2021屆內(nèi)蒙古鄂爾多斯市高考物理模擬試卷附答案詳解

2021屆內(nèi)蒙古鄂爾多斯市高考物理模擬試卷一、單選題（本大題共5小題，共20.0分）1. 氫原子的能級(jí)圖如圖所示，大量氫原子從n=4的能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，則(????)A.核外電子的動(dòng)能減少B.最多能夠輻射3種頻率的光子C.氫原子輻射出0.66eV的光子后，能夠穩(wěn)定在n=3的能級(jí)D.氫原子從n=4直接躍遷到n=1的能級(jí)，發(fā)出的光子頻率最大2. 甲、乙兩車從同一地點(diǎn)出發(fā)同向運(yùn)動(dòng)，其v-t圖象如圖所示。下列說(shuō)法正確的是(????)A.甲、乙兩車都做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，且甲的加速度比乙的小B.圖中P點(diǎn)表示兩車到達(dá)空間同一點(diǎn)C.在0～D.4s之后乙一直在甲的后面3. 北京時(shí)間2019年4月10日21時(shí)全球六地召開(kāi)新聞發(fā)布會(huì)，“事件視界望遠(yuǎn)鏡”項(xiàng)目發(fā)布了近鄰巨橢圓星系M87中心捕獲的首張黑洞照片，這意味著人類成功獲得了超大黑洞的第一個(gè)“視覺(jué)”證據(jù)，驗(yàn)證了1915年愛(ài)因斯坦在廣義相對(duì)論中的偉大預(yù)言。假設(shè)某一黑洞的半徑R約為45km，其質(zhì)量M和半徑R的關(guān)系滿足史瓦西半徑公式MR=c22G，其中c為光速，G為萬(wàn)有引力常量；由此可得出該黑洞(實(shí)為一個(gè)天體A.106m/s2?????????? B.108m/4. 如圖所示，一個(gè)人靜止在地面上，人與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=32，已知地面對(duì)人的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力(忽略定滑輪的摩擦力)，當(dāng)α=60°時(shí)，人靜止時(shí)能拉起重物的最大重力為人重力的(????)A.12倍 B.23倍 C.32倍 5. 如圖，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O.將等電量的正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上它們的位置關(guān)于AC對(duì)稱．要使圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，可在圓周上再放置一個(gè)適當(dāng)電量的正點(diǎn)電荷+Q，則該點(diǎn)電荷+Q應(yīng)放在(????)A.A點(diǎn)B.B點(diǎn)C.C點(diǎn)D.D點(diǎn)二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）6. 如圖所示，以v0=10m/s的速度水平拋出的小球，飛行一段時(shí)間垂直地撞在傾角θ=30°的斜面上，按g=10m/s2考慮，以下結(jié)論中正確的是A.物體飛行的時(shí)間是3

sB.物體撞擊斜面時(shí)的速度大小為20

m/sC.物體飛行的時(shí)間是2

sD.物體下降的距離是10

m7. 如圖所示，繩的上端固定在O點(diǎn)，下端系小球P.P與斜面Q的接觸面粗糙。用水平力向右推Q，使它沿光滑水平面勻速運(yùn)動(dòng)。從圖中實(shí)線位置到虛線位置過(guò)程中(????)A.摩擦力對(duì)小球P做正功B.斜面Q對(duì)小球的彈力垂直于斜面因此對(duì)小球不做功C.繩的拉力對(duì)小球P不做功D.推力F對(duì)斜面做的功和小球P對(duì)斜面做的功的絕對(duì)值相等8. 如圖所示，t=0時(shí)，一小物塊從光滑斜面上的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)進(jìn)入水平面(設(shè)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)前后速度大小不變)，最后停在C點(diǎn)。下表記錄了每隔2s物塊的瞬時(shí)速度，重力加速度g=10m/s2，則t/s0246v/(m08128A.斜面與水平面的夾角滿足sinα=0.4B.物體在4秒末滑到水平面C.AB的長(zhǎng)度為22.2米D.物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.49. 對(duì)于以下教材中配圖說(shuō)明，說(shuō)法正確的是(????)A.甲圖為油膜法估算分子直徑的實(shí)驗(yàn)圖。實(shí)驗(yàn)中需注意待油酸薄膜形狀穩(wěn)定后再描繪油酸膜的形狀B.乙圖為布朗運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生原因示意圖。說(shuō)明微粒越大，液體分子沿各方向撞擊它的數(shù)量越多，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯C.丙圖為模擬氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生機(jī)理實(shí)驗(yàn)圖。說(shuō)明氣體壓強(qiáng)是由氣體分子對(duì)器壁頻繁碰撞產(chǎn)生的D.丁圖為熱機(jī)工作時(shí)的能流分配圖。說(shuō)明熱機(jī)的效率可能達(dá)到100%10. 下列說(shuō)法正確的是(????)A.波源與觀察者互相靠近或者互相遠(yuǎn)離時(shí)，觀察者接收到的波的頻率都會(huì)發(fā)生變化B.光在真空中運(yùn)動(dòng)的速度在不同慣性系中測(cè)得的數(shù)值可能不同C.用紅外線照射時(shí)，大額鈔票上用熒光物質(zhì)印刷的文字會(huì)發(fā)出可見(jiàn)光D.變化的電場(chǎng)可能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）11. 熱敏電阻的阻值會(huì)隨溫度的變化而變化。學(xué)?？萍夹〗M欲利用熱敏電阻制作一個(gè)體溫計(jì)：(1)先用多用電表的歐姆擋粗測(cè)熱敏電阻的阻值。選擇開(kāi)關(guān)打到“×100”擋，按正確步驟操作，測(cè)量熱敏電阻的阻值，示數(shù)如圖甲中虛線所示，為了較準(zhǔn)確測(cè)量，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)打到______(選填“×1k”或“×10”擋，進(jìn)行______，再測(cè)量熱敏電阻的阻值，示數(shù)如圖甲中實(shí)線所示，則熱敏電阻的阻值為_(kāi)_____Ω；(2)用伏安法測(cè)量熱敏電阻在不同溫度下的阻值，若提供的電壓表的內(nèi)阻約為80kΩ，電流表的內(nèi)阻約為2Ω，則應(yīng)選用電流表______(選填“內(nèi)接法”或“外接法”)測(cè)量熱敏電阻的阻值。根據(jù)測(cè)得的熱敏電阻在不同溫度下的阻值，用描點(diǎn)法得到熱敏電阻的阻值RT與溫度t(3)將熱敏電阻RT與電源(電動(dòng)勢(shì)E為1.5V，內(nèi)阻不計(jì))、電流表A(量程為9mA，內(nèi)阻為4Ω)、保護(hù)電阻R0、開(kāi)關(guān)S連成圖丙所示電路，用熱敏電阻RT做測(cè)溫探頭，把電流表的表盤刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡(jiǎn)單的“熱敏電阻體溫計(jì)”。若要求電流表指針滿偏的位置標(biāo)為45℃，則電阻R0=______Ω，電流表6mA處應(yīng)標(biāo)為_(kāi)_____℃12. “探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示：(1)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是一種計(jì)時(shí)儀器，其電源頻率為50Hz，常用的電磁式打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和電火花計(jì)時(shí)器，使用的都是______(填“直流電”或“交流電”)。(2)下列措施中不正確的是______A.為了使繩對(duì)小車?yán)Φ拇笮〗频扔陧来a總的重力，要求砝碼的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M。B.平衡摩擦力的方法就是添加砝碼，使小車能勻速滑動(dòng)C.每次改變拉小車的拉力后都需要重新平衡摩擦力D.實(shí)驗(yàn)中通過(guò)增加砝碼來(lái)改變小車受到的拉力(3)某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中。打出的一條紙帶如圖2所示，他選擇了幾個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)作為計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出，其中s1=7.06cm、s2=7.68cm、s3=8.30cm、s4=8.92cm，那么打b點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小是(4)某同學(xué)將長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力。但他把長(zhǎng)木板的右端墊得過(guò)高，使得傾角過(guò)大。用a表示小車的加速度，F(xiàn)表示細(xì)線作用于小車的拉力，他繪出的a-F關(guān)系圖象(如圖3)是______四、簡(jiǎn)答題（本大題共1小題，共8.0分）13. 一直流電動(dòng)機(jī)，線圈電阻R=2.0Ω，當(dāng)它兩端所加的電壓U=24V時(shí)，電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)，測(cè)得通過(guò)其電流I=0.50A，求此工作狀態(tài)下，這臺(tái)電動(dòng)機(jī)的輸出功率。五、計(jì)算題（本大題共3小題，共30.0分）14. 如圖所示，光滑的傾斜軌道與半徑為R的粗糙半圓形軌道相連接，質(zhì)量為m

的小球在傾角為θ的軌道上由A點(diǎn)靜止釋放，開(kāi)始離地面高度為H，求：(1)畫(huà)出小球在斜面上的受力示意圖；(2)小球在斜面上的加速度大小；(3)要使小球恰能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)C，小球在圓形軌道上克服摩擦力做功為多少．15. 如圖所示，一端開(kāi)口的玻璃管A和兩端開(kāi)口的玻璃管B，用膠皮管連接起來(lái)后呈U型豎直放置，管中有一端水銀，A管上端封閉了一段長(zhǎng)L=8cm的氣柱，外界壓強(qiáng)為P0=80cmHg，左右兩水銀面的高度差h=10cm，A管中氣柱溫度T1=300K；保持溫度不變，向下緩慢移動(dòng)(1)此時(shí)A管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度；(2)保持A、B管位置不動(dòng)，為了讓A管中氣柱長(zhǎng)度恢復(fù)到8cm，A管中氣柱溫度應(yīng)為多少？16. 直角梯形玻璃磚ABCD的截面如圖所示，一束單色光沿與AB邊成45°角的方向從AB邊上的E點(diǎn)射入玻璃磚中，折射后經(jīng)玻璃磚的BC邊反射，并重直于CD邊射出，已知玻璃磚對(duì)該光的折射率n=2，∠B=90°，EB=0.4m，BC=3m，真空中的光速c=3×(1)∠C；(2)該束光在玻璃磚中傳播的時(shí)間t。

參考答案及解析1.答案：D解析：解：A.氫原子從高能級(jí)躍遷到低能級(jí)，靜電力做正功，核外電子的動(dòng)能增加，故A錯(cuò)誤；B.一個(gè)氫原子從n=4能級(jí)向基態(tài)躍遷，最多可輻射3種不同頻率的光子，大量處于n=4能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷，最多可輻射6種不同頻率的光子，故B錯(cuò)誤；C.從n=4躍遷到n=3輻射的光子能量為0.66eV，此時(shí)仍處于高能級(jí)狀態(tài)，會(huì)有概率繼續(xù)躍遷到更低的能級(jí)，所以不能穩(wěn)定在n=3的能級(jí)，故C錯(cuò)誤；D.從n=4躍遷到n=1，能級(jí)差最大，放出光子的能量最大，頻率也最大，故D正確。故選：D。氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，原子能量減小，根據(jù)庫(kù)侖引力提供向心力得出電子動(dòng)能的變化；依據(jù)數(shù)學(xué)組合公式Cn根據(jù)輻射光子能量等于兩能級(jí)之差，即可判定；能級(jí)間躍遷輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，能級(jí)差越大，輻射的光子能量越大，頻率越大。正確根據(jù)氫原子的能級(jí)公式和躍遷進(jìn)行有關(guān)問(wèn)題的計(jì)算，是原子物理部分的重點(diǎn)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷滿足的規(guī)律，即Em2.答案：C解析：解：A、由速度圖象的斜率等于加速度得知，甲。乙都是初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，且甲的加速度比乙的大。故A錯(cuò)誤。BC、由圖知，甲在t=2s時(shí)刻出發(fā)，乙在t=0時(shí)刻出發(fā)，即乙比甲提前2s鐘出發(fā)，兩者距離增大，圖中P點(diǎn)，t=4s，速度相等，距離最遠(yuǎn)。故B錯(cuò)誤，C正確。D、4s之后，甲的速度大于乙的速度，甲將追上乙，相遇之后甲將在乙的前面。故D錯(cuò)誤。故選：C。根據(jù)速度圖象與坐標(biāo)軸所圍的“面積”大小等于物體的位移，分析P點(diǎn)兩物體位置關(guān)系；速度圖象的斜率等于加速度；根據(jù)速度大小關(guān)系，分析4s之后位置關(guān)系。本題是為速度--時(shí)間圖象問(wèn)題，關(guān)鍵要明確斜率的含義，知道在速度-時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義。3.答案：D解析：解：黑洞實(shí)際為一天體，天體表面的物體受到的重力近似等于物體與該天體之間的萬(wàn)有引力，對(duì)黑洞表面的某一質(zhì)量為m物體有：GMm又有MR聯(lián)立解得g=c代入數(shù)據(jù)得重力加速度的數(shù)量級(jí)為1012m/s2，故故選：D。根據(jù)物體與該天體之間的萬(wàn)有引力等于物體受到的重力，列出等式表示出黑洞表面重力加速度。結(jié)合題目所給的信息求解問(wèn)題。處理本題要從所給的材料中，提煉出有用信息，構(gòu)建好物理模型，選擇合適的物理方法求解。4.答案：B解析：解：當(dāng)α=60°時(shí)，對(duì)人，根據(jù)平衡條件可得：G物sin60°=μ(G人-G物cos60°)，解得：故選：B。當(dāng)人拉起重物的最大重力時(shí)，人和地面間達(dá)到最大靜摩擦力，當(dāng)α=60°時(shí)，根據(jù)平衡條件列平衡方程求解即可。本題考查了平衡條件的應(yīng)用，關(guān)鍵是知道繩子的拉力大小等于重物重力。5.答案：D解析：解：根據(jù)正點(diǎn)電荷在某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向?yàn)檫@兩點(diǎn)的連線并背離正點(diǎn)電荷，若負(fù)點(diǎn)電荷則為這兩點(diǎn)連線并指向負(fù)點(diǎn)電荷，可知：等電量的正、負(fù)點(diǎn)電荷在圓心處的合電場(chǎng)強(qiáng)度方向是OD，若使圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，則正點(diǎn)電荷必須放在D點(diǎn)處，故選：D由正點(diǎn)電荷在某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向?yàn)檫@兩點(diǎn)的連線并背離正點(diǎn)電荷，若負(fù)點(diǎn)電荷則為這兩點(diǎn)連線并指向負(fù)點(diǎn)電荷，從而來(lái)確定等電量的正、負(fù)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向．若要使圓心處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，則放置的正點(diǎn)電荷在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向必須與等量異種電荷產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反．本題還可以由正電荷在該點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向表示該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，若是負(fù)點(diǎn)電荷則在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力的反方向即為該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向．同時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，因此疊加時(shí)要用平行四邊形定則．6.答案：AB解析：解：A、小球撞在斜面上時(shí)速度與豎直方向的夾角為30°，則根據(jù)速度的分解可得：

豎直方向的速度為：vy則物體飛行的時(shí)間t=vyg=10B、根據(jù)平行四邊形定則知，物體撞擊斜面的速度大小為：v=v0sinD、物體下降的高度為：h=vy2故選：AB。根據(jù)速度與斜面垂直，結(jié)合平行四邊形定則求出豎直分速度，根據(jù)速度時(shí)間公式求出飛行的時(shí)間．根據(jù)平行四邊形定則求出物體撞擊斜面的速度大小，根據(jù)速度位移公式求出下降的距離．解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解，難度不大．7.答案：ACD解析：解：A、斜面對(duì)小球P的摩擦力沿斜面向下，與小球P的位移方向的夾角為銳角，所以摩擦力對(duì)小球P做正功，故A正確；B、斜面Q對(duì)小球的彈力垂直于斜面，速度垂直于細(xì)線，因此支持力對(duì)小球做正功，故B錯(cuò)誤；C、拉力沿著繩子收縮方向，速度方向垂直于繩子，故拉力對(duì)小球P不做功，故C正確；D、對(duì)物體Q受力分析，受推力、重力、支持力、P對(duì)Q的壓力和摩擦力，由于支持力和重力與速度垂直不做功，根據(jù)動(dòng)能定理，推力F對(duì)斜面做的功和小球P對(duì)斜面做的功的代數(shù)和為零，故推力F對(duì)斜面做的功和小球P對(duì)斜面做的功的絕對(duì)值相等，故D正確；故選：ACD。根據(jù)恒力做功的公式W=FScosθ，判斷一個(gè)力是否做功。功的正負(fù)可以看力與位移的夾角，當(dāng)θ<90°時(shí)，力做正功；當(dāng)θ=90°時(shí)，力不做功；當(dāng)θ>90°時(shí)，力做負(fù)功。解決本題的關(guān)鍵要掌握功的正負(fù)的判斷方法，以及會(huì)根據(jù)功的定義和動(dòng)能定理比較功的大小。8.答案：AC解析：解：AD、根據(jù)圖表中的數(shù)據(jù)，根據(jù)a=△v△t可以求出物體下滑的加速度為：a1物體下滑的過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsinα-μmgcosα=m物體在水平面上滑行過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律得：-μmg=ma聯(lián)立解得：sinα=0.4，μ=0.2，故A正確，D錯(cuò)誤。B、設(shè)物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t，則有：a1t-解得：t=103s，知經(jīng)過(guò)103s到達(dá)B點(diǎn)，到達(dá)BC、根據(jù)速度位移公式有：v2=2ax，代入數(shù)據(jù)求出AB段的長(zhǎng)度x=200故選：AC。根據(jù)圖表中的數(shù)據(jù)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以求出物體下滑的加速度和在水平面上的加速度。研究物體下滑的過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律求得斜面與水平面的夾角。如果第4s還在斜面上的話，速度應(yīng)為16m/s，從而判斷出第4s已過(guò)B點(diǎn)。通過(guò)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出vB，即可求出AB、BC解決本題的關(guān)鍵要掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式、速度位移公式，并能靈活運(yùn)用，分析出第4s時(shí)在水平面上是解決本題的關(guān)鍵。9.答案：AC解析：解：A、甲圖為油膜法估算分子直徑的實(shí)驗(yàn)圖。根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，可知實(shí)驗(yàn)中需注意待油酸薄膜形狀穩(wěn)定后再描繪油酸膜的形狀，故A正確；B、乙圖為布朗運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生原因示意圖。說(shuō)明微粒越大，液體分子沿各方向撞擊它的數(shù)量越多，受力越均衡，布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯，故B錯(cuò)誤；C、由圖可知，丙圖為模擬氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生機(jī)理實(shí)驗(yàn)圖。實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了氣體壓強(qiáng)是由氣體分子對(duì)器壁頻繁碰撞產(chǎn)生的，故C正確；D、由圖可知，丁圖為熱機(jī)工作時(shí)的能流分配圖，說(shuō)明熱機(jī)的效率不可能達(dá)到100%，故D錯(cuò)誤。故選：AC。題中涉及幾個(gè)配圖分別為油膜法估算分子直徑的實(shí)驗(yàn)圖、布朗運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生原因示意圖、模擬氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生機(jī)理實(shí)驗(yàn)圖以及熱機(jī)工作時(shí)的能流分配圖，主要為熱學(xué)部分知識(shí)點(diǎn)，可在熟練掌握課本相關(guān)內(nèi)容的基礎(chǔ)上進(jìn)行判斷。本題考查熱學(xué)知識(shí)，要求學(xué)生理解以及掌握相關(guān)實(shí)驗(yàn)以及現(xiàn)象的原理，會(huì)根據(jù)所學(xué)知識(shí)解釋相關(guān)現(xiàn)象。10.答案：AD解析：解：A、波源與觀察者互相靠近或者互相遠(yuǎn)離時(shí)，會(huì)產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，觀察者接收到的波的頻率都會(huì)發(fā)生變化；故A正確。B、根據(jù)光速不變?cè)?，知在不同慣性系中，光在真空中沿不同方向的傳播速度大小相等。故B錯(cuò)誤。C、驗(yàn)鈔機(jī)利用發(fā)出的紫外線照射鈔票上隱藏的熒光標(biāo)記，識(shí)別鈔票的真?zhèn)巍９蔆錯(cuò)誤。D、根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論，變化的電場(chǎng)周圍一定可以產(chǎn)生磁場(chǎng)，可能是變化的磁場(chǎng)，也可能是恒定的磁場(chǎng)。故D正確。故選：AD。根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論，變化的電場(chǎng)周圍一定可以產(chǎn)生磁場(chǎng)，但不一定能產(chǎn)生電磁波；波源與觀察者互相靠近或者互相遠(yuǎn)離時(shí)，會(huì)產(chǎn)生多普勒效應(yīng)。利用光速不變?cè)矸治鯞項(xiàng)；驗(yàn)鈔機(jī)利用其發(fā)出的紫外線照射鈔票上隱藏的熒光標(biāo)記，識(shí)別鈔票的真?zhèn)?。解決本題的關(guān)鍵多普勒效應(yīng)、麥克斯韋電磁場(chǎng)理論、相對(duì)論等基礎(chǔ)知識(shí)，及區(qū)別紅外線與紫外線的不同，難度不大。11.答案：×10

歐姆調(diào)零

240

外接法

2.7

29解析：解：(1)用多用電表測(cè)量電阻，指針應(yīng)指在滿刻度的13到23之間，故需要換用“×10”擋測(cè)量，換擋后需重新進(jìn)行歐姆調(diào)零：由題圖甲實(shí)線讀出熱敏電阻的阻值為(2)由于電壓表阻值遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，應(yīng)采用電流表外接法。(3)根據(jù)閉合電路的歐姆定律有I=ER0+RA+RT1，由題圖乙得當(dāng)t=45℃代入數(shù)據(jù)解得RT2=243.3Ω，結(jié)合題圖乙可知對(duì)應(yīng)的溫度為故答案為：(1)×10，歐姆調(diào)零，240；(2)外接法

(3)2.7，29(1)根據(jù)多用電表的使用原理即讀數(shù)方法解得；(2)由于電壓表阻值遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，可知電流表接法；(3)根據(jù)歐姆定律解得電阻值，并結(jié)合圖像判斷溫度。本題考查多用電表的測(cè)量原理，解題關(guān)鍵注意歐姆定律的使用已經(jīng)判斷電流表內(nèi)外接的方法。12.答案：交流電

BC

0.74

0.62

C解析：解：(1)電磁式打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和電火花計(jì)時(shí)器，使用的都是交流電。(2)A、設(shè)小車的質(zhì)量為M，砝碼盤和砝碼的質(zhì)量為m，設(shè)繩子上拉力為F，以整體為研究對(duì)象有mg=(m+M)a，解得a=mgM+m；以M為研究對(duì)象有繩子的拉力F=Ma=MmgM+m=mg1+B、平衡摩擦力的方法就是，小車與紙帶相連，小車前面不掛小桶，把小車放在斜面上給小車一個(gè)初速度，看小車能否做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、每次改變拉小車的拉力后不需要重新平衡摩擦力，故C錯(cuò)誤；D、實(shí)驗(yàn)中通過(guò)增加砝碼來(lái)改變小車受到的拉力，故D正確；此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選BC。(3)相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上b點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小。vb設(shè)a到b之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：即小車運(yùn)動(dòng)的加速度計(jì)算表達(dá)式為：a=(4)平衡摩擦力時(shí)把長(zhǎng)木板的右端墊得過(guò)高，使得傾角過(guò)大，在不掛砝碼盤時(shí)，小車受到的合力不為零，小車已經(jīng)有加速度，a-F圖象不過(guò)原點(diǎn)，在a軸上有截距，繪出的a-F圖象是C。故答案為：(1)交流電

(2)BC

(3)0.74

0.62

(4)C(1)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是使用交流電源的計(jì)時(shí)儀器，打點(diǎn)的時(shí)間間隔等于交流電的周期。(2)明確實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)，從而確定實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)進(jìn)行的操作；(3)做勻變速運(yùn)動(dòng)的物體在某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于該段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度；做勻變速運(yùn)動(dòng)的物體在相鄰的相等時(shí)間間隔內(nèi)的位于之差是定值，△x=at(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)要平衡摩擦力，不平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，小車受到的合力小于線的拉力，a-F圖象不過(guò)原點(diǎn)，在F軸上有截距；平衡摩擦力時(shí)如果木板墊得過(guò)高，過(guò)平衡摩擦力，在小車受到的合力大于線的拉力，a-F圖象不過(guò)原點(diǎn)，在a軸上有截距。本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理分析，知道實(shí)驗(yàn)原理及注意事項(xiàng)即可正確解題；探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)時(shí)，要平衡小車受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不夠、或過(guò)平衡摩擦力，小車受到的合力不等于鉤碼的重力。13.答案：解：根據(jù)功率公式可知，電動(dòng)機(jī)消耗的總功率：P=UI=12W電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的功率：P根據(jù)能量守恒定律可知，電動(dòng)機(jī)輸出的功率：P出答：這臺(tái)電動(dòng)機(jī)的輸出功率為11.5W。解析：電動(dòng)機(jī)輸出的功率等于總功率與熱功率之差。由功率公式求出總功率與熱功率，然后求出輸出功率。此題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識(shí)，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，總功率等于熱功率與機(jī)械功率(輸出功率)之和。14.答案：解：(1)小球在斜面上受到重力和斜面的支持力作用，畫(huà)出受力示意圖如圖所示．

(2)在斜面上，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsinθ=ma

所以：a=gsinθ(3)在C點(diǎn)，小球若恰能通過(guò)，則軌道對(duì)小球的作用力N=0，由重力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律得：mg=mv從A到C點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：

mg(H-2R)-W聯(lián)立可得：Wf答：(1)小球在斜面上的受力示意圖如圖；(2)小球在斜面上的加速度大小為gsinθ；(3)要使小球恰能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)C，小球在圓形軌道上克服摩擦力做功為mg(H-5解析：(1)小球在斜面上受到重力和斜面的支