吉林省松原市油田第十一中學(xué)2025屆高三理綜下學(xué)期期中測試試題

PAGE1吉林省松原市油田第十一中學(xué)2025屆高三理綜下學(xué)期期中測試試題留意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆干脆答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。相對原子質(zhì)量：H1C12N14O16Cl35.5Fe56Mn55Ba137第Ⅰ卷（選擇題，共126分）一、選擇題：本大題共13小題，每小題6分，共78分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．新冠病毒（SARS-CoV-2）是一種單鏈RNA病毒，檢測方法目前主要有核酸檢測和抗體檢測。新冠病毒與肺炎雙球菌都可引發(fā)人類的肺炎，下列相關(guān)敘述正確的是A．肺炎雙球菌的遺傳物質(zhì)是核糖核酸B．肺炎雙球菌進(jìn)入宿主細(xì)胞的方式是被動運(yùn)輸C．新冠病毒一旦發(fā)生變異將導(dǎo)致原有疫苗失去作用D．新冠病毒感染早期，會出現(xiàn)檢測出核酸而檢測不出抗體的狀況2．許多生物學(xué)試驗(yàn)須要進(jìn)行細(xì)胞染色。下列關(guān)于細(xì)胞染色的敘述正確的是A．用臺盼藍(lán)給細(xì)胞染色，若細(xì)胞被染上色則說明細(xì)胞處于生活狀態(tài)B．配制龍膽紫溶液或醋酸洋紅液要運(yùn)用乙酸，故這兩種染料為酸性染料C．用健那綠染液染色線粒體時，需用8%的鹽酸處理人的口腔上皮細(xì)胞D．用蘇丹Ⅲ染液對花生子葉切片染色，處理后置于顯微鏡下可看到橘黃色的顆粒3．某種花卉的紅色花瓣（A）對白色花瓣（a）為顯性。將純種紅色植株與純種白色植株進(jìn)行雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)出介于紅色和白色之間的多種不同花色。探討表明A基因的某段序列具有多個可發(fā)生甲基化修飾的位點(diǎn)（甲基化為DNA化學(xué)修飾的一種形式，能夠在不變更DNA序列的前提下，變更遺傳表現(xiàn)），甲基化程度越高，A基因的表達(dá)水平越低，下列敘述正確的是A．F1不同花色植株基因型為AA或AaB．甲基化可能影響了A基因的轉(zhuǎn)錄過程C．甲基化可以在不變更A基因中堿基對排列依次的狀況下，使A基因突變?yōu)閍D．A基因的甲基化可以干脆導(dǎo)致其后代中A基因頻率下降4．糖尿病的發(fā)病緣由主要有兩類（胰島素缺乏和胰島素受體受損），某科研小組為初步探討某糖尿病小鼠的發(fā)病緣由，向甲組（患糖尿?。┬∈蠛鸵医M小鼠的血漿中依次加入肯定量的被35S標(biāo)記的胰島素和過量的胰島素抗體（能與胰島素特異性結(jié)合形成沉淀），試驗(yàn)結(jié)果如下表所示。結(jié)合已學(xué)學(xué)問，以下敘述錯誤的是甲組乙組35S標(biāo)記的胰島素++胰島素抗體++含放射性沉淀的比例XYA．乙組為比照組，應(yīng)當(dāng)選用健康的小鼠做試驗(yàn)材料B．胰島素中S元素位于某些氨基酸的R基上C．若X明顯小于Y，則說明甲組糖尿病小鼠缺乏胰島素D．胰島素受體的加工過程須要內(nèi)質(zhì)網(wǎng)等有膜細(xì)胞器的參加5．叢枝菌根（AM）是一種土壤生態(tài)系統(tǒng)中同時具有植物根系和微生物特性的結(jié)構(gòu)，它由AM真菌與陸生維管植物根系形成，能夠增加宿主植物對土壤中重金屬的耐受性。下列相關(guān)敘述正確的是A．叢枝菌根在生態(tài)系統(tǒng)中可以充當(dāng)生產(chǎn)者B．AM真菌可為植物供應(yīng)多糖、礦質(zhì)元素、水等干脆汲取的養(yǎng)分物質(zhì)C．AM真菌的擬核中可能存在與重金屬離子代謝過程相關(guān)的基因D．AM真菌與宿主植物的關(guān)系是互利共生，是共同進(jìn)化的結(jié)果6．某植物的果實(shí)中圓形對卵形為顯性，由位于常染色體上的一對等位基因限制，純合圓形果實(shí)植株產(chǎn)生的卵細(xì)胞無受精實(shí)力，卵形果實(shí)植株的花粉不育，雜合植株則正?！，F(xiàn)有雜合的植株作親本，下列相關(guān)敘述正確的是A．用純合圓形果實(shí)植株與卵形果實(shí)植株作親本進(jìn)行雜交，無論正交還是反交，結(jié)果相同B．對雜合植株進(jìn)行測交，無論正交還是反交，結(jié)果相同C．雜合植株作親本，若每代均自由傳粉至F2，則F2植株中純合子所占比例為4/9D．雜合植株作親本，若每代均自交至F2，則F2圓形果實(shí)植株中雜合子所占比例為1/27．我國明崇禎年間《徐光啟手跡》記載了《造強(qiáng)水法》：“綠釩(FeSO4·7H2O)五斤，硝五斤，將礬炒去，約折五分之一，將二味同研細(xì)，次用鐵作鍋，……鍋下起火，取氣冷定，開壇則藥化為水……。用水入五金皆成水，惟黃金不化水中，加鹽則化。……強(qiáng)水用過無力……”。下列有關(guān)說明錯誤的是A．“將礬炒去，約折五分之一”后生成FeSO4·4H2OB．該方法所造“強(qiáng)水”為硝酸C．“惟黃金不化水中，加鹽則化”的緣由是加入NaCl溶液后氧化性增加D．“強(qiáng)水用過無力”的緣由是“強(qiáng)水”用過以后，生成了硝酸鹽溶液，其氧化性減弱8．蜂膠是養(yǎng)分全面的食療佳品和自然藥品，其中含有的肉桂酸()對細(xì)菌、真菌等有殺滅或抑制作用。有關(guān)肉桂酸的下列敘述錯誤的是A．該有機(jī)物的分子式為C9H8O2B．與肉桂酸含有相同官能團(tuán)且含苯環(huán)的同分異構(gòu)體有3種C．能夠發(fā)生酯化反應(yīng)、氧化反應(yīng)和加成反應(yīng)D．該有機(jī)物中全部碳原子可能處于同一平面上9．1919年，盧瑟福做了用α粒子(He)轟擊氮原了核的試驗(yàn)，實(shí)現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變，發(fā)覺了質(zhì)子。其中Y的某種單質(zhì)可用作自來水消毒劑。下列說法正確的是A．X與Y均能與氫組成含18電子的化合物B．Y存在Y、Y、Y多種同素異形體C．Y與中子數(shù)相同D．X的氧化物的水化物肯定屬于強(qiáng)酸10．科學(xué)家首次用CO2高效合成乙酸，其反應(yīng)路徑如圖所示，下列敘述不正確的是A．HI、LiOH、CH3I、CH3Rh*I、CH3COORh*I為反應(yīng)的中間產(chǎn)物B．第4步反應(yīng)的氧化劑是CH3COORh*IC．反應(yīng)過程中碳元素的化合價始終不變D．催化循環(huán)的總反應(yīng)為CH3OH+CO2+H2CH3COOH+H2O11．試驗(yàn)室石蠟催化裂化的裝置如圖所示，關(guān)于試驗(yàn)操作或敘述錯誤的是A．試管Ⅰ連的玻璃導(dǎo)管加長是為使氣態(tài)石蠟冷凝回流B．裝置Ⅱ中冷水的作用是冷凝收集裂化油C．酸性KMnO4溶液若倒吸可加快褪色速率D．試管Ⅲ中溶液顏色變淺甚至褪色可說明有乙烯生成12．某溫度下，分別向體積均為10mL、濃度均為0.1mol·L?1的KCl溶液和K2CrO4溶液中滴加0.1mol·L?1的AgNO3溶液，滴加過程中pCl和pCrO4隨加入AgNO3溶液的體積(V)的變更關(guān)系如圖所示。已知：pCl=-lgc(Cl?)，pCrO4=-lgc(CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4))。下列說法不正確的是A．曲線I表示pCl與V(AgNO3溶液)的變更關(guān)系B．若僅增大KCl的濃度，平衡點(diǎn)由R點(diǎn)沿虛線移向S點(diǎn)C．M點(diǎn)溶液中：c(NOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3))＞c(Ag+)＞c(H+)＞c(OH?)D．該溫度下，Ksp(Ag2CrO4)=4.0×10?1213．某電動汽車的鋰離子電池的正極材料為層狀的LiFePO4、負(fù)極材料為新型材料石墨烯(LixC6)，電解液為LiClO4的丙烯碳酸酯溶液，在充放電過程中，Li+在兩個電極之間來回嵌入和脫出；放電時，Li+從負(fù)極脫嵌，經(jīng)過電解質(zhì)溶液和離子交換膜嵌入正極；充電時則相反；其工作原理如圖所示。下列敘述正確的是A．充電時，電極a與電源正極連接，電極b與電源負(fù)極連接B．電池充電時，陽極的電極反應(yīng)為LiFePO4+xe?=Li1-xFePO4+xLi+C．電池工作時，負(fù)極材料質(zhì)量削減1.4g，轉(zhuǎn)移0.4mol電子D．充電時，陰極發(fā)生氧化反應(yīng)，電極反應(yīng)為xLi++xe?+C6=LixC6二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．智能手機(jī)帶有光線傳感功能，可以自動調(diào)整亮度，光線傳感器的工作原理是光電效應(yīng)。下面關(guān)于光電效應(yīng)的說法正確的()A．發(fā)生光電效應(yīng)時，光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比B．在探討光電效應(yīng)飽和電流時，由I＝neSv可知，光電管所加電壓越大，電子獲得的速度v越大，飽和電流越大C．入射光頻率為v時，剛好發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，將入射光頻率變?yōu)?v時，此時間電流的遏止電壓為D．用一束單色光分別照耀A、B兩種金屬，若照耀A得到光電子的最大初動能比照耀B得到光電子的最大初動能大，則金屬A的截止頻率比金屬B的截止頻率高15．甲、乙兩物體同時從同一位置動身做直線運(yùn)動，v－t圖像如圖所示，則()A．10～20s內(nèi)，乙的加速度為1m/s2B．0～20s內(nèi)，甲、乙的平均速度之比為8∶3C．t＝10s時，乙的速度方向發(fā)生變更D．t＝20s時，甲、乙相遇16．如圖是某建筑工地懸吊裝置的示意圖，圖中OM是用輕鋼制作的龍骨，ON為尼龍輕繩。OM可以繞通過M點(diǎn)且垂直于紙面的軸轉(zhuǎn)動，尼龍繩的N端系在一輛天車上，尼龍繩和龍骨的重力及M處的摩擦力都可以忽視不計。若所掛的重物不變，保持OM與豎直墻面的夾角不變而將天車略微向左開動一點(diǎn)距離，下列說法正確的是()A．尼龍繩ON對O點(diǎn)的拉力不變B．尼龍繩ON對O點(diǎn)的拉力增大C．龍骨OM對O點(diǎn)的支持力不變D．龍骨OM對O點(diǎn)的支持力減小17．如圖所示電路中，M、N端接電壓恒定的正弦溝通電，將志向變壓器的滑片P向Q端緩慢移動，在此過程中，以下說法正確的是()A．通過電阻R1的電流變大B．變壓器原線圈兩端的電壓變大C．通過電阻R2的溝通電的頻率變大D．電阻R1和R2消耗的總功率變小18．如圖所示，ABCD為豎直平面內(nèi)的絕緣光滑軌道，其中AB部分為傾角為30°的斜面，BCD部分為半徑為R的四分之三圓弧軌道，與斜面平滑相切，C為軌道最低點(diǎn)，整個軌道放置在電場強(qiáng)度為E的水平勻強(qiáng)電場中?，F(xiàn)將一帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的小滑塊從斜面上A點(diǎn)由靜止釋放，小滑塊恰能沿圓弧軌道運(yùn)動到D點(diǎn)。已知重力加速度為g，且qE＝mg，下列說法正確的是()A．釋放點(diǎn)A到斜面底端B的距離為EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(5),2)RB．小滑塊運(yùn)動到C點(diǎn)時對軌道的壓力為9mgC．小滑塊運(yùn)動過程中最大動能為EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(5),2)mgRD．小滑塊從D點(diǎn)拋出后恰好落在軌道上的B點(diǎn)19．2024年7月31日，北斗三號全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)正式建成開通，我國向世界莊重宣告，中國自主建設(shè)和運(yùn)營的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)全面建成，成為國際上第一個將多功能融為一體的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。如圖是北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中三個衛(wèi)星的圓軌道示意圖，其中A為地球赤道同步軌道；軌道B為傾斜同步軌道，軌道半徑與地球赤道同步軌道半徑相同；軌道C為一顆中地球軌道。則下列說法中正確的是()A．在軌道A、B、C上運(yùn)動的衛(wèi)星的線速度大小關(guān)系為vA＝vB＜vCB．在軌道A、B上運(yùn)動的衛(wèi)星須要的向心力大小肯定相等C．在軌道A、C上運(yùn)動的衛(wèi)星周期關(guān)系為TA＜TCD．在軌道A、B、C上運(yùn)動的衛(wèi)星周期的平方和軌道半徑三次方的比值相等20．如圖所示，半徑R＝2cm的圓形區(qū)域中有垂直紙面對外的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2T，一個比荷為2×106C/kg的帶正電的粒子從圓形磁場邊界上的A點(diǎn)以v＝8×104m/s的速度垂直直徑MN射入磁場，恰好從N點(diǎn)射出，且∠AON＝120°，下列選項(xiàng)正確的是()A．帶電粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑為1cmB．帶電粒子在磁場中運(yùn)動軌跡的圓心肯定在圓形磁場的邊界上C．若帶電粒子改為從圓形磁場邊界上的C點(diǎn)以相同的速度入射，肯定從N點(diǎn)射出D．若要實(shí)現(xiàn)帶電粒子從A點(diǎn)入射，從N點(diǎn)出射，則該圓形磁場的最小面積為3π×10?4m221．如圖所示，在水平面內(nèi)有一對足夠長且電阻不計的平行光滑固定金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌左端通過肯定值電阻R相連，整個裝置處于垂直于水平面的勻強(qiáng)磁場中。某時刻，一垂直導(dǎo)軌放置的金屬棒正向右運(yùn)動，此時給棒施加一垂直棒的水平外力F，使棒此后做加速度為a的勻變速直線運(yùn)動，下列關(guān)于a的方向和F的大小推斷可能正確的是()A．若a向右，則F始終增大B．若a向右，則F先減小再增大C．若a向左，則F始終增大D．若a向左，則F先減小再增大第Ⅱ卷（非選擇題，共174分）三、非選擇題：共174分。第22題～第32題為必考題，每個試題考生都必需作答。第33題～第38題為選考題，考生依據(jù)要求做答。(一)必考題：共129分。22．(5分)用如圖甲所示的試驗(yàn)裝置測量當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?。質(zhì)量為m2的重錘從高處由靜止起先下落，質(zhì)量為m1的重錘上拖著紙帶利用電磁打點(diǎn)計時器打出一系列的點(diǎn)，對紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行分析，即可測出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭值。如圖乙給出的是試驗(yàn)中獲得的一條紙帶中的某一段，相鄰兩計數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出，電源的頻率為50Hz，相鄰計數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示。已知m1＝80g、m2＝120g，要求全部計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。則：(1)在紙帶上打下計數(shù)點(diǎn)5時的速度v5＝___________m/s；(2)用逐差法求出重錘的加速度大小a＝__________m/s2，而得出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間＝________m/s2；(3)測出的重力加速度的值比實(shí)際值小，其誤差的主要來源有哪些_________。A．沒有運(yùn)用電火花計時器B．m1和m2的質(zhì)量太懸殊C．繩子和定滑輪之間存在阻力D．繩子拉力不等于m2的重力23．(10分)某同學(xué)利用試驗(yàn)室的器材探討一粗細(xì)勻稱的導(dǎo)體棒（約為4Ω）的電阻率。電壓表V（量程15.0V，內(nèi)阻約1kΩ）電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻RA＝0.4Ω）定值電阻R0（阻值R0＝20.0Ω）滑動變阻器R1（最大阻值10Ω）學(xué)生電源E（電動勢20V）開關(guān)S和若干導(dǎo)線。(1)如圖甲，用螺旋測微器測得導(dǎo)體棒的直徑為___________mm；如圖乙，用游標(biāo)卡尺測得導(dǎo)體棒的長度為___________cm。(3)試驗(yàn)時，調(diào)整滑動交阻器，使開關(guān)閉合后兩電表的示數(shù)從零起先，依據(jù)試驗(yàn)數(shù)據(jù)選擇合適標(biāo)度描點(diǎn)，在方格紙上作圖（如圖丁），通過分析可得導(dǎo)體棒的電阻R＝___________Ω（保留一位小數(shù)），再依據(jù)電阻定律即可求得電阻率。從系統(tǒng)誤差的角度分析，電阻R測___________（填“＞”“＜”或“＝”）R真。(4)若將該導(dǎo)體棒制作成一等邊三角形工件PQM（不變更導(dǎo)體棒橫截面積與總長度），與一電源（E＝9V，r＝1Ω）、一電動機(jī)M（P額＝6W，U額＝6V）和開關(guān)S連成回路（如圖戊）。閉合開關(guān)S，則此時電動機(jī)M___________（填“能”或“不能”）正常工作。24．(12分)在豎直平面內(nèi)固定兩光滑平行導(dǎo)體圓環(huán)，兩圓環(huán)正對放置，圓環(huán)半徑均為R＝0.125m，相距1m。圓環(huán)通過導(dǎo)線與電源相連，電源的電動勢E＝3V，內(nèi)阻不計。在兩圓環(huán)上水平放置一導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒質(zhì)量為0.06kg，接入電路的電阻r＝1.5Ω，圓環(huán)電阻不計，勻強(qiáng)磁場豎直向上。開關(guān)S閉合后，棒可以靜止在圓環(huán)上某位置，該位置對應(yīng)的半徑與水平方向的夾角θ＝37°，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：(1)導(dǎo)體棒靜止在某位置時所受安培力的大??；(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；(3)斷開開關(guān)S后，導(dǎo)體棒下滑到軌道最低點(diǎn)時對單個圓環(huán)的壓力。25．(20分)如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的一端固定在球B上，另一端與球C接觸但未拴接，球B和球C靜止在光滑水平地面上。球A從光滑斜面上距水平地面高H＝5m處由靜止滑下（不計小球A在斜面與水平面連接處的能量損失），與球B發(fā)生正碰后粘在一起，碰撞時間極短，稍后球C脫離彈簧，在水平地面上勻速運(yùn)動后，進(jìn)入固定放置在水平地面上的豎直四分之一光滑圓弧軌道內(nèi)。已知球A和球B的質(zhì)量均為1kg，球C的質(zhì)量為3kg，且三個小球均可被視為質(zhì)點(diǎn)。圓弧的半徑R＝5m，g取10m/s2。求：(1)小球A和小球B碰后瞬間粘在一起時的共同速度大小vAB；(2)球C脫離彈簧后在圓弧上達(dá)到的最大高度h；(3)調(diào)整球A釋放初位置的高度H，球C與彈簧分別后恰好能運(yùn)動至圓弧軌道的圓心等高處。求球C在圓弧軌道內(nèi)運(yùn)動過程中克服重力做功的最大瞬時功率P。26．（14分）二氧化氯(ClO2)是國際公認(rèn)的綠色消毒劑。常溫下ClO2是一種黃綠色具有刺激性氣味的氣體，沸點(diǎn)10℃，易溶于水，在空氣中濃度大于10%時遇熱會引起爆炸，其溶液于冷暗處相對穩(wěn)定。某同學(xué)在試驗(yàn)室中采納下列裝置(夾持儀器已省略)制備ClO2。試驗(yàn)步驟如下：①按圖所示，連接好試驗(yàn)裝置并檢查裝置氣密性。②在裝置A三頸燒瓶中先放入10g氯酸鉀和9g草酸，然后再加入5mL稀硫酸，限制反應(yīng)溫度在60℃發(fā)生反應(yīng)。裝置B盛有冰水用于汲取產(chǎn)生的二氧化氯，為保證平安，所得溶液濃度不超過30%。③反應(yīng)發(fā)生后，三頸燒瓶中馬上產(chǎn)生大量的黃綠色氣體，當(dāng)洗氣瓶B中液體由無色變成黃綠色后停止反應(yīng)?；卮鹨韵聠栴}：(1)A裝置反應(yīng)過程中有兩種氣體生成，該反應(yīng)的離子方程式為______。(2)若將A中電動攪拌棒換為導(dǎo)氣管，通過該導(dǎo)氣管向三頸燒瓶中通入氮?dú)庖部善鸬脚c攪拌棒相同的作用，同時氮?dú)膺€可以起到的作用是______。(3)裝置D中盛有NaOH溶液用來汲取剩余的ClO2，生成NaClO2和NaClO3，反應(yīng)的離子方程式為______。(4)“有效氯含量”可用來衡量含氯消毒劑的消毒實(shí)力，其定義是：每克含氯消毒劑的氧化實(shí)力相當(dāng)于多少克Cl2的氧化實(shí)力，則ClO2的有效氯含量為______(計算結(jié)果保留兩位小數(shù))。(5)已知NaClO2在溫度低于38℃時析出的晶體是NaClO2·3H2O，在溫度高于38℃時析出的晶體是NaClO2，若從NaClO2溶液中獲得NaClO2，操作步驟為______。(6)為測定B中所得溶液ClO2的含量，進(jìn)行了下列試驗(yàn)：步驟1：精確量取B中ClO2溶液V1mL加入錐形瓶，并加水稀釋到V2mL；步驟2：用稀硫酸調(diào)整試樣的pH≤2.0，加入足量的KI晶體，靜置；步驟3：加入指示劑，用cmol/LNa2S2O3溶液滴定至終點(diǎn)，消耗Na2S2O3溶液V3mL。(已知2Na2S2O3+I2=Na2S4O6+2NaI)①步驟1中量取ClO2溶液應(yīng)運(yùn)用______(填“酸”或“堿”)式滴定管；步驟3中應(yīng)選擇____做指示劑。②原ClO2溶液的濃度為______g/L(用步驟中的字母代數(shù)式表示)。27．（14分）二甲醚是一種重要的化工原料，回答下列問題：(1)已知：①C(s)+O2(g)=CO(g)?H1=-111.8kJ/mol②C(s)+H2O(g)=CO(g)+H2(g)?H2=130kJ/mol③CO(g)+2H2(g)=CH3OH(g)?H3=-90.1kJ/mol④2CH3OH(g)=CH3OCH3(g)+H2O(g)?H4=-134kJ/mol則CH3OCH3(g)+O2(g)=2CO(g)+3H2(g)?H=______kJ/mol；該反應(yīng)能夠自發(fā)進(jìn)行所采納的有利條件是______(填“高溫”“低溫”或“隨意溫度”)。(2)在恒溫恒壓條件下，化工生產(chǎn)上利用二甲醚與氧氣為原料制備合成氣，實(shí)際生產(chǎn)過程中經(jīng)常添加肯定量的水蒸氣，其目的是______；探討發(fā)覺，所得平衡混合氣體中H2的體積分?jǐn)?shù)隨n(O2)/n(CH3OCH3)變更如圖所示，試說明該曲線先變大后減小的緣由______。(3)某溫度下，在VL的剛性容器中充入4.0molCH3OCH3、2.0molO2及2.0molH2O(g)，在催化劑作用下僅發(fā)生反應(yīng)CH3OCH3(g)+O2(g)2CO(g)+3H2(g)，試驗(yàn)測得容器中壓強(qiáng)與時間變更如圖所示。則前2.0min內(nèi)該反應(yīng)速率v(CH3OCH3)=______mol·min?1；該溫度下其分壓平衡常數(shù)Kp=______(kPa)3.5(已知=12.2)。(4)二甲醚燃料電池常采納磺酸類質(zhì)子溶劑，其工作原理如圖所示，則負(fù)極的電極反應(yīng)式為______，若消耗標(biāo)準(zhǔn)狀況下5.6LO2，則理論上左右兩室溶液質(zhì)量變更的差為______g。28．（15分）鉻是一種銀白色的金屬，常用于金屬加工、電鍍等。工業(yè)以鉻鐵礦[主要成分是Fe(CrO2)2]為原料冶煉鉻及獲得強(qiáng)氧化劑Na2Cr2O7。其工藝流程如圖所示：已知：高溫氧化時發(fā)生反應(yīng)Fe(CrO2)2+Na2CO3+O2→Na2CrO4+Fe2O3+CO2(未配平)回答下列問題：（1）將鉻鐵礦的主要成分Fe(CrO2)2寫成氧化物的形式：，高溫氧化時可以提高反應(yīng)速率的方法為(寫出一條即可)。（2）Na2CrO4加入硫酸酸化的離子方程式為；在試驗(yàn)室中，操作a所用到的玻璃儀器有。（3）Na2CrO4中鉻元素化合價為；生成1molNa2CrO4時共轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為__mol。（4）依據(jù)有關(guān)國家標(biāo)準(zhǔn)，含CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4)的廢水要經(jīng)化學(xué)處理，使其濃度降至5.0×10?7mol·L?1以下才能排放，可采納加入可溶性鋇鹽生成BaCrO4沉淀[Ksp(BaCrO4)=1.2×10?10]，再加入硫酸處理多余的Ba2+的方法處理廢水，加入可溶性鋇鹽后，廢水中Ba2+的濃度應(yīng)大于mol·L?1，廢水處理后達(dá)到國家標(biāo)準(zhǔn)才能排放。29．（9分）圖1表示種植黃瓜的溫室內(nèi)施用CO2氣肥與未施用狀況下，溫室內(nèi)CO2濃度隨時間的變更曲線。圖2表示黃瓜幼苗植株在光照和黑暗條件下，CO2汲取量和釋放量的變更狀況。據(jù)圖回答下列問題：CO2濃度干脆影響光合作用的階段，此階段能為光合作用的另一階段供應(yīng)的物質(zhì)有和NADP+。據(jù)圖甲簡要說明施用CO2氣肥有利于黃瓜的生長及產(chǎn)量提高的緣由：。（2）據(jù)圖乙可知，溫度為t4時，30min內(nèi)黃瓜幼苗植株在光照下固定的CO2為g。（3）光照時間相同時，在圖乙所示的4種溫度下，溫度為時黃瓜幼苗植株積累的有機(jī)物最多。30．（10分）流感是發(fā)生在呼吸道的具有高度傳染性的急性病毒感染，人類感染的流感病毒主要是甲型流感病毒(FluA)和乙型流感病毒(FluB)。幼小兒童和65歲以上老年人，慢性疾病患者是流感的高危人群。臨床上可用FluA/FluB抗原檢測試劑對流感做出快速診斷。請回答：（1）FluA/FluB病毒的根本區(qū)分在于__________不同，臨床上用FluA/FluB抗原檢測試劑對流感做出快速診斷是利用了_______________原理。（2）FluA/FluB侵入機(jī)體后，T細(xì)胞的細(xì)胞周期變_____(長/短)，緣由是__________________________________。（3）醫(yī)生建議高危人群在流感季節(jié)之前接種流感疫苗，就算得了流感，癥狀也會比沒接種的人輕得多，緣由是___________________________________。（4）甲型流感簡單出現(xiàn)重癥病例，體溫可達(dá)到39°C?40°C。體溫上升的緣由主要是病毒毒素導(dǎo)致_________的體溫中樞功能變更，____________________________________，體溫上升。（8分）“綠水青山，就是金山銀山”，南方某地為了復(fù)原被破壞的常綠闊葉林而停止砍伐一段時間后，該地漸漸得以復(fù)原。請回答以下問題：(1)該地區(qū)某植物種群具有的特征有(填序號)。①誕生率②垂直分層現(xiàn)象③年齡組成④空間特征⑤困難的種間關(guān)系⑥豐富度(2)該地區(qū)常綠闊葉林的復(fù)原過程中群落的演替類型為，其速度比裸巖上進(jìn)行的演替要快一些，速度較快的緣由除了植物的種子或者繁殖體可能保留外，還可能是原有的條件得到了基本保留。(3)太陽能輸入該生態(tài)系統(tǒng)的第一養(yǎng)分級后，以能的形式在生物群落中流淌。(4)該地區(qū)某養(yǎng)雞場為了提高家禽產(chǎn)蛋率，在增加養(yǎng)分的基礎(chǔ)上延長光照時間，這一過程中光刺激傳遞的信息屬于信息。生態(tài)系統(tǒng)中，各種各樣的信息在生命活動的正常進(jìn)行、生物種群的繁衍，等方面起著重要作用。(5)苔原生態(tài)系統(tǒng)要比常綠闊葉林的反抗力穩(wěn)定性低，緣由是。32．（12分）某一年生植物的花色有紅色和藍(lán)色兩種，為了探討其遺傳機(jī)制，人們用純系品種進(jìn)行雜交，得到的結(jié)果如下表。回答下列問題：(1)依據(jù)雜交組合可推知，紅色和藍(lán)色這對相對性狀受對等位基因限制。(2)雜交組合1的F2中，開紅色花個體的基因型有種，雜交組合2的F2中，開藍(lán)色花植株自交，后代的表現(xiàn)型為，將兩個雜交組合的F2植株相互交配，子代的表現(xiàn)型及比例為。(3)探討發(fā)覺：該植物的純合藍(lán)色花品種比雜合藍(lán)色花品種顏色更深，更具有欣賞性?，F(xiàn)生產(chǎn)上需純合種子用于種植。試以雜交組合1親本雜交獲得的種子為材料，通過雜交育種方法，獲得所需種子，寫出簡要培育過程(要求：按年份時間依次書寫：第一年：…；．．．．．．)。（二）選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。假如多做。則每學(xué)科按所做的第一題計分。33．物理·選修3—3(15分)(1)(5分)關(guān)于熱學(xué)學(xué)問的理解，下列說法中正確的是___________。（填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分）A．用吸管將牛奶吸入口中是利用了大氣存在壓強(qiáng)現(xiàn)象B．雨水沒有透過雨傘是因?yàn)樗蛡愕牟唤櫖F(xiàn)象C．在熔化過程中，非晶體要汲取熱量，但溫度可以保持不變D．氣體從外界汲取熱量的同時對外界做功，其內(nèi)能可能增加E．肯定質(zhì)量的志向氣體經(jīng)驗(yàn)等壓膨脹過程，氣體的密度減小，內(nèi)能增大(2)(10分)如圖所示，導(dǎo)熱性能良好的圓柱形氣缸開口向上豎直放置，用輕質(zhì)活塞將肯定質(zhì)量的志向氣體密封在氣缸內(nèi)，活塞橫截面積S＝5.0×10－4m2，活塞上面放有一質(zhì)量m＝1kg的鐵塊。起先時氣缸所處環(huán)境溫度為300K，活塞處于A位置。緩慢上升氣缸所處環(huán)境溫度為450K時，活塞到達(dá)新的位置B。已知A位置活塞距缸底部高度h0＝0.8m，大氣壓強(qiáng)p0＝1.0×105Pa，忽視活塞與氣缸壁之間的摩擦，重力加速度g＝10m/s2。(i)求活塞在位置B時距缸底部的高度；(ii)保持氣缸所處環(huán)境溫度為450K，撤去活塞上面的鐵塊，穩(wěn)定后活塞到達(dá)新的位置C，求活塞到達(dá)位置C時距氣缸底部的高度。34．物理·選修3—4(15分)(1)(5分)漁船上的聲吶利用超聲波來探測遠(yuǎn)方魚群的方位。某漁船發(fā)出的一列超聲波在t＝0時的波動圖像如圖1所示，圖2為質(zhì)點(diǎn)P的振動圖像，則下列說法正確的是___________。（填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分）A．該波的波速為1.5m/sB．該波沿x軸正方向傳播C．0～1s時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P沿x軸運(yùn)動了1.5mD．0～1s時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動的路程為2mE．旁邊另一艘漁船發(fā)出了更高頻率的超聲波，易知這兩列聲波在水中傳播速度大小相等(2)(10分)如圖所示，有一截面為半圓的透亮介質(zhì)水平放置，右側(cè)有一豎直屏幕，半圓的半徑R＝0.4m。由紅光和紫光兩種單色光組成的復(fù)色光沿半徑方向射向圓心，已知透亮介質(zhì)對紅光和紫光的折射率分別為n1（未知）、n2＝，從零起先漸漸增大入射角，直到紫光在水平界面處恰好發(fā)生全反射，分別投射在屏幕上，紅光的折射光斑與紫光的全反射光斑兩光斑之間的距離L＝(0.4＋0.2)m。求：(i)紫光恰好發(fā)生全反射時，復(fù)色光的入射角θ；(ii)紅光的折射率n1。35．【化學(xué)——選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】（15分）Ⅰ．和都是非線性光學(xué)晶體材料，在激光技術(shù)方面有廣泛用途?；卮鹣铝袉栴}：(1)基態(tài)氧原子核外電子有_______種不同的空間運(yùn)動狀態(tài)；基態(tài)原子的價電子排布式為_______。(2)O、P、K、Zn中電負(fù)性最小的為_______。(3)H2O、KH熔點(diǎn)由高到低的依次為_______，緣由是_______。(4)H2O可與H結(jié)合生成，水中的鍵角比中的_______(填“大”或“小”)。是常用的氧化劑，其分子結(jié)構(gòu)如圖1所示。能與水混溶，卻不溶于的緣由是_______。(5)將純液態(tài)冷卻到時，能凝固得到一種螺旋狀單鏈結(jié)構(gòu)的固體，其結(jié)構(gòu)如圖2所示，此固態(tài)SO3中S原子的雜化軌道類型是_______。Ⅱ．鐵、銅和鎘是三種過渡金屬元素。回答下列問題：(6)比穩(wěn)定，試從原子結(jié)構(gòu)角度說明緣由_______。(7)新制的能夠溶解于過量濃溶液中，反應(yīng)的離子方程式為_______。(8)鎘晶胞如圖3所示。已知：NA是阿伏加德羅常數(shù)的值，晶體密度為dg/cm3。在該晶胞中兩個鎘原子最近核間距_______(用含NA、的代數(shù)式表示，MCd=122g/mol)；鎘晶胞中原子空間利用率為_______(用含的代數(shù)式表示)。36．【化學(xué)——選修5：有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】（15分）苯酚是一種重要的化工原料。以苯酚為主要起始原料，經(jīng)下列反應(yīng)可制得香料M和高分子化合物N。（部分產(chǎn)物及反應(yīng)條件已略去）（1）B的官能團(tuán)的名稱是_______________。（2）已知C的分子式為C5H12O，C能與金屬Na反應(yīng)，C的核磁共振氫譜有3組峰，則C的結(jié)構(gòu)簡式______________________。（3）由D生成N的反應(yīng)類型是_________，B與C反應(yīng)生成M的反應(yīng)類型是_________。（4）寫出M與NaOH溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式是__________________________________。（5）物質(zhì)F的結(jié)構(gòu)是：，則符合下列條件的F的同分異構(gòu)體有______種。①能發(fā)生銀鏡反應(yīng)②能與NaHCO3溶液反應(yīng)③分子中有苯環(huán)，無結(jié)構(gòu)。其中苯環(huán)上只有兩個取代基，且核磁共振氫譜有4組峰，峰面積之比為1∶2∶2∶1的為___________(寫結(jié)構(gòu)簡式)。（6）已知：，寫出以苯酚、乙醇和ClCH2COOH為原料制備的合成路途流程圖（無機(jī)試劑任用）。___________37．【生物——選修l：生物技術(shù)實(shí)踐】（15分）羽毛的成分主要是角蛋白，是一類結(jié)構(gòu)穩(wěn)定、不溶于水的蛋白質(zhì)，目前缺乏對其高效降解的處理方法。試驗(yàn)人員從廢棄羽毛積累處的土壤中升離篩選出具有高效降解羽毛角蛋白的細(xì)菌，請回答下列問題：篩選高效降解羽毛角蛋白的細(xì)菌需從廢棄羽毛積累處的土壤中取樣，其緣由是。（2）篩選高效降解羽毛角蛋白的細(xì)菌的培育基中應(yīng)加入__________作為唯一碳源，該培育基中還須要加入適量的K2HPO4和KH2PO4，其作用是__________，對培育基滅菌的常用方法是__________。（3）角蛋白酶是羽毛降解菌的一種分泌蛋白，為了測定其角蛋白酶的活性，應(yīng)讓羽毛降解菌發(fā)酵，然后將發(fā)酵液離心，再從__________（填“沉淀物”或“上清液”）取樣。為了將角蛋白酶和其他蛋白質(zhì)分別，可用電泳法分別蛋白質(zhì)，電泳法可以依據(jù)蛋白質(zhì)分子__________的不同，將蛋白質(zhì)分別。測定羽毛降解菌角蛋白酶活性的主要目的是____________________。38．【生物——選修3：現(xiàn)代生物科技專題】（15分）菊天牛是菊花的主要害蟲之一?？蒲腥藛T將抗蟲基因轉(zhuǎn)人菊花，培育出抗蟲菊花。下圖是獲得轉(zhuǎn)基因菊花的技術(shù)流程，請據(jù)圖回答下列問題。注：卡那霉素抗性基因（kanR）作為標(biāo)記基因，菊花葉片對卡那霉素高度敏感。（1）為了促進(jìn)土壤農(nóng)桿菌汲取重組質(zhì)粒，可用__________處理土壤農(nóng)桿菌，使其處于_______以便汲取重組質(zhì)粒。（2）將重組質(zhì)粒導(dǎo)入土壤農(nóng)桿菌的目的是利用農(nóng)桿菌能夠__________的特點(diǎn)，使目的基因進(jìn)入受體細(xì)胞中，并插入菊花細(xì)胞的____________上，最終形成轉(zhuǎn)基因植株。（3）將愈傷組織轉(zhuǎn)移到添加肯定濃度植物激素和________的培育基中，在相宜條件下進(jìn)行培育，篩選轉(zhuǎn)基因菊花。（4）可用____________方法檢測轉(zhuǎn)基因菊花是否含有目的基因。運(yùn)用該方法時，需依據(jù)抗蟲基因的核苷酸序列設(shè)計____________個特異性引物，以轉(zhuǎn)基因菊花的DNA為模板進(jìn)行第一輪擴(kuò)增。（5）將轉(zhuǎn)基因菊花嫩莖及葉片與人工飼料以適當(dāng)比例混合后飼喂菊天牛2齡幼蟲，試驗(yàn)結(jié)果如下表所示：組別死亡率％試驗(yàn)組轉(zhuǎn)基因植株160.00轉(zhuǎn)基因植株253.33比照組13.33①比照組應(yīng)飼喂等量的____________________________________________。②據(jù)表分析，_______________差異顯著，說明轉(zhuǎn)基因菊花對菊天牛2齡幼蟲有較強(qiáng)的毒殺作用。理科綜合答案1.【答案】D【解析】肺炎雙球菌的遺傳物質(zhì)是DNA（脫氧核糖核酸），A錯誤；肺炎雙球菌進(jìn)入宿主細(xì)胞的方式是胞吞，B錯誤；新冠病毒發(fā)生的變異不肯定導(dǎo)致其抗原發(fā)生變更，因此不肯定導(dǎo)致原有疫苗失去作用，C錯誤；由于機(jī)體產(chǎn)生抗體須要肯定的時間，因此新冠病毒感染早期，會出現(xiàn)檢測出核酸而檢測不出抗體的狀況，D正確。2.【答案】D【解析】由于活細(xì)胞的細(xì)胞膜具有選擇透過性，臺盼藍(lán)不能進(jìn)入細(xì)胞，因此用臺盼藍(lán)給細(xì)胞染色，活細(xì)胞不能被染上色，若細(xì)胞被染上色則說明細(xì)胞已經(jīng)死亡，細(xì)胞膜失去選擇透過性，A項(xiàng)錯誤；龍膽紫溶液或醋酸洋紅液為堿性染料，B項(xiàng)錯誤；用健那綠染液染色線粒體時須要保持細(xì)胞的活性，不能用鹽酸處理，C項(xiàng)錯誤；花生子葉中含脂肪，蘇丹Ⅲ可將脂肪染成橘黃色，D項(xiàng)正確。3.【答案】B【解析】純種紅色植株與純種白色植株進(jìn)行雜交，正常狀況下，產(chǎn)生的后代的基因型并未變更，即都為Aa，A錯誤；A基因甲基化程度越高，A基因的表達(dá)水平越低，是因?yàn)榛蚣谆瘜?dǎo)致基因某些區(qū)域構(gòu)象變更，從而影響了蛋白質(zhì)與基因的相互作用，從而阻抑基因轉(zhuǎn)錄過程，B正確；A基因的甲基化是基因化學(xué)修飾的一種形式，并不變更A基因中堿基對排列依次，所以不會使A基因突變?yōu)閍，C錯誤；A基因的甲基化不變更A基因的堿基排列依次，也不影響A基因傳給子代的概率，所以A基因的甲基化不會干脆導(dǎo)致其后代中A基因頻率下降，D錯誤。4.【答案】C【解析】依據(jù)試驗(yàn)?zāi)康目芍?，甲組是試驗(yàn)組，乙組為比照組，比照組應(yīng)當(dāng)選用健康的小鼠做試驗(yàn)材料，A正確；胰島素的本質(zhì)是蛋白質(zhì)，其基本單位是氨基酸，S元素位于某些氨基酸的R基上，B正確；若X明顯小于Y，即甲組含放射性沉淀比例低；由題目（過量的)胰島素抗體與胰島素特異性結(jié)合形成沉淀（35S標(biāo)記的胰島素是定量的)，由于放射性元素35S標(biāo)記的胰島素定量，故而放射性沉淀比例越低，放射性胰島素與正常胰島素相比就越少，即機(jī)體能產(chǎn)生的正常胰島素在血漿中含量越高，C錯誤；胰島素受體位于細(xì)胞膜上，細(xì)胞膜上的蛋白質(zhì)須要內(nèi)質(zhì)網(wǎng)等有膜細(xì)胞器參加加工修飾，D正確。5.【答案】D【解析】叢枝菌根由AM真菌與陸生維管植物根系形成，不能進(jìn)行光合作用，不屬于生產(chǎn)者，A錯誤；植物為AM真菌供應(yīng)糖類、礦質(zhì)元素和水分等養(yǎng)分物質(zhì)，B錯誤；AM真菌屬于真核細(xì)胞，不存在擬核，C錯誤；依據(jù)上述分析可知，AM真菌與宿主植物的關(guān)系是互利共生，是二者相互選擇、共同進(jìn)化的結(jié)果，D正確。6.【答案】C【解析】因純合圓形果實(shí)植株產(chǎn)生的卵細(xì)胞無受精實(shí)力，卵形果實(shí)植株的花粉不育，因此純合植株作親本進(jìn)行正反交，結(jié)果不同，A錯誤；卵形果實(shí)植株的花粉不育，因此對雜合植株進(jìn)行測交，正反交的結(jié)果不同，B錯誤；基因型為Ff雜合植株產(chǎn)生的F1的基因型及比例為FF∶Ff∶ff=1∶2∶1，因FF產(chǎn)生的卵細(xì)胞無受精實(shí)力，ff產(chǎn)生的花粉不育，F(xiàn)f則正常，所以F1產(chǎn)生的有受精實(shí)力的卵細(xì)胞的基因型及其比例為F∶f=1∶2，F(xiàn)1產(chǎn)生的可育的花粉的基因型及其比例為F∶f=2∶1，所以若每代均自由傳粉至F2，則F2植株的基因型及其比例為FF∶Ff∶ff=2∶5∶2，其中雜合子所占比例為5/9，純合子比例為4/9，C正確；若每代均自交至F2，則F1中基因型為FF與ff的個體不能產(chǎn)生后代，基因型為Ff個體則正常，所以F2植株的基因型及其比例為FF∶Ff∶ff=1∶2∶1，其中圓形果實(shí)中雜合子所占比例為2/3，D錯誤?！窘馕觥緼．假設(shè)有1molFeSO4·7H2O即其質(zhì)量為，“將礬炒去，約折五分之一”失去質(zhì)量的，即，換算成水的物質(zhì)的量為，所以脫水后產(chǎn)物為FeSO4·4H2O，A正確；B．依據(jù)題目中描述“惟黃金不化水中，加鹽則化”，可知該方法所造“強(qiáng)水”為硝酸，B正確；C．Au的金屬活動性很弱，硝酸均不能將其氧化，加鹽后，“強(qiáng)水”中含王水成分，Au可溶于王水，主要是由于配位作用，而不是因?yàn)檠趸?，C錯誤；D．“強(qiáng)水用過無力”的緣由是“強(qiáng)水”用過以后，生成了硝酸鹽溶液，其氧化性減弱，D正確；故答案選C。8.【答案】B【解析】A．該有機(jī)物的分子式為C9H8O2，A項(xiàng)正確；B．與肉桂酸含有相同官能團(tuán)且含苯環(huán)的同分異構(gòu)體不僅有三種，除了羧基與碳碳雙鍵在苯環(huán)上有鄰、間、對三種結(jié)構(gòu)，羧基還可以連在碳碳雙鍵中連接苯環(huán)一端的C原子上，且還存在順反異構(gòu)，B項(xiàng)錯誤；C．有機(jī)物中含有羧基可以發(fā)生酯化反應(yīng)，有機(jī)物中含有碳碳雙鍵可以發(fā)生氧化反應(yīng)，加成反應(yīng)，C項(xiàng)正確；D．由于其結(jié)構(gòu)式中含有苯環(huán)，碳碳雙鍵，羧基的結(jié)構(gòu)可知，全部C原子可能共面，D項(xiàng)正確；答案選B。9.【答案】A【解析】盧瑟福做了用α粒子(He)轟擊氮原了核的試驗(yàn)，實(shí)現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變，發(fā)覺了質(zhì)子。W=14，Z=7，其中Y的某種單質(zhì)可用作自來水消毒劑，Y為O，X為N元素。A．Y為O，X為N元素，X與Y均能與氫組成N2H4、H2O2均含18電子的化合物，故A正確；B．Y存在Y、Y、Y多種同位素，不是同素異形體，故B錯誤；C．Y為O中子數(shù)為9，為N，中子數(shù)為7，中子數(shù)不相同，故C錯誤；D．X的最高價氧化物的水化物HNO3肯定屬于強(qiáng)酸，但低價氧化物的水化物HNO2是弱酸，故D錯誤；故選A。10.【答案】C【解析】A．依據(jù)步驟反應(yīng)知，HI、LiOH、CH3I、CH3Rh*I、CH3COORh*I都是先生成后反應(yīng)掉的物質(zhì)，則都是反應(yīng)的中間產(chǎn)物，故A正確；B．第4步反應(yīng)為：CH3COORh*I+H2=CH3COOH+Rh*+HI，氧化劑是CH3COORh*I，故B正確；C．碳元素在CH3OH中顯-2價，在CH3COOH中顯0價，碳元素的化合價根成鍵原子的非金屬性有關(guān)，故C錯誤；D．依據(jù)圖示，CH3OH、CO2、H2反應(yīng)生成CH3COOH和H2O，化學(xué)方程式為：CH3OH+CO2+H2CH3COOH+H2O，故D正確；故選C。11.【答案】D【解析】A．依據(jù)石油分餾工業(yè)的分餾塔原理，設(shè)置了長導(dǎo)管，其作用除導(dǎo)氣外，兼起冷凝氣體的作用，故A正確；B．裝置Ⅱ中冷水的作用是冷凝收集裂化油，故B正確；C．因?yàn)樵嚬躀I中有不飽和烴生成，所以酸性KMnO4溶液若倒吸可加快褪色速率，故C正確；D．依據(jù)裂化的反應(yīng)原理，試管Ⅲ中溶液顏色變淺甚至褪色可說明發(fā)生了氧化還原反應(yīng)，有常溫下呈氣態(tài)含碳數(shù)小于5的不飽和烴生成，不肯定是乙烯，故D錯誤；故選D。12.【答案】B【解析】A．KCl和硝酸銀反應(yīng)的化學(xué)方程式為：KCl+AgNO3=AgCl↓+KNO3，鉻酸鉀和硝酸銀反應(yīng)的化學(xué)方程式為：K2CrO4+2AgNO3=Ag2CrO4↓+2KNO3，依據(jù)反應(yīng)方程式可知在相同濃度的KCl和K2CrO4溶液中加入相同濃度的硝酸銀溶液，氯離子濃度減小的更快，所以L1代表是-lgc(Cl?)與V(AgNO3)的變更關(guān)系，故A正確；B．由A選項(xiàng)可知曲線I表示AgCl的溶解平衡曲線，則c(Ag+)不變，僅增大KCl的濃度，衡點(diǎn)由R點(diǎn)向正上方移動，故B錯誤；C．M點(diǎn)加入的硝酸銀溶液體積是15mL，依據(jù)反應(yīng)方程式KCl+AgNO3=AgCl↓+KNO3，可知，生成0.001mol硝酸鉀和0.001mol氯化銀，剩余0.0005mol硝酸銀，則c(NOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3))＞c(K+)＞c(Ag+)，銀離子水解使溶液表現(xiàn)酸性，則c(H+)＞c(OH?)，所以M點(diǎn)溶液中，離子濃度為：c(NOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3))＞c(Ag+)＞c(H+)＞c(OH?)，故C正確；D．N點(diǎn)縱坐標(biāo)的數(shù)值是4，則Ag2CrO4在沉淀溶解平衡中c(CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4))=10?4.0mol/L，c(Ag+)=2×10?4mol/L，Ksp(Ag2CrO4)=c(CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4))·c2(Ag+)=10?4.0mol/L×(2×10?4mol/L)2=4.0×10?12，故D正確；故選B。13.【答案】A【解析】電動汽車的鋰離子電池的正極材料為層狀的LiFePO4放電時發(fā)生還原反應(yīng)、負(fù)極材料為新型材料石墨烯(LixC6)放電時發(fā)生氧化反應(yīng)，電解液為LiClO4的丙烯碳酸酯溶液，充電時，外界電源的正極接原電池的正極作陽極發(fā)生氧化反應(yīng)，外界電源的負(fù)極接原電池的負(fù)極作陰極發(fā)生還原反應(yīng)，據(jù)此分析解題。A．由分析可知，正極材料為層狀的LiFePO4，負(fù)極材料為新型材料石墨烯(LixC6)，故充電時，電極a與電源正極連接，電極b與電源負(fù)極連接，A正確；B．電池充電時，陽極發(fā)生氧化反應(yīng)，故其電極反應(yīng)為LiFePO4-xe?=Li1-xFePO4+xLi+，B錯誤；C．電池工作時，負(fù)極的電極反應(yīng)為：LixC6-xe?=xLi++C6，故材料質(zhì)量削減1.4g，轉(zhuǎn)移電子，C錯誤；D．充電時，陰極發(fā)生還原反應(yīng)，電極反應(yīng)為xLi++xe?+C6=LixC6，D錯誤；故答案為A。26.【答案】（1）H2C2O4+2ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+2H+EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(=====),60℃)2ClO2↑+2CO2↑+2H2O稀釋，防止?jié)舛冗^高時發(fā)生爆炸2OH?+2ClO2＝ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),2)+ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+H2O2.63減壓蒸發(fā)結(jié)晶、趁熱過濾、用38℃～60℃熱水洗滌晶體、低于60℃干燥；得到成品酸淀粉溶液【解析】A裝置由草酸、氯酸鉀和硫酸制二氧化氯（ClO2），發(fā)生H2C2O4+2KClO3+H2SO4EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(=====),60℃)K2SO4+2ClO2↑+2CO2↑+2H2O，B裝置冷凝并收集產(chǎn)品ClO2，C裝置防倒吸，D裝置汲取多余的ClO2，防止污染空氣。(1)由草酸、氯酸鉀和硫酸在60℃發(fā)生反應(yīng)生成ClO2、CO2和硫酸鉀，該反應(yīng)的離子方程式為H2C2O4+2ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+2H+EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(=====),60℃)2ClO2↑+2CO2↑+2H2O。(2)由于ClO2在空氣中濃度大于10%時遇熱會引起爆炸，所以氮?dú)膺€可以起到的作用是稀釋，防止?jié)舛冗^高時發(fā)生爆炸。(3)裝置D中盛有NaOH溶液用來汲取剩余的ClO2，生成NaClO2和NaClO3，反應(yīng)的離子方程式為2OH?+2ClO2＝ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),2)+ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+H2O。(4)“有效氯含量”的定義是：每克含氯消毒劑的氧化實(shí)力相當(dāng)于多少克Cl2的氧化實(shí)力，由于還原產(chǎn)物均是氯離子，則ClO2的有效氯含量為≈2.63。(5)依據(jù)題給信息可知，溫度低時，會生成NaClO2·3H2O，溫度高時，NaClO2會分解，所以從溶液中提取NaClO2的操作步驟是：減壓蒸發(fā)結(jié)晶、趁熱過濾、用38℃～60℃熱水洗滌晶體、低于60℃干燥；得到成品。(6)①ClO2溶液顯酸性，步驟1中量取ClO2溶液應(yīng)運(yùn)用酸式滴定管；由于碘遇淀粉顯藍(lán)色，則步驟3中應(yīng)選擇淀粉溶液做指示劑。②二氧化氯和碘單質(zhì)的反應(yīng)中，依據(jù)電子守恒，得到：2ClO2～5I2，結(jié)合反應(yīng)2Na2S2O3+I2＝Na2S4O6+2NaI，得到關(guān)系式：2ClO2～5I2～10Na2S2O3，則ClO2的物質(zhì)的量是0.001cV3mol×＝0.0002cV3mol，則原ClO2溶液的濃度為。14．【答案】C【解析】發(fā)生光電效應(yīng)時，光電子的最大初動能與入射光的頻率成線性關(guān)系，A錯誤；在探討光電效應(yīng)飽和電流時，光電管所加電壓與飽和電流無關(guān)，飽和電流與光照強(qiáng)度有關(guān)，光照強(qiáng)度越大，飽和電流越大，B錯誤；入射光頻率為v時，剛好發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，由光電效應(yīng)規(guī)律可知W0＝hν，入射光頻率變?yōu)?v時，由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可得Ek＝3hν－W0，由動能定理可得Ek＝eUc，解得，C正確；依據(jù)光電效應(yīng)方程Ek＝hν－W0，光子能量肯定，光電子的最大初動能大，說明金屬的截止頻率低，D錯誤。15．【答案】B【解析】由v－t圖像可知，10～20s內(nèi)，乙的加速度為2m/s2，故A錯誤；0～20s內(nèi)甲的平均速度v1＝20m/s，乙的平均速度v2＝7.5m/s，所以v1∶v2＝8∶3，故B正確；t＝10s時，乙的速度減小為零，但方向并未發(fā)生變更，故C錯誤；t＝20s時，甲的位移x1＝400m，乙的位移x2＝150m，由于二者從同一位置同時動身，所以t＝20s時甲、乙未相遇，故D錯誤。16．【答案】B【解析】以O(shè)點(diǎn)為探討對象進(jìn)行受力分析，三個力合力為零，表示三個力的有向線段構(gòu)成一個閉合三角形，若天車向左移動少許，重力G大小方向均不變，F(xiàn)N方向不變，由圖可知，F(xiàn)N變?yōu)镕N1，F(xiàn)N2，F(xiàn)變?yōu)镕1，F(xiàn)2，所以FN變大，F(xiàn)變大，故B正確，ACD錯誤。17．【答案】A【解析】設(shè)原線圈兩端的電壓為U1，則副線圈兩端的電壓U2＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(n2),n1)U1，副線圈的電流，原線圈的電流，所以有?；琍向Q端緩慢移動，副線圈匝數(shù)n2增多，M、N端輸入的電壓U不變，則原線圈的電流I1增大，R1的電壓變大，原線圈兩端電壓U1變小，A正確，B錯誤；變壓器不變更溝通電的頻率，所以通過電阻R2的溝通電的頻率不變，C錯誤；通過電阻R1的電流變大，依據(jù)P＝UI可知電路的總功率變大，即電阻R1和R2消耗的總功率變大，D錯誤。18．【答案】B【解析】小滑塊恰能沿圓弧軌道運(yùn)動到D點(diǎn)，表明此點(diǎn)為軌道的等效最高點(diǎn)，重力與電場力的合力，有2mg＝mEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(v2),R)。從A點(diǎn)到軌道等效最高點(diǎn)，依據(jù)動能定理得mg(ssin30°－Rcos30°－Rsin30°)＋Eq(scos30°－Rsin60°＋Rsin30°)＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)mv2－0，解得s＝1.5R，A錯誤；從C到等效最高點(diǎn)，有－mgR(1＋cos60°)－EqRsin60°＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)mv2－EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)mvC2，在C點(diǎn)，有FN－mg＝，解得FN＝9mg，依據(jù)牛頓第三定律得滑塊對軌道的壓力為9mg，B正確；小滑塊運(yùn)動到D點(diǎn)的圓上對稱點(diǎn)時，速度最大，有－2mg×2R＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)mv2－EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)mvm2，解得EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)mvm2＝5mgR，C錯誤；小滑塊從D點(diǎn)拋出后，做類平拋運(yùn)動，假設(shè)剛好落到B點(diǎn)，則有2mg＝ma，vt＝R，則在合力方向上的位移y＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)at2＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(1),2)R＜R，假設(shè)錯誤，D錯誤。19．【答案】AD【解析】衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動，依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，有GEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(Mm),r2)＝mEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(v2),r)，可得v＝EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(GM),r)，而三顆衛(wèi)星的軌道半徑滿意rA＝rB＞rC，故三者的線速度大小關(guān)系為vA＝vB＜vC，故A正確；衛(wèi)星所需的向心力大小等于衛(wèi)星所受的萬有引力，因A和B衛(wèi)星的質(zhì)量m未知，故向心力無法比較大小，故B錯誤；依據(jù)衛(wèi)星的周期公式T＝2πEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(r3),GM)，結(jié)合rA＞rC，可推得TA＞TC，故C錯誤；三顆衛(wèi)星均繞地球做圓周運(yùn)動，依據(jù)開普勒第三定律可知三顆衛(wèi)星周期的平方和軌道半徑三次方的比值相等，故D正確。20．【答案】BCD【解析】依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得qvB＝mEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(v2),r)，解得r＝0.02m＝R，帶電粒子在磁場中運(yùn)動軌跡的圓心肯定在圓形磁場的邊界上，故A錯誤、B正確；若帶電粒子改為從圓形磁場邊界上的C點(diǎn)以相同的速度入射，假設(shè)出射點(diǎn)位置在N′點(diǎn)，圓心在O′點(diǎn)，如圖所示，依據(jù)幾何關(guān)系可得CON′O′為菱形，則CO′∥ON′，N′和N重合，故粒子從N點(diǎn)射出，故C正確；若要實(shí)現(xiàn)帶電粒子從A點(diǎn)入射，從N′點(diǎn)出射，則該圓形磁場的最小直徑等于AN長度，即，最小圓的面積為，故D正確。21．【答案】AD【解析】若向右，則拉力F向右，則有，即，解得，導(dǎo)體棒始終向右勻加速，則速度不斷增大，因此，若要保持加速度不變，則F也要始終增大，B錯誤，A正確；若向左，拉力F的方向剛起先向右，則，即，解得，導(dǎo)體棒向右做減速運(yùn)動，安培力漸漸減小，加速度不變，則要F的大小也隨之減小到0，為了保持加速度接著不變，之后F反向，此時，若要保持加速度不變，則F要增大，當(dāng)導(dǎo)體棒速度為零后，由于受到拉力作用，導(dǎo)體棒則反向加速，則有，要保持加速度不變，則須要拉力F漸漸增大，即先減小再增大，C錯誤，D正確。22．(5分)【答案】(1)1.5(1分)(2)1.9(1分)9.5(2分)(3)C(1分)【解析】(1)相鄰兩計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔是T＝5×0.02s＝0.1s，打計數(shù)點(diǎn)5時的速度。(2)重錘的加速度大小，由牛頓其次定律有m2g?m1g＝(m1＋m2)a，解得重力加速度大小為g＝9.5m/s2。(3)與沒有運(yùn)用電火花計時器無關(guān)，A錯誤；m1和m2的質(zhì)量相差不大，B錯誤；在運(yùn)用牛頓其次定律計算加速度時，沒有考慮繩子與定滑輪間存在的阻力，C正確；繩子拉力本身就不等于m2的重力，存在的誤差與繩子拉力等不等于m2的重力無關(guān)，D錯誤。23．(10分)【答案】(1)4.620(4.619～4.621)(1分)10.14(1分)(2)見解析圖(2分)(3)4.6(2分)＝(2分)(4)不能(2分)【解析】(1)螺旋測微器的讀數(shù)等于4.5mm＋0.01×12.0mm＝4.620mm(4.619～4.621)；游標(biāo)卡尺為10分度，精確度為0.1mm，游標(biāo)上的第4格與主尺對齊，故讀數(shù)為101mm＋4×0.1mm＝101.4mm＝10.14cm。(2)要求盡可能精確地測量金屬棒的阻值，而滑動變阻器的總阻值較小，則用分壓式可以多測幾組數(shù)據(jù)；電壓表的量程為15V，則待測電阻的電流最大為則0.6A的電流表量程太小，擔(dān)心全，而電流表內(nèi)阻已知，且有定值電阻，則可以用電流表與定值電阻串聯(lián)，定值電阻能分部分電壓且能精確的得到待測電阻阻值，而電流表選擇內(nèi)接法可以消退系統(tǒng)誤差，故電路圖如圖所示。(3)依據(jù)伏安法可知，解得，因電流表用內(nèi)接法，且電流表的內(nèi)阻和定值電阻的阻值已知，則兩者分壓的系統(tǒng)誤差可以消退，則電阻的測量值等于真實(shí)值。(4)導(dǎo)體棒分成三段，并聯(lián)后的阻值為，導(dǎo)體棒與電源、電動機(jī)構(gòu)成的電路，等效電動勢為，，則電源的輸出功率為，可知當(dāng)電流為，輸出功率達(dá)到最大值，即時，隨著電流的增大，輸出功率漸漸增大；而電動機(jī)M（P額＝6W，U額＝6V）正常工作，則電流為，此時，故當(dāng)時，實(shí)際電流，故電動機(jī)不能工作。24．(12分)【解析】(1)導(dǎo)體棒靜止時，受力分析如圖所示，依據(jù)平衡條件得。(2分)(2)由閉合電路歐姆定律，得(1分)由安培力的公式F＝BIL(1分)聯(lián)立解得B＝0.4T。(2分)(3)斷開開關(guān)S后，導(dǎo)體棒下滑到軌道最低點(diǎn)，依據(jù)動能定理有(2分)導(dǎo)體棒在最低點(diǎn)時，由牛頓其次定律得(2分)聯(lián)立解得FN＝0.54N由牛頓第三定律得，導(dǎo)體棒對單個圓環(huán)的壓力大小為0.54N，方向豎直向下。(2分)25．(20分)【解析】(1)設(shè)小球A與B碰前瞬間的速度為vA，A由斜面最高點(diǎn)下滑到最低點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律可得①(2分)A與發(fā)生正碰時在水平方向動量守恒，有②(2分)聯(lián)立①②并代入數(shù)據(jù)解得③(2分)(2)設(shè)球C脫離彈簧后的速度為vC，A、B整體的速度為vAB'，從A與結(jié)合為一個整體后到球C離開彈簧的過程中，由動量守恒定律有④(1分)由機(jī)械能守恒定律有⑤(1分)從球脫離彈簧到運(yùn)動至圓弧最大高度處的過程中，由機(jī)械能守恒定律得⑥(1分)聯(lián)立④⑤⑥并代入數(shù)據(jù)解得⑦(2分)(3)球C在圓弧軌道內(nèi)運(yùn)動過程中，當(dāng)豎直方向的加速度為零時，豎直方向速度最大，此時克服重力做功的瞬時功率最大。如圖所示，設(shè)此時球C與圓弧軌道圓心連線與水平方向的夾角為θ，所受軌道支持力大小為FN，則⑧(2分)在該位置處，設(shè)球C的速度為v，在沿軌道半徑方向依據(jù)牛頓其次定律得⑨(2分)球C從該位置處運(yùn)動到與圓弧軌道圓心等高處過程中，由機(jī)械能守恒定律得⑩(1分)聯(lián)立⑧⑨⑩并代入數(shù)據(jù)解得?(1分)?(1分)所以球C克服重力做功的最大瞬時功率為?(2分)26．（14分）【答案】（1）H2C2O4+2ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+2H+EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(=====),60℃)2ClO2↑+2CO2↑+2H2O稀釋，防止?jié)舛冗^高時發(fā)生爆炸2OH?+2ClO2＝ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),2)+ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+H2O2.63減壓蒸發(fā)結(jié)晶、趁熱過濾、用38℃～60℃熱水洗滌晶體、低于60℃干燥；得到成品酸淀粉溶液【解析】A裝置由草酸、氯酸鉀和硫酸制二氧化氯（ClO2），發(fā)生H2C2O4+2KClO3+H2SO4EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(=====),60℃)K2SO4+2ClO2↑+2CO2↑+2H2O，B裝置冷凝并收集產(chǎn)品ClO2，C裝置防倒吸，D裝置汲取多余的ClO2，防止污染空氣。(1)由草酸、氯酸鉀和硫酸在60℃發(fā)生反應(yīng)生成ClO2、CO2和硫酸鉀，該反應(yīng)的離子方程式為H2C2O4+2ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+2H+EQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(=====),60℃)2ClO2↑+2CO2↑+2H2O。(2)由于ClO2在空氣中濃度大于10%時遇熱會引起爆炸，所以氮?dú)膺€可以起到的作用是稀釋，防止?jié)舛冗^高時發(fā)生爆炸。(3)裝置D中盛有NaOH溶液用來汲取剩余的ClO2，生成NaClO2和NaClO3，反應(yīng)的離子方程式為2OH?+2ClO2＝ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),2)+ClOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(?),3)+H2O。(4)“有效氯含量”的定義是：每克含氯消毒劑的氧化實(shí)力相當(dāng)于多少克Cl2的氧化實(shí)力，由于還原產(chǎn)物均是氯離子，則ClO2的有效氯含量為≈2.63。(5)依據(jù)題給信息可知，溫度低時，會生成NaClO2·3H2O，溫度高時，NaClO2會分解，所以從溶液中提取NaClO2的操作步驟是：減壓蒸發(fā)結(jié)晶、趁熱過濾、用38℃～60℃熱水洗滌晶體、低于60℃干燥；得到成品。(6)①ClO2溶液顯酸性，步驟1中量取ClO2溶液應(yīng)運(yùn)用酸式滴定管；由于碘遇淀粉顯藍(lán)色，則步驟3中應(yīng)選擇淀粉溶液做指示劑。②二氧化氯和碘單質(zhì)的反應(yīng)中，依據(jù)電子守恒，得到：2ClO2～5I2，結(jié)合反應(yīng)2Na2S2O3+I2＝Na2S4O6+2NaI，得到關(guān)系式：2ClO2～5I2～10Na2S2O3，則ClO2的物質(zhì)的量是0.001cV3mol×＝0.0002cV3mol，則原ClO2溶液的濃度為。27.【答案】（1）+72.4高溫使原混合體系中氣體的分壓減小，有利于平衡正向移動，從而提升原料的轉(zhuǎn)化率依據(jù)CH3OCH3(g)+O2(g)=2CO(g)+3H2(g)反應(yīng)特點(diǎn)，時與反應(yīng)物的計量數(shù)相等，所以當(dāng)時，隨著漸漸增大，該反應(yīng)會正向移動，平衡混合氣體中H2的體積分?jǐn)?shù)會隨著增大；當(dāng)大于0.5時，O2會有剩余，另外過量的O2會與H2發(fā)生副反應(yīng)生成了H2O，H2的體積分?jǐn)?shù)會減小0.52.95×108CH3OCH3+3H2O-12e?=2CO2+12H+13.5【解析】(1)已知：①C(s)+O2(g)=CO(g)?H1=-111.8kJ/mol；②C(s)+H2O(g)=CO(g)+H2(g)?H2=130kJ/mol；③CO(g)+2H2(g)=CH3OH(g)?H3=-90.1kJ/mol；④2CH3OH(g)=CH3OCH3(g)+H2O(g)?H4=-134kJ/mol。結(jié)合蓋斯定律知①-②-2③-④得CH3OCH3(g)+O2(g)=2CO(g)+3H2(g)?H=；該反應(yīng)為?H-T?S＜0的反應(yīng)可自發(fā)進(jìn)行，該反應(yīng)為吸熱、熵增的反應(yīng)，高溫下可自發(fā)進(jìn)行；故答案為：+72.4；高溫；（2）因?yàn)榉磻?yīng)是在恒溫條件下進(jìn)行，若混合氣體中增加水蒸氣，則原混合體系中氣體的分壓會減?。ㄏ喈?dāng)于恒壓條件下擴(kuò)大容積，反應(yīng)向氣體體積增大的方向移動），有利于平衡正向移動，從而提升原料的轉(zhuǎn)化率；依據(jù)CH3OCH3(g)+O2(g)=2CO(g)+3H2(g)反應(yīng)特點(diǎn)，時與反應(yīng)物的計量數(shù)相等，所以當(dāng)時，隨著漸漸增大，該反應(yīng)會正向移動，平衡混合氣體中H2的體積分?jǐn)?shù)會隨著增大；當(dāng)大于0.5時，O2會有剩余，另外過量的O2會與H2發(fā)生副反應(yīng)生成了H2O，H2的體積分?jǐn)?shù)會減??；(3)依據(jù)三段式法可得：CH3OCH3(g)+O2(g)2CO(g)+3H2(g)依據(jù)氣體壓強(qiáng)之比等于其物質(zhì)的量之比，可以得出（4.0+2.0+2.0）∶（4.0-x+2.0-0.5x+2x+3x+2）=800∶1150，x=1.0；所以；各個氣體的分壓等于總壓×各個氣體的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)，將各個氣體分壓帶入平衡常數(shù)表達(dá)式得，故答案為：0.5；2.95×108；標(biāo)準(zhǔn)狀況下5.6LO2即為0.25mol，轉(zhuǎn)移電子為1.0mol，依據(jù)N電極反應(yīng)：O2+4H++4e?=2H2O，可以得出右極室質(zhì)量增加了9.0g；依據(jù)M電極反應(yīng)：CH3OCH3+3H2O-12e?=2CO2+12H+，轉(zhuǎn)移1.0mol電子時，左極室消耗水的質(zhì)量為0.25mol，質(zhì)量削減了4.5g，則左右兩室質(zhì)量變更差為9.0g+4.5g=13.5g；故答案為：CH3OCH3+3H2O-12e?=2CO2+12H+；13.5。28.【答案】（1）FeO·Cr2O3將固體磨碎或不斷攪拌（2）2CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4)+2H+=Cr2OEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),7)+H2O燒杯、漏斗、玻璃棒（3）+63.5（4）2.4×10?4【解析】鉻鐵礦[主要成分是Fe(CrO2)2]中加入碳酸鈉并通入氧氣，高溫下將Fe(CrO2)2氧化得到Fe2O3、Na2CrO4，同時生成CO2，將得到的固體溶于水得到Na2CrO4溶液。向一份Na2CrO4溶液中加入硫酸酸化，硫酸和Na2CrO4反應(yīng)生成Na2Cr2O7和硫酸鈉，通過蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶，過濾得到固體a和溶液a；另一份Na2CrO4溶液中加入Na2S發(fā)生氧化還原反應(yīng)，鉻元素轉(zhuǎn)化為Cr(OH)3沉淀，過濾后灼燒Cr(OH)3得到Cr2O3，可以利用熱還原法制備金屬鉻。(1)Fe(CrO2)2中鐵元素化合價是+2價，氧化物為FeO，鉻元素化合價+3價，氧化物為Cr2O3，所以Fe(CrO2)2寫成氧化物形式為FeO·Cr2O3；增大反應(yīng)物的接觸面積可以加快反應(yīng)速率，上升溫度可以加快反應(yīng)速率，不斷攪拌，使固體混合物充分混合也可以加快反應(yīng)速率，故答案為：FeO·Cr2O3；將固體磨碎或不斷攪拌等；(2)Na2CrO4加入硫酸酸化反應(yīng)生成重鉻酸鈉，反應(yīng)的離子方程式為2CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4)+2H+=Cr2OEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),7)+H2O；操作a為過濾，所用到的玻璃儀器有燒杯、漏斗、玻璃棒，故答案為：2CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4)+2H+=Cr2OEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),7)+H2O；燒杯、漏斗、玻璃棒；(3)Na2CrO4中Na元素為+1價，O為-2價，則鉻元素化合價為+6價；依據(jù)Fe(CrO2)2+Na2CO3+O2→Na2CrO4+Fe2O3+CO2，反應(yīng)中鉻元素由+3價上升為+6價，鐵元素由+2價上升為+3價，1molFe(CrO2)2被氧化轉(zhuǎn)移7mol電子，因此生成1molNa2CrO4時轉(zhuǎn)移3.5mol電子，故答案為：+6；3.5；(4)CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4)+Ba2+BaCrO4，依據(jù)題意CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4)的濃度降至5.0×10?7mol·L?1以下才能排放，則Ksp(BaCrO4)=c(CrOEQ\*jc0\*hps21\o(\s\up9(2?),4))×c(Ba2+)=5.0×10?7×c(Ba2+)=1.2×10?10，解得：c(Ba2+)=2.4×10?4mol/L，即Ba2+的濃度應(yīng)大于2.4×10?4mol/L，故答案為：2.4×10?4。29.【答案】（1）暗反應(yīng)ADP、Pi施用CO2氣肥的溫室中，始終維持較高的CO2濃度，有利于黃瓜植株光合作用的進(jìn)行（2）7×10?3（3）t3【解析】（1）CO2濃度干脆影響光合作用的暗反應(yīng)階段。此階段能為光合作用的光反應(yīng)階段供應(yīng)ADP、Pi和NADP+。從圖甲可以看出：施用CO2氣肥的溫室中，始終維持較高的CO2濃度，有利于黃瓜植株光合作用的進(jìn)行，從而利于黃瓜的生長及產(chǎn)量提高。（2）據(jù)圖乙可知，溫度為t4時，1h內(nèi)黃瓜幼苗植株在光照下固定的CO2量為：（8+6）mg=14mg=14×10?3g，則30min內(nèi)黃瓜幼苗植株在光照下固定的CO2量為7×10?3g。（3）光照下CO2的汲取量表示的是凈光合速率，光照時，圖乙所示的4種溫度下，溫度為t3時黃瓜幼苗植株的凈光合速率最大，此溫度下黃瓜植株積累的有機(jī)物最多。30.【答案】（1）遺傳物質(zhì)（1分）抗原抗體特異性結(jié)合（1分）（2）短（1分）FluA/FluB作為抗原，刺激T細(xì)胞，使T細(xì)胞快速增殖分化（2分）（3）接種疫苗后，機(jī)體產(chǎn)生抗體和和記憶細(xì)胞，能有效的增加機(jī)體的免疫功能（2分）（4）下丘腦（1分）通過神經(jīng)-體液調(diào)整，提高細(xì)胞代謝速率，使產(chǎn)熱量增加（2分）【解析】（1）遺傳物質(zhì)限制生物的性狀，遺傳性狀不同的根本緣由是遺傳物質(zhì)不同，所以FluA/FluB病毒的根本區(qū)分在于遺傳物質(zhì)不同，臨床上用FluA/FluB抗原檢測試劑對流感做出快速診斷是利用了抗原抗體特