǎng)為L(zhǎng)＝50cm的絕熱氣缸固定在水平面上”、“活塞緩慢向右移動(dòng)”、“計(jì)算氣體增加的內(nèi)能”可知，本題考查蓋呂薩克定律、查理定律和熱力學(xué)第一定律，根據(jù)蓋呂薩克定律首先求出活塞到達(dá)右端時(shí)的溫度，確定t=377℃時(shí)位置，再根據(jù)查理定律列方程求解即可；根據(jù)熱力學(xué)第一定律列式求解?！驹斀狻竣僭O(shè)封閉氣體剛開(kāi)始的溫度為T(mén)1，壓強(qiáng)為P0，當(dāng)活塞恰好移動(dòng)到氣缸口時(shí)，封閉氣體的溫度為T(mén)2，則TlS解得：T2由于227°設(shè)當(dāng)溫度達(dá)到T3=(P0代入數(shù)據(jù)解得：P=②根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得：ΔU外界對(duì)氣體做的功為：W=封閉氣體共吸收的熱量為：Q=解得：Δ【點(diǎn)睛】首先求出活塞等壓到達(dá)右端時(shí)的溫度，確定t=377℃時(shí)位置，再根據(jù)查理定律列方程求解；等壓膨脹過(guò)程氣體對(duì)外做功。15.下列說(shuō)法中正確的是________A.在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光。則干涉條紋間距變寬B.水中的氣泡看起來(lái)特別明亮，是因?yàn)楣鈴乃猩湎驓馀輹r(shí)在氣泡表面發(fā)生了全反射C.兩列水波發(fā)生干涉時(shí)，兩列波的波峰相遇點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移始終最大D.由于超聲波的頻率很高，所以超聲波不容易發(fā)生衍射現(xiàn)象E.光在介質(zhì)中傳播的速度僅由介質(zhì)本身所決定，與光的頻