河北省邢臺(tái)市部分高中2024屆高三年級(jí)下冊(cè)二模物理試卷(含答案)

河北省邢臺(tái)市部分高中2024屆高三下學(xué)期二模物理試卷

學(xué)校：___________姓名：班級(jí)：考號(hào)：

一,單選題

1.核污水中含有多種放射性成分，其中有一種難以被清除的同位素僦（：H）,可能

引起基因突變。其衰變方程為:Hf^X+'e,：H的半衰期為12.5年，下列說(shuō)法正確

的是（）

A.原子核：X是；He

B.：H衰變的本質(zhì)是由強(qiáng)相互作用引起的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子并釋放出電子

C.1加g的汨經(jīng)25年的衰變后，汨還剩0.25〃取

D.將核污水排入海洋后，僦因濃度降低使半衰期變長(zhǎng)，放射性變?nèi)?/p>

2.圖甲是淄博市科技館的一件名為“最速降線”的展品，在高度差一定的不同光滑軌道

中，小球滾下用時(shí)最短的軌道叫做最速降線軌道。取其中的“最速降線”軌道I和直線

軌道H進(jìn)行研究，如圖乙所示，兩軌道的起點(diǎn)M高度相同，終點(diǎn)N高度也相同，軌道

I的末端與水平面相切于N點(diǎn)。若將兩個(gè)相同的小球。和6分別放在I、II兩軌道的

起點(diǎn)同時(shí)由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)在I軌道上的小球。先到達(dá)終點(diǎn)。下列描述兩球速率

v與時(shí)間人速率平方聲與下滑高度力的關(guān)系圖像可能正確的是（）

O

O

V2

3.“抖空竹,，是中國(guó)傳統(tǒng)的體育活動(dòng)之一?，F(xiàn)將抖空竹中的一個(gè)變化過(guò)程簡(jiǎn)化成如圖所

示模型：不可伸長(zhǎng)的輕繩系于兩根輕桿的端點(diǎn)位置，左、右手分別握住兩根輕桿的另

一端，一定質(zhì)量的空竹架在輕繩上。接下來(lái)做出如下動(dòng)作，左手抬高的同時(shí)右手放

低，使繩的兩個(gè)端點(diǎn)沿豎直面內(nèi)等腰梯形的兩個(gè)腰（梯形的上下底水平）勻速移動(dòng)，

即兩端點(diǎn)分別自A、C兩點(diǎn)，沿AB、CD以同樣大小的速度勻速移動(dòng)，忽略摩擦力及

空氣阻力的影響，則在變化過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.左右兩繩的夾角增大

B.左右兩繩的夾角減少

C.輕繩的張力變大

D.輕繩的張力大小不變

4.隨著環(huán)保理念的深入，廢棄塑料分選再循環(huán)利用可減少對(duì)資源的浪費(fèi)。其中靜電分

選裝置如圖所示，兩極板帶上等量異種電荷僅在板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，漏斗出口與極板

上邊緣等高，到極板間距相等，。、6兩類塑料顆粒離開(kāi)漏斗出口時(shí)分別帶上正、負(fù)電

荷，經(jīng)過(guò)分選電場(chǎng)后。類顆粒匯集在收集板的右端，已知極板間距為d,板長(zhǎng)為L(zhǎng)極

板下邊緣與收集板的距離為H,兩種顆粒的荷質(zhì)比均為總重力加速度為g,顆粒進(jìn)入

電場(chǎng)時(shí)的初速度為零且可視為質(zhì)點(diǎn)，不考慮顆粒間的相互作用和空氣阻力，在顆粒離

開(kāi)電場(chǎng)區(qū)域時(shí)不接觸極板但有最大偏轉(zhuǎn)量，貝女）

給料區(qū)

B.顆粒離開(kāi)漏斗口在電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)

C.兩極板間的電壓值為絲;

D.顆粒落到收集板時(shí)的速度大小為2g（L+"）+空-

y2L

5.保險(xiǎn)絲對(duì)保護(hù)家庭用電安全有著重要作用，如圖所示，A是熔斷電流為1A的保險(xiǎn)

絲，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為2:1,交變電壓。=220V,保險(xiǎn)絲電阻1C,

R是用可變電阻。當(dāng)電路正常工作時(shí)，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.可變電阻R不能大于54.75。

B.可變電阻R越大，其消耗的功率越小

C.通過(guò)可變電阻R的電流不能超過(guò)0.5A

D.增加原線圈匝數(shù)，保險(xiǎn)絲可能熔斷

6.一半圓形玻璃磚的截面如圖所示，截面內(nèi)一細(xì)束單色光以45。的入射角從上射

入，在入射點(diǎn)由N緩慢移動(dòng)到〃的過(guò)程中，不考慮光的反射，圓弧上有一半?yún)^(qū)域

有光線射出。已知玻璃磚的半徑為凡單色光在真空中的傳播速度為c,A為半圓的中

點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A

R

MO\N

A.圓弧AN上沒(méi)有光線射出區(qū)域的長(zhǎng)度與圓弧AN長(zhǎng)度之比為5:6

B.出射光線與水平方向最大夾角為90°

C.出射光線與入射光線均不平行

D.能從圓弧上射出的光線中，在玻璃病內(nèi)的最大傳播時(shí)間為=—

3c

7.水平放置的兩金屬板，板長(zhǎng)為0.2m,板間距為0.15m,板間有豎直向下的勻強(qiáng)電

場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為2xl()3v/m,兩板的左端點(diǎn)MN連線的左側(cè)足夠大空間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，

磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.2T,方向垂直紙面向里。一比荷為lxl()6c/kg正電粒子以初速

度％緊靠上極板從右端水平射入電場(chǎng)，隨后從磁場(chǎng)射出。貝1]()

XXXI

XXX;0

XXX!

XXX

XXX：

XXX；

A.當(dāng)%=1義104mzs時(shí)，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度最小

B.當(dāng)％=20x104mzs時(shí)，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度最小

C.當(dāng)%=狎x104mzs時(shí)，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的位置距M點(diǎn)的距離最小

D.當(dāng)%=2x1(/m/s時(shí)，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的位置距M點(diǎn)的距離最小

二、多選題

8.滑板運(yùn)動(dòng)已經(jīng)成為亞運(yùn)會(huì)中備受矚目的一項(xiàng)比賽項(xiàng)目，它不僅代表了一種獨(dú)特的文

化，還展現(xiàn)了競(jìng)技體育的精神和魅力。如圖所示，某次運(yùn)動(dòng)中，小孩(可看作質(zhì)點(diǎn))

與滑板以相同初速度%=6m/s一起滑上斜面體，整個(gè)過(guò)程斜面體始終保持靜止。已知

小孩與滑板間的動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.6,滑板與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)人=05,小孩質(zhì)量

叫=25kg,滑板質(zhì)量m2=lkg,斜面體質(zhì)量冽3=10kg,斜面傾角8=37。，已知

sin37°=0.6,cos370=0.8,重力加速度gTOm/sz,則在上滑過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的

是（）

A.小孩與滑板之間的摩擦力大小為120N

B.小孩沿斜面滑行的最遠(yuǎn)距離為1.8m

C.地面對(duì)斜面的支持力大小為36ON

D.地面對(duì)斜面的摩擦力大小為2O8N

9.足夠長(zhǎng)的兩根平行等長(zhǎng)的導(dǎo)軌彎折成正對(duì)的“」”形，部分水平且光滑，

NPNP部分豎直，如圖所示，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=0.5m,整個(gè)空間存在豎直向上、磁感應(yīng)

強(qiáng)度為B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，質(zhì)量為加=0.2kg、電阻為尺=0.50、長(zhǎng)度也為L(zhǎng)的金屬

棒仍放在導(dǎo)軌的上方，另一根與仍完全相同的金屬棒cd置于NPNP的外

側(cè)，距MV，足夠高。現(xiàn)給a。棒一個(gè)向左的初速度％=8m/s,同時(shí)由靜止釋放cd棒，

金屬棒cd與NPNP之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.5,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，運(yùn)

動(dòng)過(guò)程中兩金屬棒始終與導(dǎo)軌接觸良好，重力加速度g取lOm/sz,則下列說(shuō)法不正確

A.初始時(shí)金屬棒cd受到的摩擦力為4N

B.金屬棒cd剛要開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，金屬棒ab向左移動(dòng)的位移是0.8m

C.金屬棒cd剛要開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，金屬棒ab所受安培力的功率大小為32W

D.當(dāng)仍停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量為6.4J

10.如圖甲，“星下點(diǎn)”是指衛(wèi)星和地心連線與地球表面的交點(diǎn)。圖乙是航天控制中心

大屏上顯示衛(wèi)星FZ01的“星下點(diǎn)”在一段時(shí)間內(nèi)的軌跡，已知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑

為r、地球半徑為凡且廣。6.7火，F(xiàn)Z01繞行方向和地球自轉(zhuǎn)方向如圖甲所示。則下列

說(shuō)法正確的()

A.衛(wèi)星FZ01的軌道半徑約為百

B.衛(wèi)星FZ01的軌道半徑約為(

C.衛(wèi)星FZ01可以記錄到北極點(diǎn)的氣候變化

D.衛(wèi)星FZ01不可以記錄到北極點(diǎn)的氣候變化

三、實(shí)驗(yàn)題

11.某實(shí)驗(yàn)小組為了驗(yàn)證小球所受向心力與角速度、半徑的關(guān)系，設(shè)計(jì)了如圖甲所示

的實(shí)驗(yàn)裝置，轉(zhuǎn)軸由小電機(jī)帶動(dòng)，轉(zhuǎn)速可調(diào)，固定在轉(zhuǎn)軸上。點(diǎn)的力傳感器通過(guò)

輕繩連接一質(zhì)量為機(jī)的小球，一根固定在轉(zhuǎn)軸上的光滑水平直桿穿過(guò)小球，保證小球

在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，直桿最外邊插一小遮光片P,小球每轉(zhuǎn)一周遮光片P通過(guò)右邊光電

門時(shí)可記錄遮光片最外邊的擋光時(shí)間，某次實(shí)驗(yàn)操作如下：

甲乙、

(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量遮光片P的寬度d,測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，則1=mm。

(2)如圖甲所示，安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，用刻度尺測(cè)量遮光片最外端到轉(zhuǎn)軸。點(diǎn)的距離記

為，測(cè)量小球球心到轉(zhuǎn)軸。點(diǎn)的距離記為以。開(kāi)動(dòng)電動(dòng)機(jī)，讓小球轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，某次遮

光片通過(guò)光電門時(shí)光電門計(jì)時(shí)為3則小球此時(shí)的角速度等于。(用字母d、

t、L1、乙2中的部分字母表示)

(3)驗(yàn)證向心力與半徑關(guān)系時(shí)，讓電動(dòng)機(jī)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，遮光片尸每次通過(guò)光電門的時(shí)間相

同，調(diào)節(jié)小球球心到轉(zhuǎn)軸。點(diǎn)的距離4的長(zhǎng)度，測(cè)出每一個(gè)4的長(zhǎng)度以及其對(duì)應(yīng)的力

傳感器的讀數(shù)R得出多組數(shù)據(jù)，畫出的關(guān)系圖像應(yīng)該為。

(4)驗(yàn)證向心力與角速度關(guān)系時(shí)讓小球球心到轉(zhuǎn)軸。點(diǎn)距離%不變，調(diào)節(jié)電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)速，

遮光片尸每次通過(guò)光電門的時(shí)間不同，記錄某次擋光時(shí)間t同時(shí)記錄此時(shí)力傳感器的

讀數(shù)F,得出多組R與/的數(shù)據(jù)，為了準(zhǔn)確驗(yàn)證小球所受向心力R與角速度0的關(guān)

系，禾傭?qū)嶒?yàn)測(cè)量應(yīng)畫________(選填“FTF-t2-”或“P1”)關(guān)系圖。

12.某物理興趣小組開(kāi)展活動(dòng)，測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

(1)甲同學(xué)為了避免電流表、電壓表的內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，利用如圖甲所示的電路

圖測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。先閉合開(kāi)關(guān)斯，把開(kāi)關(guān)S2擲于1時(shí)，改變滑動(dòng)變阻器

接入電路的阻值，得到多組電流和電壓值，在坐標(biāo)紙上畫出。-/圖像如圖乙中的。直

線；再把開(kāi)關(guān)S2擲于2,重復(fù)操作，畫出。-/圖像如圖乙中的6直線。為了消除電表

內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，根據(jù)圖像求出電源電動(dòng)勢(shì)上=V,電源內(nèi)阻

(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

(2)乙同學(xué)在沒(méi)有電壓表的情況下，設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路圖測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和

內(nèi)阻

①改變電阻箱接入電路中的電阻值，記錄了多組電流表的示數(shù)/和電阻箱的示數(shù)R,

通過(guò)研究:-R圖像，如圖丁所示，求出電源電動(dòng)勢(shì)力=V,電源內(nèi)阻

r=Q。(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

②下圖中實(shí)線代表理想電流表測(cè)得的情況，虛線代表電流表內(nèi)阻不可忽略時(shí)測(cè)得的情

況，下列圖中能正確反映相關(guān)物理量之間關(guān)系的是o(填選項(xiàng)字母)

四、計(jì)算題

13.氣調(diào)保鮮技術(shù)可通過(guò)抑制儲(chǔ)藏物細(xì)胞的呼吸量來(lái)延緩其新陳代謝過(guò)程，使之處于

近休眠狀態(tài)來(lái)達(dá)到保鮮的效果。某保鮮盒中密封了一定質(zhì)量的理想氣體，氣體的體積

約為V=6L,壓強(qiáng)月=1.0xl()5pa,溫度;=27?C,保鮮盒上部為柔性材料，氣體體積

可膨脹或被壓縮，盒內(nèi)壓強(qiáng)與外界大氣壓強(qiáng)相等，求：

⑴將保鮮盒放入保險(xiǎn)庫(kù)，保鮮盒內(nèi)氣體體積不變，保險(xiǎn)庫(kù)內(nèi)壓強(qiáng)2=9.2xl()4pa,求

此時(shí)保鮮盒內(nèi)的溫度巧；

(2)現(xiàn)將保鮮盒運(yùn)至高海拔環(huán)境，需將保鮮盒內(nèi)的一部分氣體緩慢放出以保持體積不

變，假設(shè)釋放氣體過(guò)程中溫度不變，現(xiàn)需將保鮮盒內(nèi)的氣體放出20%,求外界大氣壓

強(qiáng)P3O

14.如圖所示，直角坐標(biāo)系第一象限內(nèi)有一豎直分界線尸0,PQ左側(cè)有一直角三角形

區(qū)域one,其中分布著方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為風(fēng)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知04與

y軸重合，且Q4=”，。=60。，C點(diǎn)恰好處于PQ分界線上。尸。右側(cè)有一長(zhǎng)為L(zhǎng)的平

行板電容器，板間距為上極板與左側(cè)磁場(chǎng)的上邊界平齊，內(nèi)部分布著方向垂直紙

面向里，強(qiáng)弱隨y坐標(biāo)變化的磁場(chǎng)，和豎直向下場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。該復(fù)合場(chǎng)

能使沿水平方向進(jìn)入電容器的電子均能沿直線勻速通過(guò)電容器。在平行板電容器右側(cè)

某區(qū)域，存在一垂直紙面向內(nèi)、磁感應(yīng)強(qiáng)度為2穌的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫出)，使水

平通過(guò)平行板電容器的電子進(jìn)入該磁場(chǎng)后匯聚于x軸上一點(diǎn)?，F(xiàn)有速率不同的電子在

紙面上從坐標(biāo)原點(diǎn)。沿不同方向射到三角形區(qū)域，不考慮電子間的相互作用。已知電

子的電量為e,質(zhì)量為機(jī)，求：

T_

■IMM

KIxw

-r’

(1)當(dāng)速度方向沿y軸正方向時(shí)，能進(jìn)入平行板電容器的電子所具有的最大速度是多

少；

(2)寫出電容器內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度3隨y坐標(biāo)的變化規(guī)律；

(3)若電子沿上極板邊緣離開(kāi)電容器后立即進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)，在答題紙上畫出縱坐標(biāo)

0<y<a區(qū)域內(nèi)該磁場(chǎng)的左邊界，并求出匯聚點(diǎn)的橫坐標(biāo)。

15.如圖所示，絕緣水平面右側(cè)鎖定有一水平絕緣臺(tái)階，其上固定有兩平行正對(duì)金屬

薄板A、B,相距為d,臺(tái)階左側(cè)有一小車，小車上表面絕緣且與臺(tái)階齊平，小車與臺(tái)

階緊貼無(wú)粘連，車上固定有兩平行正對(duì)金屬薄板C、D,相距也為小車和C、。板總

質(zhì)量為如一質(zhì)量為機(jī)的金屬小球(視為質(zhì)點(diǎn))緊貼A板下端，此時(shí)小球電荷量為

q,靜止釋放，不計(jì)一切摩擦，3板和C板下端開(kāi)有略大于小球直徑的小孔，A、B、

C、。板均帶電，僅考慮A、3板之間形成的電場(chǎng)片和C、。板之間形成的電場(chǎng)62,且

EI=2E2=2E°,忽略邊緣效應(yīng)，求：

(1)小球經(jīng)過(guò)3板時(shí)速度大??；

⑵小球經(jīng)過(guò)C板小孔的同時(shí)撤去小車右邊的所有裝置，并關(guān)閉C板下端小孔，在小球

第一次從C板運(yùn)動(dòng)到。板的過(guò)程，小車對(duì)地位移的大小；

⑶在第二問(wèn)基礎(chǔ)上，設(shè)小球與。板碰撞時(shí)間極短且無(wú)機(jī)械能損失，同時(shí)小球立即帶上

與該板同種的電荷，電荷量仍為q,兩板的帶電量可認(rèn)為不變，試推出相鄰的兩次碰

撞之間的時(shí)間間隔需滿足的規(guī)律。

參考答案

1.答案：C

解析：A.根據(jù)反應(yīng)過(guò)程滿足質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)，可知原子核：X是;He,故A錯(cuò)誤；

B.；H衰變的本質(zhì)是由弱相互作用引起的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子并釋放出電子，故B錯(cuò)誤；

C.汨的半衰期為12.5年，l/ng的:H經(jīng)25年的衰變后，可知結(jié)果兩個(gè)半衰期，汨還

剩0.25機(jī)g,故C正確；

D.半衰期只由原子核自身決定，將核污水排入海洋后，僦因濃度降低使半衰期不變，

放射性不變，故D錯(cuò)誤。故選C。

2.答案：A

解析：AB.根據(jù)機(jī)械能守恒可得力gH=；加丫2

可得小球。和》到達(dá)軌道底端的速度大小均為v=可瓦

小球6沿直線軌道H做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其VT圖像為一條傾斜直線，小球。沿“最速

降線”軌道I運(yùn)動(dòng)過(guò)程，加速度逐漸減小，則其VT圖像的切線斜率逐漸減小，且小球

。所用時(shí)間小于小球人所用時(shí)間，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)機(jī)械能守恒可得mgh=gmv2

可得小球。和6下滑過(guò)程速率平方F與下滑高度h的關(guān)系為/=2gh

可知小球。和匕的圖像均為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，故CD錯(cuò)誤。故選A。

3.答案：D

解析：對(duì)空竹受力分析，同一根繩子拉力處處相等，所以耳=心

共點(diǎn)力平衡，設(shè)片與水平方向的夾角為a,F2與水平方向的夾角為夕，有

Fxcosa=F2COS/?

所以&

所以兩根繩與豎直方向的夾角相等為仇則2￡cos9=，咫

兩端點(diǎn)沿A3、CD以同一速度勻速移動(dòng)，移動(dòng)的過(guò)程的位移大小相等，兩端點(diǎn)在水平

方向上的距離不變，所以。不變，從而得出耳和F?均不變，且兩者大小相等，故ABC

錯(cuò)誤，D正確。故選D。

4.答案：D

解析：A.根據(jù)題意可知，正電荷所受電場(chǎng)力水平向右，則電場(chǎng)方向水平向右，可知，

右極板帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B.由于顆粒進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的初速度為零，在電場(chǎng)中受電場(chǎng)力和重力的合力保持不變，則

顆粒離開(kāi)漏斗口在電場(chǎng)中做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)題意，設(shè)兩極板間的電壓值為U,水平方向上有

Uqd1

——ma，————at:

d22

豎直方向上有L=

聯(lián)立解得。=與二，故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)題意，結(jié)合C分析可知，顆粒離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的水平速度為

離開(kāi)電場(chǎng)后，水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則顆粒落到收集板時(shí)的水平速度仍為匕，豎直方

向上，顆粒一直做自由落體運(yùn)動(dòng)，則顆粒落到收集板時(shí)的豎直速度為

則顆粒落到收集板時(shí)的速度大小為v=后百2g(L+H)+^—

故D正確。故選D。

5.答案：B

解析：AB.將保險(xiǎn)絲電阻看成交變電源內(nèi)阻，則有可變電阻消耗的功率等于理想變壓

器原線圈消耗的功率，設(shè)原線圈等效電阻為耳，則有

//=llR

A_也

，2〃1

聯(lián)立可得

(/丫

&=IA二?7?=47?

當(dāng)電路正常工作時(shí)，原線圈電流，<1A,則

U

&+R'=工>2200.

即

&=4R2219Q

所以

7?>54.75Q

根據(jù)電源輸出功率的特點(diǎn)可知可變電阻R越大，輸出功率越小，即原線圈消耗的功率

越小，可變電阻消耗的功率越小，故B正確，A錯(cuò)誤；

C.設(shè)電阻R為r時(shí)，原線圈中電流剛好達(dá)到熔斷電流，即，=1A,根據(jù)

/]—%

12n\

則副線圈的電流

12=也=2人

〃2

即通過(guò)可變電阻R的電流不能超2A；故C錯(cuò)誤;

D.當(dāng)其他條件不變，增加原線圈匝數(shù)，根據(jù)

22

R=R—R

V-*17<〃2，

可知相當(dāng)于增加了原線圈的等效電阻，則根據(jù)歐姆定律可知原線圈電流減小，保險(xiǎn)絲

不會(huì)熔斷，故D錯(cuò)誤;

故選B。

6.答案：A

解析：A.如圖所示

設(shè)尸和。分別是半圓上光線射出的臨界位置，因?yàn)榘雸A上有一半?yún)^(qū)域有光線射出，可

知

ZPOQ=9Q°

設(shè)光線射入玻璃磚后的折射角為仇全反射臨界角為C,由幾何關(guān)系可知

ZPOM=ZAOQ

即

9O0-0-C^C-0

則

C=45°

折射率

n=A/2

又由折射定律可知

sin(9

解得

8=30°

則

C-0=15°

故圓弧AN上沒(méi)有光線射出的區(qū)域的長(zhǎng)度與圓弧AN長(zhǎng)度之比為

90?！?5。5

90°~6

A正確；

B.結(jié)合幾何知識(shí)可知，出射光線與水平方向夾角最大為75。，B錯(cuò)誤;

C.由對(duì)稱性可知，從A點(diǎn)出射的光線與入射光平行，C錯(cuò)誤；

D.玻璃磚內(nèi)的光線路徑最長(zhǎng)的是從A點(diǎn)出射的光線，故最大傳播時(shí)間為

2R

15=_2?

max一工-3(?

正

D錯(cuò)誤。

故選Ao

7.答案：D

解析：AB.粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度最小，則粒子

在從電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度最小，設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度v與水平方向的夾角為仇

根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有，水平方向L=%/

豎直方向y=—at2

2

力口速度。=芻=1x106x2x103mzs2=2x109mzs2

m

而Vy=S

則tan。=%=2.上

%L

可得y=0.1tan8

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度與位移的關(guān)系式可得為=同

而造

聯(lián)立以上各式可得v=立?=戶2義10901叵=2xl04FJZ

sin。Vsin261Vsin26>

可知，當(dāng)6=45。時(shí)，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)有最小速度%口=2后xlO4mzs

4

此時(shí)%=vcos45°=2A/^X10x^-m/s=2x104mzs,故AB錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)以上分析可知，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v,進(jìn)入磁場(chǎng)后粒子在磁場(chǎng)中做圓周

2

運(yùn)動(dòng)，偏轉(zhuǎn)后從MN邊界離開(kāi)磁場(chǎng)，則由洛倫茲力充當(dāng)向心力有3處=〃?,

mv

可得R

qB

根據(jù)幾何關(guān)系可得，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的位置與射出磁場(chǎng)的位置之間的距離為

〃=2Rcos”也至

qBtanO

2mJ2ay1cl

則離M點(diǎn)的距離為Ay=y+〃=y+—N~~-=—tan61+—1----

qBtan0105jtan6

即有Ay=—(tan0H—.)=—“tan夕-----)2H—/-------

10Jtan。10[_tan。Jtan。tan0

可知，當(dāng)6=45。時(shí)，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的位置距〃點(diǎn)的距離最小，而根據(jù)以上分析可知,

當(dāng)，=45。時(shí)%=2xl()4m/s,故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。

8.答案：BD

解析：A.由于〃]〉〃2，所以小孩和滑板相對(duì)靜止一起做勻減速運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，利用整

體法有(班+加2)gsin夕+4(町+m2)gcos0-(班+m?)a

解得a=10m/s2

方向沿斜面向下。對(duì)小孩分析，假設(shè)小孩和滑板間的摩擦力為力有了+班gsin8=7/a

解得了=100N,故A錯(cuò)誤；

B.由速度位移公式可得》=紀(jì)立=L8m,故B正確；

-2a

C.以小孩、滑板和斜面體整體為研究對(duì)象，小孩和滑板做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向沿

斜面向下，加速度有向右和向下的分加速度，大小分別為q=acos。，%=asin。

根據(jù)系統(tǒng)牛頓第二定律可知，在豎直方向有(叫+m2+m3)g-FN=(ml+m2)ay

解得綜=204N,故C錯(cuò)誤；

D.地面對(duì)斜面體有向右的摩擦力，其大小為力=(g+m2)a,=208N,故D正確。故選

BDo

9.答案：ACD

解析：A.初始仍棒產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E=BL%=8V

E

時(shí)與cd組成閉合回路，電流為/='=8A

2R

兩金屬棒所受安培力大小為尸=5〃=8N

根據(jù)右手定則可知，通過(guò)cd的電流方向由d到c,根據(jù)左手定則，cd受向左的安培

力，與導(dǎo)軌提供的支持力平衡，其所受最大靜摩擦力為/_u/zNu/zB/LudNAmg

故此時(shí)受到的靜摩擦力大小為/=/ng=2N,故A錯(cuò)誤，滿足題意要求;

B.當(dāng)cd棒剛要運(yùn)動(dòng)時(shí)有了=〃5//=根？，r=—=—

2R2R

聯(lián)立解得v=4m/s

從開(kāi)始到cd棒剛要運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，對(duì)金屬棒根據(jù)動(dòng)量定理得-即L%=加v-加%

：t=q,q為該過(guò)程通過(guò)金屬棒的電荷量，則有“=方=9￡=也=處

2R2R2R

聯(lián)立解得x=0.8m

故B正確，不滿足題意要求；

C.金屬棒cd剛要開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，金屬棒ab所受安培力的功率大小為

D2T22

P=琮v=BFLv=^-=16W,故C錯(cuò)誤，滿足題意要求；

女2R

D.根據(jù)功能關(guān)系，湖棒克服安培力所做的功等于減少的動(dòng)能，則有

|^|=|mvo=6.4J

而克服安培力所做的功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱，但cd棒下降過(guò)程中與導(dǎo)軌之間還有摩

擦生熱，所以整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大于6.4J,故D錯(cuò)誤，滿足題意要求。

故選ACDo

10.答案：AC

解析：AB.由軌跡圖可知：地球自轉(zhuǎn)一圈，衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)3圈，衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有

引力提供向心力可得G^=加蕓廠

解得同步衛(wèi)星的周期為T=2%

\GM

衛(wèi)星FZ01的周期為T'=2兀J'

\GM

由于7=37,所以/=靠廠，故A正確，B錯(cuò)誤;

CD.衛(wèi)星FZ01緯度最高時(shí)，根據(jù)圖乙可知6=30。

如圖所示

衛(wèi)星離地球球心所在水平面的高度為/i=/sin30?！?.7R＞尺

即衛(wèi)星高度大于北極點(diǎn)的高度，衛(wèi)星FZ01可以記錄到北極點(diǎn)的氣候變化，故C正

確，D錯(cuò)誤。故選AC。

11.答案：(l)1.880mm

Q)}

L/

⑶A

⑷八5

解析：(1)根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)原理地

J=1Jmm+38x0.01mm=1.880mm

(2)遮光片通過(guò)光電門時(shí)光電門計(jì)時(shí)為t時(shí)遮光條地線速度為

d

v=—

t

所以小球此時(shí)的角速度為

vd

0=—=——

rLxt

(3)遮光片尸每次通過(guò)光電門的時(shí)間相同，L1、d不變，則①不變，由

1

F=mcoL2

可知F-L2的關(guān)系圖像為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線。

故選A。

(4)由

a2r/d、2rmd2L1

F=mo)￡=mx(——)x￡=-----2----

9?22

-tLiGt

為了準(zhǔn)確驗(yàn)證小球所受向心力R與角速度co的關(guān)系，利用實(shí)驗(yàn)測(cè)量應(yīng)畫歹-：圖像。

12.答案：(1)1.40；7.00

⑵①1.33；8.00②C

解析：(1)電動(dòng)勢(shì)的準(zhǔn)確值是L40V,由于坐標(biāo)原點(diǎn)是(0,0.54),所以要求廠的準(zhǔn)確值需

13512

要求出b圖像的短路電流。由相似比得。=-^0-A=0.2A

連接1.40V與勾兩點(diǎn)斜率即為廠，廠=業(yè)=四Q=7.00Q

L02

(2)①根據(jù)閉合電路歐姆定律U=IR=E-Ir

11V

整理可得—=—R+—

IEE

1v31

由—R圖像知6.0=一,k=—=一

IE4E

所以石=1.33V,/?=8.00。

11r

②當(dāng)電流表沒(méi)有內(nèi)阻時(shí)-=—R+—

IEE

當(dāng)電流表有內(nèi)阻時(shí),=人氏+匕區(qū)

1EE

所以兩圖像的斜率相同，截距后者大于前者，故選C。

13.答案：(l)3℃(2)8xlO4Pa

解析：(1)由查理定律可得出=或

T[T]

其中工=(27+273)K=300K

解得《=276K

可得此時(shí)保鮮盒內(nèi)的溫度t°=(276-273)?=

⑵由玻意耳定律可得pyx=p3V3

其中K=80%匕

可得外界大氣壓強(qiáng)為P3=8x1(/Pa

14.答案：(1)典(2)B=第-(3)見(jiàn)解析；xZa+L+a

m2eB°y

解析：(1)根據(jù)題意可知，由洛倫茲力提供向心力，有

v2

evB=m—

Qr

解得

m

可知，能從0C邊出磁場(chǎng)的電子，當(dāng)運(yùn)動(dòng)軌跡和AC相切時(shí)半徑最大，故半徑最大值

G=a

所以，能從OC邊出磁場(chǎng)的電子所具有的最大速度

)--e-B--a-

mm

(2)根據(jù)題意，畫出從y處水平進(jìn)入平行板間的粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示

r=2y

可得

m

電子均能沿直線勻速通過(guò)電容器，則有

eE—evB

解得

EmE

B=——=-------

v2eB°y

(3)進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)，因磁感應(yīng)強(qiáng)度為2為，所以運(yùn)動(dòng)半徑為

R=y

磁場(chǎng)左邊界為傾角45。的斜線，如圖所示

由幾何關(guān)系可得，匯聚點(diǎn)橫坐標(biāo)

X—y/3ct+JL+4

15.答案：（1）2^^（2）生|^1（3）4=（而工—師開(kāi)）（〃取正整數(shù)）

解析：（1）小球經(jīng)過(guò)3板時(shí)速度大小為％,對(duì)小球從A板到3板的過(guò)程中，由動(dòng)能定理

2qEod=gmv；

可得,