寧夏青銅峽市吳忠中學(xué)分校2025屆高三物理上學(xué)期第二次月考試題含解析

PAGE20-寧夏青銅峽市吳忠中學(xué)分校2025屆高三物理上學(xué)期其次次月考試題（含解析）一、選擇題1.如圖所示，一只氣球在風(fēng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，風(fēng)對(duì)氣球的作用力水平向右．細(xì)繩與豎直方向的夾角為α，繩的拉力為T，則風(fēng)對(duì)氣球作用力的大小為A. B. C.Tsinα D.Tcosα【答案】C【解析】【詳解】對(duì)氣球受力分析，由水平方向平衡條件可得：，故C正確．2.某質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的位置時(shí)間關(guān)系式為x=t2+2t+2(m)，則關(guān)于該質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)下列描述正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a=1m/s2，初速度為v0=2m/sB.質(zhì)點(diǎn)在2s末的速度為v=4m/sC.質(zhì)點(diǎn)在前2s內(nèi)的位移為x=10mD.質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)的平均速度為=5m/s【答案】D【解析】將質(zhì)點(diǎn)的位置與時(shí)間關(guān)系式x=t2+2t+2(m)與勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間的關(guān)系對(duì)比可知質(zhì)點(diǎn)的初速度，加速度為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；依據(jù)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；將t=0代入可知質(zhì)點(diǎn)的初位置為2m，t=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位置為x=10m，所以2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移為8m，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；依據(jù)平均速度公式可知質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)的平均速度為=5m/s，選項(xiàng)D正確；綜上本題選D.3.水平地面上兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)甲和乙，同時(shí)由同一地點(diǎn)沿同一方向作直線運(yùn)動(dòng)，它們的v-t圖線如圖所示,在0-4s內(nèi)下列關(guān)于甲乙質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)推斷正確的是()A.前2s乙質(zhì)點(diǎn)追甲質(zhì)點(diǎn)，2s后甲質(zhì)點(diǎn)追乙質(zhì)點(diǎn)B.2s時(shí)甲乙質(zhì)點(diǎn)速度相等，相距最遠(yuǎn)C.在第4s內(nèi)，甲質(zhì)點(diǎn)的平均速度大于乙質(zhì)點(diǎn)的平均速度D.在第4s末乙質(zhì)點(diǎn)追上甲質(zhì)點(diǎn)，4s后甲質(zhì)點(diǎn)不行以再次追上乙質(zhì)點(diǎn)【答案】BD【解析】試題分析：前2s乙質(zhì)點(diǎn)的速度小于甲質(zhì)點(diǎn)的速度，乙質(zhì)點(diǎn)追甲質(zhì)點(diǎn)，兩質(zhì)點(diǎn)的距離在變大，2s后乙質(zhì)點(diǎn)的速度大于甲質(zhì)點(diǎn)，但是乙質(zhì)點(diǎn)仍舊在甲質(zhì)點(diǎn)后，兩質(zhì)點(diǎn)的距離在減小，所以A項(xiàng)錯(cuò)誤；2s時(shí)甲乙兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等時(shí)，距離最大，所以B項(xiàng)正確；速度時(shí)間圖象圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積代表位移，第4s內(nèi)乙質(zhì)點(diǎn)的位移大于甲質(zhì)點(diǎn)的位移，所以乙質(zhì)點(diǎn)的平均速度大于甲質(zhì)點(diǎn)的平均速度，C項(xiàng)錯(cuò)誤；第4s末兩物體的位移相等，兩質(zhì)點(diǎn)相遇，此后乙的速度始終大于甲的速度，甲不行能追上乙了，所以D項(xiàng)正確．考點(diǎn)：本題考查了圖象的理解【名師點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵在于圖象意義的理解和追及相遇問題的應(yīng)用4.一個(gè)從地面上豎直上拋的物體,它兩次經(jīng)過一個(gè)較低點(diǎn)A的時(shí)間間隔是5s,兩次經(jīng)過一個(gè)較高點(diǎn)B的間間隔是3s,則AB之間的距離A.20m B.40m C.80m D.初速度未知,無法確定【答案】A【解析】【詳解】小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，依據(jù)運(yùn)動(dòng)時(shí)間的對(duì)稱性得到物體從最高點(diǎn)自由下落到A點(diǎn)的時(shí)間為，頂點(diǎn)到B點(diǎn)的時(shí)間為，則AB間距離：；故B、C、D錯(cuò)誤，A正確；故選A.【點(diǎn)睛】對(duì)于豎直上拋運(yùn)動(dòng)問題，關(guān)鍵要抓住對(duì)稱性，知道上升和下降的時(shí)間相等，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求解．5.如圖所示,小車上固定有一個(gè)豎直細(xì)桿,桿上套有質(zhì)量為M的小環(huán),環(huán)通過細(xì)繩與質(zhì)量為m的小球連接.當(dāng)小車水平向右做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí),環(huán)和球與車相對(duì)靜止,繩與桿之間的夾角為θ,重力加速度為g,則A.細(xì)繩的拉力為mgcosθB.細(xì)桿對(duì)環(huán)的作用力方向水平向右C.細(xì)桿對(duì)環(huán)的靜摩擦力為MgD.細(xì)桿對(duì)環(huán)的彈力為（M+m）gtanθ【答案】D【解析】【詳解】A.以小球?yàn)樘接憣?duì)象進(jìn)行受力分析有：

依據(jù)牛頓其次定律得：Tsinθ=ma①Tcosθ=mg②由①和②可得：繩的拉力，加速度a=gtanθ，故A錯(cuò)誤．CD.以環(huán)M為探討對(duì)象進(jìn)行受力分析有：

如圖所示，M受重力、繩的拉力T'、桿的彈力F1和桿的摩擦力F2作用處于平衡狀態(tài)

所以有：F1-T'sinθ=Ma③

F2-Mg-T'cosθ=0④又因?yàn)門'=T=，a=gtanθ

由③和④解得：F1=（m+M）gtanθ

F2=（m+M）g選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；B.所以細(xì)桿對(duì)環(huán)的作用力為

如圖可知細(xì)桿對(duì)環(huán)作用力方向斜向右上方，故B錯(cuò)誤．6.為了節(jié)約能量，某商場(chǎng)安裝了智能化的電動(dòng)扶梯．無人乘行時(shí)，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時(shí)，它會(huì)先漸漸加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)．一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)驗(yàn)了這兩個(gè)過程，如圖所示．那么下列說法中正確的是A.顧客始終受到三個(gè)力的作用B.顧客始終處于超重狀態(tài)C.顧客對(duì)扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下D.顧客對(duì)扶梯作用的方向先指向右下方，再豎直向下【答案】C【解析】【詳解】試題分析：以人為探討對(duì)象，加速過程中，人受到靜摩擦力、重力、支持力三個(gè)力的作用下沿電梯加速上升，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，人受到重力和支持力作用，故A錯(cuò)誤；在漸漸加速的過程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因而顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對(duì)其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，處于超重狀態(tài)；由牛頓第三定律，它的反作用力即人對(duì)電梯的作用方向指向向左下，在勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，顧客處于平衡狀態(tài)，只受重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對(duì)扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下；故BD錯(cuò)誤，C正確．故選C．考點(diǎn)：牛頓其次定律應(yīng)用7.物塊在輕繩的拉動(dòng)下沿傾角為30°的固定斜面對(duì)上勻速運(yùn)動(dòng)，輕繩與斜面平行．已知物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度取10m/s2．若輕繩能承受的最大張力為1500N，則物塊的質(zhì)量最大為A.150kg B.kg C.200kg D.kg【答案】A【解析】【詳解】T=f+mgsinθ，f=μN(yùn)，N=mgcosθ，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150kg，故A選項(xiàng)符合題意8.放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時(shí)間t的關(guān)系和物塊速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示．取重力加速度g＝10m/s2．由此兩圖線可以求得物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因素μ分別為A.m＝0.5kg，μ＝0.2 B.m＝1.0kg，μ＝0.4C.m＝1.5kg，μ＝0.6 D.m＝2.0kg，μ＝0.8【答案】B【解析】【詳解】從圖像可以看出勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)F=4N,所以摩擦力的大小等于4N，在2-4s內(nèi)物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為，所以，解得：，再依據(jù)可知μ＝0.4，故B正確；ACD錯(cuò)誤9.如圖所示,一夾子夾住木塊，在力F作用下向上提升，夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為f，若木塊不滑動(dòng)，力F的最大值是A.B.C.（m+M）gD.（m+M）g【答案】B【解析】【詳解】對(duì)木塊分析得：2f-Mg=Ma解得木塊的最大加速度為：對(duì)整體分析得：F-（M+m）g=（M+m）a將a代入解得：．A.，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C.（m+M）g，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.（m+M）g，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．10.如圖所示，質(zhì)量為m的小球被水平繩AO和與豎直方向成θ角的輕彈簧系著處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將繩AO燒斷，在繩AO燒斷的瞬間，下列說法正確的是（g為重力加速度）A.小球的合力大小為B.彈簧的拉力大小F=mgcosθC.小球的加速度大小為gtanθD.小球的加速度大小為gsinθ【答案】C【解析】【詳解】依據(jù)共點(diǎn)力的平衡，求得彈簧的彈力，燒斷繩子的瞬間，彈簧來不及發(fā)生形變，彈力不變．燒斷前，繩子的拉力燒斷后的瞬間，彈力不變，彈力與重力的合力與燒斷前的繩子拉力等值反向，所以燒斷后的瞬間，小球的合力為，依據(jù)牛頓其次定律，加速度A.小球的合力大小為與分析不符，故A錯(cuò)誤；B.彈簧的拉力大小F=mgcosθ與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.小球的加速度大小為gtanθ與分析相符，故C正確；D.小球加速度大小為gsinθ與分析不符，故D錯(cuò)誤．11.建筑工人用如圖所示的定滑輪裝置運(yùn)輸建筑材料．質(zhì)量為60kg的工人站在地面上，通過定滑輪將20kg的建筑材料以0.5m／s2的加速度拉升，忽視繩子和定滑輪的質(zhì)量及定滑輪的摩擦，取g＝10m／s2，則工人對(duì)地面的壓力大小為（）A.390N B.410N C.790N D.810N【答案】A【解析】【分析】先以建筑材料為探討對(duì)象，它有向上的加速度，由牛頓其次定律求得繩子的拉力大小，再對(duì)人探討，由平衡條件求出地面對(duì)人的支持力大小，再求解人對(duì)地面的壓力大?。驹斀狻恳越ㄖ牧蠟樘接憣?duì)象，由牛頓其次定律得：T-mg=ma繩子的拉力大小為：T=m（g+a）=20×（10+0.5）N=210N再對(duì)人探討，地面對(duì)人支持力：N=Mg-T=60×10-210=390N由牛頓第三定律得工人對(duì)地面的壓力大小為：N′=N=390N；故選A．【點(diǎn)睛】求壓力往往求它的反作用力支持力．加速度是聯(lián)系運(yùn)動(dòng)和力關(guān)系的橋梁，涉及力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系分析時(shí)，可以運(yùn)用牛頓定律探討．12.如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板上以加速度a水平向右加速滑行，長(zhǎng)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，若長(zhǎng)木板仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，則長(zhǎng)木板對(duì)地面摩擦力的大小和方向肯定為()A.μ1(m＋M)g，向左 B.μ2mg，向右C.μ2mg＋ma，向右 D.μ1mg＋μ2Mg，向左【答案】B【解析】【詳解】對(duì)木塊分析可知受長(zhǎng)木板對(duì)它水平向左的摩擦力Ff1＝μ2mg，由牛頓第三定律可知，木塊對(duì)長(zhǎng)木板的摩擦力向右，大小為Ff1；由于長(zhǎng)木板仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)長(zhǎng)木板受力分析可知，受地面對(duì)它的靜摩擦力Ff2，方向向左，F(xiàn)f2＝Ff1＝μ2mg，由牛頓第三定律可知，長(zhǎng)木板對(duì)地面的摩擦力大小為μ2mg，方向向右，故B正確．13.在物理學(xué)的發(fā)展過程中，科學(xué)家們創(chuàng)建出了很多物理學(xué)探討方法，下列敘述不正確的是A.加速度、速度都是實(shí)行比值法定義的物理量B.在探究共點(diǎn)力的合成時(shí)用到了等效替代的思想方法C.在探討力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系時(shí)伽利略運(yùn)用了限制變量法D.牛頓第肯定律是利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，可以用試驗(yàn)干脆驗(yàn)證【答案】CD【解析】【詳解】A.加速度、速度都是實(shí)行比值法定義的物理量，此說法正確，選項(xiàng)A不符合題意；B.在探究共點(diǎn)力的合成時(shí)用到了等效替代的思想方法，此說法正確，選項(xiàng)B不符合題意；C.在探討力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系時(shí)伽利略運(yùn)用了志向試驗(yàn)法，此說法不正確，選項(xiàng)C符合題意；D.牛頓第肯定律是利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，不行以用試驗(yàn)干脆驗(yàn)證，此說法不正確，選項(xiàng)D符合題意．14.如圖，小物塊原來靜止在固定的粗糙斜面上，現(xiàn)施加水平向右的推力F，F(xiàn)的大小由零漸漸增大，直到小物塊剛要起先滑動(dòng)為止．則在此過程中，小物塊所受的A.合外力可能增大B.斜面的支持力肯定增大C.斜面的摩擦力可能先增大后減小D.斜面的摩擦力肯定先減小后增大【答案】BD【解析】【詳解】A.物塊始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受的合外力始終為零，保持不變，故A錯(cuò)誤；B.對(duì)物塊受力分析并分解如圖．

斜面對(duì)物塊的支持力N=Fsinθ+mgcosθ，F(xiàn)增大，N肯定增大，選項(xiàng)B正確；

CD.圖中未畫上摩擦力f，分狀況探討f的狀況：

①Fcosθ＜mgsinθ時(shí)，f沿斜面對(duì)上，由平衡條件有Fcosθ+f=mgsinθ，隨著F的增大，f減?。贔cosθ＞mgsinθ時(shí)，f沿斜面對(duì)下，由平衡條件有Fcosθ=f+mgsinθ，則隨著F的增大，f增大；所以摩擦力f肯定先減小后增大，故D正確，C錯(cuò)誤．15.如圖所示,旅客的行李通過安檢的過程可以等效如下:質(zhì)量為m的行李在水平傳送帶的左端由靜止釋放,傳送帶由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng),始終保持以速度v=1m/s勻速運(yùn)動(dòng),傳送帶左、右兩端的距離為2m,行李與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.1.若乘客把行李放到傳送帶上的同時(shí)，乘客也以1m/s的恒定速率平行于傳送帶運(yùn)動(dòng)到傳送帶的右端,則（g取10m/s2）A.乘客和行李同時(shí)到達(dá)傳送帶的右端B.乘客提前0.5s到達(dá)傳送帶的右端C.行李提前0.5s到達(dá)傳送帶的右端D.若提高傳送帶的速度到足夠大,行李到達(dá)傳送帶的右端的最短時(shí)間為2s【答案】BD【解析】【詳解】ABC.行李剛放到傳送帶上時(shí)，受向前的摩擦力而做加速運(yùn)動(dòng)，加速度為到達(dá)與傳送帶共速時(shí)的時(shí)間位移為，則行李到達(dá)右端還須要；行李到達(dá)右端共需時(shí)間；而人到達(dá)右端須要的時(shí)間，則乘客提前?t=t-t′=0.5s到達(dá)傳送帶的右端，選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，B正確；D.當(dāng)傳送帶的速度足夠大使得行李始終加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，到達(dá)右端的時(shí)間最短，則最短時(shí)間，選項(xiàng)D正確．二、試驗(yàn)題16.某學(xué)習(xí)小組在做“探究力的平行四邊形定則”的試驗(yàn).（1）某次試驗(yàn)中兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力Fa=4N、Fb=3N已在圖乙中畫出,圖中方格每邊的長(zhǎng)度表示1N,O點(diǎn)是橡皮條的結(jié)點(diǎn),請(qǐng)用兩個(gè)直角三角板作出合力F的圖示,（）并求出合力的大小為___N.（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）.

（2）該試驗(yàn)小組想創(chuàng)新一下該試驗(yàn),將如圖丙所示的貼有白紙的木板豎直放置,彈簧測(cè)力計(jì)A掛在固定于木板上的P點(diǎn),下端用細(xì)線掛一重物M.他們想用此試驗(yàn)裝置來驗(yàn)證力的平行四邊形定則,下列關(guān)于此試驗(yàn)的說法中正確的是____.

A.應(yīng)測(cè)量重物M所受的重力B.細(xì)線方向應(yīng)與豎直木板平面平行C.圖丁中F'表示用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出來力,F表示用平行四邊形定則合成的力D.變更拉力,進(jìn)行多次試驗(yàn),每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置【答案】(1).(2).6(3).ABC【解析】【詳解】(1)[1][2].依據(jù)平行四邊形定則作圖，如圖所示，依據(jù)圖象可知，合力大小為6.0N；

(2)[3].A.試驗(yàn)通過作出三個(gè)力的圖示，來驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力必須要知道．故A正確；B.拉線方向必需與木板平面平行，這樣才確保力的大小精確性．故B正確；C.由圖丁可知，F(xiàn)'方向與重物重力的方向在同始終線上，它表示用一個(gè)測(cè)力計(jì)測(cè)出來的力，F(xiàn)表示用平行四邊形定則合成的力，故C正確；D.當(dāng)結(jié)點(diǎn)O位置確定時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)A的示數(shù)也確定，由于重物的重力已確定，兩力大小與方向均肯定，因此彈簧測(cè)力計(jì)B的大小與方向也肯定，所以不須要變更拉力多次試驗(yàn)．故D錯(cuò)誤．17.如圖甲所示為某試驗(yàn)小組“探究物體加速度與所受合外力關(guān)系”試驗(yàn)裝置．他們調(diào)整長(zhǎng)木板和滑輪，使長(zhǎng)木板水平放置且細(xì)線平行于長(zhǎng)木板;在托盤中放入適當(dāng)?shù)捻来a，接通電源，釋放物塊，多次變更托盤中砝碼的質(zhì)量，記錄傳感器的讀數(shù)F，求出加速度a．請(qǐng)回答下列問題:(1)試驗(yàn)中得到如圖乙所示的一條紙帶，已知溝通電頻率為50Hz的溝通電，兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，依據(jù)紙帶可求出物塊的加速度為_______m/s2．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(2)以力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的a—F圖象是一條直線如圖丙所示，求得圖線的斜率為k，橫軸截距為F，若傳感器的質(zhì)量為m，則物塊的質(zhì)量為_______．若已知重力加速度為g，物塊與長(zhǎng)木板動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝________．(3)該試驗(yàn)需不須要滿意鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于物塊和傳感器的總質(zhì)量________（填“須要”或“不須要”）【答案】(1).2.00(2).(3).(4).不須要【解析】【詳解】(1)[1].依據(jù)，運(yùn)用逐差法得；(2)[2].由牛頓其次定律得則，a-F圖象的斜率物塊的質(zhì)量為[3].由圖像可知，物塊與木板之間的摩擦力為F0，則F0=μ（m+m0）g即．(3)[4].由于傳感器測(cè)得是真實(shí)拉力，不須要滿意此條件．三、計(jì)算題18.酒后駕車嚴(yán)峻威逼公共交通平安．若將駕駛員從視覺感知前方危急到汽車起先制動(dòng)的時(shí)間稱為反應(yīng)時(shí)間，將反應(yīng)時(shí)間和制動(dòng)時(shí)間內(nèi)汽車行駛的總距離稱為感知制動(dòng)距離．科學(xué)探討發(fā)覺，反應(yīng)時(shí)間和感知制動(dòng)距離在駕駛員飲酒前后會(huì)發(fā)生明顯變更．一駕駛員正常駕車和酒后駕車時(shí),感知前方危急后汽車運(yùn)動(dòng)的v-t圖線分別如圖甲、乙所示．求：(1)正常駕駛時(shí)的感知制動(dòng)距離x．(2)酒后駕駛時(shí)的感知制動(dòng)距離比正常駕駛時(shí)增加的距離Δx．【答案】（1）75m（2）30m【解析】【詳解】(1)設(shè)駕駛員飲酒前、后的反應(yīng)時(shí)間分別為t1、t2，由圖線可得t1=0.5s，t2=1.5s；汽車減速時(shí)間為t3=4.0s，初速度v0=30m/s，由圖線：x=v0t1+t3得：x=75m(2)由圖像可知，酒后駕駛時(shí)的感知制動(dòng)距離比正常駕駛時(shí)增加的距離Δx=v0（t2-t1）=30×（1.5-0.5）m=30m19.靜止在水平面上的A、B兩個(gè)物體通過一根拉直的輕繩相連，如圖所示．輕繩長(zhǎng)L=1m，承受的最大拉力為8N，A的質(zhì)量m1=2kg，B的質(zhì)量m2=8kg，A、B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，現(xiàn)用一漸漸增大的水平力F作用在B上，使A、B向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)F增大到某一值時(shí)，輕繩剛好被拉斷（g取10m/s2）．(1)求繩剛被拉斷時(shí)F的大?。?2)若繩剛被拉斷時(shí)，A、B的速度為2m/s，保持此時(shí)的F大小不變，當(dāng)A靜止時(shí)，A、B間的距離為多少?【答案】（1）40N（2）3.5m【解析】【詳解】(1)設(shè)繩剛要被拉斷時(shí)產(chǎn)生的拉力為FT，依據(jù)牛頓其次定律,對(duì)A物體有FT-μm1g=m代入數(shù)值得a=2m/s2對(duì)A、B整體有：F-μ（m1+m2）g=（m1+m2）a代入數(shù)值得F=40N(2)設(shè)繩斷后，A的加速度為a1，B的加速度為a2，則a1==2m/s2a2==3m/s2A停下來的時(shí)間為t，則t==1sA的位移為x1，則x1==1mB的位移為x2，則x2=vt+a2t2=3.5mA剛靜止時(shí)，A、B間距離為Δx=x2+L-x1=3.5m20.如圖所示，傾角為30°的光滑斜面與粗糙的水平面平滑連接．現(xiàn)將一滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從斜面上A點(diǎn)由靜止釋放，最終停在水平面上的C點(diǎn)．已知A點(diǎn)距水平面的高度h＝0.8m，B點(diǎn)距C點(diǎn)的距離L＝2.0m．(滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)沒有能量損失，取g＝10m/s2)求：(1)滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度；(2)滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；(3)滑塊從A點(diǎn)釋放后，經(jīng)過時(shí)間t＝1.0s時(shí)速度的大小．【答案】(1)vm＝4m/s(2)μ＝0.4(3)v＝3.2m/s【解析】試題分析：（1）滑塊在斜面上時(shí)，對(duì)其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，依據(jù)牛頓其次定律列式求解出加速度，再依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式計(jì)算末速度；（2）對(duì)減速過程運(yùn)用牛頓其次定律列式，再運(yùn)用速度位移公式列式，最終聯(lián)立方程組求解；（3）先推斷加速時(shí)間，再依據(jù)速度時(shí)間關(guān)系公式求解t=1.0s時(shí)速度的大小．解：（1）滑塊先在斜面上做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后在水平面上做勻減速運(yùn)動(dòng)，故滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度最大為，設(shè)滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：解得：（2）滑塊在水平面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為解得：（3）滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為得由于，故滑塊已經(jīng)經(jīng)過B點(diǎn)，做勻減速運(yùn)動(dòng)設(shè)t=1.0s時(shí)速度大小為解得：考點(diǎn)：牛頓其次定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵先對(duì)滑塊的加速和減速過程運(yùn)用牛頓其次定律列式求解，再分別對(duì)兩個(gè)過程運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列方程聯(lián)立求解．四、選考題21.下列說法正確的是（）A.多晶體都具有各向同性的特點(diǎn)B.液體的飽和汽壓與溫度有關(guān)C.其次類永動(dòng)機(jī)不能制成是因?yàn)樗`反了能量守恒定律D.肯定質(zhì)量的志向氣體，放熱的同時(shí)外界對(duì)其做功，其內(nèi)能可能削減E.當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均減小，但斥力減小得更快，所以分子間的作用力肯定表現(xiàn)為引力【答案】ABD【解析】【詳解】A、單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性，故A正確；B、飽和汽壓隨溫度上升而增大，降低而減小，故B正確；C、其次類永動(dòng)機(jī)不能制成是因?yàn)樗`反了熱力學(xué)其次定律，但不違反能量守恒定律，故C錯(cuò)誤；D、肯定質(zhì)量的志向氣體，放熱的同時(shí)外界對(duì)其做功，即有Q＜0，W0，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律，△U可能削減，故D正確；E、當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均減小，斥力減小得更快；當(dāng)r＜r0時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)r＞r0時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，故E錯(cuò)誤．22.某同學(xué)用一端封閉的粗細(xì)勻稱的U形管(兩端等高且橫截面積相等)，探討肯定質(zhì)量封閉氣體的壓強(qiáng)，如圖所示，U形管豎直放置，當(dāng)封閉氣柱長(zhǎng)為時(shí)，兩側(cè)水銀面的高度差為，大氣壓強(qiáng)為.(可能用到的數(shù)據(jù))①求封閉氣體的壓強(qiáng)；②該同學(xué)用與U形管口徑相同的量筒往U形管內(nèi)接著緩慢注入水銀，直到右側(cè)水銀面恰好與管口相平齊．