南外海安中學(xué)聯(lián)考高考物理模擬試卷（含解析）-人教版高三物理試題

年江蘇省南京市金陵中學(xué)、南外、海安中學(xué)聯(lián)考高考物理模擬試卷 一、單項(xiàng)選擇題．本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意． 1．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）將兩只可調(diào)電阻R1（0﹣10Ω）、R2（0﹣100Ω）連接成如圖（a）和（b）所示的電路，用于調(diào)節(jié)電路的電阻．關(guān)于它們的作用下列說法正確的是（ ） A． 圖a中R1是微調(diào)電阻，R2是粗調(diào)電阻 B． 圖b中R1是微調(diào)電阻，R2是粗調(diào)電阻 C． 圖a、圖b中R1都是微調(diào)電阻 D． 圖a、圖b中R2都是粗調(diào)電阻 2．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，雜技演員表演水流星節(jié)目．一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩兩端系著盛水的杯子，演員握住繩中間，隨著演員的掄動(dòng)，杯子在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，杯子運(yùn)動(dòng)中水始終不會(huì)從杯子灑出，設(shè)重力加速度為g，則杯子運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的角速度ω至少為（ ） A． B． C． D． 3．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1：n2=22：1，副線圈連接一個(gè)理想二極管D和阻值為10Ω的電阻R，二極管D具有單向?qū)щ娞匦裕螂娮铻榱?，反向電阻無限大，圖中兩交流電表是理想電表．當(dāng)原線圈輸入u1=220sin100πt（V）交流電壓時(shí)，交流電壓表和電流表讀數(shù)U、I為（ ） A． 10V1A B． 10VA C． 10VA D． 10V1A 4．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）在某個(gè)電場(chǎng)中，x軸上各點(diǎn)電勢(shì)φ隨x坐標(biāo)變化如圖所示，一質(zhì)量m、電荷量+q的粒子只在電場(chǎng)力作用下能沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（ ） A． x軸上x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都相同 B． 粒子運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)時(shí)速度一定相同 C． 粒子運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過x=x1點(diǎn)的加速度大于x=x2點(diǎn)加速度 D． 若粒子在x=﹣x1點(diǎn)由靜止釋放，則粒子到達(dá)O點(diǎn)時(shí)刻加速度為零，速度達(dá)到最大 5．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）帆船運(yùn)動(dòng)員要駕船逆風(fēng)行駛從M點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)，下列四個(gè)方案中合理的是（ ） A． B． C． D． 二、多項(xiàng)選擇題．本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分． 6．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，彗星A在太陽引力作用下沿P→Q→R軌跡運(yùn)動(dòng)，Q是彗星A的近日點(diǎn)．由于太陽的照射，彗星表面物質(zhì)會(huì)不斷汽化，并在太陽風(fēng)的作用下遠(yuǎn)離彗核，形成長(zhǎng)長(zhǎng)的彗尾，下列關(guān)于彗星運(yùn)動(dòng)的說法正確的是（ ） A． 若不計(jì)質(zhì)量的變化，在靠近太陽的過程中，彗星的勢(shì)能不斷增大 B． 在遠(yuǎn)離太陽從Q到R過程中，彗星受到太陽的引力減小 C． 彗星運(yùn)動(dòng)至Q近日點(diǎn)時(shí)加速度最大 D． 如果彗星的速度足夠大，彗星A可能再也不會(huì)返回 7．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）圖a、b兩個(gè)電路中，A、B是兩個(gè)完全相同的電燈泡，兩個(gè)電源電動(dòng)勢(shì)相等，內(nèi)阻都是r，C為電容器，L為電感線圈，電阻是RL，RL小于燈泡電阻R，下列說法正確的是（ ） A． 閉合電鍵，A先亮后熄滅 B． 閉合電鍵，電路穩(wěn)定后A比B亮 C． 斷開電鍵，A中電流立即為零 D． 斷開電鍵，B先變亮后再熄滅 8．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖甲所示，細(xì)繩跨過光滑的輕質(zhì)定滑輪連接A、B兩球，滑輪懸掛在一個(gè)傳感器正下方，B球換用質(zhì)量m不同的球，而A球始終不變，通過計(jì)算機(jī)描繪得到傳感器拉力F隨B球質(zhì)量m變化的關(guān)系如圖乙所示，F(xiàn)=F0直線是曲線的漸近線，已知輕質(zhì)定滑輪質(zhì)量可看成零，重力加速度為g，則（ ） A． 根據(jù)圖線可以確定A球質(zhì)量m0=g B． 根據(jù)圖線可以計(jì)算B球?yàn)槟骋毁|(zhì)量m時(shí)其運(yùn)動(dòng)的加速度a C． A、B球運(yùn)動(dòng)的加速度a一定隨B質(zhì)量m的增大而增大 D． 傳感器讀數(shù)F一定小于A、B球總重力 9．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖，在y軸右側(cè)存在與xoy平面垂直范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，位于坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子源在xoy平面內(nèi)發(fā)射出大量完全相同的帶電負(fù)粒子，所有粒子的初速度大小均為v0，方向與x軸正方向的夾角分布在60°～﹣60°范圍內(nèi)，在x=l處垂直x軸放置一熒光屏S．已知沿x軸正方向發(fā)射的粒子經(jīng)過了熒光屏S上y=﹣l的點(diǎn)，則（ ） A． 粒子的比荷為= B． 粒子的運(yùn)動(dòng)半徑一定等于2l C． 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定不超過 D． 粒子打在熒光屏S上亮線的長(zhǎng)度大于2l 三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題（第lO、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計(jì)42分．請(qǐng)將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．【必做題】 10．（8分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖a，甲同學(xué)要測(cè)量小車與長(zhǎng)木板間的摩擦因數(shù)μ，沒有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，他用一滴瓶作計(jì)時(shí)工具，已知從滴瓶的滴管中每隔一定時(shí)間會(huì)有一小液滴落下．將一側(cè)面帶有刻度尺的長(zhǎng)木板AB水平放置在桌面上． （1）檢查木板是否水平，提供給你的器具是：小車，木塊，鋼球．選擇 做實(shí)驗(yàn)判斷最簡(jiǎn)單合理 （2）調(diào)整木板水平后，將滴瓶放在小車上，小車放在木板左端B點(diǎn)處，然后輕推小車，給它一個(gè)向右的速度，結(jié)果在木板上得到如圖b所示的一段液滴點(diǎn)跡；再將木板的右端A適當(dāng)抬起，使木板與水平方向成α角（α已知），然后讓滑塊從在上端開始下滑，結(jié)果在木板上得到如圖c所示的一段液滴點(diǎn)跡，則根據(jù)圖b、c可計(jì)算得到摩擦因數(shù)μ= ． （3）乙同學(xué)首先用電子手表測(cè)定滴管中液滴周期，記錄了從第一個(gè)液滴落下到第n個(gè)液滴落下經(jīng)歷時(shí)間是t，計(jì)算得到液滴的周期T= ；再根據(jù)木板側(cè)面刻度尺，知道圖中相鄰刻度線的距離是L，結(jié)合（2）的計(jì)算結(jié)果測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭= ． 11．（10分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）測(cè)量鉛筆芯的電阻率，取一支4B鉛筆，去掉兩端筆芯外木質(zhì)部分，不損傷筆芯，如圖所示安放在接線支座上． （1）用刻度尺量得筆芯長(zhǎng)度L=20.0cm，螺旋測(cè)微器測(cè)量筆芯的直徑如圖a，則筆芯的直徑為d= mm （2）甲同學(xué)選用歐姆表×10檔測(cè)量筆芯的電阻，進(jìn)行了正確的操作后，多用電表指針偏轉(zhuǎn)很大，如圖b所示，甲同學(xué)認(rèn)為應(yīng)該調(diào)整歐姆表量程，下列說法正確的是 A．應(yīng)該換用×100檔量程 B．應(yīng)該換用×1檔量程 C．換量程后必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零 D．換量程后沒有必要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零 （3）乙同學(xué)采用實(shí)驗(yàn)室提供的下列器材測(cè)定鉛筆芯電阻 A．待測(cè)筆芯 B．電流表（0﹣0.6A，0﹣3A，內(nèi)阻分別約1Ω，0.5Ω） C．電壓表（0﹣3V，0﹣15V，內(nèi)阻分別約6kΩ，30kΩ） D．滑動(dòng)變阻器（0﹣10Ω） E．電源（3V） F．開關(guān)、導(dǎo)線若干 請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求在下圖中用筆畫線代替導(dǎo)線（只配有兩根導(dǎo)線）完成實(shí)物電路連接 （4）實(shí)驗(yàn)測(cè)量過程中某次電壓表、電流表指針偏轉(zhuǎn)如下圖則電壓表讀數(shù)U= V，電流表讀數(shù)I= A，計(jì)算得到鉛筆芯電阻R= Ω（電阻計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字） 一．選做題（請(qǐng)從A、B和C三小題中選定兩小題作答，并在答題卡上把所選題目對(duì)應(yīng)字母后的方框涂滿涂黑．如都作答，則按A、B兩小題評(píng)分．） 12．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）下列物理事實(shí)說法正確的是 （ ） A． 蔗糖受潮后會(huì)粘在一起形成糖塊，說明一定條件下晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w B． 雨天傘面不漏水，是紗線被水浸濕后孔隙間水膜的表面張力的作用效果 C． 加熱的水中撒一點(diǎn)胡椒粉，胡椒粉在水中翻滾，說明溫度越高布朗運(yùn)動(dòng)越激烈 D． 焦耳熱功當(dāng)量實(shí)驗(yàn)說明做功和熱傳遞改變物體的內(nèi)能是等效的 13．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示A到B狀態(tài)變化的過程，已知?dú)怏w狀態(tài)A參量為pA、VA、tA，狀態(tài)B參量為pB、VB、tB，則有：pA pB（選填＞；=；＜）．若A到B過程氣體內(nèi)能變化為△E，則氣體吸收的熱量Q= ． 14．（5分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）已知某種氣體摩爾質(zhì)量是M，標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下摩爾體積為V0，阿伏伽德羅常數(shù)是NA，求： ①氣體分子的質(zhì)量m； ②標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下氣體分子間的平均距離d． 一．（選修模塊3-4）（12分） 15．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）下列說法正確的是 （ ） A． 麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在 B． 只有機(jī)械波多能產(chǎn)生普勒效應(yīng)，光波不能產(chǎn)生多普勒效應(yīng) C． 在照相機(jī)鏡頭上涂一層氟化鎂，可以增透所需要的光，這是利用光的干涉原理 D． 不同頻率的機(jī)械波在同一種介質(zhì)中的傳播速度一定不相同 16．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）一飛船以速度v沿圖示方向飛行，地面觀測(cè)者測(cè)得飛船經(jīng)過相距為L(zhǎng)0的A、B兩點(diǎn)經(jīng)歷時(shí)間為t1，而飛船駕駛員測(cè)量經(jīng)過A、B兩點(diǎn)時(shí)間是t2，則有t1 t2（選填＞，=，＜），原因是飛船駕駛員觀測(cè)到A、B兩點(diǎn)距離L L0（選填＞，=，＜）． 17．（5分）（?西安模擬）如圖所示，一束光線射向橫截面半徑為R的透明圓柱體，光在圓柱體表面入射角i=45°，經(jīng)折射后出射光線偏折角δ=30°，已知光在真空中傳播速度為c，求： ①透明體材料對(duì)光的折射率n； ②光在透明圓柱體中傳播時(shí)間t． 一．（選修模塊3-5）（12分） 18．（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）所有涉及電子和正電子的核轉(zhuǎn)變過程都叫做β衰變，實(shí)際的例子有 Co→Ni+e+v Na→Ne+e+ve 其中ve是不帶電而質(zhì)量很小可以忽略的中微子，由于原子核中沒有單個(gè)的電子或正電子，所以上述衰變實(shí)際上是核中的質(zhì)子和中子相互變化的結(jié)果，已知靜止中子質(zhì)量大于質(zhì)子的質(zhì)量．以下說法正確的是 （ ） A． 負(fù)電子衰變是不穩(wěn)定原子核中一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，放出負(fù)電子 B． 正電子衰變過程有質(zhì)量虧損 C． 靜止的自由中子可能發(fā)生負(fù)電子衰變 D． 靜止的自由質(zhì)子可能發(fā)生正電子衰變 19．（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）原子核從核外電子殼層中俘獲一個(gè)軌道電子的衰變過程稱為軌道電子俘獲，該過程也稱為β衰變．如：Na+e→Ne上述過程實(shí)際上是原子核內(nèi)一個(gè)質(zhì)子俘獲電子轉(zhuǎn)變?yōu)?；若原子核俘獲的是原子的K層電子，新原子的電子殼層K層留下一個(gè)空位，原子的L層電子會(huì)躍遷到K層并輻射頻率為ν的光子，已知氖原子K層電子的能級(jí)EK=E0，則氖原子L層電子能級(jí)EL為 ．（普朗克常數(shù)為h） 20．（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）質(zhì)量m1靜止的U變?yōu)橘|(zhì)量m2的Th，放出質(zhì)量m3的α粒子，有γ光子輻射． ①求衰變過程釋放的核能 ②若α粒子動(dòng)量大小是p1，γ光子動(dòng)量大小為p2，它們方向相同，求Th動(dòng)量大?。? 四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位． 21．（15分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，空間區(qū)域存在方向水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向內(nèi)，磁感強(qiáng)度大小是B，磁場(chǎng)區(qū)邊界線是水平的，寬度是L．質(zhì)量m、電阻為R、邊長(zhǎng)是l（l＜L）的N匝正方形閉合線圈從磁場(chǎng)區(qū)上邊界的高處由靜止開始下落，線圈上下邊始終平行于磁場(chǎng)邊界線，運(yùn)動(dòng)過程中不翻轉(zhuǎn)，當(dāng)線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)時(shí)加速度a=0，上邊離開磁場(chǎng)區(qū)前線圈也已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g． （1）求線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)時(shí)刻線圈中電流I和線圈中的電功率P； （2）求線圈穿過磁場(chǎng)區(qū)全過程產(chǎn)生的電熱Q； （3）若將線圈初始釋放的位置提高到原來4倍，求線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)瞬間加速度a． 22．（16分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖甲所示，一對(duì)平行金屬板C、D相距為d，兩板長(zhǎng)L，在CD間加如圖乙所示交變電壓（U0是已知量，T是不確定的未知量）．平行板右側(cè)是兩個(gè)緊鄰的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁感強(qiáng)度大小B1=B2=B0，磁場(chǎng)方向都垂直于紙面并相反，磁場(chǎng)邊界MM′、NN′、PP′垂直于極板．質(zhì)量m、電量﹣e的電子以相同的速度不斷從左側(cè)沿兩板中線OO?射入極板間，不計(jì)電子所受重力作用． （1）若t=0時(shí)刻在O點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)的電子能在0﹣T/2時(shí)間段內(nèi)某時(shí)刻穿出極板間，求電子射入初速度v和交變電壓周期T應(yīng)該滿足的條件． （2）若電子射入初速度v0和交變電壓周期T滿足條件：L=，所有從O點(diǎn)射入電場(chǎng)的電子恰好都能夠穿出C、D極板，求電子射入的初速度v0． （3）不考慮電場(chǎng)邊緣效應(yīng)，在（2）的情景下，t=時(shí)刻射入電場(chǎng)的電子穿出極板間電場(chǎng)后又進(jìn)入磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，電子經(jīng)過磁場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)又恰好從O′返回板間電場(chǎng)，求圖甲中兩磁場(chǎng)區(qū)寬度l1和l2滿足的條件． 23．（16分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，在光滑水平面上放置一長(zhǎng)度L的輕質(zhì)板B，在水平面右端固定一個(gè)勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧．現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量m的物塊A以水平初速度v0從長(zhǎng)板左端滑上B，且B被彈簧反彈后觀察到A始終位于在B中點(diǎn)，已知物塊A與長(zhǎng)板B間動(dòng)摩擦力因數(shù)是μ1，AB間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度是g． （1）求上述過程中彈簧最大壓縮量△l； （2）若增大物塊A滑上板的水平速度初速度，而物塊A又不會(huì)從長(zhǎng)板B上滑落，則A的水平速度初速度v應(yīng)該滿足什么條件？ （3）若在B的右端放置一質(zhì)量也是m的物塊C，C與B間動(dòng)摩擦力因數(shù)為μ2（μ2＜μ1），A以某一水平初速度滑上B左端，在B與彈簧接觸前A、C已經(jīng)達(dá)到相對(duì)靜止且恰好相遇，已知B與彈簧接觸前后A、C在B上的位置沒有發(fā)生變化，求B與彈簧接觸過程彈簧的最大彈性勢(shì)能Ep． 年江蘇省南京市金陵中學(xué)、南外、海安中學(xué)聯(lián)考高考物理模擬試卷 參考答案與試題解析 一、單項(xiàng)選擇題．本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意． 1．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）將兩只可調(diào)電阻R1（0﹣10Ω）、R2（0﹣100Ω）連接成如圖（a）和（b）所示的電路，用于調(diào)節(jié)電路的電阻．關(guān)于它們的作用下列說法正確的是（ ） A． 圖a中R1是微調(diào)電阻，R2是粗調(diào)電阻 B． 圖b中R1是微調(diào)電阻，R2是粗調(diào)電阻 C． 圖a、圖b中R1都是微調(diào)電阻 D． 圖a、圖b中R2都是粗調(diào)電阻 考點(diǎn)： 串聯(lián)電路和并聯(lián)電路．專題： 恒定電流專題．分析： 根據(jù)串并聯(lián)特征，依據(jù)歐姆定律，并結(jié)合電阻阻值的大小，即可求解．解答： 解：圖a中兩電阻串聯(lián)，則電流處處相等，因此電阻兩端的電壓與電阻阻值成正比，由于電阻R1（0﹣10Ω）、R2（0﹣100Ω），所以R1是微調(diào)電阻，R2是粗調(diào)電阻；對(duì)于圖b中兩電阻并聯(lián)，則電壓相等，因此電流與電阻阻值成反比，所以R1是粗調(diào)電阻，R2是微調(diào)電阻，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A．點(diǎn)評(píng)： 考查串聯(lián)與并聯(lián)特點(diǎn)，掌握歐姆定律的應(yīng)用，注意微調(diào)與粗調(diào)的確定與區(qū)別． 2．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，雜技演員表演水流星節(jié)目．一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩兩端系著盛水的杯子，演員握住繩中間，隨著演員的掄動(dòng)，杯子在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，杯子運(yùn)動(dòng)中水始終不會(huì)從杯子灑出，設(shè)重力加速度為g，則杯子運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的角速度ω至少為（ ） A． B． C． D． 考點(diǎn)： 向心力．專題： 勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題．分析： 杯子運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，水恰好不流出時(shí)，由水的重力剛好提供其做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解最小角速度．解答： 解：據(jù)題知，杯子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=杯子運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，水恰好不流出，由水的重力剛好提供其做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=m解得：故選：B點(diǎn)評(píng)： 本題應(yīng)用牛頓第二定律破解水流星節(jié)目成功的奧秘，關(guān)鍵在于分析受力情況，確定向心力的來源． 3．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1：n2=22：1，副線圈連接一個(gè)理想二極管D和阻值為10Ω的電阻R，二極管D具有單向?qū)щ娞匦?，正向電阻為零，反向電阻無限大，圖中兩交流電表是理想電表．當(dāng)原線圈輸入u1=220sin100πt（V）交流電壓時(shí)，交流電壓表和電流表讀數(shù)U、I為（ ） A． 10V1A B． 10VA C． 10VA D． 10V1A 考點(diǎn)： 變壓器的構(gòu)造和原理．專題： 交流電專題．分析： 根據(jù)表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，二極管的作用是只允許正向的電流通過，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論．解答： 解：原線圈輸入u1=220sin100πt（V）交流電壓時(shí)，因此原線圈的電壓有效值為U1==220V；根據(jù)原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，則有：==10V；電壓表的讀數(shù)應(yīng)該是副線圈電壓的有效值，即為10V；若沒有二極管，則電流表讀數(shù)，則為電流的有效值，即為I==1A；由于二極管具有單向?qū)щ娦裕娏麟S著時(shí)間變化的規(guī)律只有一半，由電流熱效應(yīng)知：I2R=I′2RT，解得：I′=A，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選：C．點(diǎn)評(píng)： 本題需要掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的關(guān)系，同時(shí)對(duì)于二極管和電容器的作用要了解． 4．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）在某個(gè)電場(chǎng)中，x軸上各點(diǎn)電勢(shì)φ隨x坐標(biāo)變化如圖所示，一質(zhì)量m、電荷量+q的粒子只在電場(chǎng)力作用下能沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（ ） A． x軸上x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都相同 B． 粒子運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)時(shí)速度一定相同 C． 粒子運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過x=x1點(diǎn)的加速度大于x=x2點(diǎn)加速度 D． 若粒子在x=﹣x1點(diǎn)由靜止釋放，則粒子到達(dá)O點(diǎn)時(shí)刻加速度為零，速度達(dá)到最大 考點(diǎn)： 電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度．專題： 電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析： φ﹣x的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)，由斜率的大小分析場(chǎng)強(qiáng)的大小．根據(jù)電勢(shì)的變化，分析電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化．根據(jù)動(dòng)能定理判斷動(dòng)能的電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系．由牛頓第二定律分析加速度的變化．判斷粒子所受的電場(chǎng)力的大小情況，從而分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況．解答： 解：A、從x=x1到x=﹣x1，電勢(shì)先降低后升高，因?yàn)檠刂妶?chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知電場(chǎng)的方向先向右再向左，則知x軸上x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，根據(jù)斜率等于場(chǎng)強(qiáng)的大小，可知x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，故這兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不同．由圖知兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故A錯(cuò)誤．B、x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)電勢(shì)相等，電場(chǎng)力做功為0，根據(jù)動(dòng)能定理可知粒子運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)時(shí)速度大小一定相同，但速度方向有可能相反．故B錯(cuò)誤．C、由x=x1和x=﹣x1兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，粒子所受的電場(chǎng)力大小相等，則加速度大小相等．故C錯(cuò)誤．D、若粒子在x=﹣x1點(diǎn)由靜止釋放，粒子到達(dá)O處時(shí)所受的電場(chǎng)力為零，加速度為零，粒子先加速后減速，則到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的速度最大，故D正確．故選：D．點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵知道電勢(shì)的高低與電場(chǎng)方向的關(guān)系，知道電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系，知道φ﹣x圖象切線的斜率大小等于場(chǎng)強(qiáng)． 5．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）帆船運(yùn)動(dòng)員要駕船逆風(fēng)行駛從M點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)，下列四個(gè)方案中合理的是（ ） A． B． C． D． 考點(diǎn)： 合力的大小與分力間夾角的關(guān)系．專題： 平行四邊形法則圖解法專題．分析： 帆船逆風(fēng)前進(jìn)是走之字路的，風(fēng)向與船的行駛方向有大于零的夾角，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，即可求解．解答： 解：將風(fēng)吹向帆的垂直于帆的分力又分解為兩個(gè)分力：沿船行駛方向的分力F1和垂直于船行駛方向的分力F2，由于垂直于船的行駛方向水的阻力f2很大（船的形狀、斯托克斯原理），F(xiàn)2與f2平衡，使船不會(huì)打橫．行駛方向水的阻力則很小，F(xiàn)1略大于f1，至少等于f1，則船在這個(gè)方向就加速或者勻速前進(jìn)．當(dāng)然為了不偏離目標(biāo)太遠(yuǎn)，到了一定的時(shí)刻，要改變航向，使風(fēng)從另一個(gè)側(cè)面吹來，原理同上．所以要走之字路才能利用逆風(fēng)，又不偏離方向．現(xiàn)在的帆板運(yùn)動(dòng)員照樣要利用這個(gè)原理來比賽．故選：B．點(diǎn)評(píng)： 考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解的應(yīng)用，掌握帆船逆風(fēng)前進(jìn)的原理，注意合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的關(guān)系． 二、多項(xiàng)選擇題．本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分． 6．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，彗星A在太陽引力作用下沿P→Q→R軌跡運(yùn)動(dòng)，Q是彗星A的近日點(diǎn)．由于太陽的照射，彗星表面物質(zhì)會(huì)不斷汽化，并在太陽風(fēng)的作用下遠(yuǎn)離彗核，形成長(zhǎng)長(zhǎng)的彗尾，下列關(guān)于彗星運(yùn)動(dòng)的說法正確的是（ ） A． 若不計(jì)質(zhì)量的變化，在靠近太陽的過程中，彗星的勢(shì)能不斷增大 B． 在遠(yuǎn)離太陽從Q到R過程中，彗星受到太陽的引力減小 C． 彗星運(yùn)動(dòng)至Q近日點(diǎn)時(shí)加速度最大 D． 如果彗星的速度足夠大，彗星A可能再也不會(huì)返回 考點(diǎn)： 萬有引力定律及其應(yīng)用．專題： 萬有引力定律的應(yīng)用專題．分析： 由萬有引力定律與牛頓第二定律分析引力和加速度的變化情況，根據(jù)引力做功情況得出在靠近太陽的過程中，彗星的勢(shì)能變化情況．解答： 解：A、若不計(jì)質(zhì)量的變化，在靠近太陽的過程中，彗星受到太陽的引力做正功，彗星的勢(shì)能不斷減小，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)萬有引力定律得彗星受到太陽的引力F=所以在遠(yuǎn)離太陽從Q到R過程中，彗星受到太陽的引力減小，故B正確；C、根據(jù)牛頓第二定律得=maa=，所以彗星運(yùn)動(dòng)至Q近日點(diǎn)時(shí)加速度最大，故C正確；D、如果彗星的速度足夠大，彗星A會(huì)脫離太陽的束縛，彗星A可能再也不會(huì)返回．故D正確；故選：BCD．點(diǎn)評(píng)： 本題的關(guān)鍵是抓住萬有引力定律和牛頓第二定律的應(yīng)用，知道引力做功量度引力勢(shì)能的變化． 7．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）圖a、b兩個(gè)電路中，A、B是兩個(gè)完全相同的電燈泡，兩個(gè)電源電動(dòng)勢(shì)相等，內(nèi)阻都是r，C為電容器，L為電感線圈，電阻是RL，RL小于燈泡電阻R，下列說法正確的是（ ） A． 閉合電鍵，A先亮后熄滅 B． 閉合電鍵，電路穩(wěn)定后A比B亮 C． 斷開電鍵，A中電流立即為零 D． 斷開電鍵，B先變亮后再熄滅 考點(diǎn)： 自感現(xiàn)象和自感系數(shù)．分析： 電感線圈在接通瞬間相當(dāng)于斷路，穩(wěn)定后相當(dāng)于導(dǎo)線，斷開時(shí)相當(dāng)于電源，電容器在閉合瞬間進(jìn)行充電，當(dāng)電路穩(wěn)定后相當(dāng)于斷路，從而即可求解．解答： 解：A、開關(guān)S接通瞬間，L相當(dāng)于斷路，所以有電通過燈泡，燈A立即亮；雖電容器進(jìn)行充電，但燈A立即亮，當(dāng)電路穩(wěn)定后，電容器相當(dāng)斷路，而線圈有電阻，不過比燈泡電阻小，因此A比B亮，故A錯(cuò)誤，B正確；C、斷開瞬間，電容器在放電，則燈A慢慢熄滅，故C錯(cuò)誤，D、斷開電鍵前，根據(jù)并聯(lián)電路電壓相等，電阻越小的電流越大，因此通過L的電流大小燈泡B的電流，當(dāng)斷開電鍵后，L相當(dāng)于電源，給燈泡供電，燈泡逐漸熄滅，且會(huì)比原來更亮一些后再熄滅，故D正確；故選：BD點(diǎn)評(píng)： 本題考查了電感線圈對(duì)電流發(fā)生突變時(shí)的阻礙作用，記住電感線圈在接通瞬間相當(dāng)于斷路，穩(wěn)定后相當(dāng)于導(dǎo)線，斷開時(shí)相當(dāng)于電源． 8．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖甲所示，細(xì)繩跨過光滑的輕質(zhì)定滑輪連接A、B兩球，滑輪懸掛在一個(gè)傳感器正下方，B球換用質(zhì)量m不同的球，而A球始終不變，通過計(jì)算機(jī)描繪得到傳感器拉力F隨B球質(zhì)量m變化的關(guān)系如圖乙所示，F(xiàn)=F0直線是曲線的漸近線，已知輕質(zhì)定滑輪質(zhì)量可看成零，重力加速度為g，則（ ） A． 根據(jù)圖線可以確定A球質(zhì)量m0=g B． 根據(jù)圖線可以計(jì)算B球?yàn)槟骋毁|(zhì)量m時(shí)其運(yùn)動(dòng)的加速度a C． A、B球運(yùn)動(dòng)的加速度a一定隨B質(zhì)量m的增大而增大 D． 傳感器讀數(shù)F一定小于A、B球總重力 考點(diǎn)： 牛頓第二定律；作用力和反作用力．專題： 牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題．分析： 對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，隔離分析，根據(jù)牛頓第二定律求出繩子拉力，從而得出傳感器拉力大小，當(dāng)m趨向于無窮大，傳感器示數(shù)趨向于F0，結(jié)合表達(dá)式求出A球的質(zhì)量．分別結(jié)合牛頓第二定律求出當(dāng)m＞m0，當(dāng)m＜m0時(shí)，加速度的表達(dá)式，從而分析判斷．解答： 解：A、當(dāng)m較大時(shí)，對(duì)整體分析，加速度a==．隔離對(duì)m分析，mg﹣T=ma，解得T==，當(dāng)m趨向于無窮大，則F0=2T=4m0g，解得A球質(zhì)量m0=．故A正確；B、知道B球的質(zhì)量，結(jié)合圖線可知道傳感器的拉力，從而知道繩子的拉力，隔離對(duì)B球分析，根據(jù)牛頓第二定律可以求出加速度．故B正確；C、當(dāng)m＞m0，加速度a==．m增大，則加速度增大；當(dāng)m＜m0時(shí)，加速度a===，當(dāng)m增大時(shí)，a減?。蔆錯(cuò)誤；D、當(dāng)兩球的質(zhì)量相等，此時(shí)繩子拉力等于小球的重力，則傳感器示數(shù)F等于A、B球的總重力．故D錯(cuò)誤．故選：AB．點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，掌握整體法和隔離法的靈活運(yùn)用． 9．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖，在y軸右側(cè)存在與xoy平面垂直范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，位于坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子源在xoy平面內(nèi)發(fā)射出大量完全相同的帶電負(fù)粒子，所有粒子的初速度大小均為v0，方向與x軸正方向的夾角分布在60°～﹣60°范圍內(nèi)，在x=l處垂直x軸放置一熒光屏S．已知沿x軸正方向發(fā)射的粒子經(jīng)過了熒光屏S上y=﹣l的點(diǎn)，則（ ） A． 粒子的比荷為= B． 粒子的運(yùn)動(dòng)半徑一定等于2l C． 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定不超過 D． 粒子打在熒光屏S上亮線的長(zhǎng)度大于2l 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．專題： 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．分析： 粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律與周期公式分析答題．解答： 解：A、沿x軸正方向發(fā)射的粒子經(jīng)過了熒光屏S上y=﹣l的點(diǎn)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何知識(shí)可知，粒子軌道半徑：r=l，由牛頓第二定律得：qv0B=m，解得：=，故A正確，B錯(cuò)誤；C、粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T==，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的最大圓心角為θ=，粒子在磁場(chǎng)中的最長(zhǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=T=＜，故C正確；D、從與x軸正方向的夾角為60°射入磁場(chǎng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)L=2rsin60°=l，粒子射出磁場(chǎng)的位置：y==l，則粒子粒子打在熒光屏S上亮線的長(zhǎng)度：d=l+l，故D錯(cuò)誤；故選：AC．點(diǎn)評(píng)： 本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)規(guī)程、應(yīng)用牛頓第二定律與周期公式即可正確解題，解題時(shí)注意數(shù)學(xué)知識(shí)的應(yīng)用． 三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題（第lO、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計(jì)42分．請(qǐng)將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．【必做題】 10．（8分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖a，甲同學(xué)要測(cè)量小車與長(zhǎng)木板間的摩擦因數(shù)μ，沒有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，他用一滴瓶作計(jì)時(shí)工具，已知從滴瓶的滴管中每隔一定時(shí)間會(huì)有一小液滴落下．將一側(cè)面帶有刻度尺的長(zhǎng)木板AB水平放置在桌面上． （1）檢查木板是否水平，提供給你的器具是：小車，木塊，鋼球．選擇 鋼球 做實(shí)驗(yàn)判斷最簡(jiǎn)單合理 （2）調(diào)整木板水平后，將滴瓶放在小車上，小車放在木板左端B點(diǎn)處，然后輕推小車，給它一個(gè)向右的速度，結(jié)果在木板上得到如圖b所示的一段液滴點(diǎn)跡；再將木板的右端A適當(dāng)抬起，使木板與水平方向成α角（α已知），然后讓滑塊從在上端開始下滑，結(jié)果在木板上得到如圖c所示的一段液滴點(diǎn)跡，則根據(jù)圖b、c可計(jì)算得到摩擦因數(shù)μ= ． （3）乙同學(xué)首先用電子手表測(cè)定滴管中液滴周期，記錄了從第一個(gè)液滴落下到第n個(gè)液滴落下經(jīng)歷時(shí)間是t，計(jì)算得到液滴的周期T= ；再根據(jù)木板側(cè)面刻度尺，知道圖中相鄰刻度線的距離是L，結(jié)合（2）的計(jì)算結(jié)果測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭= ． 考點(diǎn)： 探究影響摩擦力的大小的因素．專題： 實(shí)驗(yàn)題．分析： （1）可以用平衡法檢查木板是否水平，選擇鋼球做實(shí)驗(yàn)判斷最簡(jiǎn)單合理．（2）紙帶實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的加速度；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大??；根據(jù)牛頓第二定律列式求解動(dòng)摩擦因素．（3）從第一個(gè)液滴落下到第n個(gè)液滴落下經(jīng)歷時(shí)間是t，液滴的周期為T=．根據(jù)上題的結(jié)果，求出b圖中小車的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求解g的表達(dá)式．解答： 解：（1）運(yùn)用平衡法檢查木板是否水平，選擇鋼球做實(shí)驗(yàn)判斷最簡(jiǎn)單合理．做法是：將鋼球放在木板上任意位置都能靜止，則木板已經(jīng)平衡．（2）設(shè)每小格長(zhǎng)度為l，滴水間隔為T；b圖，根據(jù)公式△x=aT2，有：a1=；c圖，根據(jù)公式△x=aT2，有：a2=；根據(jù)牛頓第二定律，有：a1=μg；mgsinα﹣μmgcosα=ma2；聯(lián)立解得：μ=；（3）從第一個(gè)液滴落下到第n個(gè)液滴落下經(jīng)歷時(shí)間是t，則液滴的周期T=由上知：b圖，小車的加速度為a1==；根據(jù)牛頓第二定律得：μmg=ma1；則得：g===．故答案為：（1）鋼球；（2）；（3），．點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，同時(shí)結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式推論式和牛頓第二定律列式求解．書本上的實(shí)驗(yàn)，我們要從實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)步驟、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)這幾點(diǎn)去搞清楚，同時(shí)我們要加強(qiáng)物理基本規(guī)律在實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)用． 11．（10分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）測(cè)量鉛筆芯的電阻率，取一支4B鉛筆，去掉兩端筆芯外木質(zhì)部分，不損傷筆芯，如圖所示安放在接線支座上． （1）用刻度尺量得筆芯長(zhǎng)度L=20.0cm，螺旋測(cè)微器測(cè)量筆芯的直徑如圖a，則筆芯的直徑為d= 1.200 mm （2）甲同學(xué)選用歐姆表×10檔測(cè)量筆芯的電阻，進(jìn)行了正確的操作后，多用電表指針偏轉(zhuǎn)很大，如圖b所示，甲同學(xué)認(rèn)為應(yīng)該調(diào)整歐姆表量程，下列說法正確的是 BC A．應(yīng)該換用×100檔量程 B．應(yīng)該換用×1檔量程 C．換量程后必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零 D．換量程后沒有必要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零 （3）乙同學(xué)采用實(shí)驗(yàn)室提供的下列器材測(cè)定鉛筆芯電阻 A．待測(cè)筆芯 B．電流表（0﹣0.6A，0﹣3A，內(nèi)阻分別約1Ω，0.5Ω） C．電壓表（0﹣3V，0﹣15V，內(nèi)阻分別約6kΩ，30kΩ） D．滑動(dòng)變阻器（0﹣10Ω） E．電源（3V） F．開關(guān)、導(dǎo)線若干 請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求在下圖中用筆畫線代替導(dǎo)線（只配有兩根導(dǎo)線）完成實(shí)物電路連接 （4）實(shí)驗(yàn)測(cè)量過程中某次電壓表、電流表指針偏轉(zhuǎn)如下圖則電壓表讀數(shù)U= 1.80 V，電流表讀數(shù)I= 0.36 A，計(jì)算得到鉛筆芯電阻R= 5.0 Ω（電阻計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字） 考點(diǎn)： 伏安法測(cè)電阻；螺旋測(cè)微器的使用．專題： 實(shí)驗(yàn)題．分析： （1）螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；（2）用歐姆表測(cè)電阻時(shí)要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近；歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；（3）根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后連接實(shí)物電路圖；（4）根據(jù)圖示電表讀出其示數(shù)，由歐姆定律求出電阻．解答： 解：（1）由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為1mm+20.0×0.01mm=1.200mm；（2）選用歐姆表×10檔測(cè)量筆芯的電阻，進(jìn)行了正確的操作后，多用電表指針偏轉(zhuǎn)很大，說明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值應(yīng)換小擋，換用×1檔，換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，故選BC；（3）由題意可知，待測(cè)電阻阻值很小，約為幾歐姆，小于滑動(dòng)變阻器最大阻值，滑動(dòng)變阻器可以采用限流接法，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表采用外接法，實(shí)物電路圖如圖所示：（4）由電路圖可知，電壓表量程是3V，由圖示電壓表可知，其分度值為0.1V，所示為1.80V，電流表量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.36A，待測(cè)電阻阻值R===5.0Ω；故答案為：（1）1.200；（2）BC；（3）實(shí)物電路圖如圖所示；（4）1.80；0.36；5.0．點(diǎn)評(píng)： 本題考查了螺旋測(cè)微器讀數(shù)，歐姆表使用注意事項(xiàng)，連接實(shí)物電路圖，電表讀數(shù)，求電阻等問題；對(duì)電表讀數(shù)時(shí)要先確定其量程與分度值，然后再讀數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與電表刻度線垂直． 一．選做題（請(qǐng)從A、B和C三小題中選定兩小題作答，并在答題卡上把所選題目對(duì)應(yīng)字母后的方框涂滿涂黑．如都作答，則按A、B兩小題評(píng)分．） 12．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）下列物理事實(shí)說法正確的是 （ ） A． 蔗糖受潮后會(huì)粘在一起形成糖塊，說明一定條件下晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w B． 雨天傘面不漏水，是紗線被水浸濕后孔隙間水膜的表面張力的作用效果 C． 加熱的水中撒一點(diǎn)胡椒粉，胡椒粉在水中翻滾，說明溫度越高布朗運(yùn)動(dòng)越激烈 D． 焦耳熱功當(dāng)量實(shí)驗(yàn)說明做功和熱傳遞改變物體的內(nèi)能是等效的 考點(diǎn)： *晶體和非晶體；布朗運(yùn)動(dòng)；分子間的相互作用力．分析： 晶體和非晶體間是可以相互轉(zhuǎn)化的；傘面不漏水是液體表面張力的效果；胡椒粉在水中不是布朗運(yùn)動(dòng)；焦耳熱功當(dāng)量說明做功和熱傳遞改變物體的內(nèi)能是等效的，從而即可求解．解答： 解：A、蔗糖受潮后會(huì)粘在一起形成糖塊，但不會(huì)由非晶體變成晶體的，故A錯(cuò)誤；B、傘面不漏水，是紗線被水浸濕后孔隙間水膜的表面張力的作用效果，故B正確；C、胡椒粉在水中翻滾，不是布朗運(yùn)動(dòng)，是液體的對(duì)流引起的，故C錯(cuò)誤；D、焦耳熱功當(dāng)量說明做功和熱傳遞改變物體的內(nèi)能是等效的，故D正確；故答案為：BD．點(diǎn)評(píng)： 考查晶體與非晶體的不同，理解液體表面張力的內(nèi)涵，掌握布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)，注意焦耳熱功當(dāng)量的內(nèi)容理解． 13．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示A到B狀態(tài)變化的過程，已知?dú)怏w狀態(tài)A參量為pA、VA、tA，狀態(tài)B參量為pB、VB、tB，則有：pA = pB（選填＞；=；＜）．若A到B過程氣體內(nèi)能變化為△E，則氣體吸收的熱量Q= △E+pA（VB﹣VA） ． 考點(diǎn)： 理想氣體的狀態(tài)方程．專題： 理想氣體狀態(tài)方程專題．分析： 根據(jù)圖示圖象判斷A到B過程氣體發(fā)生什么變化，然后判斷氣體壓強(qiáng)關(guān)系；求出氣體對(duì)外界做的功，然后由熱力學(xué)第一定律求出氣體吸收的熱量．解答： 解：熱力學(xué)溫度：T=273+t，由圖示圖象可知，V與T成正比，因此，從A到B過程是等壓變化，有：pA=pB，在此過程中，氣體體積變大，氣體對(duì)外做功，W=﹣Fl=﹣pSl=﹣p△V=﹣pA（VB﹣VA），由熱力學(xué)第一定律：△U=W+Q可知：Q=△U﹣W=△E+pA（VB﹣VA）；故答案為：=，△E+pA（VB﹣VA）．點(diǎn)評(píng)： 本題考查了判斷氣體壓強(qiáng)間的關(guān)系、求氣體吸收的熱量，由圖象判斷出氣體狀態(tài)變化的性質(zhì)是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律即可正確解題． 14．（5分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）已知某種氣體摩爾質(zhì)量是M，標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下摩爾體積為V0，阿伏伽德羅常數(shù)是NA，求： ①氣體分子的質(zhì)量m； ②標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下氣體分子間的平均距離d． 考點(diǎn)： 阿伏加德羅常數(shù)．專題： 阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用專題．分析： ①氣體分子的質(zhì)量m等于摩爾質(zhì)量與阿伏伽德羅常數(shù)之比；②氣體分子間距遠(yuǎn)大于分子的直徑，每個(gè)氣體占據(jù)空間看作正方體，則該正方體的邊長(zhǎng)等于分子的平均間距．解答： 解：①氣體分子的質(zhì)量：m=②標(biāo)準(zhǔn)狀況下1摩爾氫氣所占體積為V0，阿伏伽德羅常數(shù)為NA，故標(biāo)準(zhǔn)狀況下平均每個(gè)氫分子所占據(jù)的空間體積為：V=將每個(gè)氣體分子占據(jù)的空間看作正方體，則分子的平均間距為：d==答：①氣體分子的質(zhì)量m是；②標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下氣體分子間的平均距離d是．點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵是建立分子模型和氣體分子占據(jù)空間的立方體模型，然后結(jié)合阿伏加德羅常數(shù)的物理意義進(jìn)行求解． 一．（選修模塊3-4）（12分） 15．（3分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）下列說法正確的是 （ ） A． 麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在 B． 只有機(jī)械波多能產(chǎn)生普勒效應(yīng)，光波不能產(chǎn)生多普勒效應(yīng) C． 在照相機(jī)鏡頭上涂一層氟化鎂，可以增透所需要的光，這是利用光的干涉原理 D． 不同頻率的機(jī)械波在同一種介質(zhì)中的傳播速度一定不相同 考點(diǎn)： 多普勒效應(yīng)；光的干涉．分析： 麥克斯韋預(yù)言了電磁波，赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)；多普勒效應(yīng)是波的特有現(xiàn)象；鏡頭上涂增透膜是利用光的干涉現(xiàn)象；機(jī)械波在同一介質(zhì)中傳播速度相同，從而即可求解．解答： 解：A、麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，故A正確；B、多普勒效應(yīng)是波的特有現(xiàn)象，不論機(jī)械波，還是電磁波都有此現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C、照相機(jī)鏡頭上涂一層氟化鎂，使反射光進(jìn)行干涉疊加，從而削弱，可以增透所需要的光，這是利用光的干涉原理，故C正確；D、不同頻率的機(jī)械波在同一種介質(zhì)中的傳播速度一定相同，而不同頻率的電磁波在同一介質(zhì)中傳播速度不同，故D錯(cuò)誤；故選：AC．點(diǎn)評(píng)： 考查電磁波發(fā)現(xiàn)與證實(shí)，掌握多普勒效應(yīng)的適用范圍，理解光的干涉原理，注意機(jī)械波與電磁波的不同． 16．（4分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）一飛船以速度v沿圖示方向飛行，地面觀測(cè)者測(cè)得飛船經(jīng)過相距為L(zhǎng)0的A、B兩點(diǎn)經(jīng)歷時(shí)間為t1，而飛船駕駛員測(cè)量經(jīng)過A、B兩點(diǎn)時(shí)間是t2，則有t1 ＞ t2（選填＞，=，＜），原因是飛船駕駛員觀測(cè)到A、B兩點(diǎn)距離L ＜ L0（選填＞，=，＜）． 考點(diǎn)： *時(shí)間間隔的相對(duì)性；*長(zhǎng)度的相對(duì)性．分析： 先根據(jù)長(zhǎng)度相對(duì)性公式L=L0求解測(cè)站測(cè)得飛船的船身長(zhǎng)度，然后求解時(shí)間；解答： 解：根據(jù)相對(duì)論長(zhǎng)度公式：L=L0，可知，飛船駕駛員觀測(cè)到A、B兩點(diǎn)距離小于地面上人觀測(cè)的距離，即L＜L0；根據(jù)位移與速度的比值，即為時(shí)間，則有時(shí)間為t1=，而船駕駛員測(cè)量經(jīng)過A、B兩點(diǎn)時(shí)間是t2=；因此有t1＞t2；故答案為：＞，＜．點(diǎn)評(píng)： 本題考查了愛因斯坦相對(duì)論效應(yīng)中的長(zhǎng)度和時(shí)間的相對(duì)性公式，關(guān)鍵記住公式L=L0，不難． 17．（5分）（?西安模擬）如圖所示，一束光線射向橫截面半徑為R的透明圓柱體，光在圓柱體表面入射角i=45°，經(jīng)折射后出射光線偏折角δ=30°，已知光在真空中傳播速度為c，求： ①透明體材料對(duì)光的折射率n； ②光在透明圓柱體中傳播時(shí)間t． 考點(diǎn)： 光的折射定律．專題： 光的折射專題．分析： ①畫出光路圖，根據(jù)幾何知識(shí)求出折射角，即可由折射定律求出折射率n．②由幾何關(guān)系求出光在圓柱體中通過路程s，光在圓柱體中速度為v=，再由t=求解時(shí)間．解答： 解：①設(shè)折射角為γ，由幾何關(guān)系，偏折角δ=2（i﹣γ）γ=30°，根據(jù)折射定律得：n===②光在圓柱體中通過路程s=2Rsin60°=2R×=R光在圓柱體中速度v==光在圓柱體中通過時(shí)間t===答：①透明體材料對(duì)光的折射率n為；②光在透明圓柱體中傳播時(shí)間t為．點(diǎn)評(píng)： 解決幾何光學(xué)問題的關(guān)鍵畫出光路圖，結(jié)合折射定律和幾何關(guān)系進(jìn)行求解． 一．（選修模塊3-5）（12分） 18．（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）所有涉及電子和正電子的核轉(zhuǎn)變過程都叫做β衰變，實(shí)際的例子有 Co→Ni+e+v Na→Ne+e+ve 其中ve是不帶電而質(zhì)量很小可以忽略的中微子，由于原子核中沒有單個(gè)的電子或正電子，所以上述衰變實(shí)際上是核中的質(zhì)子和中子相互變化的結(jié)果，已知靜止中子質(zhì)量大于質(zhì)子的質(zhì)量．以下說法正確的是 （ ） A． 負(fù)電子衰變是不穩(wěn)定原子核中一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，放出負(fù)電子 B． 正電子衰變過程有質(zhì)量虧損 C． 靜止的自由中子可能發(fā)生負(fù)電子衰變 D． 靜止的自由質(zhì)子可能發(fā)生正電子衰變 考點(diǎn)： 原子核衰變及半衰期、衰變速度；愛因斯坦質(zhì)能方程．專題： 衰變和半衰期專題．分析： 自由中子是不穩(wěn)定的粒子，可通過弱作為質(zhì)子，放出一和一個(gè)反中微子．靜止的自由中子可能發(fā)生負(fù)電子衰變．解答： 解：A、原子核能發(fā)生β衰變，是因?yàn)閮?nèi)部的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子而同時(shí)發(fā)出一個(gè)電子，所以負(fù)電子衰變是不穩(wěn)定原子核中一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，放出負(fù)電子，故A正確，C正確；B、正電子衰變過程是原子核中一個(gè)質(zhì)子轉(zhuǎn)變?yōu)橹凶樱懦稣娮?，已知靜止中子質(zhì)量大于質(zhì)子的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；D、已知靜止中子質(zhì)量大于質(zhì)子的質(zhì)量，所以靜止的自由質(zhì)子不可能發(fā)生正電子衰變，故D錯(cuò)誤；故選：AC點(diǎn)評(píng)： 本題以較為新穎的題型考查了原子核衰變的原理，仔細(xì)閱讀題意，此類題目難度不大． 19．（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）原子核從核外電子殼層中俘獲一個(gè)軌道電子的衰變過程稱為軌道電子俘獲，該過程也稱為β衰變．如：Na+e→Ne上述過程實(shí)際上是原子核內(nèi)一個(gè)質(zhì)子俘獲電子轉(zhuǎn)變?yōu)?中子 ；若原子核俘獲的是原子的K層電子，新原子的電子殼層K層留下一個(gè)空位，原子的L層電子會(huì)躍遷到K層并輻射頻率為ν的光子，已知氖原子K層電子的能級(jí)EK=E0，則氖原子L層電子能級(jí)EL為 E0+hν ．（普朗克常數(shù)為h） 考點(diǎn)： 裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)．專題： 衰變和半衰期專題．分析： 根據(jù)β衰變中的中子轉(zhuǎn)變成質(zhì)子而放出電子，即可知，一個(gè)質(zhì)子俘獲電子轉(zhuǎn)變?yōu)橹凶?；根?jù)能量守恒，結(jié)合能級(jí)差公式△E=Em﹣En，即可求解．解答： 解：根據(jù)β衰變中的中子轉(zhuǎn)變成質(zhì)子而放出電子，可知，當(dāng)一個(gè)質(zhì)子俘獲電子轉(zhuǎn)變?yōu)橹凶?；已知氖原子K層電子的能級(jí)EK=E0，原子的L層電子會(huì)躍遷到K層并輻射頻率為ν的光子，則氖原子L層電子能級(jí)：EL﹣EK=hν；因此解得：EL=E0+hν；故答案為：中子，E0+hν．點(diǎn)評(píng)： 考查β衰變的實(shí)質(zhì)，注意衰變滿足質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，掌握能級(jí)差公式，理解躍遷時(shí)，是吸收還釋放能量． 20．（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）質(zhì)量m1靜止的U變?yōu)橘|(zhì)量m2的Th，放出質(zhì)量m3的α粒子，有γ光子輻射． ①求衰變過程釋放的核能 ②若α粒子動(dòng)量大小是p1，γ光子動(dòng)量大小為p2，它們方向相同，求Th動(dòng)量大?。? 考點(diǎn)： 愛因斯坦質(zhì)能方程；動(dòng)量守恒定律．專題： 愛因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題．分析： ①求出核反應(yīng)過程的質(zhì)量虧損，然后由質(zhì)能方程求出衰變過程釋放的核能；②由核衰變過程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出動(dòng)量．解答： 解：①核衰變過程質(zhì)量虧損：△m=m1﹣m2﹣m3，釋放的核能：△E=△mc2=（m1﹣m2﹣m3）c2；②核衰變過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以α粒子動(dòng)量方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：0=p1+p2﹣p，解得：p=p1+p2；答：①衰變過程釋放的核能為（m1﹣m2﹣m3）c2；②Th的動(dòng)量大小為：p1+p2．點(diǎn)評(píng)： 本題考查了求核能、動(dòng)量問題，應(yīng)用質(zhì)能方程與動(dòng)量守恒定律即可正確解題． 四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位． 21．（15分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，空間區(qū)域存在方向水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向內(nèi)，磁感強(qiáng)度大小是B，磁場(chǎng)區(qū)邊界線是水平的，寬度是L．質(zhì)量m、電阻為R、邊長(zhǎng)是l（l＜L）的N匝正方形閉合線圈從磁場(chǎng)區(qū)上邊界的高處由靜止開始下落，線圈上下邊始終平行于磁場(chǎng)邊界線，運(yùn)動(dòng)過程中不翻轉(zhuǎn)，當(dāng)線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)時(shí)加速度a=0，上邊離開磁場(chǎng)區(qū)前線圈也已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g． （1）求線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)時(shí)刻線圈中電流I和線圈中的電功率P； （2）求線圈穿過磁場(chǎng)區(qū)全過程產(chǎn)生的電熱Q； （3）若將線圈初始釋放的位置提高到原來4倍，求線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)瞬間加速度a． 考點(diǎn)： 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；牛頓第二定律；焦耳定律．專題： 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析： （1）根據(jù)線圈勻速運(yùn)動(dòng)，則由重力與安培力平衡，與閉合電路歐姆定律即可求解；（2）在下落過程中，由能量守恒定律即可求解；（3）寫出電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式，結(jié)合歐姆定律與牛頓第二定律列出表達(dá)式即可求解．解答： 解：（1）下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)合力為零，有：NBIl=mgI=線圈電功率：（2）根據(jù)題意線圈上邊離開磁場(chǎng)前線圈也已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，所以從下邊開始進(jìn)入磁場(chǎng)到上邊離開磁場(chǎng)全過程產(chǎn)生的電熱Q等于線圈重力勢(shì)能減?。篞=mg（l+L）（3）設(shè)線圈勻速運(yùn)動(dòng)速度是v0，設(shè)開始線圈下落高度h，則：電動(dòng)勢(shì)：E=NBlv0電流：I=安培力：F=NBI0l==mg當(dāng)下落高度調(diào)整為4h時(shí)，線圈下邊進(jìn)入磁場(chǎng)I區(qū)速度為2v0，a=﹣g，方向豎直向上答：（1）線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)時(shí)刻線圈中電流I和線圈中的電功率是；（2）線圈穿過磁場(chǎng)區(qū)全過程產(chǎn)生的電熱是mg（l+L）；（3）線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)瞬間加速度等于g，方向豎直向上．點(diǎn)評(píng)： 考查平衡方程、閉合電路歐姆定律、能量守恒定律、牛頓第二定律等規(guī)律的應(yīng)用與理解，同時(shí)知道因安培力做功導(dǎo)致產(chǎn)生焦耳熱，并列出關(guān)系速度與時(shí)間的表達(dá)式，對(duì)時(shí)間積分求和． 22．（16分）（?鼓樓區(qū)校級(jí)模擬）如圖甲所示，一對(duì)平行金屬板C、D相距為d，兩板長(zhǎng)L，在CD間加如圖乙所示交變電壓（U0是已知量，T是不確定的未知量）．平行板右側(cè)是兩個(gè)緊鄰的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁感強(qiáng)度大小B1=B2=B0，磁場(chǎng)方向都垂直于紙面并相反，磁場(chǎng)邊界MM′、NN′、PP′垂直于極板．質(zhì)量m、電量﹣e的電子以相同的速度不斷從左側(cè)沿兩板中線OO?射入極板間，不計(jì)電子所受重力作用． （1）若t=0時(shí)刻在O點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)的電子能在0﹣T/2時(shí)間段內(nèi)某時(shí)刻穿出極板間，求電子射入初速度v和交變電壓周期T應(yīng)該滿足的條件． （2）若電子射入初速度v0和交變電壓周期T滿足條件：L=，所有從O點(diǎn)射入電場(chǎng)的電子恰好都能夠穿出C、D極板，求電子射入的初速度v0． （3）不考慮電場(chǎng)邊緣效應(yīng)，在（2）的情景下，t=時(shí)刻射入電場(chǎng)的電子穿出極板間電場(chǎng)后又進(jìn)入磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，電子經(jīng)過磁場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)又恰好從O′返回板間電場(chǎng)，求圖甲中兩磁場(chǎng)區(qū)寬度l1和l2滿足的條件．