2023年高考物理二模試卷解析版

1014頁高考物理二模試卷題號(hào)題號(hào)得分一二三四總分一、單項(xiàng)選擇題〔530.0分〕如以下圖為氫原子能級(jí)示意圖，一群處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級(jí)躍遷的過程中向外輻射不同頻率的光子，4.54eV正確的選項(xiàng)是〔〕這群氫原子在輻射光子的過程中，電子繞核運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小6n=4能級(jí)n=1能級(jí)輻射出的光子的動(dòng)量最小6種不同頻率的光中，能讓金屬鎢發(fā)生光電效應(yīng)的有4種金屬鎢外表所發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能是8.52eV202312121645分，“嫦娥四號(hào)”在橢圓軌道Ⅱ的A點(diǎn)成功實(shí)施了近月制動(dòng)，順當(dāng)完成“太空剎車”，被月球捕獲，進(jìn)入了近月軌道ⅠR，月球外表的重力加速度為g0，軌道ⅡB3RG，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕A處點(diǎn)火后，動(dòng)能增加由條件能夠求出“嫦娥四號(hào)”在軌道Ⅱ上的運(yùn)行周期假設(shè)只考慮萬有引力的作用，“嫦娥四號(hào)”在軌道Ⅱ上通過A點(diǎn)時(shí)的加速度大于1A點(diǎn)時(shí)的加速度B由條件無法求出月球的質(zhì)量BAmA

=5mAm

=3mB2A1懸掛在天花板上的O點(diǎn)，兩燈籠在一樣的水平恒定風(fēng)力作用下，處于如以下圖的靜止?fàn)顟B(tài)。其中，輕質(zhì)細(xì)繩1與豎直方向的夾角α=4以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕15mg細(xì)繩2中的張力大小為8 mg作用在每一個(gè)燈籠上的水平風(fēng)力的大小為8mg253°＞0〕hE=，不計(jì)空氣阻力，以下＞0〕hE=，不計(jì)空氣阻力，以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕帶電小球的運(yùn)動(dòng)軌跡確定是曲線帶電小球落地時(shí)的動(dòng)能為〔+1〕mgh重力與電場(chǎng)力對(duì)帶電小球做功之比始終為1：3帶電小球落地時(shí)速度方向與水平方向的夾角為60°如以下圖，A，B，C，D，E是圓周上等間距的五個(gè)點(diǎn)，在點(diǎn)處的通電導(dǎo)體棒中的電流垂直于紙面對(duì)里棒中的電流均垂直于紙面對(duì)外IAO點(diǎn)處產(chǎn)生的磁B0O處產(chǎn)生的A.B0A.B0B.B0C.B0D.2B0二、多項(xiàng)選擇題〔527.0分〕如以下圖，在傾角為的足夠長(zhǎng)固定斜面底端，一質(zhì)量為m的小物塊以某一初速度沿斜面上滑一段時(shí)間后小物塊沿斜面F滑回到斜面底端小物塊在斜面底端上滑時(shí)的動(dòng)能與下滑回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能之比為5：1，以下說法正確的是〔 〕小物塊上滑和下滑過程中重力做功之比為1：1小物塊上滑和下滑過程中合外力做功之比為：1小物塊上滑和下滑過程中重力沖量之比為；5小物塊上滑和下滑過程中合外力沖量之比為：5=rK，在一段時(shí)間內(nèi)，穿過螺線管磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變R21=rK，在一段時(shí)間內(nèi)，穿過螺線管磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變R21化規(guī)律如圖乙所示，以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕A.0～I(xiàn)=C.～=R2q2B.～R1U=D.～T時(shí)間內(nèi)，整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q=如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧上端固定，下端連著一質(zhì)量為m=5kg的物塊A，物塊A放在托盤B上，初始時(shí)系統(tǒng)靜止，彈簧處于自然長(zhǎng)度?，F(xiàn)通過把握托B使物塊A勻加速下降乙圖為該過程中托盤BA.0～I(xiàn)=C.～=R2q2B.～R1U=D.～T時(shí)間內(nèi)，整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q=彈簧彈力做功500JC.A8m/s2以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕飽和氣壓與氣體的溫度與體積都有關(guān)

160N/mD.AB0.5s時(shí)分別C.C.aC，則sinC=墨水滴入水中消滅集中現(xiàn)象，這是分子無規(guī)章運(yùn)動(dòng)的結(jié)果晶體具有各向同性、固定熔點(diǎn)、外形一般為規(guī)章幾何多面體的特點(diǎn)減小減小ab兩種單色光的細(xì)光束從空氣中射入梯形玻璃磚，A為入射點(diǎn)，經(jīng)梯形玻璃磚折射CDA點(diǎn)的入射i=60°d=4cm，A”C=2cm，CD=1cm。以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕ab光的頻率bn=D.abbD.abb光在屏上產(chǎn)生的條紋間距小E.a光通過玻璃磚后，側(cè)移的距離△x=〔2 -1〕cm11. 某同學(xué)利用圖甲所示的電路完成一些電學(xué)試驗(yàn)。、和均為抱負(fù)電表，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器R2的滑片從一端滑到另一端，記錄此過程中各電表的讀數(shù)，繪制出U1和U2隨電流變化的關(guān)系圖象如圖乙所示據(jù)此可推斷：定值電阻R1= Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E= V，電源內(nèi)阻r= Ω。圖甲為測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)的試驗(yàn)裝置示意圖。試驗(yàn)操作步驟如下：M=m0、重物的質(zhì)量m=2m0，用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光片的寬度d，用米尺測(cè)得兩光電門之間的距離L；②調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線與水平桌面平行；AA和光B所用的時(shí)間△tA和△tB④屢次重復(fù)步驟③，記錄多組數(shù)據(jù)；⑤整理試驗(yàn)器材。依據(jù)以上試驗(yàn)步驟答復(fù)以下問題：用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光片寬度d的示數(shù)如圖乙所示，d= mm物塊的加速度a= 、L、△tA和△tB表示〕；物塊與水平桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ= 〔用a和重力加速度g表示〕：假設(shè)輕滑輪略向下傾斜使細(xì)線不完全與水平桌面平行由此測(cè)量的μ= 〔填“偏大”“不變”或“偏小”〕假設(shè)以物塊、遮光片和重物為爭(zhēng)論對(duì)象，保持物塊和遮光片總質(zhì)量M確定，轉(zhuǎn)變重物的質(zhì)量m，依次計(jì)算出對(duì)應(yīng)的加速度a。以〔M+m〕a為縱軸，以m為橫軸，畫出如圖丙所示的圖象該圖象的斜率表示 。13. MQ靜止在粗糙的水平地13. MQ靜止在粗糙的水平地L=1m的不行伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩一端懸于小QmP．將小P53°角并由靜止釋放，小球PQ彈搖擺的最大角度為37，小物塊Q與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=-2，重力加速g10m/s2PQm。n質(zhì)點(diǎn)。求PQ的質(zhì)量之比；Q滑行的最大距離。xOy塊OCEFOFy軸重合，其次、三、四象限存在豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)〔圖中未畫出〕。一可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電體Px軸上的Avx60°P恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并從F點(diǎn)切入長(zhǎng)方體木塊的上外表，沿著FEE點(diǎn)時(shí)速度減為原來的一半〔帶電體P所帶電量不變〕，隨后帶電體PxD點(diǎn)、A點(diǎn)yF點(diǎn)并周而復(fù)始的運(yùn)動(dòng)。重力加速度為g。求：P的電性；P做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的半徑p的運(yùn)動(dòng)周期。在一端封閉、內(nèi)徑均勻的光滑直玻璃管內(nèi)，用一段長(zhǎng)L=16cm的水銀柱封閉確定質(zhì)量的抱負(fù)氣體B．在標(biāo)準(zhǔn)狀況下，當(dāng)玻璃管水平放置到達(dá)平衡時(shí)，用體積可無視的LBA活塞封閉開口端A，如圖甲所示，被封閉氣柱的長(zhǎng)度L= =30cm：當(dāng)將玻璃管轉(zhuǎn)LBA0A端向上豎直放置時(shí)，如圖乙所示，被封閉氣柱BLB0

”=27cm?！矘?biāo)準(zhǔn)狀P

=76emHg取1m求：玻璃管豎直放置后，被封閉氣體B的壓強(qiáng)〔cmHg表示〕：A端活房瞬間水銀柱的加速度。〔此瞬間可認(rèn)為A端玻璃管內(nèi)氣體壓強(qiáng)馬上變?yōu)榇髿鈮?，水銀柱尚未發(fā)生移動(dòng)〕一列沿軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0sx=10mA做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為=-70si〔〕c，求：該波的傳播速度；t=0x=2023mC2023次回到平衡位置所經(jīng)過的時(shí)間?！敬鸢浮緼

答案和解析【解析】解：A、氫原子輻射光子的過程中，能量減小，軌道半徑減小，依據(jù)= 【解析】解：A、氫原子輻射光子的過程中，能量減小，軌道半徑減小，依據(jù)= 知，Bn=4的激發(fā)態(tài)，在向較低能級(jí)躍遷的過程中，依據(jù)數(shù)學(xué)組合=6，6種不同頻率的光子，再由物質(zhì)波波長(zhǎng)公式，則有輻射出的光子的動(dòng)量最大，故B錯(cuò)誤；n=4n=1n=4再由物質(zhì)波波長(zhǎng)公式，則有輻射出的光子的動(dòng)量最大，故B錯(cuò)誤；C、這群氫原子所能發(fā)出的不同頻率的光子中，當(dāng)對(duì)應(yīng)的能量大于或等于金屬鋅逸出功4.54eV時(shí)，才能發(fā)生光電效應(yīng)，則共有三種，故C錯(cuò)誤；Dn=4n=1發(fā)出的光子頻率最高，發(fā)出的光子能量為△E=13.60-0.85eV=12.75eV，0kmEKm=hv-W0km

E

=12.75-4.54eV=8.21eVD錯(cuò)誤。應(yīng)選：A。長(zhǎng)公式，即可求解。長(zhǎng)公式，即可求解。同時(shí)知道物質(zhì)波長(zhǎng)公式。同時(shí)知道物質(zhì)波長(zhǎng)公式?！敬鸢浮緽【解析】解：A、“嫦娥四號(hào)”在A點(diǎn)處點(diǎn)火時(shí)，是通過向行進(jìn)方向噴火，做減速運(yùn)動(dòng)，A處點(diǎn)火后，“嫦娥四號(hào)”動(dòng)能減小。故A錯(cuò)誤；依據(jù)萬有引力供給向心力，T=，又依據(jù)月球外表物體萬有引力等于重力得：①。B、設(shè)月球的質(zhì)量為Mm，“嫦娥四號(hào)”在軌道依據(jù)萬有引力供給向心力，T=，又依據(jù)月球外表物體萬有引力等于重力得：①。所以“嫦娥四號(hào)”在軌道Ⅰ繞月球運(yùn)動(dòng)一周所需的時(shí)間為T==，②“嫦娥四號(hào)”在軌道所以“嫦娥四號(hào)”在軌道Ⅰ繞月球運(yùn)動(dòng)一周所需的時(shí)間為T==，②“嫦娥四號(hào)”在軌道Ⅱ繞月運(yùn)動(dòng)周期為T′，由開普勒第三定律：③M=D錯(cuò)誤。C、“嫦娥四號(hào)”在運(yùn)動(dòng)的過程中萬有引力供給運(yùn)動(dòng)的加速度，所以“嫦娥四號(hào)”在軌道ⅡA1M=D錯(cuò)誤。應(yīng)選：B?！版隙鹚奶?hào)”做圓周運(yùn)動(dòng)，依據(jù)萬有引力等于向心力，列出等式表示出周期，再依據(jù)萬有引力等于重力求解。AⅡA點(diǎn)進(jìn)入軌道Ⅰ得萬有引力等于向心力。的向心力的表達(dá)式?！敬鸢浮緾1 【解析】解：A、對(duì)球A和B整體受力分析，受重力、拉力和風(fēng)力，豎直方向依據(jù)平衡條件可得：Tcos45°=8mg，解得T=8 mg，故A錯(cuò)誤；1 1BC2T2T3，依據(jù)平衡條件，有：Tcos45°=T313解得：T=8mg3T2==mgT2==mgB錯(cuò)誤、C正確；D2D2與豎直方向的夾角為θtanθ==，θ≠53°D錯(cuò)誤。AB整體受力分析，依據(jù)平衡條件并結(jié)合正交分解法列式求解輕質(zhì)細(xì)繩上1的拉力大小和風(fēng)力大?。籅受力分析，依據(jù)平衡條件并結(jié)合合成法列式求解繩2的拉力大小。分解法列式求解?！敬鸢浮緾【解析】解：A、做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是初速度不為零，且與加速度不共線，一質(zhì)量為m，q〔q＞0〕h處由靜止釋放，受恒力作用，將做勻變速直A錯(cuò)誤；60°x==2h60°x==2hFx=E-0kE=4mghB錯(cuò)kCCWG=mghW=W合-W=3Gmgh，所以重力與電場(chǎng)力對(duì)帶電小球做功之比始終為1：3，故C正確；DB項(xiàng)分析知帶電小球落地時(shí)速度方向與水平方向的夾角為30°D錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是初速度不為零，且與加速度不共線；受力分析求合力，依據(jù)合力判定運(yùn)動(dòng)方向及運(yùn)動(dòng)方向，依據(jù)動(dòng)能定理求解動(dòng)能?！敬鸢浮緿【解析】解：假設(shè)在A處放一根垂直于紙面對(duì)外的通電導(dǎo)體棒，依據(jù)安培定則，結(jié)合矢量的合成法則，則五根通電導(dǎo)體棒在圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為零，AOB0，方向水平向左，如今AA點(diǎn)處的通電導(dǎo)體棒在圓心OB0，方向水平向左，I=A正確；B、在-TI=A正確；B、在-T內(nèi)圖象斜率大小保持不變，方向相反，所以電流大小為I=R1兩端U=IR=并B錯(cuò)誤；錯(cuò)誤，D正確；應(yīng)選：D。依據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合安培定則，及在A點(diǎn)使用替換法，即可求解。此題考察了安培定則的應(yīng)用，解題方法比較奇異，利用等效替代法，并把握矢量的合成法則的內(nèi)容?！敬鸢浮緼C【解析】【分析】合外力的沖量等于動(dòng)量的變化量。于動(dòng)能的變化量。【解答】BEk，合外力做功為-Ek，下降末動(dòng)能為m合外和功，做功大小之比A、重力做功與高度差有關(guān)，上升過程做功-mghBEk，合外力做功為-Ek，下降末動(dòng)能為m合外和功，做功大小之比C、上滑運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，下滑運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，二者之比為，則重力的沖量之比為，5：1BC、上滑運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，下滑運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，二者之比為，則重力的沖量之比為，D、上滑過程合外力的沖量為-m=-D、上滑過程合外力的沖量為-m=-m，二者大小之比為：1D大小之比為：1D錯(cuò)誤【答案】AD0～時(shí)間內(nèi)電動(dòng)勢(shì)不變，電流不變，I=0～時(shí)間內(nèi)電動(dòng)勢(shì)不變，電流不變，I=【解析】解：A、依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=n S，依據(jù)圖象知斜率 = = ，斜R =并==2rC～R2C～R2q2= =D、～T時(shí)間內(nèi)，整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q=EIt=n ST=D正確。依據(jù)法拉第地磁感應(yīng)定律求出螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，依據(jù)圖象知斜率，斜率大小不變則電流大小不變，依據(jù)閉合回路歐姆定律求出電流的大小，B-t圖象的斜率反響感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小和方向。【答案】BD【解析】kA列牛頓其次定律方程有：mg-F-kx=ma即為：k==160N/m可得：F=mg-Kx-ma=-Kx即為：k==160N/mA、彈簧彈力做功為：W=-==-5JA錯(cuò)誤A、彈簧彈力做功為：W=-==-5JA錯(cuò)誤Dx=得：t===0.5SD正確0Dx=得：t===0.5SD正確0應(yīng)選：BD。AKa；物體勻加速階段可由運(yùn)動(dòng)方程求解勻加速時(shí)間。是當(dāng)力均勻變化時(shí)可以用平均值來求解做功?！敬鸢浮緽CE【解析】解：A、飽和汽壓隨溫度的上升而增大；飽和汽壓與蒸氣所占的體積無關(guān)，也和這種體積中有無其他氣體無關(guān)，故A錯(cuò)誤。BB正確。C、墨水滴入水中消滅集中現(xiàn)象，這是分子無規(guī)章運(yùn)動(dòng)的結(jié)果，故C正確。D、單晶體具有各向異性、固定熔點(diǎn)、外形一般為規(guī)章幾何多面體的特點(diǎn)，多晶體具有各向同性、固定熔點(diǎn)、沒有固定的幾何外形的特點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。E、依據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器器壁單位面積碰撞的次數(shù)削減，但氣體分子的平均動(dòng)能不確定，氣體的壓強(qiáng)也不愿定減小，故E正確。應(yīng)選：BCE。飽和汽壓與蒸氣所占的體積無關(guān)；將兩個(gè)分子由相距無窮遠(yuǎn)處移動(dòng)到距離極近的過程中，它們的分子勢(shì)能先減小后增大；墨水滴入水中消滅集中現(xiàn)象，這是分子無規(guī)章運(yùn)動(dòng)的結(jié)果；多晶體和多晶體都有固定的熔點(diǎn)，但在外形方面和各個(gè)方向的物體特性不同；壁單位面積碰撞的次數(shù)有關(guān)。不同考察了飽和汽、未飽和汽和飽和汽壓、集中、分子勢(shì)能、晶體和非晶體、氣體壓強(qiáng)的微觀意義等學(xué)問點(diǎn)。這種題型學(xué)問點(diǎn)廣，多以根底為主，只要尋常多加積存，難度不大?！敬鸢浮緼BE【解析】解：Aaba光的折射率大于B、b光的折射角正弦為sinrb===0.6，bB、b光的折射角正弦為sinrb===0.6，b光在玻璃磚中的折射率nn=== B正確。C、a光的折射角正弦為sinra=== ，a光在玻璃磚中的折射率C、a光的折射角正弦為sinra=== ，a光在玻璃磚中的折射率= sinC==C錯(cuò)誤。EAC==，a光通過玻璃磚后，側(cè)移的距離△x=sin〔i-ra〕，解得△x=解得△x=〔2 -1〕cm，故E正確。sinsinC=a雙縫干預(yù)條紋間距的關(guān)系。由幾何學(xué)問求a光通過玻璃磚后側(cè)移的距離△x。此題的解題關(guān)鍵是要知道偏向角與折射率的關(guān)系，把握波長(zhǎng)、頻率、干預(yù)條紋間距與折射率的關(guān)系。依據(jù)折射定律和幾何關(guān)系相結(jié)合進(jìn)展解答。11.【答案】3.00 9.00 1.00點(diǎn)為直線，U1=IRCD點(diǎn)為直線，U1=IRCDR=11=3.00Ω，當(dāng)C、DR1的值；k=R1+r==4.00Ωr=k-R=1.00ΩU=0時(shí)，1k=R1+r==4.00Ωr=k-R=1.00ΩU=0時(shí)，121R1短E=I ×〔+r〕=2.25×4.00V=9.00V。R1短故答案為：3.00 9.00 1.00〔1〕由兩個(gè)歐姆定律先表示出兩個(gè)電壓表的示數(shù)的關(guān)系式，結(jié)合圖象的含義，從斜率和一些特別點(diǎn)的坐標(biāo)求出相關(guān)物理量；〔2〕〔3〕依據(jù)兩個(gè)電壓表示數(shù)隨電流的變化關(guān)系，求出定值電阻和電源的內(nèi)阻；12.【答案】5.6012.【答案】5.60偏大重力加速度g【解析】解：〔1〕由圖〔b〕所示游標(biāo)卡尺可知，主尺示數(shù)為5mm，游標(biāo)尺示數(shù)為=〔2〕A點(diǎn)時(shí)的速度為：vA=〔2〕A點(diǎn)時(shí)的速度為：vAB點(diǎn)時(shí)的速度為：vB=，加速度為：a=；B B點(diǎn)時(shí)的速度為：vB=，加速度為：a=；B 以M、m組成的系統(tǒng)為爭(zhēng)論對(duì)象，由牛頓其次定律得：mg-μMg=〔M+m〕a，M=m0、m=2m0代入解得：μ=；假設(shè)輕滑輪略向下傾斜，使細(xì)線不完全與水平桌面平行，此時(shí)小車受到的沿水平方代入解得：μ=；以〔M+m〕am為橫軸，則圖象該圖象的斜率：k=，可知M、m以〔M+m〕am為橫軸，則圖象該圖象的斜率：k=，可知故答案為：〔1〕5.60故答案為：〔1〕5.60；〔2〕；〔3〕；〔4〕偏大；〔5〕g。游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺的示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)，由速度公式求出物塊經(jīng)過AB求出物塊的加速度；由牛頓其次定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)；結(jié)合牛頓其次定律分析即可；M、m組成的系統(tǒng)為爭(zhēng)論對(duì)象，由牛頓其次定律列出公式分析即可。示數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與刻度線垂直。13.【答案】解：〔1〕P搖擺過程只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律下擺過程：mgL下擺過程：mgL〔1-cos53° =mv〕12，上擺過程：mgL〔1-cos37° =mv〕22，解得：v1=2m/s，v上擺過程：mgL〔1-cos37° =mv〕22，解得：v1=2m/s，v=2m/s，2mv12+mv =Mv2232，1 2 解得：==2m/s；，v解得：==2m/s；，v2-μMgs=0-Mv ，32解得：s=0.05m；答：〔1〕小球P與小物塊Q的質(zhì)量之比為〔3-2 〕：1；〔2〕Q0.05m?！窘馕觥俊?〕小球搖擺過程機(jī)械能守恒，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞前后P的之比。此題考察了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，依據(jù)題意分析清楚動(dòng)量守恒定律與動(dòng)能定理可以解題；〔2此題考察了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，依據(jù)題意分析清楚動(dòng)量守恒定律與動(dòng)能定理可以解題；〔2〕也可以應(yīng)用牛頓其次定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。14.【答案】解：〔1〕依據(jù)洛倫茲力供給向心力可知14頁1314頁小球帶正電；依據(jù)圖象可知：|OF依據(jù)圖象可知：|OF|=〔聯(lián)立解得：R=t1==|OC|=，|OC|=t1為帶電小球在一個(gè)周期內(nèi)在二、三、四象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，t聯(lián)立解得：R=t1==|OC|=，|OC|=聯(lián)立解得：T=t1+聯(lián)立解得：T=t1+t