2019年天津市高考物理試卷解析版

2019年天津市高考物理試卷解析版參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（每小題6分，共30分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的）1．（6分）2018年12月8日，肩負(fù)著億萬(wàn)中華兒女探月飛天夢(mèng)想的嫦娥四號(hào)探測(cè)器成功發(fā)射，“實(shí)現(xiàn)人類(lèi)航天器首次在月球背面巡視探測(cè)，率先在月背刻上了中國(guó)足跡”。已知月球的質(zhì)量為M、半徑為R，探測(cè)器的質(zhì)量為m，引力常量為G，嫦娥四號(hào)探測(cè)器圍繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，探測(cè)器的（）A．周期為 B．動(dòng)能為 C．角速度為 D．向心加速度為【考點(diǎn)】4F：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．【專(zhuān)題】31：定性思想；43：推理法；529：萬(wàn)有引力定律在天體運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用專(zhuān)題；62：推理能力．【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有，則T，由得，由mω2r得ω，由ma向得?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有，得T，故A正確；B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有，得，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有mω2r，得ω，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有ma向，得，故D錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】該題型屬于基本的萬(wàn)有引力定律應(yīng)用題，要熟記萬(wàn)有引力的公式和圓周運(yùn)動(dòng)的一些關(guān)系變換式，解題依據(jù)為萬(wàn)有引力提供向心力，找出哪些是不變的量、相同的量以及有比例關(guān)系的量，根據(jù)萬(wàn)有引力公式的幾個(gè)變換式子代換求解。2．（6分）2018年10月23日，港珠澳跨海大橋正式通車(chē)。為保持以往船行習(xí)慣，在航道處建造了單面索（所有鋼索均處在同一豎直面內(nèi)）斜拉橋，其索塔與鋼索如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．增加鋼索的數(shù)量可減小索塔受到的向下的壓力 B．為了減小鋼索承受的拉力，可以適當(dāng)降低索塔的高度 C．索塔兩側(cè)鋼索對(duì)稱(chēng)且拉力大小相同時(shí)，鋼索對(duì)索塔的合力豎直向下 D．為了使索塔受到鋼索的合力豎直向下，索塔兩側(cè)的鋼索必須對(duì)稱(chēng)分布【考點(diǎn)】2D：合力的大小與分力間夾角的關(guān)系．【專(zhuān)題】12：應(yīng)用題；32：定量思想；43：推理法；62：推理能力．【分析】做出示意圖，將鋼索的拉力進(jìn)行合成，合力豎直向下，根據(jù)平行四邊形定則作圖后由幾何關(guān)系列式求解。【解答】解：A、對(duì)橋身進(jìn)行受力分析可知，鋼索對(duì)橋身的拉力的合力與橋身的重力大小相等、方向相反，則鋼索對(duì)索塔向下的壓力數(shù)值上等于橋身的重力，即增加鋼索的數(shù)量，鋼索對(duì)索塔的壓力大小恒定不變，故A錯(cuò)誤。B、合力一定，分力間的夾角越小，則分力越小。為了減小鋼索承受的拉力，應(yīng)該增大索塔的高度，達(dá)到減小鋼索間夾角的目的，故B錯(cuò)誤。C、根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，索塔兩側(cè)鋼索對(duì)稱(chēng)分布，拉力大小相等時(shí)，水平分力抵消，鋼索對(duì)索塔的合力豎直向下，故C正確。D、如圖所示：將鋼索AC、AB的拉力FAC、FAB進(jìn)行合成，合力豎直向下，結(jié)合正弦定理可知：，得FAC：FAB＝sinβ：sinα，故索塔兩側(cè)的鋼索必不必須對(duì)稱(chēng)分布，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是將鋼索AC、AB的拉力FAC、FAB進(jìn)行合成，然后根據(jù)正弦定理列式研究。3．（6分）如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為m的帶電小球，以初速度v從M點(diǎn)豎直向上運(yùn)動(dòng)，通過(guò)N點(diǎn)時(shí)，速度大小為2v，方向與電場(chǎng)方向相反，則小球從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程（）A．動(dòng)能增加mv2 B．機(jī)械能增加2mv2 C．重力勢(shì)能增加mv2 D．電勢(shì)能增加2mv2【考點(diǎn)】AE：電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功．【專(zhuān)題】32：定量思想；43：推理法；531：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題；62：推理能力．【分析】小球的運(yùn)動(dòng)可以看成豎直方向豎直上拋和水平方向初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，分別分析兩個(gè)方向的運(yùn)動(dòng)即可，注意兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性?！窘獯稹拷猓盒∏虻倪\(yùn)動(dòng)可以看成豎直方向的豎直上拋和水平方向在電場(chǎng)力作用下的初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。A、小球的動(dòng)能增加量為，故A錯(cuò)誤；B、除重力外，只有電場(chǎng)力做功，電場(chǎng)力做功等于小球的機(jī)械能增加量，電場(chǎng)力做功等于水平方向小球動(dòng)能的增加量2mv2，即小球的機(jī)械能增加量為2mv2，故B正確；C、豎直方向只有重力做功，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)N點(diǎn)豎直速度為0，豎直方向動(dòng)能減小量為，即重力是能增加，故C錯(cuò)誤；D、電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查靈活選擇處理曲線運(yùn)動(dòng)的能力。小球在水平和豎直兩個(gè)方向受到的都是恒力，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解法研究是常用的思路。4．（6分）筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件。當(dāng)顯示屏開(kāi)啟時(shí)磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進(jìn)入休眠狀態(tài)。如圖所示，一塊寬為a、長(zhǎng)為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元件，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是電荷量為e的自由電子，通入方向向右的電流時(shí)，電子的定向移動(dòng)速度為v。當(dāng)顯示屏閉合時(shí)元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，于是元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓U，以此控制屏幕的熄滅。則元件的（）A．前表面的電勢(shì)比后表面的低 B．前、后表面間的電壓U與v無(wú)關(guān) C．前、后表面間的電壓U與c成正比 D．自由電子受到的洛倫茲力大小為【考點(diǎn)】CO：霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用．【專(zhuān)題】32：定量思想；43：推理法；537：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題；62：推理能力．【分析】金屬導(dǎo)體是自由電子導(dǎo)電，電流方向向右，則電子向左定向移動(dòng)，在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷電子所受的洛倫茲力方向，判斷哪個(gè)表面聚集電子，再確定M、N兩板電勢(shì)的高低；根據(jù)洛倫茲力等于電場(chǎng)力分析解答?！窘獯稹拷猓篈、電流方向向右，電子向左定向移動(dòng)，根據(jù)左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向向里，則后表面積累了電子，前表面的電勢(shì)比后表面的電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；BC、由電子受力平衡可得eevB，解得U＝Bva，所以前、后表面間的電壓U與v成正比，前、后表面間的電壓U與c無(wú)關(guān)，故BC錯(cuò)誤；D、穩(wěn)定時(shí)自由電子受力平衡，受到的洛倫茲力等于電場(chǎng)力，即evB＝e，故D正確；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題現(xiàn)象稱(chēng)為霍耳效應(yīng)，易錯(cuò)點(diǎn)在于利用左手定則判斷電荷的移動(dòng)，從而判斷后面的電勢(shì)高。該題比較容易錯(cuò)選A。5．（6分）如圖為a、b、c三種光在同一光電效應(yīng)裝置中測(cè)得的光電流和電壓的關(guān)系。由a、b、c組成的復(fù)色光通過(guò)三棱鏡時(shí)，下述光路圖中正確的是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】IC：光電效應(yīng)．【專(zhuān)題】12：應(yīng)用題；32：定量思想；43：推理法；54I：光電效應(yīng)專(zhuān)題；62：推理能力．【分析】當(dāng)光電子的動(dòng)能恰好能克服電場(chǎng)力做功時(shí)的電壓即為遏止電壓，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系。入射光頻率大的，折射率大，偏轉(zhuǎn)程度大?！窘獯稹拷猓悍治龉怆娏骱碗妷旱年P(guān)系圖象，結(jié)合光電效應(yīng)方程可知，eU＝Ek＝hγ﹣W，即遏止電壓大的，入射光的頻率大，故，頻率大的折射率大，折射率大的通過(guò)三棱鏡時(shí)，光線偏轉(zhuǎn)的厲害，故b光偏轉(zhuǎn)厲害，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題是光的色散和光電效應(yīng)方程的綜合，關(guān)鍵要掌握光的色散研究的結(jié)果，知道偏折程度不同的單色光的折射率的大小關(guān)系，同時(shí)，要注意最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系。二、不定項(xiàng)選擇題（每小題6分，共18分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）6．（6分）我國(guó)核聚變反應(yīng)研究大科學(xué)裝置“人造太陽(yáng)”2018年獲得重大突破，等離子體中心電子溫度首次達(dá)到1億度，為人類(lèi)開(kāi)發(fā)利用核聚變能源奠定了重要的技術(shù)基礎(chǔ)。下列關(guān)于聚變的說(shuō)法正確的是（）A．核聚變比核裂變更為安全、清潔 B．任何兩個(gè)原子核都可以發(fā)生聚變 C．兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，總質(zhì)量較聚變前增加 D．兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，核子的比結(jié)合能增加【考點(diǎn)】JK：重核的裂變．【專(zhuān)題】31：定性思想；43：推理法；54Q：重核的裂變和輕核的聚變專(zhuān)題；61：理解能力．【分析】輕核聚變輻射極少，更為安全、清潔，原子核在聚變時(shí)釋放出巨大的能量，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，比結(jié)合能增加?！窘獯稹拷猓篈、與裂變相比輕核聚變輻射極少，廢物容易處理，更為安全、清潔，故A正確；B、自然界中最容易實(shí)現(xiàn)的聚變反應(yīng)是氫的同位素﹣﹣氘與氚的聚變，不是任意的原子核就能發(fā)生核聚變，故B錯(cuò)誤；C、兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，平均質(zhì)量減小，則總質(zhì)量較聚變前減小，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，結(jié)合時(shí)放出能量，故C錯(cuò)誤；D、兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，放出能量，總的結(jié)合增加，則核子的比結(jié)合能增加，故D正確。故選：AD。【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查原子核聚變，解答本題的關(guān)鍵是知道原子核發(fā)生聚變時(shí)放出能量，比結(jié)合能增加，生成的原子核更穩(wěn)固。7．（6分）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，已知x軸上x(chóng)1＝1m和x2＝7m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象分別如圖1、圖2所示，則此列波的傳播速率可能是（）A．7m/s B．2m/s C．1.2m/s D．1m/s【考點(diǎn)】F5：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系．【專(zhuān)題】22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；4C：方程法；51D：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專(zhuān)題；52N：波的多解性；62：推理能力；63：分析綜合能力．【分析】由振動(dòng)圖象讀出周期。根據(jù)x1＝1處質(zhì)點(diǎn)和x2＝7m質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，分析狀態(tài)與位置關(guān)系，找出波長(zhǎng)的通項(xiàng)，求出波速的通項(xiàng)，進(jìn)而確定特殊值?！窘獯稹拷猓河蓤D可知波的周期為4s，先假設(shè)x1＝1處質(zhì)點(diǎn)和x2＝7m質(zhì)點(diǎn)的距離小于一個(gè)波長(zhǎng)，在0時(shí)刻，由圖可知當(dāng)x1＝1處質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)，x2＝7m處的質(zhì)點(diǎn)在波峰，則當(dāng)波沿x軸的正方向傳播時(shí)：，考慮到波形的重復(fù)性，可知兩質(zhì)點(diǎn)的距離與波長(zhǎng)的關(guān)系為可得波長(zhǎng)通式為根據(jù)可得波速的通式為代入n為整數(shù)可得v＝6m/s，1.2m/s，……；當(dāng)波沿x軸負(fù)方向傳播時(shí)：，考慮到波形的重復(fù)性，可知兩質(zhì)點(diǎn)距離與波長(zhǎng)的關(guān)系為可得波長(zhǎng)的通式為根據(jù)可得波速的通式為代入n為整數(shù)可得v＝2m/s，，……故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵考查運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問(wèn)題的能力，結(jié)合波形周期性和波傳播方向的不確定性求解出波長(zhǎng)和波速的通項(xiàng)進(jìn)行分析，基礎(chǔ)題目。8．（6分）單匝閉合矩形線框電阻為R，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過(guò)線框的磁通量Φ與時(shí)間t的關(guān)系圖象如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．時(shí)刻線框平面與中性面垂直 B．線框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值為 C．線框轉(zhuǎn)一周外力所做的功為 D．從t＝0到t過(guò)程中線框的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為【考點(diǎn)】E4：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率．【專(zhuān)題】22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；4C：方程法；53A：交流電專(zhuān)題；61：理解能力；62：推理能力．【分析】當(dāng)線圈處于中性面時(shí)，磁通量最大，線圈與中性面垂直時(shí)，磁通量最?。挥蓤D象可讀出磁通量的最大值與周期，先求出圓頻率，即可求出最大的電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)最大值與有效值的關(guān)系求有效值；根據(jù)能量守恒定律求線框轉(zhuǎn)一周外力所做的功；根據(jù)求平均電動(dòng)勢(shì)。【解答】解：A．由圖可知在時(shí)刻，線框的磁通量最大，所以線框平面處在中性面，故A錯(cuò)誤；B．由圖可得磁通量的最大值為Φm，周期為T(mén)，所以圓頻率為，可知線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為，由于此線框在磁場(chǎng)繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的電流為正弦交流電，故其電動(dòng)勢(shì)的有效值為，故B正確；C．由于線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒定律可知外力做的功等于線框產(chǎn)生的焦耳熱，則有，故C正確；D．從t＝0到的過(guò)程中，磁通量減小了△Φ＝Φm﹣0＝Φm，根據(jù)可得平均電動(dòng)勢(shì)為，故D錯(cuò)誤。故選：BC。【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是記住兩個(gè)特殊位置：在中性面時(shí)磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小，電動(dòng)勢(shì)方向改變；垂直中性面位置磁通量為零，但電動(dòng)勢(shì)最大。對(duì)于交變電流的各個(gè)值的關(guān)系及求解方法要掌握。三、非選擇題：共4題，共72分。9．（6分）第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)決定，質(zhì)量單位“千克”用普朗克常量h定義，“國(guó)際千克原器”于2019年5月20日正式“退役”。h的數(shù)值為6.63×10﹣34，根據(jù)能量子定義，h的單位是J?s，該單位用國(guó)際單位制中的力學(xué)基本單位表示，則為kg?m2/s?！究键c(diǎn)】3A：力學(xué)單位制．【專(zhuān)題】34：比較思想；43：推理法；54I：光電效應(yīng)專(zhuān)題；62：推理能力．【分析】根據(jù)能量子公式E＝hγ，結(jié)合公式中E和γ的單位，推導(dǎo)出h的單位，再用力學(xué)基本單位表示?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)能量子公式E＝hγ，知E的單位是J，γ的單位是Hz，即s﹣1，可知h的單位是J?s。1J?s＝1N?m?s＝1（kg?m/s2）m?s＝1kg?m2/s。故答案為：J?s，kg?m2/s?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查h的單位，關(guān)鍵要結(jié)合具體公式進(jìn)行推導(dǎo)，要掌握力學(xué)基本單位，明確各個(gè)物理量之間的關(guān)系。10．（6分）某小組做測(cè)定玻璃的折射率實(shí)驗(yàn)，所用器材有：玻璃磚，大頭針，刻度尺，圓規(guī)，筆，白紙。①下列哪些措施能夠提高實(shí)驗(yàn)準(zhǔn)確程度AD。A．選用兩光學(xué)表面間距大的玻璃磚B．選用兩光學(xué)表面平行的玻璃磚C．選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)D．插在玻璃磚同側(cè)的兩枚大頭針間的距離盡量大些②該小組用同一套器材完成了四次實(shí)驗(yàn)，記錄的玻璃磚界線和四個(gè)大頭針扎下的孔洞如下圖所示，其中實(shí)驗(yàn)操作正確的是D。③該小組選取了操作正確的實(shí)驗(yàn)記錄，在白紙上畫(huà)出光線的徑跡，以入射點(diǎn)O為圓心作圓，與入射光線、折射光線分別交于A、B點(diǎn)，再過(guò)A、B點(diǎn)作法線NN'的垂線，垂足分別為C、D點(diǎn)，如圖所示，則玻璃的折射率n＝。（用圖中線段的字母表示）【考點(diǎn)】O3：測(cè)定玻璃的折射率．【專(zhuān)題】13：實(shí)驗(yàn)題；23：實(shí)驗(yàn)探究題；31：定性思想；46：實(shí)驗(yàn)分析法；54D：光的折射專(zhuān)題；65：實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Γ痉治觥竣贋榱巳〉幂^好的實(shí)驗(yàn)效果，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析可知：玻璃磚上下表面不一定要平行，選擇的入射角應(yīng)盡量大些；同則的大頭針之間的距離適當(dāng)大些，這樣可以減小測(cè)量的相對(duì)誤差。②根據(jù)折射定律進(jìn)行分析，明確光路基本性質(zhì)；③根據(jù)幾何知識(shí)求出入射角和折射角的正弦值，再求解折射率?！窘獯稹拷猓孩貯、為了作圖誤差更小，應(yīng)選用兩光學(xué)表面間距大的玻璃磚，故A正確；B、根據(jù)折射定律可知，如果兩個(gè)光學(xué)面不平行，不影響入射角與折射角的值，所以對(duì)折射率的測(cè)定結(jié)果不產(chǎn)生影響，故B錯(cuò)誤；C、為了準(zhǔn)確測(cè)量光路圖，應(yīng)選用較細(xì)的大頭針來(lái)完成實(shí)驗(yàn)，故C錯(cuò)誤；D、插在玻璃磚同側(cè)的大頭針之間的距離適當(dāng)大些時(shí)，相同的距離誤差情況下引起的角度誤差會(huì)減小，故D正確；故選：AD；②因玻璃的折射率較大，故在玻璃中的折射角一定小于入射角；實(shí)驗(yàn)作出的入射角一定大于折射角；并且光線從玻璃中出來(lái)后，應(yīng)與入射光平行，因此只有D圖正確ABC均錯(cuò)誤；故選：D；③折射率n，其中：sini，sinγ，故n；故答案為：①AD；②D；③【點(diǎn)評(píng)】本題是插針?lè)y(cè)定玻璃磚的折射率實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)原理是折射定律，注意采用單位圓法處理數(shù)據(jù)，同時(shí)注意根據(jù)原理分析實(shí)驗(yàn)誤差情況和實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意的事項(xiàng)。11．（6分）現(xiàn)測(cè)定長(zhǎng)金屬絲的電阻率。①某次用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑的結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)是0.200mm。②利用下列器材設(shè)計(jì)一個(gè)電路，盡量準(zhǔn)確地測(cè)量一段金屬絲的電阻。這段金屬絲的電阻Rx約為100Ω，畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖，并標(biāo)明器材代號(hào)。電源E（電動(dòng)勢(shì)10V，內(nèi)阻約為10Ω）電流表A1（量程0～250mA，內(nèi)阻R1＝5Ω）電流表A2（量程0～300mA，內(nèi)阻約為5Ω）滑動(dòng)變阻器R（最大阻值10Ω，額定電流2A）開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干③某同學(xué)設(shè)計(jì)方案正確，測(cè)量得到電流表A1的讀數(shù)為I1，電流表A2的讀數(shù)為I2，則這段金屬絲電阻的計(jì)算式Rx＝。從設(shè)計(jì)原理看，其測(cè)量值與真實(shí)值相比相等（填“偏大”、“偏小”或“相等”）?！究键c(diǎn)】N2：測(cè)定金屬的電阻率．【專(zhuān)題】13：實(shí)驗(yàn)題；23：實(shí)驗(yàn)探究題；32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專(zhuān)題；65：實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Γ痉治觥竣俾菪郎y(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)。②沒(méi)有電壓表可以用已知內(nèi)阻的電流表測(cè)電壓，根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器的接法，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理作出實(shí)驗(yàn)電路圖。③根據(jù)電路圖應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出金屬絲的電阻；根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差?！窘獯稹拷猓孩儆蓤D示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：0mm+20.0×0.01mm＝0.200mm；②由題意可知，沒(méi)有電壓表，可以用已知內(nèi)阻的電流表A1測(cè)電壓，另一個(gè)電流表A2測(cè)電流，由題意可知，待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：③由圖示電路圖可知，待測(cè)金屬絲電阻：RX，由圖示電路圖可知，電壓與電流的測(cè)量值等于真實(shí)值，由歐姆定律可知，電阻的測(cè)量值等于真實(shí)值；故答案為：①0.200；②電路圖如圖所示；③；相等。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了螺旋測(cè)微器讀數(shù)、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理問(wèn)題，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法，根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器接法結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理可以作出實(shí)驗(yàn)電路圖，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式。12．（16分）完全由我國(guó)自行設(shè)計(jì)、建造的國(guó)產(chǎn)新型航空母艦已完成多次海試，并取得成功。航母上的艦載機(jī)采用滑躍式起飛，故甲板是由水平甲板和上翹甲板兩部分構(gòu)成，如圖1所示。為了便于研究艦載機(jī)的起飛過(guò)程，假設(shè)上翹甲板BC是與水平甲板AB相切的一段圓弧，示意如圖2，AB長(zhǎng)L1＝150m，BC水平投影L2＝63m，圖中C點(diǎn)切線方向與水平方向的夾角θ＝12°（sin12°≈0.21）。若艦載機(jī)從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)t＝6s到達(dá)B點(diǎn)進(jìn)入BC．已知飛行員的質(zhì)量m＝60kg，g＝10m/s2，求（1）艦載機(jī)水平運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，飛行員受到的水平力所做功W；（2）艦載機(jī)剛進(jìn)入BC時(shí)，飛行員受到豎直向上的壓力FN多大。【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律；65：動(dòng)能定理．【專(zhuān)題】11：計(jì)算題；32：定量思想；43：推理法；52D：動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題；63：分析綜合能力．【分析】（1）根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)的平均速度公式與位移公式求出艦載機(jī)水平運(yùn)動(dòng)過(guò)程的末速度，然后應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出水平力做功。（2）根據(jù)題意求出BC圓弧的半徑，應(yīng)用牛頓第二定律求出飛行員受到的豎直向上的壓力?！窘獯稹拷猓海?）艦載機(jī)做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其剛進(jìn)入上翹甲板時(shí)的速度為v，則艦載機(jī)在AB上滑行過(guò)程：L1t，由動(dòng)能定理得：W0，代入數(shù)據(jù)解得：W＝7.5×104J；（2）設(shè)上翹甲板對(duì)應(yīng)的圓弧半徑為R，由幾何知識(shí)得：L2＝Rsinθ，以飛行員為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：FN﹣mg＝m，代入數(shù)據(jù)解得：FN＝1.1×103N；答：（1）艦載機(jī)水平運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，飛行員受到的水平力所做功W為7.5×104J；（2）艦載機(jī)剛進(jìn)入BC時(shí)，飛行員受到豎直向上的壓力FN大小為1.1×103N?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)能定理與牛頓第二定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚艦載機(jī)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程與飛行員的受力情況是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)能定理與牛頓第二定律可以解題。13．（18分）如圖所示，固定在水平面上間距為l的兩條平行光滑金屬導(dǎo)軌，垂直于導(dǎo)軌放置的兩根金屬棒MN和PQ長(zhǎng)度也為l、電阻均為R，兩棒與導(dǎo)軌始終接觸良好。MN兩端通過(guò)開(kāi)關(guān)S與電阻為R的單匝金屬線圈相連，線圈內(nèi)存在豎直向下均勻增加的磁場(chǎng)，磁通量變化率為常量k。圖中虛線右側(cè)有垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．PQ的質(zhì)量為m，金屬導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)、電阻忽略不計(jì)。（1）閉合S，若使PQ保持靜止，需在其上加多大的水平恒力F，并指出其方向；（2）斷開(kāi)S，PQ在上述恒力作用下，由靜止開(kāi)始到速度大小為v的加速過(guò)程中流過(guò)PQ的電荷量為q，求該過(guò)程安培力做的功W?！究键c(diǎn)】65：動(dòng)能定理；CC：安培力；D8：法拉第電磁感應(yīng)定律；D9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．【專(zhuān)題】32：定量思想；4C：方程法；539：電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題；63：分析綜合能力．【分析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流，根據(jù)平衡條件求解安培力；（2）根據(jù)電荷量的計(jì)算公式結(jié)合動(dòng)能定理聯(lián)立求解。【解答】解：（1）設(shè)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E，則E＝k設(shè)PQ與MN并聯(lián)的電阻為R并，有：R并閉合S后，設(shè)線圈中的電流為I，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：I設(shè)PQ中的電流為IPQ，則IPQI設(shè)PQ受到的安培力為F安，有：F安＝BIPQl保持PQ靜止，根據(jù)平衡條件可得F＝F安，聯(lián)立解得F，方向水平向右；（2）設(shè)PQ由靜止開(kāi)始到速度大小為v的過(guò)程中，PQ運(yùn)動(dòng)的位移為x，所用的時(shí)間為△t，回路中磁通量的變化為△Φ，平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為其中△Φ＝Blx，PQ中的平均電流為根據(jù)電流強(qiáng)度的定義式可得：根據(jù)動(dòng)能定理可得Fx+W聯(lián)立解得：W。答：（1）閉合S，若使PQ保持靜止，需在其上加的水平恒力為，方向水平向右；（2）該過(guò)程安培力做的功為?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)