貴州省2024年高考物理模擬試卷及答案6

貴州省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題（每小題4分，共計28分）得分1．圖中的（a）、（b）、（c）、（d）四幅圖涉及不同的原子物理知識，其中說法正確的是（）A．根據(jù)圖（a）所示的三種射線在磁場中的軌跡，可以判斷出“1”為β射線B．如圖（b）所示，發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光光強(qiáng)越強(qiáng)，光電子的最大初動能越大C．玻爾通過圖（c）所示的α粒子散射實(shí)驗(yàn)，揭示了原子核還可以再分D．利用圖（d）所示的氫原子能級示意圖，可以解釋氫原子光譜為何不是連續(xù)光譜2．如圖所示為某食品廠的曲柄壓榨機(jī)示意圖，O、A、B為鉸鏈，OA、AB均為輕桿且長度相等，OB位于同一豎直線上，活塞可上下移動，M為被壓榨的物體。在A處施加一水平向左的恒力F=10N使活塞緩慢下降壓榨M，當(dāng)OA與豎直方向的夾角為30°時，活塞對M的壓力為（）A．10N B．5N C．53N 3．如圖所示，一籃球從離地H高度處A從靜止開始下落，與水平地面發(fā)生碰撞后反彈至離地h的最高處B（H>h）。不計空氣阻力。設(shè)籃球從A運(yùn)動到地面的過程中，加速度大小為a1、運(yùn)動時間為t1、與地面碰前瞬間的速度大小為v1；籃球再從地面反彈到B的過程中，加速度大小為a2、運(yùn)動時間為t2、反彈后瞬間的速度大小為v2。則下列關(guān)系正確的是（）A．a(chǎn)1=a2，t1=t2，v1=v2 B．a(chǎn)1>a2，t1>t2，v1>v2C．a(chǎn)1<a2，t1<t2，v1<v2 D．a(chǎn)1=a2，t1>t2，v1>v24．下列說法正確的是（）

A．圖甲中，單色光在被檢測厚玻璃板的上下表面反射后發(fā)生干涉B．圖乙中，聲源遠(yuǎn)離觀察者時，觀察者接收到的聲音頻率減小C．圖丙中，使擺球A先擺動，則擺動后B球的周期比C球的周期大D．圖丁是小孔衍射的圖樣，也被稱為“泊松亮斑”5．關(guān)于下列四幅圖的描述，正確的是（）A．甲圖中的探雷器是利用渦流原理工作的B．乙圖中，用銅絲編織的管線包裹話筒線是利用靜電吸收信號C．丙圖為多用電表歐姆擋的原理圖，接表內(nèi)電池負(fù)極的應(yīng)是黑表筆D．丁圖中，利用回旋加速器加速粒子，所加電壓U越大，粒子射出時動能越大6．在特、超高壓變電設(shè)備中，變壓器占有重要地位。某理想變壓器的簡化模型如圖所示，原線圈的回路中，理想交流電流表的示數(shù)為I，理想交流電壓表的示數(shù)為U，副線圈的負(fù)載阻值為R，則電源電壓的有效值為（）A．IR B．UC．I2R2U 7．2023年11月9日，中國衛(wèi)星導(dǎo)航定位協(xié)會首次發(fā)布《中國北斗產(chǎn)業(yè)發(fā)展指數(shù)報告》，報告中指出目前北斗終端應(yīng)用規(guī)模達(dá)數(shù)千萬量級，每天有數(shù)千萬用戶數(shù)、億次量級使用北斗定位導(dǎo)航，北斗系統(tǒng)已服務(wù)全球200多個國家和地區(qū)用戶。北斗定位系統(tǒng)中的兩顆衛(wèi)星P、Q繞地球做勻速圓周運(yùn)動的周期之比為1∶8，則它們運(yùn)行的線速度之比為（）A．2∶1 B．1∶2 C．2:1 閱卷人二、多選題（每小題6分，少選3分，錯選0分，共計18分）得分8．如圖所示，兩個完全相同的小球A、B，在某一高度處以相同大小的初速度v0A．兩小球落地時的速度大小相同B．在空中運(yùn)動的整個過程中，兩小球重力做的功相同C．從開始運(yùn)動至落地，重力對兩小球做功的平均功率相同D．落地前的一瞬間，兩小球重力的功率相同9．兩個帶等量正電的點(diǎn)電荷，固定在圖中P、Q兩點(diǎn)，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點(diǎn)，A為MN上的一點(diǎn)。一帶負(fù)電的試探電荷q從A由靜止釋放只在電場力作用下運(yùn)動，取無限遠(yuǎn)處電勢為零，則（）A．若q從A點(diǎn)由靜止釋放，在由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動的過程中，加速度一定先增大后減小B．q由A向O運(yùn)動的過程電勢能逐漸增大C．q運(yùn)動到O點(diǎn)時的動能最大D．給q一初速度它可能做勻速圓周運(yùn)動10．甲、乙兩物體以相同的初動量在水平面上做勻減速直線運(yùn)動，直到停止，其動量p隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，已知甲、乙兩物體與地面間的動摩擦因數(shù)相同，在此過程中（??）A．甲、乙兩物體的質(zhì)量之比為2∶1B．甲、乙兩物體的初速度大小之比為2∶1C．甲、乙兩物體受到的摩擦力沖量大小之比為1∶1D．甲、乙兩物體受到的摩擦力做功之比為2∶1閱卷人三、實(shí)驗(yàn)題（11題5分,12題9分，共計14分）得分11．某同學(xué)將橫截面為三角形的玻璃磚放在水平木板的白紙上，用插針法測定其折射率，如圖甲所示，P1、P2、P3、P4為四枚大頭針，θ1、θ2分別為入射角與折射角?；卮鹨韵聠栴}：（1）下列說法正確的是____。A．θ1越大，實(shí)驗(yàn)誤差越小 B．P3、P4沒有豎直插入不影響測量結(jié)果C．P3、P4間的距離小些會減小實(shí)驗(yàn)誤差 D．入射點(diǎn)適當(dāng)靠近A點(diǎn)可以減小實(shí)驗(yàn)誤差（2）該同學(xué)根據(jù)測得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖像如圖乙所示，從圖線可知折射率為（保留兩位有效數(shù)字）。（3）該同學(xué)開始實(shí)驗(yàn)時忘記描繪ABC的輪廓，記錄下四枚大頭針的位置，描繪ABC的輪廓時，不小心將玻璃磚的位置沿AC的方向向右平移了少許（玻璃磚底邊仍與AC所在直線重合），則該材料折射率的測量值真實(shí)值（填“大于”“小于”或“等于”）。12．張明同學(xué)在測定某種合金絲的電阻率時：

（1）用螺旋測微器測得其直徑為mm（如圖甲所示）；（2）用20分度的游標(biāo)卡尺測其長度為mm（如圖乙所示）；（3）用圖丙所示的電路測得的電阻率將比真實(shí)值（填“偏大”或“偏小”）。（4）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟粗測合金絲的電阻，表盤示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為Ω閱卷人四、解答題（13題9分，14題12分，15題19分，共計40分）得分13．高壓氧艙是進(jìn)行高壓氧療的設(shè)備，某高壓氧艙內(nèi)氣體壓強(qiáng)為大氣壓強(qiáng)的1.5倍，溫度為17℃，體積為29m3，密度為1.6kg/m3（1）僅將高壓氧艙內(nèi)的氣體溫度升高至27℃，求高壓氧艙內(nèi)的壓強(qiáng)為標(biāo)準(zhǔn)大氣壓強(qiáng)的幾倍；（2）保持高壓氧艙內(nèi)的溫度為27℃，釋放出艙內(nèi)部分氣體，使壓強(qiáng)恢復(fù)到大氣壓強(qiáng)的1.5倍，求釋放出的氣體質(zhì)量。14．如圖所示，一個質(zhì)量為m、電阻不計、足夠長的光滑U形金屬框架MNQP，位于光滑水平桌面上，分界線OO'分別與平行導(dǎo)軌MN和PQ垂直，兩導(dǎo)軌相距L。在OO'的左右兩側(cè)存在著區(qū)域很大、方向分別為豎直向上和豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B。另有質(zhì)量也為m的金屬棒CD，垂直于MN放置在OO（1）求框架從開始運(yùn)動到細(xì)線斷裂時速度v0的大小，以及所需的時間t（2）求在細(xì)線尚未斷裂的某一時刻t，水平拉力F的大??；（3）若在細(xì)線斷裂時，立即撤去拉力F，試說明框架與金屬棒最后的運(yùn)動狀態(tài)，并求出此后回路產(chǎn)生的總焦耳熱Q。15．如圖所示，水平軌道AB與豎直半圓形軌道BC在B點(diǎn)相切。質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以一定的初速度從水平軌道的A點(diǎn)向左運(yùn)動，進(jìn)入圓軌道后，沿圓軌道內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動，恰好到達(dá)最高C，之后離開圓軌道，做平拋運(yùn)動，落在圓軌道上的D點(diǎn)。已知小物塊在B點(diǎn)進(jìn)入圓軌道瞬間，速度vB=3m/s，圓軌道半徑R=0.1m，重力加速度（1）小物塊從B點(diǎn)進(jìn)入圓軌道瞬間對軌道壓力的大??；（2）小物塊到達(dá)C點(diǎn)的瞬時速度vC（3）小物塊的落點(diǎn)D與B點(diǎn)的距離。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.β射線為電子流，粒子帶負(fù)電，根據(jù)洛倫茲力偏轉(zhuǎn)方向可知3為β射線，A不符合題意；

B.發(fā)生光電效應(yīng)時，光電子的最大初動能只與光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無關(guān)，B不符合題意；

C.玻爾α粒子散射實(shí)驗(yàn)揭示了原子核的核式模型，C不符合題意；

D.氫原子能級是分立的，故氫原子由激發(fā)態(tài)到基態(tài)會輻射出獨(dú)特波長的光，解釋了氫原子光譜是分立譜，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】利用實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的原理可得出結(jié)論。2．【答案】C【解析】【解答】對A點(diǎn)的受力如圖所示

則根據(jù)平行四邊形法則，有

TAB=TOA=F=10N

則活塞對M的壓力為

3．【答案】D【解析】【解答】籃球僅受重力作用，加速度保持不變，即

a1=a2=g

根據(jù)

H=12a1t12，?=12a2t22

因

4．【答案】B【解析】【解答】Ａ、入射光經(jīng)空氣膜上下表面反射后發(fā)生干涉，并不是被檢測厚玻璃板的上下表面反射后的光發(fā)生干涉，故A錯誤；

Ｂ、圖乙中，聲源遠(yuǎn)離觀察者時，根據(jù)多普勒效應(yīng)可知觀察者接收到的聲音頻率減小，故B正確；

Ｃ、圖丙中，使擺球A先擺動，則擺動后B、C做受迫振動，周期相同，故C錯誤；

Ｄ、丁圖是“泊松亮斑”，是光照射不透光的圓盤衍射形成的，不是小孔衍射，故D錯誤。

故答案為：Ｂ。

【分析】單色光是入射光在空氣膜上下表面反射后發(fā)生干涉。熟悉掌握多普勒效應(yīng)的特點(diǎn)。受迫振動時，物體的振動頻率與驅(qū)動頻率相等。泊松亮斑是光照射不透光的圓盤衍射形成的。5．【答案】A【解析】【解答】A、探雷器是利用渦流工作的，探測時是地下的金屬感應(yīng)出渦流，渦流的磁場反過來影響線圈中的電流，使儀器報警，故A正確；

B、用銅絲編織的管線包裹話筒線是利用靜電屏蔽作用，避免外界干擾，故B錯誤；

C、丙圖為多用電表歐姆擋的原理圖，接表內(nèi)電池負(fù)極的應(yīng)是紅表筆，故C錯誤；

D、由洛倫茲力提供向心力可得

qvB=mv2R

解得回旋加速器的最終速度為

v=qRBm

則最大動能為

Ek6．【答案】B【解析】【解答】由能量守恒定律可知

P原=P副=U2R7．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)開普勒第三定律

r3T2=k

則P、Q兩衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動的半徑之比為

rP:rQ=1:4

根據(jù)萬有引力提供向心力

GMmr28．【答案】A,B【解析】【解答】A．由運(yùn)動的合成分解可知，兩小球落地時的速度大小相同，但方向不同，A符合題意；B．由重力做功的特點(diǎn)可知，在空中運(yùn)動的整個過程中，重力做的功相同，B符合題意；C．從開始運(yùn)動至落地，重力對兩小球做的功相同但小球B運(yùn)動的時間長，C不符合題意；D．由P=mgv可知兩小球重力的功率不相同，D不符合題意。故答案為：AB。

【分析】根據(jù)運(yùn)動的合成與分解得出兩小球的速度的關(guān)系；利用重力做功的特點(diǎn)判斷重力做功的情況；利用瞬時功率的計算判斷重力功率的大小關(guān)系。9．【答案】C,D【解析】【解答】A、兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示

在P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向，故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的加速度可能先增大后減小，也可能一直減小，故A錯誤；

B、q由A向O運(yùn)動的過程，電場力方向與AO方向一致，電場力做正功，電勢能逐漸減小，故B錯誤；

C、從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點(diǎn)試探電荷的動能最大，故C正確；

D、兩電荷連線的中垂面是等勢面，場強(qiáng)方向向外，若給q一垂直紙面方向的初速度它可能做勻速圓周運(yùn)動，故D正確。

故答案為：CD。

【分析】熟悉等量同種電荷電場線及電勢的分布情況。電場線越密集，電場強(qiáng)度越大，電荷所受電場力越大，電荷的加速度越大。電場力做正功，電勢能減小，動能增大。根據(jù)等量異種電荷的等勢面分布特點(diǎn)可知，當(dāng)電荷在等勢面上運(yùn)動時，可能做勻速圓周運(yùn)動。10．【答案】A,C【解析】【解答】A、根據(jù)動量定理

?μmgt=0?p0

得

m=p0μgt

可知質(zhì)量之比等于運(yùn)動時間的反比，即甲、乙兩物體的質(zhì)量之比為2∶1，故A正確；

B、根據(jù)

p=mv

甲、乙兩物體的初速度大小之比為1∶2，故B錯誤；

C、根據(jù)

I=Δp

甲、乙兩物體受到的摩擦力沖量大小之比為1∶1，故C正確；

D、根據(jù)動能定理

Wf11．【答案】（1）D（2）1.5（3）大于【解析】【解答】（1）A、為了確保入射角測量的精度，入射角θ1應(yīng)適當(dāng)大一些，但不能夠太大，故A錯誤；

B、為了便于準(zhǔn)確地確定折射光線，P3、P4應(yīng)豎直插入，故B錯誤；

C、為了便于準(zhǔn)確地確定折射光線，P3、P4間的距離應(yīng)適當(dāng)大一些，故C錯誤；

D、為了便于確定入射光路與折射光路，入射點(diǎn)應(yīng)適當(dāng)靠近A點(diǎn)，使玻璃磚左右兩側(cè)截面上的入射點(diǎn)之間的間距適當(dāng)大一些，可以減小實(shí)驗(yàn)誤差，故D正確。

故答案為：D。

（2）根據(jù)折射率的定義式有

n=sinθ1sinθ2

則有

sinθ2=1nsin12．【答案】（1）3（2）50（3）偏?。?）120【解析】【解答】（1）直徑為

3mm+20.5×0.01mm=3.205mm

（2）用20分度的游標(biāo)卡尺測其長度為

50mm+3×0.05mm=50.15mm

（3）由于電壓表分流，導(dǎo)致電流表測量結(jié)果偏大，根據(jù)歐姆定律得電阻測量結(jié)果偏小，根據(jù)電阻定律得電阻率偏小。

13．【答案】（1）僅將高壓氧艙內(nèi)的氣體溫度升高至27℃，可知?dú)怏w做等容變化，設(shè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓強(qiáng)為p0pTT由查理定律可得pp解得p（2）以艙內(nèi)氣體為研究對象，氣體做等溫變化，則有ppV由玻意耳定律可得p解得V由氣體的密度公式ρ=mρ=氣體體積的變化ΔV=釋放出的氣體質(zhì)量Δm=ρΔV=1【解析】【分析】（1）根據(jù)題意確定升溫前后氣體的熱力學(xué)溫度及升溫前氣體的壓強(qiáng)，氣體做等容變化，再根據(jù)查理定律進(jìn)行解答；

（2）以艙內(nèi)氣體為研究對象，根據(jù)玻意耳定律確定將壓強(qiáng)降至1.5P0而不釋放氣體后氣體的體積。猶豫未釋放氣體，氣體的質(zhì)量不變，再根據(jù)題意及密度公式確定此壓強(qiáng)溫度下氣體的密度。釋放氣體后氣體的體積扔等于高壓艙的體積，則放出氣體的體積等于降壓而不釋放氣體的體積以高壓艙體積之差，再根據(jù)密度公式確定釋放氣體的質(zhì)量。14．【答案】（1）解：繩子斷裂時，對棒有F解得v根據(jù)v得t（2）解：在t時刻，框架的速度v=at框架切割磁場產(chǎn)生的電動勢E=BLv=Blat框架受到的安培力F對框架有F?得F=F安+ma=ma+（3）解：撤去拉力F時，框架的速度v撤去拉力后，系統(tǒng)總動能的減少量等于回路消耗的電能，最終在回路中