2024屆湖北省宜荊荊隨恩高三下學(xué)期5月聯(lián)考（二模）物理試題

2023-2024學(xué)年湖北省宜荊荊隨恩高三聯(lián)考物理試卷（5月）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.歷史上為了研究原子和原子核的性質(zhì)，科學(xué)家們做了大量的實驗研究，下列說法正確的是(

)A.湯姆孫通過分析粒子散射實驗結(jié)果，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型

B.利用探測射線穿過鋼板后到的射線強弱不同，可以來檢測鋼材的厚度

C.天然放射現(xiàn)象說明了原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的

D.放射性元素的半衰期隨著溫度的升高而減小2.如圖所示，三條實線為電場線，帶電粒子a沿虛線軌跡1從A運動到B，帶電粒子b沿軌跡2從C運動到D。若兩帶電粒子運動過程中，均僅受電場力作用。下列說法正確的是(

)

A.a粒子帶正電，b粒子帶負電

B.a粒子帶負電，b粒子帶正電

C.運動過程中，粒子a和粒子b的速度一直減小

D.粒子a在A、B兩點的電勢能，粒子b在C、D兩點的電勢能3.如圖為湖邊一傾角為的大壩的橫截面示意圖，水面與大壩的交點為O，一人站在A點處以速度沿水平方向扔小石子，已知，g取，忽略空氣阻力，下列說法正確的是(

)

A.若，則石塊可以落入水中

B.若石塊能落入水中，則越大，落水時速度方向與水平面的夾角越小

C.若石塊不能落入水中，則越大，落到斜面上時速度方向與斜面的夾角越大

D.若石塊不能落入水中，則越大，落到斜面上時速度方向與斜面的夾角越小4.2024年4月26日3時23分，神州十八號載人飛船成功對接空間站天和核心艙徑向端口，成功入駐離地400km的“天宮”。這次太空遠航，航天員們將攜帶一個叫做“小受控型生態(tài)生命模塊”的裝置及相關(guān)物品進入太空，其中的主要水生生命體就是斑馬魚和金魚藻，實現(xiàn)我國在外太空培養(yǎng)脊椎動物的首次突破。下列說法正確的是(

)A.空間站繞地穩(wěn)定飛行時，斑馬魚不受浮力作用

B.空間站繞地穩(wěn)定飛行時，斑馬魚受到的萬有引力和浮力平衡

C.空間站繞地飛行速度大于第一宇宙速度

D.神州十八號需要進入核心艙軌道后，向后噴氣加速才能追上核心艙5.某同學(xué)在轉(zhuǎn)動如圖所示的鉛筆的過程中，發(fā)現(xiàn)在水平面內(nèi)繞筆中心轉(zhuǎn)動的角速度超過時，位于鉛筆一端的橡皮將滑出，已知他使用的鉛筆長20cm，假設(shè)橡皮受到的最大靜摩擦力為定值，且橡皮的大小可忽略，g取，則要保證橡皮擦不滑出，這支鉛筆在豎直面內(nèi)繞其中心轉(zhuǎn)動的角速度的最大值為(

)

A. B. C. D.6.理想氣體的圖像如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始經(jīng)過狀態(tài)B、C、D又回到狀態(tài)A，其中AB、CD的延長線經(jīng)過坐標原點O，BC與橫軸平行，，下列說法正確的是(

)

A.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B分子平均動能減小

B.氣體從狀態(tài)C到狀態(tài)D從外界吸熱

C.氣體在狀態(tài)A的溫度和狀態(tài)D的溫度相同

D.從狀態(tài)D到狀態(tài)A，外界對氣體做功為7.如圖所示，水平面上固定一半圓形凹槽，凹槽的質(zhì)量為M，半圓弧的圓心為O點，最低點為A點，半徑為R。現(xiàn)將一質(zhì)量為m的光滑小球從圓弧上的D點釋放，已知OD與OA的夾角為，重力加速度為g，小球大小可以忽略不計。從D點運動到A點的過程中，小球?qū)Π疾鄣膹椓Φ臎_量大小為(

)

A. B.

C. D.二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示，有兩列簡諧橫波a、b在同一均勻介質(zhì)中均沿x軸正方向傳播，兩列波的傳播速度相等.在時刻兩列波的波形曲線如圖所示，已知a波的周期為1s，下列表述正確的是(

)

A.時刻，處的質(zhì)點偏離平衡位置的位移為

B.時刻，處的質(zhì)點偏離平衡位置的位移為

C.從時刻開始，至少經(jīng)過，的質(zhì)點偏離平衡位置的位移為

D.從時刻開始，至少經(jīng)過，的質(zhì)點偏離平衡位置的位移為9.如圖甲所示，水平地面上固定一帶擋板的長木板，一輕彈簧左端固定在擋板上，右端接觸滑塊，彈簧被壓縮后鎖定，時解除鎖定，釋放滑塊，滑塊未脫離木板.計算機通過滑塊上的速度傳感器描繪出滑塊的圖象如圖乙所示，其中oab段為曲線，bc段為直線，傾斜直線od是時的速度圖線的切線。已知滑塊質(zhì)量，取，則下列說法正確的是(

)

A.滑塊速度最大時，彈簧恰好恢復(fù)原長

B.滑塊與長木板之間的摩擦因數(shù)為

C.彈簧的勁度系數(shù)

D.從靜止釋放到速度最大時滑塊的圖象圍成的面積是10.如圖所示，在xoy平面存在一半徑的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向外，在圓心O處有一粒子源，粒子源沿xoy平面，朝第二象限范圍內(nèi)的各個方向發(fā)射同種帶正電的粒子，且粒子源朝各個方向發(fā)射的粒子數(shù)目均勻分布，發(fā)射出的粒子速度大小相等，所帶電荷量為q，質(zhì)量為m。在處有一平行于y軸放置的的豎直擋板，擋板足夠長，與圓形磁場區(qū)域分別交于A、B兩點，擋板上C點坐標為。從粒子源發(fā)出的粒子恰好均能打在擋板上，且發(fā)現(xiàn)有兩種不同方向的粒子會打在擋板上的同一位置。若不計帶電粒子重力，粒子打在擋板上就被吸收，則下列說法正確的是(

)

A.粒子對應(yīng)速度大小為

B.擋板上有兩種不同方向的粒子會打在同一位置的區(qū)域長度為

C.若擋板可繞C點轉(zhuǎn)動，要保證所有粒子均打在擋板上的不同位置，擋板至少要逆時針轉(zhuǎn)動

D.若圓形磁場的區(qū)域的半徑調(diào)為，圓心位置移動到，則能打在擋板上的粒子均垂直打在豎直擋板上，且打在AC區(qū)域上的粒子數(shù)目大于發(fā)射粒子總數(shù)的三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某同學(xué)如圖甲，用量程為5N的彈簧測力計，測量一個超出其量程的物體的重力：將表面印有等距圓環(huán)的白紙固定在豎直放置的木板上;三根細線分別與彈簧測力計一端、一個圖釘、待測重物相連，彈簧測力計的另一端固定，通過改變圖釘在木板的位置調(diào)節(jié)細線OB，使細線的結(jié)點O與圓環(huán)的圓心位置重合;標出OA、OB、OC的拉力方向，記錄彈簧測力計的讀數(shù)__________①根據(jù)共點力平衡條件和平行四邊形定則，用“力的圖示”在圖乙中作出OA、OB拉力的合力;②由作圖結(jié)果可得重物的重力為__________結(jié)果保留一位小數(shù)。保持結(jié)點O和圖釘?shù)奈恢貌蛔?，將彈簧測力計從圖甲所示位置逆時針旋轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，彈簧測力計的示數(shù)將__________。A.逐漸增大B.先增大后減小C.逐漸減小D.先減小后增大12.某物理興趣小組設(shè)計了如圖甲所示的歐姆表電路，通過控制開關(guān)S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“”和“”兩種倍率。所用器材如下：A.干電池：電動勢，內(nèi)阻B.電流表滿偏電流，內(nèi)阻C.定值電阻：D.電阻箱和最大阻值均為E.電阻箱最大阻值為F.開關(guān)一個，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干

該實驗小組按圖甲正確連接好電路。當(dāng)開關(guān)S斷開時，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表達到滿偏，此時閉合電路的總電阻叫做歐姆表的內(nèi)阻，則__________，歐姆表的倍率是__________選填“”、“”。閉合開關(guān)第一步：調(diào)節(jié)電阻箱和，當(dāng)__________且__________時，再將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏。第二步：在電流表刻度上方標出兩種倍率通用的歐姆表刻度。如：的上方應(yīng)該標0，0mA的上方應(yīng)該標，的上方應(yīng)該標__________。四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.有一形狀特殊的玻璃磚如圖所示，AB為四分之一圓弧，O為弧的圓心，半徑，OAC為直角三角形，。一束光沿著平行于BC的方向從玻璃磚AB弧面上的D點射入，經(jīng)玻璃磚折射后剛好打到OC上的一點圖中未標出。，，已知光在真空中的傳播速度c，不考慮二次反射的光線。求：

玻璃磚的折射率;束光從射入到第一次射出的過程中，在玻璃磚中傳播的時間。14.如圖所示，足夠長的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平固定，間距，整個軌道平面存在豎直向下和水平向右的勻強磁場，其磁感應(yīng)強度大小分別為，，導(dǎo)軌左端連一電阻。有一輕質(zhì)金屬棒ab靜置于軌道上，其電阻為，與軌道間的動摩擦因數(shù)為。輕繩一端與棒ab中點相連，另一端跨過定滑輪與一質(zhì)量為的重物相連，由靜止釋放重物，經(jīng)過時間時，重物下降了不落地，棒ab開始向右做勻速直線運動，不計繩與滑輪間的摩擦及軌道的電阻，重力加速度。求：

棒勻速運動時的速度時間t內(nèi)通過棒的電量時間t內(nèi)電阻R產(chǎn)生的熱量Q。15.如圖所示，水平地面上P點左側(cè)粗糙，右側(cè)光滑，物塊A靜止放置在木板B上，物塊A、木板B的質(zhì)量分別為2m、m，A、B之間的動摩擦因數(shù)為，木板B與地面之間的動摩擦因數(shù)為。P點右側(cè)足夠遠有N個質(zhì)量均為3m的光滑小鋼球向右沿直線緊密排列，小鋼球的直徑等于木板的厚度。用手指推動物體A向右勻加速直線運動，手指對A施加的正壓力大小為mg，手指作用時間后立即撤離，手指撤離后再經(jīng)過時間，木板B右端剛好抵達P點，且A、B速度恰好相等。木板B完全通過P點的速度為其右端剛到達P點時速度的。已知物塊A始終未脫離木板B，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，所有碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間忽略不計，重力加速度為g。求：

木板B右端剛好到達P點時的速度木板B第一次與小球碰撞到第二次與小球碰撞的時間間隔;從開始運動到所有碰撞結(jié)束A、B重新相對靜止的整個過程，A、B之間因摩擦產(chǎn)生的熱量。

答案和解析1.【答案】C

【解析】【分析】本題考查了粒子散射實驗、射線及其特性、原子核、原子核的衰變及半衰期；本題涉及的知識點多，關(guān)鍵平時要多掌握基礎(chǔ)知識。

盧瑟福通過分析粒子散射實驗結(jié)果，得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型；

根據(jù)、、三種射線的特點，及各自穿透能力高低分析；

天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；

半衰期與環(huán)境無關(guān)?！窘獯稹?/p>

解：盧瑟福通過分析粒子散射實驗結(jié)果，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，不是湯姆孫，故A錯誤；

B.根據(jù)、、三種射線特點可知，射線穿透能力最強，電離能力最弱，射線電離能力最強，穿透能力最弱，為了能夠準確測量鋼板的厚度，探測射線應(yīng)該用射線，故B錯誤；

C.天然放射現(xiàn)象中的射線來自原子核，說明原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故C正確；

D.放射性元素的半衰期由自身性質(zhì)決定，與外界環(huán)境無關(guān)，故D錯誤。2.【答案】D

【解析】【分析】【分析】

本題考查電場線與帶電粒子的運動軌跡問題，解題的關(guān)鍵是要知道電場線的疏密程度表示電場強度的大小，根據(jù)電場線及軌跡確定粒子受到的電場力方向與運動速度方向，根據(jù)電場線方向確定粒子電性，根據(jù)力與速度方向的夾角確定力做功情況，判斷速度變化情況及能量變化情況?！窘獯稹?/p>

【解答】

AB、由于電場線的方向未知，故根據(jù)圖中軌跡只能知道兩粒子電性相反，無法確定具體哪個粒子帶正電，哪個粒子帶負電，故AB均錯誤；

C、根據(jù)圖中軌跡及電場線可知，兩粒子在運動過程中，速度方向與電場力方向的夾角均是先大于90度，后小于90度，故兩粒子所受電場力均是先做負功，后做正功，根據(jù)動能定理可知，動能先減小后增大，兩粒子速度均是先減小后增大，C錯誤；

D、根據(jù)電場線與粒子運動軌跡可知，粒子a在A點動能大于在B點動能，粒子b在C點動能大于在D點動能，根據(jù)能量守恒可知，粒子a在A、B兩點的電勢能，粒子b在C、D兩點的電勢能，D正確；

故選D。3.【答案】B

【解析】【分析】

根據(jù)平拋規(guī)律和推論逐一分析即可。

本題考查了平拋運動與斜面的結(jié)合，熟悉平拋運動規(guī)律是解題的關(guān)鍵。

【解答】

A.若石塊恰能落到O點，，則，，解得，，所以若，則石塊不可以落入水中，故A錯誤；

B.因為石塊落水的時間均為2s，落到水中的豎直速度為定值，由，可知石塊能落入水中時，越大，落水時速度方向與水平面的夾角越小，故B正確；

C.若石塊不能落入水中，則落到斜面上時位移方向與水平方向的夾角即位移偏轉(zhuǎn)角恒為，由速度偏轉(zhuǎn)角與位移偏轉(zhuǎn)角關(guān)系滿足，即速度偏轉(zhuǎn)角為定值，落到斜面上時速度方向與斜面的夾角為定值，故CD錯誤。

故選B。4.【答案】A

【解析】【分析】【解析】空間站繞地穩(wěn)定飛行時，水做圓周運動，有向心加速度，水處于完全失重狀態(tài)，浮力“消失”；根據(jù)第一宇宙速度是衛(wèi)星最大的環(huán)繞速度進行說明；由變軌的原理，即做離心運動分析對接的方案?！窘獯稹?/p>

【解答】A、空間站繞地穩(wěn)定飛行時，水做圓周運動，有向心加速度，重力提供向心力，水處于完全失重狀態(tài)，浮力“消失”，即斑馬魚不受浮力作用，A正確，B錯誤；

C、第一宇宙速度是衛(wèi)星在繞地圓形軌道上的最大運行速度，則空間站在軌運行的速度小于第一宇宙速度，C錯誤；

D、完成對接，應(yīng)先進入較小軌道，再在適當(dāng)位置加速變軌做離必運動到較大的軌道完成對接，故D錯誤。

故選A。5.【答案】B

【解析】【分析】【分析】

本題考查圓周運動的應(yīng)用，涉及到水平面內(nèi)圓周運動和豎直面內(nèi)圓周運動的臨界問題。解題的關(guān)鍵是要根據(jù)題意，分析物體做圓周運動的向心力的來源，根據(jù)臨界條件分析臨界角速度?！窘獯稹?/p>

【解答】

設(shè)橡皮質(zhì)量為m，鉛筆在水平面內(nèi)繞筆中心以的角速度轉(zhuǎn)動時，對橡皮有：，其中，解得：

鉛筆在豎直面內(nèi)繞其中心轉(zhuǎn)動，當(dāng)橡皮轉(zhuǎn)到最低點恰好要滑出時有：，

解得：，故B正確，ACD均錯誤；

故選B。6.【答案】D

【解析】A.根據(jù)理想氣體整體方程氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程，氣體壓強增大，氣體體積增大，可知氣體溫度升高，則分子平均動能增大，故A錯誤；B.氣體從狀態(tài)C到狀態(tài)D過程，氣體壓強減小，氣體體積減小，可知氣體溫度降低，則氣體內(nèi)能減小，由于氣體體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體向外界放熱，故B錯誤；C.由圖像可得可得則有，可得則有，故C錯誤；D.根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功大小，從狀態(tài)D到狀態(tài)A，氣體體積減小，外界對氣體做正功，大小為故D正確。故選D。7.【答案】A

【解析】【分析】本題考查了機械能守恒定律、類單擺、動量定理；注意沖量、動量的矢量性。

根據(jù)機械能守恒定律求出小球從D滑動A的速度；小球做類單擺運動，求出重力的沖量；由動量定理得出合力的沖量；根據(jù)平行四邊形定則求出彈力的沖量?！窘獯稹?/p>

解：小球從D滑動A，機械能守恒：，解得：；

由于，小球做類單擺運動，周期；

從D滑動A，重力的沖量：，方向豎直向下；

由動量定理可知：，方向水平向左；

由矢量合成可知：；

故A正確，BCD錯誤。8.【答案】BC

【解析】【分析】

由圖讀出兩列波的波長、振幅，寫出b機械波在時刻的波動方程，從而求得時刻兩波單獨傳播時在處的位移，由波的疊加原理求處的質(zhì)點偏離平衡位置的位移；

運用波形平移法求出a波的波峰傳播到的質(zhì)點經(jīng)歷的時間通項，以及b波的波峰傳播到的質(zhì)點經(jīng)歷的時間通項，聯(lián)立分析即可。

本題關(guān)鍵考查運用數(shù)學(xué)知識解決物理問題的能力，本題是多解問題，往往要分析規(guī)律，列出時間通項表達式。

【解答】

由圖可和，兩列波的波長分別為，，振幅均為

b機械波在時刻的波動方程為

代入數(shù)據(jù)可得

時刻對于的質(zhì)點，

所以可得處的質(zhì)點偏離平衡位置的位移為，故A錯誤，B正確；

兩列波的波速為

設(shè)至少經(jīng)過t時間的質(zhì)點偏離平衡位置的位移為，即兩個波峰同時到達該點，則有，其中m、、1、2……

整理得

當(dāng)時上式成立，因此解得

故C正確，D錯誤。9.【答案】BD

【解析】【分析】本題關(guān)鍵從速度時間圖象得到滑塊剛釋放和脫離彈簧時的加速度大小，然后根據(jù)牛頓第二定律列式分析求解；了解圖象的物理意義是正確解題的前提。

彈簧彈力與摩擦力相等時速度最大，滑塊在b處脫離彈簧，再根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律解答?！窘獯稹緼.根據(jù)圖線的斜率表示加速度，可知滑塊被釋放后，先做加速度逐漸減小的加速直線運動，彈簧彈力與摩擦力相等時速度最大，此時彈簧不是原長，故A錯誤；

B.從題中圖象知，滑塊在b處脫離彈簧，滑塊脫離彈簧后的加速度大小，

由牛頓第二定律得摩擦力大小為：，可得，故B正確；

C.剛釋放時滑塊的加速度為：，由牛頓第二定律得

，解得，故C錯誤；

D.

速度最大時，，所以滑塊的位移為，即滑塊的圖象圍成的面積是，故D正確。10.【答案】BCD

【解析】【分析】本題考查旋轉(zhuǎn)圓模型和磁聚焦模型，畫出粒子軌跡，結(jié)合題意和幾何關(guān)系進行分析?！窘獯稹?/p>

A、由題意從粒子源發(fā)出的粒子恰好均能打在擋板上，且發(fā)現(xiàn)有兩種不同方向的粒子會打在擋板上的同一位置。由旋轉(zhuǎn)圓模型規(guī)律知，則粒子做圓周運動的直徑為圓形區(qū)域半徑a，做圓周運動的半徑為，畫出粒子運動軌跡：

由得，A錯誤；

B、由于粒子做圓周運動直徑為a，故粒子在擋板上方最遠點恰在圓上為A點，粒子沿y軸方向射出的粒子打在C點。故由粒子軌跡知，AC部分有兩種不同方向的粒子的會打在同一位置，，B正確；

C、由前分析知，要使粒子均打在擋板不同位置，應(yīng)使沿x負向射出的粒子打在擋板距離C最遠，此時射出點和打在擋板上的點距離為做圓周運動的直徑，即圓形區(qū)域半徑，故應(yīng)繞C點逆時針轉(zhuǎn)動，C正確；

D、若圓形磁場的區(qū)域的半徑調(diào)為，此時圓周運動半徑等于磁場區(qū)域半徑，為磁聚焦模型，由幾何關(guān)系知，射出粒子方向均沿x軸正向，故均垂直打在擋板上。畫出到達A點的粒子軌跡

設(shè)其射出時速度方向與y軸夾角為，，故打在AC區(qū)域上的粒子數(shù)目大于發(fā)射粒子總數(shù)的。D正確。11.【答案】均可；①

；

②均可

。

【解析】【分析】

本題考查了彈簧秤的讀數(shù)和平行四邊形定則。

彈簧測力計的最小分度值為，注意向后估讀一位；

①根據(jù)平行四邊形定則解答；

②根據(jù)圖中的比例解答。

根據(jù)力的矢量三角形法分析力的動態(tài)變化。

【解答】

彈簧測力計的最小分度值為，所以記錄彈簧測力計的讀數(shù)為；

①如圖：

；

②由圖可得重物的重力為，考慮到有誤差，故均可；

保持結(jié)點O和圖釘?shù)奈恢貌蛔?，將彈簧測力計從圖甲所示位置逆時針旋轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，對O點受力分析，并作出力的矢量三角形如圖所示，

表示OA繩上的拉力，大小等于彈簧彈力、表示OB繩上的拉力，其方向沿OB方向保持不變、表示OC繩上的拉力，大小等于重物的重力，方向豎直向下；

根據(jù)力的矢量三角形可知，彈簧測力計的示數(shù)先減小后增大，D選項正確，ABC均錯誤；故選D。12.【答案】；

【解析】【分析】

本題考查了多用電表的原理，要注意明確多用電表的基本原理為閉合電路歐姆定律，同時注意串并聯(lián)電路的規(guī)律的正確應(yīng)。

由閉合電路歐姆定律可求得歐姆表的內(nèi)阻，根據(jù)表盤的刻度分布可知對應(yīng)的倍率；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可求得兩電阻的阻值，再由所用倍率及對應(yīng)的示數(shù)即可求得歐姆表內(nèi)阻；

根據(jù)電動勢的變化及中值電阻的意義，應(yīng)用閉合電路歐姆定律解題。

【解答】

由閉合電路歐姆定律可知：S斷開時，歐姆表的內(nèi)阻為：，

則：，剛好在電阻箱之內(nèi)；

內(nèi)阻為，對應(yīng)開關(guān)S斷開表內(nèi)阻較大的狀態(tài)，對應(yīng)是大倍率，故歐姆表倍率應(yīng)為“”。

閉合開關(guān)S時歐姆表為“”倍率，電流表G滿偏時，內(nèi)阻為；

歐姆表的電流為：；

此時表頭中電流應(yīng)為滿偏電流；則與之并聯(lián)電阻電流應(yīng)為：，

并聯(lián)電阻為：

所以：；

則：；

圖示為表頭G的電流；

由知，歐姆表的電流為表頭的10倍即6mA

則總電阻為：

故待測電阻為：，因為是倍率，故對應(yīng)的刻度應(yīng)為10。13.【答案】解：入射光經(jīng)過折射后到達OC邊的E點，如圖所示：

結(jié)合題意，由幾何關(guān)系可得入射角為，折射角，

根據(jù)折射定律，有，解得；

因為，，所以，在E點入射角，臨界角，得，而，所以在E點發(fā)生全反射，光路如圖所示，由幾何關(guān)系可得，

光在玻璃磚中的傳播路程，又，傳播時間，解得。

【解析】本題主要考查折射定律以及全反射條件的應(yīng)用，作出光路圖是解決問題的關(guān)鍵。

光在D點發(fā)生折射，根據(jù)幾何知識求出入射角和折射角，由折射定律求得玻璃磚的折射率；

根據(jù)幾何關(guān)系求出光線射到E點的入射角，與臨界角C比較，判斷知道光在E點發(fā)生全反射，這束光從射入到第一次射出的過程中，根據(jù)幾何關(guān)系求光在玻璃磚中傳播的距離，由求出光在玻璃磚中傳播速度，從而求得傳播時間。14.【答案】解：電動勢，感應(yīng)電流，棒所受的安培力，，

棒和重物整體受力如