2023-2024學(xué)年北京市懷柔一中高二（下）期中物理試卷（含解析）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2023-2024學(xué)年北京市懷柔一中高二（下）期中物理試卷一、選擇題（本大題共16小題，每小題3分，共48分）1.關(guān)于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是(

)A.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)是最基本的振動(dòng)

B.所有的振動(dòng)都可以看作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)

C.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)一定是水平方向的運(yùn)動(dòng)

D.物體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)一定可以得到正弦曲線形的軌跡線2.如圖所示，彈簧振子在M、N之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。以平衡位置O為原點(diǎn)，建立Ox軸，向右為x的軸的正方向。若振子位于N點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，則其振動(dòng)圖象為(

)

A. B.

C. D.3.質(zhì)量為2kg的物體，當(dāng)它的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生變化時(shí)，以下分析正確的(

)A.速度由3m/s增大為9m/s，它的動(dòng)量增大為原來(lái)的9倍

B.速度由3m/s增大為6m/s，它的動(dòng)能增大為原來(lái)的4倍

C.速度由向東的3m/s變?yōu)橄蛭鞯?m/s，它的動(dòng)量變化量為0

D.速度由向東的3m/s變?yōu)橄蛭鞯?m/s，它的動(dòng)能變化量為18J4.如圖所示，一物體靜止在水平地面上，受到與水平方向成θ角的恒定拉力F作用時(shí)間t，物體仍保持靜止。以下看法正確的(

)A.物體的動(dòng)量變化量為Ft

B.物體所受合力的沖量大小為0

C.物體所受摩擦力的沖量大小為Ftsinθ

D.物體所受拉力F的沖量大小是Ftcosθ，方向水平向右5.一質(zhì)量為1kg的質(zhì)點(diǎn)靜止于光滑水平面上，從t=0時(shí)刻開(kāi)始，受到水平外力F作用，如圖所示。下列判斷正確的是(

)A.第1s末的速度為1.5m/s

B.第1s內(nèi)F的沖量為4N?s

C.前2s內(nèi)F的沖量為3N?s

D.6.質(zhì)量為m1和m2的兩個(gè)物體在光滑的水平面上正碰，碰撞時(shí)間不計(jì)，其位移—時(shí)間圖像如圖所示，若m1=1kg。以下說(shuō)法正確的A.m2等于1kg

B.m1在碰撞過(guò)程中的動(dòng)量變化量Δp1=?2kg?m/s

7.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，原、副線圈兩端的電壓分別為U1、U2，通過(guò)原、副線圈中的電流分別為I1、I2，若保持n1、n2A.I2=n2n1I1

B.U2=n2n18.下列選項(xiàng)中屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象的是(

)A.通電導(dǎo)體周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)

B.磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)體發(fā)生作用

C.閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，在電路中產(chǎn)生電流的現(xiàn)象

D.電荷在磁場(chǎng)中定向移動(dòng)形成電流9.關(guān)于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是(

)A.穿過(guò)線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大

B.穿過(guò)線圈的磁通量為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定為零

C.穿過(guò)線圈的磁通量變化越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大

D.穿過(guò)線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大10.如圖所示的情況中，金屬導(dǎo)體中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不是Blv的是(

)A. B.

C. D.11.如圖所示，在通有電流I的長(zhǎng)直導(dǎo)線附近有一個(gè)矩形線圈ABCD，線圈與導(dǎo)線始終在同一個(gè)平面內(nèi)。線圈在導(dǎo)線的一側(cè)，其中產(chǎn)生了A→B→C→D→A方向的電流。已知距離載流直導(dǎo)線較近的位置磁場(chǎng)較強(qiáng)。說(shuō)法正確的(

)A.線圈向左平動(dòng)

B.線圈向右平動(dòng)

C.線圈以導(dǎo)線到AB的距離為半徑繞導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)

D.導(dǎo)線遠(yuǎn)離線圈加速運(yùn)動(dòng)12.物理課上，老師做了一個(gè)奇妙的“自感現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)。按圖連接電路，先閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定后小燈泡A正常發(fā)光，然后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，同學(xué)們發(fā)現(xiàn)小燈泡A閃亮一下再熄滅。已知自感線圈L的直流電阻為RL，小燈泡A正常發(fā)光時(shí)電阻為RA。下列說(shuō)法中正確的是(

)A.RL>RA

B.RL=RA

C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S瞬間，小燈泡A中電流大于自感線圈中流過(guò)電流13.一矩形線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的正弦交流電壓u隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示。下列說(shuō)法正確的是(

)A.該交流電的頻率為100Hz

B.t=0時(shí)刻，線框平面與磁場(chǎng)方向平行

C.用交流電壓表測(cè)量該電壓時(shí)示數(shù)為220V

D.電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為u=220sin100πt(V)14.如圖所示，小明在演示慣性現(xiàn)象時(shí)，將一杯水放在桌邊，杯下壓一張紙條。若緩慢拉動(dòng)紙條，發(fā)現(xiàn)杯子會(huì)出現(xiàn)滑落；當(dāng)他快速拉動(dòng)紙條時(shí)，發(fā)現(xiàn)杯子并沒(méi)有滑落。對(duì)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是(

)A.緩慢拉動(dòng)紙條時(shí)，摩擦力對(duì)杯子的沖量較小

B.快速拉動(dòng)紙條時(shí)，摩擦力對(duì)杯子的沖量較大

C.為使杯子不滑落，杯子與紙條的動(dòng)摩擦因數(shù)盡量大一些

D.為使杯子不滑落，杯子與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)盡量大一些15.在同一豎直平面內(nèi)，3個(gè)完全相同的小鋼球(1號(hào)、2號(hào)、3號(hào))懸掛于同一高度，靜止時(shí)小球恰能接觸且懸線平行，如圖所示。在下列實(shí)驗(yàn)中，懸線始終保持繃緊狀態(tài)，碰撞均為對(duì)心正碰。以下分析正確的是(

)A.將1號(hào)移至高度?釋放，碰撞后，觀察到2號(hào)靜止、3號(hào)擺至高度?。若2號(hào)換成質(zhì)量不同的小鋼球，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，3號(hào)仍能擺至高度?

B.將1、2號(hào)一起移至高度?釋放，碰撞后，觀察到1號(hào)靜止，2、3號(hào)一起擺至高度?，釋放后整個(gè)過(guò)程機(jī)械能和動(dòng)量都守恒

C.將右側(cè)涂膠的1號(hào)移至高度?釋放，1、2號(hào)碰撞后粘在一起，根據(jù)機(jī)械能守恒，3號(hào)不能擺至高度?

D.將1號(hào)和右側(cè)涂膠的2號(hào)一起移至高度?釋放，碰撞后，2、3號(hào)粘在一起向右運(yùn)動(dòng)，未能擺至高度?，釋放后整個(gè)過(guò)程機(jī)械能和動(dòng)量都守恒16.現(xiàn)代科學(xué)研究中常要用到高速電子，電子感應(yīng)加速器是利用感生電場(chǎng)使電子加速的設(shè)備，它的基本原理如圖甲所示，上、下為電磁鐵的兩個(gè)磁極，磁極之間有一個(gè)環(huán)形真空室。當(dāng)電磁鐵線圈通入如圖乙所示的正弦式交變電流時(shí)，真空室中產(chǎn)生磁場(chǎng)，電子在真空室中做圓周運(yùn)動(dòng)。以圖甲中所示電流方向?yàn)檎较?，俯視看?～T4和3T4

A.電子都沿逆時(shí)針做加速圓周運(yùn)動(dòng)

B.0～T4內(nèi)電子沿逆時(shí)針做加速圓周運(yùn)動(dòng)，3T4～T內(nèi)電子沿逆時(shí)針做減速圓周運(yùn)動(dòng)

C.0～T4內(nèi)電子沿逆時(shí)針做減速圓周運(yùn)動(dòng)，3T4二、非選擇題（共52分）17.如圖所示，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)半徑相同的小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。

(1)為完成此實(shí)驗(yàn)，以下提供的測(cè)量工具中，本實(shí)驗(yàn)必須使用的是______(選填字母)。

①天平

②秒表

③刻度尺

④打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

A.①②

B.②③

C.③④

D.①③

(2)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是______。(選填選項(xiàng)前的字母)

A.同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放

B.入射小球的質(zhì)量不必大于被碰小球的質(zhì)量

C.軌道傾斜部分必須光滑，軌道末端必須水平

(3)圖1中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓入射小球多次從斜軌上位置S由靜止釋放，通過(guò)白紙和復(fù)寫紙找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)出平拋射程OP。然后，把被碰小球靜置于軌道的水平部分末端，仍將入射小球從斜軌上位置S由靜止釋放，與被碰小球相碰，并多次重復(fù)該操作，兩小球平均落地點(diǎn)位置分別為M、N。已得知入射小球和被碰小球的質(zhì)量m1、m2，實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的有______(選填選項(xiàng)前的字母)。

A.兩球相碰后的平拋射程OM、ON

B.入射小球開(kāi)始的釋放高度?

C.小球拋出點(diǎn)距地面的高度H

(4)在某次實(shí)驗(yàn)中，記錄的落點(diǎn)平均位置M、N幾乎與OP在同一條直線上，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式______，則可以認(rèn)為兩球碰撞前后在OP方向上的總動(dòng)量守恒[用(3)中測(cè)量的量表示]。

(5)某同學(xué)在上述實(shí)驗(yàn)中更換了兩個(gè)小球的材質(zhì)，且入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為m1=2m2，其它條件不變。兩小球在記錄紙上留下三處落點(diǎn)痕跡如圖2所示。他將米尺的零刻線與O點(diǎn)對(duì)齊，測(cè)量出O點(diǎn)到三處平均落地點(diǎn)的距離分別為OA、OB、OC。該同學(xué)通過(guò)測(cè)量和計(jì)算發(fā)現(xiàn)，兩小球在碰撞前后動(dòng)量是守恒的。根據(jù)上一問(wèn)的結(jié)論，由于質(zhì)量之比為2：1，那么上式就有：2(OP?OM)=ON，以下分析正確的是______。

A.M點(diǎn)只能是本圖中的A點(diǎn)，即被碰小球碰撞后的落地點(diǎn)

B.N點(diǎn)是本圖中的B點(diǎn)，即入射小球碰撞后的落地點(diǎn)

C.P18.如圖所示是“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置：

(1)如果在閉合開(kāi)關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏了一下，那么合上開(kāi)關(guān)后，將A線圈迅速插入B線圈中，電流計(jì)指針將______偏轉(zhuǎn)(填“向左”、“向右”或“不”)；

(2)連好電路后，并將A線圈插入B線圈中后，若要使靈敏電流計(jì)的指針向左偏轉(zhuǎn)，可采取的操作是______。

A.插入鐵芯

B.拔出A線圈

C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S瞬間

D.變阻器的滑片向左滑動(dòng)19.如圖所示，兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌MN和PQ放置在水平面內(nèi)，其間距L=0.2m，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直軌道平面向下，兩導(dǎo)軌之間連接的電阻R=4.8Ω，在導(dǎo)軌上有一金屬棒ab，其電阻r=0.2Ω，金屬棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，如圖所示，在ab棒上施加水平拉力使其以速度v=0.5m/s向右勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)金屬導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)．求：

(1)金屬棒ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；

(2)通過(guò)電阻R的電流大小和方向；

(3)金屬棒a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差．20.如圖甲所示，N=200匝的線圈(圖中只畫了2匝)，電阻r═2Ω，其兩端與一個(gè)R=48Ω的電阻相連，線圈內(nèi)有指向紙內(nèi)方向的磁場(chǎng)。線圈中的磁通量按圖乙所示規(guī)律變化。

(1)判斷通過(guò)電阻R的電流方向：

(2)求線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；

(3)求電阻R兩端的電壓U。21.如圖所示，矩形線圈面積為S，匝數(shù)為N，線圈電阻為r，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞OO′軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外電路電阻為R。當(dāng)線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90°的過(guò)程中，求：

(1)電阻R上所產(chǎn)生的熱量Q；

(2)通過(guò)電阻R的電荷量q。

22.物理學(xué)中，力與運(yùn)動(dòng)關(guān)系密切，而力的空間累積效果——做功，又是能量轉(zhuǎn)化的量度。因此我們研究某些運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以先分析研究對(duì)象的受力特點(diǎn)，進(jìn)而分析其能量問(wèn)題。已知重力加速度為g，且在下列情境中，均不計(jì)空氣阻力。

(1)勁度系數(shù)為k1的輕質(zhì)彈簧上端固定，下端連一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊，a.若以小物塊的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，以豎直向下為正方向建立坐標(biāo)軸Ox，如圖1所示，用x表示小物塊由平衡位置向下發(fā)生的位移。

b.求小物塊的合力F與x的關(guān)系式，并據(jù)此說(shuō)明小物塊的運(yùn)動(dòng)是否為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；

系統(tǒng)的總勢(shì)能為重力勢(shì)能與彈性勢(shì)能之和。請(qǐng)你結(jié)合小物塊的受力特點(diǎn)和求解變力功的基本方法，以平衡位置為系統(tǒng)總勢(shì)能的零勢(shì)能參考點(diǎn)，推導(dǎo)小物塊振動(dòng)位移為x時(shí)系統(tǒng)總勢(shì)能EP的表達(dá)式。

(2)如圖2所示為理想單擺，擺角θ足夠小，可認(rèn)為是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。其平衡位置記為O′點(diǎn)。

a.若已知擺球的質(zhì)量為m，擺長(zhǎng)為L(zhǎng)，在偏角很小時(shí)，擺球?qū)τ贠′點(diǎn)的位移x′的大小與θ角對(duì)應(yīng)的弧長(zhǎng)、弦長(zhǎng)都近似相等，即近似滿足：sinθ≈x′L。請(qǐng)推導(dǎo)得出小球在任意位置處的回復(fù)力與位移的比例常數(shù)k2的表達(dá)式；

b.若僅知道單擺的振幅A，及小球所受回復(fù)力與位移的比例常數(shù)k2，求小球在振動(dòng)位移為A2時(shí)的動(dòng)能Ek(用A答案和解析1.【答案】A

【解析】解：A.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)是最基本、最簡(jiǎn)單的機(jī)械振動(dòng)，故A正確；

B.不是所有的振動(dòng)都可以看作是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，只有回復(fù)力滿足F=?kx的振動(dòng)才是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)可以是水平方向的運(yùn)動(dòng)，也可以是豎直方向的運(yùn)動(dòng)，只要回復(fù)力滿足F=?kx即可，故C錯(cuò)誤；

D.物體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，位移隨著時(shí)間按照正弦規(guī)律變化，軌跡可以是直線，也可以是曲線，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)是最基本、最簡(jiǎn)單的機(jī)械振動(dòng)；根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的定義分析判斷；物體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌跡可以是直線，也可以是曲線。

本題關(guān)鍵是明確簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的定義，從力的角度看，回復(fù)力滿足F=?kx，從運(yùn)動(dòng)的角度看，位移—時(shí)間圖象是正弦曲線。2.【答案】A

【解析】【分析】

本題在選擇圖象時(shí)，關(guān)鍵研究t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位移和位移如何變化。當(dāng)振子運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，分析此時(shí)振子的位置，即確定出t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位置，即可確定位移時(shí)間的圖象。

【解答】

由題意：設(shè)向右為x正方向，振子運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)，振子具有正方向最大位移，所以振子運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)振動(dòng)圖象應(yīng)是余弦曲線，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。3.【答案】B

【解析】解：A、根據(jù)動(dòng)量的表達(dá)式p=mv，初動(dòng)量為p1=2×3kg?m/s=6kg?m/s，末動(dòng)量為p2=2×9kg?m/s=18kg?m/s，所以動(dòng)量增大為原來(lái)的3倍，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式Ek=12mv2，初動(dòng)能為Ek1=12×2×32J=9J，末動(dòng)能為Ek2=124.【答案】B

【解析】解：AB、由題意可知，物體保持靜止，動(dòng)量變化為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知，物體所受合力的沖量大小為零，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、根據(jù)平衡條件可知，物體受到的摩擦力f=Fcosθ，故摩擦力的沖量的大小為：If=ft=Fcosθt，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)沖量的定義可知，拉力F的沖量大小為IF=Ft，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)動(dòng)量定理求出合外力的沖量與物體的動(dòng)量的變化量；根據(jù)沖量的公式，結(jié)合力的大小和時(shí)間求出恒力5.【答案】D

【解析】解：設(shè)t=0時(shí)，F(xiàn)的方向?yàn)檎较?/p>

AB.設(shè)第1s末的速度為v，前1s內(nèi)的力為F1，由圖知F1=3N，則由動(dòng)量定理可知，F(xiàn)1t1=mv?0=3N?s，解得：v=3m/s，故AB錯(cuò)誤；

C、設(shè)第2s內(nèi)的力為F2，結(jié)合AB選項(xiàng)可得，前2s內(nèi)F的沖量為I=F1t1+F2t2=3×1N?s+1×1N?s=4N?s，故C錯(cuò)誤；

D、設(shè)第2s末的動(dòng)量為p，結(jié)合6.【答案】C

【解析】解：A、x?t圖像的斜率表示物體的速度，則m1的初末速度為

v1=8?02?0m/s=4m/s

v3=0?86?2m/s=?2m/s

m2的初末速度為：

v2=0m/s；v4=16?86?2m/s=2m/s

以m1初速度的方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量守恒定律有

m1v1+m2v2=m1v3+m2v4

解得

m2=3kg，故A錯(cuò)誤；

B、以m1初速度的方向?yàn)檎较?，m1在碰撞過(guò)程中的動(dòng)量變化量為

Δp1=m1(v3?v1)=1kg?(?2?4)m/s=?6kg7.【答案】BD

【解析】解：AB、根據(jù)理想變壓器的變壓比和變流比可知，U1U2=n1n2，I1I2=n2n1，則??I2=n1n8.【答案】C

【解析】解：A.通電導(dǎo)體周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)，是電流的磁效應(yīng)，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B.通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受到安培力作用，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；

C.閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，在電路中產(chǎn)生電流的現(xiàn)象是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故C正確；

D.電荷在磁場(chǎng)中定向移動(dòng)形成電流，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

閉合電路的部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，該現(xiàn)象稱為電磁感應(yīng)現(xiàn)象，發(fā)電機(jī)就是利用該原理制成的。

電生磁和磁生電正好是個(gè)相反的過(guò)程，電生磁是因?yàn)橛辛穗姴庞写?，而磁生電是因?yàn)橛捎趯?dǎo)體在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生了電流。9.【答案】D

【解析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=NΔΦΔt知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量的變化率成正比，即與磁通量變化快慢有關(guān)。

A、穿過(guò)線圈的磁通量越大，而磁通量的變化率不一定大，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定大，故A錯(cuò)誤；

B、穿過(guò)線圈的磁通量為零，而磁通量的變化率不一定為零，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定為零，故B錯(cuò)誤；

C、穿過(guò)線圈的磁通量變化越大，而磁通量的變化率不一定越大，還與變化所用的時(shí)間有關(guān)，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越大，故C錯(cuò)誤；

D、磁通量的變化率反映磁通量變化快慢，穿過(guò)線圈的磁通量變化越快，磁通量的變化率一定越大，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定越大，故D正確。

故選：D。

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與哪些因素有關(guān)，即可判斷。10.【答案】C

【解析】解：A、由圖A所示可知，B⊥l⊥v，則動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)為E=Blv，故A不符合題意；

B、由圖B所示可知，水平金屬導(dǎo)體不切割磁感線，只有豎直導(dǎo)體切割磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Blv；故B不符合題意；

C、由圖C所示可知，v與金屬導(dǎo)體不垂直，有效切割長(zhǎng)度小于l，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)小于Blv；故C符合題意；

D、由圖D所示可知，金屬導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度為l，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Blv，故D不符合題意；

本題選產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不是Blv的是，故選：C。

根據(jù)公式E=Blv分析答題，其中v是與導(dǎo)體棒垂直的分速度，l是有效的切割長(zhǎng)度。

本題考查了求導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，記住并理解公式E=BLvsinθ、知道公式的使用條件即可正確解題。11.【答案】A

【解析】解：根據(jù)安培定則可知電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在線圈處方向垂直于紙面向里；根據(jù)矩形線圈中的電流方向，可判得線圈中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，和直線電流的磁場(chǎng)(原磁場(chǎng))方向相反，根據(jù)楞次定律可知，這是磁通量增加引起的感應(yīng)電流，因此線圈應(yīng)向左平動(dòng)；線圈向右平動(dòng)或?qū)Ь€遠(yuǎn)離線圈加速運(yùn)動(dòng)，穿過(guò)線圈的磁通量都減小，而線圈以導(dǎo)線到AB的距離為半徑繞導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量不變。故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

根據(jù)感應(yīng)電流的方向判斷感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，從而判斷原磁場(chǎng)的變化情況，然后判斷線圈運(yùn)動(dòng)的方向。

本題考查楞次定律的應(yīng)用，根據(jù)感應(yīng)電流的方向判斷感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，從而判斷原磁場(chǎng)的變化情況，這樣線圈的運(yùn)動(dòng)情況也就得到了。12.【答案】D

【解析】解：ABC、穩(wěn)定時(shí)，燈泡A與電感L并聯(lián)，故兩者電壓相等，此時(shí)通過(guò)電感L的電流為I1，通過(guò)燈泡的電流為I2，由于穩(wěn)定開(kāi)關(guān)后斷開(kāi)，小燈泡突然閃亮一下，這是由于線圈為了阻礙磁通量的變化而產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)，此時(shí)線圈相當(dāng)于是電源，流過(guò)燈泡的電流為I1，故I?1>I2，由歐姆定律可得：R=UI，故RL<RA，故ABC錯(cuò)誤；

D、在斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后，線圈將產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，所以線圈中的電流不會(huì)發(fā)生突變，通過(guò)線圈的電流方向方向不變，而燈泡的電路中沒(méi)有自感，故電流可發(fā)生突變，由于燈泡線圈和燈泡構(gòu)成回路，所以斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后，通過(guò)小燈泡的電流方向與原來(lái)方向相反，即小燈泡A13.【答案】C

【解析】解：A、由e?t圖象得到周期T=0.02s，f=1T=50Hz，故A錯(cuò)誤；

B、t=0時(shí)刻，e=0，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，故B錯(cuò)誤；

C、據(jù)圖象可知，電動(dòng)勢(shì)的峰值是Em=2202V，則有效值為220V，用交流電壓表測(cè)量該電壓時(shí)示數(shù)為220V，故C正確；

D、電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為u=Umsinωt=2202sin100πt(V)，故D錯(cuò)誤；

故選：C。14.【答案】D

【解析】解：AB、紙帶對(duì)杯子的摩擦力一定，緩慢拉動(dòng)紙條時(shí)，抽出的過(guò)程中時(shí)間長(zhǎng)，則摩擦力對(duì)杯子的沖量較大；快速拉動(dòng)紙條時(shí)，抽出的過(guò)程中時(shí)間短，則摩擦力對(duì)杯子的沖量較小，故AB錯(cuò)誤；

CD、為使杯子不滑落，杯子與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)盡量大一些，這樣杯子在桌面上運(yùn)動(dòng)受到的摩擦力力大，使杯子停下來(lái)需要的時(shí)間短，位移小，故C錯(cuò)誤、D正確。

故選：D。

本題主要是考查動(dòng)量定理，利用動(dòng)量定理解答問(wèn)題時(shí)，要注意分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的受力情況，知道合外力的沖量才等于動(dòng)量的變化。15.【答案】C

【解析】解：A、將1號(hào)移至高度?釋放，碰撞后，觀察到2號(hào)靜止、3號(hào)擺至高度?，可知，小球1、2間，2、3間發(fā)生了彈性碰撞，且碰后交換速度。若2號(hào)換成質(zhì)量不同的小鋼球，1、2間，2、3間碰后并不交換速度，則3號(hào)上擺的高度不等于?，故A錯(cuò)誤；

B、將1、2號(hào)一起移至高度?釋放，碰撞后，觀察到1號(hào)靜止，2、3號(hào)一起擺至高度?，三小球之間的碰撞為彈性碰撞，且三小球組成的系統(tǒng)只有重力做功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，但整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；

C、將右側(cè)涂膠的1號(hào)移至高度?釋放，1、2號(hào)碰撞后粘在一起，發(fā)生完全非彈性碰撞，機(jī)械能有損失，再與3球碰撞后，3獲得的速度小于1與2碰撞前瞬間的速度，則3號(hào)上升的高度小于?，故C正確；

D、小球2、3間發(fā)生完全非彈性碰撞，機(jī)械能有損失，釋放后整個(gè)過(guò)程機(jī)械能和動(dòng)量都不守恒，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

質(zhì)量相等的兩球發(fā)生彈性碰撞時(shí)，碰后交換速度。發(fā)生完全非彈性碰撞時(shí)，機(jī)械能損失最大；只有重力做功時(shí)物體的機(jī)械能守恒。

解決本題的關(guān)鍵要了解碰撞的類型，知道質(zhì)量相等的兩球發(fā)生彈性碰撞時(shí)碰后交換速度。發(fā)生完全非彈性碰撞時(shí)，機(jī)械能有損失。16.【答案】D

【解析】解：通電螺線管內(nèi)部的磁場(chǎng)與電流大小成正比，且變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)，其中0～T4時(shí)間內(nèi)，根據(jù)安培定則，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上，再根據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生渦旋電場(chǎng)沿著順時(shí)針?lè)较颍捎陔娮釉谡婵帐抑凶鰣A周運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力提供電子做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，電子所受電場(chǎng)力與電子的運(yùn)動(dòng)方向相同，則電子在該時(shí)間內(nèi)沿逆時(shí)針做加速圓周運(yùn)動(dòng)；在3T4～T時(shí)間內(nèi)，根據(jù)安培定則，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下，再根據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生渦旋電場(chǎng)沿著順時(shí)針?lè)较?，由于電子在真空室中做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力提供電子做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，電子所受電場(chǎng)力與電子的運(yùn)動(dòng)方向相反，則電子在該時(shí)間內(nèi)沿順時(shí)針做減速圓周運(yùn)動(dòng)，故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選：D。

電子帶負(fù)電，它在電場(chǎng)中受力的方向與電場(chǎng)方向相反，電子沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，所以當(dāng)電場(chǎng)沿順時(shí)針?lè)较驎r(shí)電子被加速，如果電流變大，電磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)(方向向上17.【答案】D

A

A

m1?OP=【解析】解：(1)要測(cè)量碰撞前后的動(dòng)量，則質(zhì)量要用天平測(cè)量，而速度需要通過(guò)水平位移得出，所以需要刻度尺測(cè)量平拋的水平位移；小球拋出點(diǎn)距地面的高度相同，兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間就相同，時(shí)間不需要測(cè)量，所以不需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和秒表，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

(2)AC、實(shí)驗(yàn)要保證小球到達(dá)斜槽末端時(shí)以相等的速度做平拋運(yùn)動(dòng)，要求小球從斜槽的同一位置由靜止釋放且斜槽軌道末端水平即可，斜槽軌道不必光滑，故A正確，C錯(cuò)誤；

B、為防止反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤。

故選：A。

(3)若碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，設(shè)小球m1的初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律應(yīng)滿足m1v0=m1v1+m2v2，小球做平拋運(yùn)動(dòng)豎直位移相同，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，由x=vt可知，平拋初速度與水平位移成正比

故應(yīng)滿足的表達(dá)式為m1?OP=m1?OM+m2?ON，則實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量?jī)汕蛳嗯龊蟮钠綊伾涑蘋M、ON，故A正確，BC錯(cuò)誤。

故選：A。

(4)由(3)解析可知應(yīng)滿足的表達(dá)式為m1?OP=m1?OM+m2?ON

(5)若入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為m1=2m2，則表達(dá)式為2OP=2OM+ON，

由圖可知OA=17.6cm、OB=25.0cm、OC=30.0cm，代入上式對(duì)比可得2OC=2OA+OB

故18.【答案】向右

BC

【解析】解：(1)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，穿過(guò)線圈B的磁通量增加，靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)；

合上開(kāi)關(guān)后，將A線圈迅速插入B線圈中，穿過(guò)線圈B的磁通量增加，靈敏電流計(jì)指針將向右偏轉(zhuǎn)；

(2)連好電路后，并將A線圈插入B線圈中后，要使靈敏電流計(jì)的指針向左偏轉(zhuǎn)，則穿過(guò)線圈B的磁通量減小；

A.插入鐵芯，穿過(guò)線圈B的磁通量增加，靈敏電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤；

B.拔出A線圈，穿過(guò)線圈B的磁通量減小，靈敏電流計(jì)指針向左右偏轉(zhuǎn)，故B正確；

C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S瞬間，穿過(guò)線圈B的磁通量減小，靈敏電流計(jì)指針向左偏轉(zhuǎn)，故C正確；

D.變阻器的滑片向左滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻減小，通過(guò)線圈A的電流增大，產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，穿過(guò)線圈B的磁通量增加，靈敏電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選：BC。

故答案為：(1)向右；(2)BC。

(1)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，穿過(guò)線圈B的磁通量增加，靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)；據(jù)此分析將A線圈迅速插入B線圈中，穿過(guò)線圈B的磁通量的變化情況，然后作答；

(2)連好電路后，并將A線圈插入B線圈中后，要使靈敏電流計(jì)的指針向左偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明穿過(guò)線圈B的磁通量減小，據(jù)此分析作答。

本題主要考查了楞次定律判斷電流的方向，根據(jù)電流表的方向，結(jié)合楞次定律分析出電流的方向即可。19.【答案】解：(1)設(shè)金屬棒中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E，則：E=BLv

帶入數(shù)值得：E=0.05V

(2)設(shè)過(guò)電阻R的電流大小為I，則：I=ER+r

帶入數(shù)值得：I=0.01A

關(guān)鍵右手定則可知，電流的方向從M通過(guò)R流向P

(3)設(shè)a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U，由歐姆定律得：

Uab=IR

帶入數(shù)值得：Uab=0.048V

答：(1)金屬棒ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是0.05V；

(2)通過(guò)電阻R的電流大小是0.01A，方向從M通過(guò)R流向P；

(3)金屬棒a【解析】(1)金屬棒ab切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由公式E=BLv求出電動(dòng)勢(shì)；

(2)由歐姆定律求得電路中電流，由右手定則判斷電流的方向；

(3)由歐姆定律求出ab兩端的電勢(shì)差．

本題關(guān)鍵要掌握法拉第定律、歐姆定律、安培力公式等等電磁感應(yīng)常用的規(guī)律，屬于基礎(chǔ)題．20.【答案】解：(1)線圈相當(dāng)于電源，由楞次定律可知a相當(dāng)于電源的正極，b相當(dāng)于電源的負(fù)極；

通過(guò)電阻R的電流