河北省承德市民族師專附屬中學(xué)高二物理模擬試題含解析

河北省承德市民族師專附屬中學(xué)高二物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.（單選）如圖2－22所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最高端向下滑動(dòng)時(shí)，()圖2－22A．電壓表V讀數(shù)先變大后變小，電流表A讀數(shù)變大B．電壓表V讀數(shù)先變小后變大，電流表A讀數(shù)變小C．電壓表V讀數(shù)先變大后變小，電流表A讀數(shù)先變小后變大D．電壓表V讀數(shù)先變小后變大，電流表A讀數(shù)先變大后變小參考答案：A設(shè)滑動(dòng)變阻器總電阻為R0.P以上電阻為Rx，則變阻器在電路中的阻值當(dāng)時(shí)，R′最大．P從最高端向下滑動(dòng)時(shí)，回路總電阻先增大，后減?。?dāng)P滑向中點(diǎn)時(shí)：P滑過(guò)中點(diǎn)后，R′↓→I↑→U↓，由并聯(lián)分流新的IA增大，故A正確．2.（單選）一矩形線圈，繞垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)并位于線圈平面內(nèi)的固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈中的感應(yīng)電流i隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是A．t1時(shí)刻通過(guò)線圈的磁通量為零B．t2時(shí)刻通過(guò)線圈的磁通量絕對(duì)值最大C．t3時(shí)刻通過(guò)線圈的磁通量變化率的絕對(duì)值最大D．每當(dāng)電流i轉(zhuǎn)換方向時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量的絕對(duì)值都為最大參考答案：D3.半徑為R的圓形線圈，兩端A、D接有一個(gè)平行板電容器．線圈垂直放在隨時(shí)間均勻變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，則要使電容器所帶電荷量Q增大，可以采用的措施是（）A．增大電容器兩極板間的距離B．增大磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率C．減小線圈的半徑D．改變線圈所在平面與磁場(chǎng)方向間的夾角參考答案：B【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律．【分析】電容器的電量Q=CU．要增加電荷量Q，可增加板間電壓U或增大電容C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和電容的決定式分析電容器所帶的電量與哪些因素有關(guān)，再確定使電容器電量增大的措施．【解答】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=S，電容器兩端的電壓U=E．電容器的電量Q=CU，得到Q=SC．A、增大電容器兩極板間的距離，電容C減小，而板間電壓U不變，則電荷Q減?。蔄錯(cuò)誤．B、增大磁感強(qiáng)度的變化率，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，由上式可知，電荷量Q增大．故B正確．C、減小線圈的半徑，線圈的面積S減小，由上可知，電荷量Q減小．故C錯(cuò)誤．D、線圈與磁場(chǎng)垂直時(shí)，穿過(guò)同一線圈的磁通量最大，當(dāng)改變線圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角時(shí)，磁通量變化率減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E減小，U減小，由電荷量Q減小．故D錯(cuò)誤．故選：B4.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)帶電粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如果又順利垂直進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度是原來(lái)磁感應(yīng)強(qiáng)度２倍的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則

(

)A.粒子的速率加倍，周期減半

B.粒子速率不變，軌道半徑減半C.粒子的速率減半，軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的１／４

D.粒子速率不變，周期減半?yún)⒖即鸢福築D5.質(zhì)譜儀的兩大重要組成部分是加速電場(chǎng)和偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)。如圖所示為質(zhì)譜儀的原理圖，設(shè)想有一個(gè)靜止的質(zhì)量為m、帶電量為q的帶電粒子(不計(jì)重力)，經(jīng)電壓為U的加速電場(chǎng)加速后垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，帶電粒子打至底片上的P點(diǎn)，設(shè)OP=x，則在圖中能正確反映x與U之間的函數(shù)關(guān)系的是（

）

參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.電磁灶是利用

原理制成的，它在灶內(nèi)通過(guò)交變電流產(chǎn)生交變磁場(chǎng)，使放在灶臺(tái)上的鍋體內(nèi)產(chǎn)生

而發(fā)熱。參考答案：7.使物體帶電的方法有，____________、____________、____________三種，無(wú)論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉(zhuǎn)移或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，電荷的總量是____________

。參考答案：摩擦起電、感應(yīng)起電、接觸起電，保持不變。8.質(zhì)量是0.2kg的皮球以5m/s的水平速度與墻相碰，再以3m/s的速度反彈回來(lái)，與墻接觸時(shí)間為0.1s，設(shè)初速度方向?yàn)檎で騽?dòng)量變化量為_(kāi)________kg·m/s，球?qū)Φ钠骄鶝_力為_(kāi)________N.參考答案：-1.6kg·m/s，16N9.（4分）將一個(gè)電荷量為的電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功是，則A，B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB＝

。參考答案：

240V10.（多選）在如圖所示傾角為θ的光滑斜面上，存在著兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，區(qū)域I的磁場(chǎng)方向垂直斜面向上，區(qū)域Ⅱ的磁場(chǎng)方向垂直斜面向下，磁場(chǎng)的寬度均為L(zhǎng)．一質(zhì)量為m．電阻為R、邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框，由靜止開(kāi)始沿斜面下滑，當(dāng)ab邊剛越過(guò)GH進(jìn)入磁場(chǎng)I時(shí)，恰好以速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)；當(dāng)ab邊下滑到JP與MN的中間位置時(shí)，線框又恰好以速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從ab越過(guò)GH到達(dá)JP與MN的中間位置的過(guò)程中，線框的動(dòng)能變化量為，重力對(duì)線框做的功的大小為，安培力對(duì)線框做功大小為，下列說(shuō)法中正確的有A.在下滑過(guò)程中，由于重力做正功，所以有B.從ab越過(guò)GH到達(dá)JP與MN的中間位置的過(guò)程中，機(jī)械能守恒C.從ab越過(guò)GH到達(dá)JP與MN的中間位置的過(guò)程中，有的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能D.從ab越過(guò)GH到達(dá)JP的中間位置的過(guò)程中，線框動(dòng)能的變化量大小參考答案：CD11.在靜電場(chǎng)中，一個(gè)帶電量q=1.0×10-9C的負(fù)電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)．在這過(guò)程中，除電場(chǎng)力外，其他力做的功為2.0×10-5J，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能增加了9.0×10-5J．則在此過(guò)程中電場(chǎng)力做功為

▲

J，A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB為

▲

V．參考答案：7.0×10-5、－7.0×10412.如圖11所示，A、B兩燈電阻相同，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P向下滑動(dòng)時(shí)，通過(guò)電源的電流

，電阻R中的電流

（填“增大”、“減小”或“不變”），電燈A將

，電燈B將

（填“變暗”、“變亮”、“不變”）。參考答案：增大

增大

變暗

變暗13.電阻R1，R2的阻值分別為3Ω，6Ω.把它們并聯(lián)在電路上，總電阻為

.通過(guò)各電阻的電流之比I1

：I2＝

.

參考答案：

2Ω

2：1

三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.(10分)“玻意耳定律”告訴我們：一定質(zhì)量的氣體．如果保持溫度不變，體積減小，壓強(qiáng)增大；“查理定律”指出：一定質(zhì)量的氣體，如果保持體積不變，溫度升高．壓強(qiáng)增大；請(qǐng)你用分子運(yùn)動(dòng)論的觀點(diǎn)分別解釋上述兩種現(xiàn)象，并說(shuō)明兩種增大壓強(qiáng)的方式有何不同。參考答案：一定質(zhì)量的氣體．如果溫度保持不變，分子平均動(dòng)能不變，每次分子與容器碰撞時(shí)平均作用力不變，而體積減小，單位體積內(nèi)分子數(shù)增大，相同時(shí)間內(nèi)撞擊到容器壁的分子數(shù)增加，因此壓強(qiáng)增大，（4分）一定質(zhì)量的氣體，若體積保持不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)加劇，對(duì)容器壁碰撞更頻繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以壓強(qiáng)增大。（4分）第一次只改變了單位時(shí)間內(nèi)單位面積器壁上碰撞的分子數(shù)；而第二種情況下改變了影響壓強(qiáng)的兩個(gè)因素：?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)單位面積上碰撞的次數(shù)和每次碰撞的平均作用力。（2分）15.（4分）如圖是高頻焊接原理示意圖，線圈中通以高頻交流電時(shí)，待焊接的金屬工件中就產(chǎn)生感應(yīng)電流，由于焊接處的接觸電阻很大，放出的焦耳熱很多，致使溫度升得很高，將金屬熔化，焊接在一起，我國(guó)生產(chǎn)的自行車(chē)車(chē)架就是用這種辦法焊接的。請(qǐng)定性地說(shuō)明：為什么交變電流的頻率越高，焊接處放出的熱量越多？參考答案：交變電流的頻率越高，它產(chǎn)生的磁場(chǎng)的變化就越快。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，在待焊接工件中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大，感應(yīng)電流就越大(2分)，而放出的熱量與電流的平方成正比，所以交變電流的頻率越高，焊接處放出的熱餐越多(2分)。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.如圖一輛質(zhì)量為500kg的汽車(chē)靜止在一座半徑為50m的圓弧形拱橋頂部．（取g＝10m/s2）（1）此時(shí)汽車(chē)對(duì)圓弧形拱橋的壓力是多大？（2）如果汽車(chē)以6m/s的速度經(jīng)過(guò)拱橋的頂部，則汽車(chē)對(duì)圓弧形拱橋的壓力是多大？（3）汽車(chē)以多大速度通過(guò)拱橋的頂部時(shí)，汽車(chē)對(duì)圓弧形拱橋的壓力恰好為零？參考答案：解：（1）汽車(chē)受重力G和拱橋的支持力F，二力平衡，故F＝G＝5000N

（1分）根據(jù)牛頓第三定律，汽車(chē)對(duì)拱橋的壓力為5000N

（1分）（2）汽車(chē)受重力G和拱橋的支持力F，根據(jù)牛頓第二定律有G－F＝

故＝4000N根據(jù)牛頓第三定律，汽車(chē)對(duì)拱橋的壓力為4000N

（3分）（3）汽車(chē)只受重力GG＝＝m/s17.如圖(a)所示，一個(gè)總電阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路。線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線如圖(b)所示。圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0。導(dǎo)線的電阻不計(jì)。求0至t1時(shí)間內(nèi)：

(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率

(2)通過(guò)電阻R1上的電流大小和方向(3)通過(guò)電阻R1上的電荷量q參考答案：（1）（2分）（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（3分）根據(jù)閉合電路的歐姆定律，感應(yīng)電流（1分）聯(lián)立以上三式，解得（1分）根據(jù)楞次定律可知通過(guò)R1上的電流大小和方向：從b到a（1分）（3）通過(guò)R1的電荷量所以18.如圖所示，質(zhì)量為M=2kg的足夠長(zhǎng)的小平板車(chē)靜止在光滑水平面上，車(chē)的一端靜止著質(zhì)量為MA=2kg的物體A（可視為質(zhì)點(diǎn)）．一個(gè)質(zhì)量為m=20g的子彈以500m/s的水平速度迅即射穿A后，速度變?yōu)閘00m/s，最后物體A靜止在車(chē)上．若物體A與小車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5（g取10m/s2）①平板車(chē)最后的速度是多大？②全過(guò)程損失的機(jī)械能為多少？③A在平板車(chē)上滑行的距離為多少？參考答案：解：①設(shè)平板車(chē)最后的速度是v，子彈射穿A后的速度是v1．以子彈、物體A和小車(chē)組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以子彈的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv0=mv1+（M+MA）v，代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s；②對(duì)子彈：A、小車(chē)組成的系統(tǒng)，在整個(gè)過(guò)程中，由能量守恒定律得：△E=mv02﹣mv12﹣（M+MA）v2，代入數(shù)據(jù)解得損失的機(jī)械能為：△E=2392J；③以子彈一A組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，子彈射穿A的過(guò)程，系統(tǒng)動(dòng)量守恒．以子彈的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv0=mv1+MAv2，代入數(shù)據(jù)解得子彈射穿A后，A的速度為：v2=4m/s，假設(shè)A在平板車(chē)上滑行距離為d，由能量守恒定律得：Q=μMAgd=MA2v2﹣（M+MA）v2，代入數(shù)據(jù)解得：d=0.8m答：①平