陜西省某中學2024年高三物理4月模擬考試試題（含解析）

陜西省山陽中學2024年高三4月模擬考試

物理

一、選擇題

L關(guān)于原子核的改變、核能及核力，下列說法正確的是

A.核力是一種弱相互作用，只能發(fā)生在原子核內(nèi)相鄰核子之間

B.某原子經(jīng)過一次a衰變和兩次B衰變后，核內(nèi)質(zhì)子數(shù)不變

C.放射性原子核X發(fā)生衰變，生成物的結(jié)合能肯定小于X的結(jié)合能

D.圜U+n-圜Ba+g<r+3n是太陽內(nèi)部發(fā)生的核反應之一

【答案】B

【解析】

【分析】

核力是強相互作用，具有飽和性和短程性；故將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是不同于萬有

引力和電磁力的另一種相互作用力且每個核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力的作用，重核衰變時

釋放能量，衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和大于原來重核的結(jié)合能，a衰變的過程中電荷數(shù)少2,質(zhì)

量數(shù)少4,B衰變的過程中電荷數(shù)增1,質(zhì)量數(shù)不變；

【詳解】A、核力是強相互作用，具有飽和性和短程性；故將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是

不同于萬有引力和電磁力的另一種相互作用力且每個核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力的作用，

故A錯誤；

B、a衰變的過程中電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4,B衰變的過程中電荷數(shù)增1,質(zhì)量數(shù)不變，某

原子核經(jīng)過一次a衰變和兩次8衰變后，電荷數(shù)不變，核內(nèi)質(zhì)子數(shù)不變，故B正確；

C、放射性原子核X發(fā)生衰變，要釋放能量，衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和肯定大于原來X的結(jié)合能

的，故C錯誤；

D、太陽內(nèi)部的反應是聚變反應，而陵U+和-1*a+鄢r+3前是裂變反應,故D錯誤；

故選B。

【點睛】關(guān)鍵知道a衰變的過程中電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4,B衰變的過程中電荷數(shù)增1,

質(zhì)量數(shù)不變，太陽內(nèi)部的反應是聚變反應，放射性原子核X發(fā)生衰變，要釋放能量，衰變產(chǎn)

物的結(jié)合能之和肯定大于原來X的結(jié)合能的。

2.如圖所示，一長木板靜止在傾角為。的斜面上，長木板上一人用力推長木板上的物塊，使

物塊與長木板間的摩擦力剛好為零，已知人、物塊、長木板的質(zhì)量均為如人、物塊與長木板

間的動摩擦因數(shù)均為小，長木板與斜面間的動摩擦因數(shù)為入，重力加速度為&則下列說法

正確的是（）

A.斜面對長木板的摩擦力大小為小in0

B.斜面對長木板的摩擦力大小為34儂cos9

C.長木板對人摩擦力大小為2小儂cos9

D.長木板對人的摩擦力大小為2儂sin9

【答案】D

【解析】

AB、對人，物塊，長木板三者整體探討，斜面對它們的摩擦力為靜摩擦力，其大小為它國逾,

故AB錯誤；

CD、對人，物塊整體探討，由于物塊與長木板間的摩擦力剛好為零，因此長木板對人的靜摩

擦力大小為『=2mgs出瓦故C錯誤，D正確。

點睛：本題考查整體法與隔離法的應用，駕馭平衡條件的運用方法，留意正確選擇探討對象

的方法，一般狀況可以先整體后隔離進行分析。

3.在圖乙的電路中，通入如圖甲所示的交變電流，此交變電流的每個周期內(nèi)，前三分之一個

周期電壓按正弦規(guī)律改變，后三分之二周期電壓恒定。電阻衣的阻值為囪，電表均為志向電

表。下列推斷正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)為反回

B.該交變電流的有效值為逵

C.電阻7?一個周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量肯定大于9/

D.電流表的示數(shù)為逼］

【答案】D

【解析】

值，故A錯；電壓變的讀數(shù)為有效值，即斤6V,故B錯誤；熱量依據(jù)有效值進行計算，則

故C錯誤；電流表讀數(shù)為有效值，則匕小?！?故D正確。

4.2018年12月12日，我國放射的“嫦娥四號”探測器進入環(huán)月軌道1,12月30日實施變軌

進入環(huán)月軌道2.其飛行軌道如圖所示，。點為兩軌道的交點。假如嫦娥四號探測器在環(huán)月軌

道1和環(huán)月軌道2上運動時，只受到月球的萬有引力作用，環(huán)月軌道1為圓形軌道，環(huán)月軌

道2為橢圓軌道。則以下說法正確的是（）

環(huán)月，141

環(huán)月斷輯2

心月段

A.若已知嫦娥四號探測器環(huán)月軌道1的半徑、運動周期和引力常量，則可以計算出月球的密

度

B.若已知嫦娥四號探測器環(huán)月軌道2的近月點到月球球心的距離、運動周期和引力常量，則

可以計算出月球的密度

C.嫦娥四號探測器在環(huán)月軌道2上經(jīng)過〃點的速度小于在環(huán)月軌道1上經(jīng)過9點的速度

D.娥四號探測器在環(huán)月軌道2時，從近月點運動向遠月點尸的過程中，加速度變大

【答案】C

【解析】

【詳解】由萬有引力供應向心力可得：6▼=血丁，則圓軌道的周期公式丁=2幾二，則可

計算出月球質(zhì)量〃，但月球半徑斤未知，所以算不出月球密度，故A錯誤；因為2軌道為橢圓

軌道用不了圓軌道的周期公式，且月球半徑A未知，同理計算不出月球密度，故B錯誤；探

測器在1軌道的P減速后才能變軌到2軌道，故C正確；由近月點向遠月點戶運動過程中，

探測器與月心距離增大，則引力減小，由牛頓其次定律加速度應變小，故D錯誤。

5.中國科學家發(fā)覺了量子反?；魻栃?楊振寧稱這一發(fā)覺是諾貝爾獎級的成果。如圖所示，

厚度為人寬度為d的金屬導體,當磁場方向與電流方向垂直時,在導體上下表面會產(chǎn)生電勢差,

這種現(xiàn)象稱為霍爾效應。下列說法正確的是（）

A.上表面的電勢高于下表面電勢

B.僅增大分時，上下表面的電勢差增大

C.僅增大，時，上下表面的電勢差減小

D.僅增大電流I時,上下表面的電勢差減小

【答案】C

試題分析：依據(jù)左手定則，知自由電子向上偏轉(zhuǎn)，則上表面帶負電，下表面帶正電，下表面

的電勢高于上表面.故A錯誤；依據(jù)euB=e，，解得U=vBh,依據(jù)電流的微觀表達式I=neSv,

______h

故〃=-=知僅增大d時，上下表面的電勢差減小.故B正確；依據(jù)ei?B=e7，解

nesh

j[B

得U=vBh,依據(jù)電流的微觀表達式I=neSv,故/7=——Bh=-知增大h,上下表面的電勢差

nesned

不變，與h無關(guān)，故C錯誤；依據(jù)ei?B=e2,解得U=vBh；依據(jù)電流的微觀表達式I=neSv,電

流越大，電子的速度越大，故上下表面的電勢差越大，故D錯誤；故選B。

考點：左手定則；帶電粒子在磁場中的而運動

【名師點睛】所謂霍爾效應，是指磁場作用于載流金屬導體時，產(chǎn)生橫向電位差的物理現(xiàn)象.霍

爾效應在新課標教材中作為課題探討材料，解答此題所需的學問都是考生應當駕馭的.對于

開放性物理試題，要有較強的閱讀實力和獲得信息實力。

6.如圖所示，光滑軌道ABCD是大型游樂設(shè)施過山車軌道的簡化模型，最低點B處的入、出口

靠近但相互錯開，C是半徑為R的圓形軌道的最高點，BD部分水平，末端D點與右端足夠長

的水平傳送帶無縫連接，傳送帶以恒定速度V逆時針轉(zhuǎn)動，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的小滑塊從軌道

AB上某一固定位置A由靜止釋放，滑塊能通過C點后再經(jīng)D點滑上傳送帶，貝）

A.固定位置A到B點的豎直高度可能為2R；

B.滑塊在傳送帶上向右運動的最大距離與傳送帶速度v有關(guān)；

C.滑塊可能重新回到動身點A處；

D.傳送帶速度v越大，滑塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量越多。

【答案】CD

【解析】

【分析】

滑塊恰能通過C點時，由重力供應向心力，依據(jù)牛頓其次定律列方程求C點時臨界速度，

由動能定理知AC高度差，從而知AB高度；對滑塊在傳送帶上運動的過程依據(jù)動能定理列方

程求滑行的最大距離的大小因素；依據(jù)傳送帶速度知物塊的速度，從而知是否回到A點；滑

塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量Q=umg^x,看熱量多少，分析相對路程.

2

【詳解】若滑塊恰能通過C點時有：mg-mR；由A到C,依據(jù)動能定理知mghAc-|^c;聯(lián)立

解得：則AB間豎直高度最小為2R+|R=2.5R,所以A到B點的豎直高度不行能為2R,

故A錯誤；設(shè)滑塊在傳送帶上滑行的最遠距離為x,則有動能定理有：oJwcJZmgR-umgx,

知x與傳送帶速度無關(guān)，故B錯誤；若滑塊回到D點速度大小不變，則滑塊可重新回到動身

點A點，故C正確；滑塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量Q=umgZkx,傳送帶速度越大，相對路程越

大，產(chǎn)生熱量越多，故D正確；故選CD。

【點睛】本題綜合考查了動能定理、機械能守恒定律和牛頓其次定律，理清物塊在傳送帶上

的運動狀況，以及在圓軌道最高點的臨界狀況是解決本題的關(guān)鍵.

7.質(zhì)譜儀是一種測量帶電粒子質(zhì)量和分析同位素的重要工具，它的構(gòu)造原理如圖，離子源/

產(chǎn)生電荷量相同而質(zhì)量不同的離子束（初速度可視為零），從狹縫S進入電場，經(jīng)電壓為〃的

加速電場加速后，再通過狹縫S從小孔垂直腑射入圓形勻強磁場。該勻強磁場的磁感應強度

為B,方向垂直于紙面對外，半徑為此磁場邊界與直線沖相切￡為切點。離子離開磁場最

終到達感光底片撤上，設(shè)離子電荷量為g,到達感光底片上的點與￡點的距離為x,不計重

力，可以推斷（）

A.離子束帶負電

B.x越大，則離子比荷肯定越大

c.到達正量處的離子在勻強磁場運動時間為歌

D.到達—詞處的離子質(zhì)量為喏

【答案】CD

【詳解】帶電粒子在加速電場中做勻加速直線運動，設(shè)加速后的速度大小為心依據(jù)動能定理

有：qU=|mv2-0,解得：'=然后勻速運動到E點進入有界磁場中，其運動軌跡如下

圖所示：

粒子從￡點先沿虛線圓弧，再沿直線做勻速直線運動到N點。由左手定則，粒子是正電。故A

錯誤；由quB=貝*=越大則r越大,則比荷日越小，故B錯誤;在中卜工

解得：0=60。，設(shè)帶電粒子運動的軌跡圓的半徑為r,依據(jù)數(shù)學學問有：r=解得：

由幾何關(guān)系圓弧圓心角。=120°,聯(lián)立可得:

8.如圖所示，電源電動勢為E,內(nèi)阻為r.電路中的R?、Rs分別為總阻值肯定的滑動變阻器，

R。為定值電阻，Ri為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減小）.當電鍵S閉合時，電容器中

一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài).有關(guān)下列說法中正確的是（）

A.只漸漸增大R的光照強度，電阻R。消耗的電功率變大，電阻R,中有向上的電流

B.只調(diào)整電阻Rs的滑動端P?向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻Rs中有向上的電流

C.只調(diào)整電阻R?的滑動端巳向下端移動時，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運動

D.若斷開電鍵S,帶電微粒向下運動

【答案】AD

【解析】

【分析】

電路穩(wěn)定時，電容相當于開關(guān)斷開，其電壓等于與之并聯(lián)的滑動變阻器部分的電壓.只漸漸

增大凡的光照強度，石的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，推斷而消耗的電功率，電容

器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻其中有向上的電流，電路穩(wěn)定時,

電容相當于開關(guān)斷開，只調(diào)整電阻尼的滑動端2向上端移動時，對電路沒有影響，只調(diào)整電

阻尼的滑動端4向下端移動時，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，

由k分析板間場強改變和油滴所受電場力改變,推斷油滴的運動狀況.若斷開電鍵S,電

容器處于放電狀態(tài).

【詳解】A、只漸漸增大用的光照強度，兆的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，電

阻而消耗的電功率變大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的

電荷量變大，所以電阻尼中有向上的電流，故A正確；

B、電路穩(wěn)定時，電容相當于開關(guān)斷開，只調(diào)整電阻用的滑動端局向上端移動時，對電路沒有

影響，故B錯誤；

C、只調(diào)整電阻尼的滑動端A向下端移動時，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的

電壓變大，由「二］可知，電場力變大，帶電微粒向上運動，故C錯誤；

D、若斷開電鍵S,電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，板間場強減小，帶電微粒所受的電場

力減小，將向下運動，故D正確.

故選AD.

【點睛】本題中穩(wěn)定時電容器與電路部分是相對獨立的.分析油滴是否運動，關(guān)鍵分析電場

力是否改變.

二、非選擇題

9.探究力對物體做的功與物體獲得的速度的關(guān)系，試驗裝置如圖（俯視圖）關(guān)于試驗主要過

程說法正確的是（）

A.小車運動中會受到阻力，利用補償?shù)姆椒梢允鼓景暹m當傾斜，輕推小車可以勻速下滑即

可

B.分別用1、2、3、口條橡皮筋，就能使得力對小車做的功肯定是A2%3M口

C.紙帶上打出的點，應選擇勻稱清楚的點跡求小車的速度

D.畫出的位-句圖象應是一條直線

【答案】AC

【解析】

【詳解】小車運動中會受到阻力，使木板適當傾斜，小車阻力補償?shù)姆椒ㄊ瞧胶饽Σ亮?；故A

正確；分別用1、2、3、……條橡皮筋，時還須要每次都讓小車拉到同一位置才能使得合外力

對小車做的功是肌2肌3伏故B錯誤；紙帶上打出的點，應選擇勻稱清楚的點跡求小車的速

度，故C正確；因為胸，畫出的圖象應是一條曲線，衿聲的圖象才是直線，故D錯誤。

10.某試驗小組探討兩個未知元件X和Y的伏安特性，運用的器材包括電壓表（內(nèi)阻約為3kQ）、

電流表（內(nèi)阻約為1。）、定值電阻等。

(a)

（1）運用多用電表粗測元件X的電阻，選擇“XI”歐姆檔測量，示數(shù)如圖（a）所示，讀

數(shù)Q,據(jù)此應選擇圖中的（選填"b”或"c”）電路進行試驗。

（2）連接所選電路，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，電流表的示數(shù)漸漸—填“增

大”“減小”）；依次記錄電流及相應的電壓；將元件X換成元件Y,重復試驗。

（3）圖（由是依據(jù)試驗數(shù)據(jù)做出的小/圖線，由圖可推斷元件（填“簫’或"X）

是非線性元件。

（4）該小組還借助乃和F中的線性元件和阻值7?=21Q的定值電阻，測量待測電池組的電動

勢￡和內(nèi)阻r,如圖（e）所示，閉合5和S,電壓表讀數(shù)為3.00V,斷開S,電壓表讀數(shù)為

1.00V,結(jié)合圖（d）可算出￡=V,尸Q。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字，電壓表為

志向電壓表）

【答案】（1）10；b

（2）增大；

（3）Y

（4）3.2；0.50

【解析】

試題分析：電阻的大小等于表盤的讀數(shù)乘以倍率.依據(jù)元件X的電阻大小確定電流表的內(nèi)外

接.

先分析電路的連接方式即串聯(lián)，然后依據(jù)滑動變阻器的正確運用方法進行分析.

依據(jù)圖象得特點推斷元件是否是非線性元件；

依據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式求解電動勢E和內(nèi)阻r.

解：(1)運用多用電表粗測元件X電阻，選擇“XI”歐姆擋測量，示數(shù)如圖(a)所示，讀

數(shù)為10Q.

元件X的電阻遠小于電壓表內(nèi)阻，電流表采納外接法誤差較小，因此須要選擇圖b所示試驗

電路.

(2)連接所選電路，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，并聯(lián)支路電壓增大，電流

表的示數(shù)漸漸增大；

(3)如圖(d)是依據(jù)試驗數(shù)據(jù)作出的U-I圖線，由圖可推斷元件Y是非線性元件；

(4)依據(jù)U-I圖線得出元件X的電阻R=*；=10Q；

0.3

閉合Si和S2,電壓表讀數(shù)為3.00V；斷開S2,讀數(shù)為L00V,

依據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式

10

E=1+AX(r+21)

10

解得：E=3.2V.r=O.50Q

故答案為：(1)10；b(2)增大；(3)Y(4)3.2；0.50

【點評】知道串聯(lián)電路中電阻、電流和電壓的關(guān)系，會正確運用滑動變阻器，會依據(jù)歐姆定

律推斷電壓表和電流表示數(shù)的改變.

關(guān)鍵駕馭滑動變阻器分壓式和限流式的區(qū)分，電流表內(nèi)外接的區(qū)分，以及會通過圖線求解電

源的電動勢和內(nèi)阻.

11.如圖甲所示，質(zhì)量均為0=0.5kg的相同物塊尸和0(可視為質(zhì)點)分別靜止在水平地面上

4C兩點。?在按圖乙所示隨時間改變的水平力尸作用下由靜止起先向右運動，3s末撤去力

F,此時產(chǎn)運動到6點，之后接著滑行并與0發(fā)生彈性碰撞。已知反C兩點間的距離￡=3.75

m,P、0與地面間的動摩擦因數(shù)均為〃=0.2,取g=10m/s2,求:

(1)戶到達6點時的速度大小/及其與。碰撞前瞬間的速度大小乃；

⑵。運動的時間to

【答案】⑴加=86/必%=7m/s(2)|t=3.5s|

【解析】

(1)在0-3s內(nèi)，對P,由動量定理有:

Fiti+F2t2-umg(ti+t2)=mv-0

其中Fi=2N,F2=3N,ti=2s,t2=ls

解得：v=8m/s

設(shè)P在BC兩點間滑行的加速度大小為a,由牛頓其次定律可得：umg=ma

22

P在BC兩點間做勻減速直線運動，有：v-V1=2aL

解得：Vi=7m/s

(2)設(shè)P與Q發(fā)生彈性碰撞后瞬間的速度大小分別為vj、V2'，取向右為正方向，由動量

守恒定律和動能守恒有：

mvi=mvi'+mvz'

111

mvi2-_mvi2+,-,mv/2

222

,

聯(lián)立解得：v2=vi=7m/s

2

碰后Q做勻減速直線運動，加速度為：=ug=2m/s

v7

Q運動的時間為：t=-?-=-s-3.5s

a'3

12.如圖，兩個滑塊4和6的質(zhì)量分別為44g和2Ag,放在靜止于水平地面上的足夠長的木板

。上，兩者與木板間的動摩擦因數(shù)均為0.4：木板的質(zhì)量為2例，與地面間的動摩擦因數(shù)為

0.1.某時刻/滑塊獲得初速度va=4m/s,0.5秒后/、6發(fā)生碰撞，碰撞過程時間極短N6總動

能損失0.5/設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計滑塊大小，取重力加速度大小史10遍.求

AB

⑴求碰撞前滑塊Z和6的速度;

（2）4B,。剛共速時候的速度。

一4

S

【答案】（1）L5R/S2m/s（2）1O

一

【解析】

【詳解】（1）碰撞前力滑塊做勻減速運動，Z受到的滑動摩擦力后〃律詔=0.4X4X10/164

依據(jù)牛頓其次定律得a行J，

-u任一AmiS

碰撞前瞬間A的速度廳府+為"4-4義0.5=2/s

碰撞前8。滑塊看作一個整體做勻加速運動，則廣地="地（?+在+4）g

整體的加速度aBC

可得f地二84麴而2%/s?

則vMaBc?2X5=lm/s

（2）碰撞過程Z8滑塊動量守恒，取向右為正方向，則有：mAv^mBv^mAVA+如）

碰撞過程48滑塊能量守恒，有：

可以解得：VA=\.5向s,VB=2m/s

或者“二即/s,力二尹s。由于4滑塊的速度不能大于8,所以舍去

碰撞后A滑塊受到摩擦力不變?nèi)耘f為f^lGN

可得：s

碰撞后區(qū)滑塊6物體速度大于G不能看成一個整體。

8受到摩擦力行〃Msg

解得f^N

心4+78一/地

對C有a而----------

me

解得：a^m/s

滑塊相對運動直到共速過程

對/有VA^VA+品方2。

對C有以而VBC^Q-C方2O

可得以c二月加/s,22Tds

然后8滑塊接著減速（此過程/C共同恰好能勻速運動）直到力寬速度均叫尹S。

13.下列說法中正確的是o

A.肯定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子之間的勢能增加

B.當兩分子間距離大于平衡位置的間距時，分子間的距離越大，分子勢能越小

C.熱力學其次定律可描述為“不行能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”

D.在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其他元素

E.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，所以液體表面存在表面張力

【答案】ADE

【解析】

【詳解】A、溫度是分子的平均動能的標記，肯定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，汲取熱

量而其分子的平均動能不變，分子之間的勢能增加。故A正確；

B、當兩分子間距離大于平衡位置的間距r。時，分子力表現(xiàn)為引力，故隨分子間的距離增大，

分子力做負功，分子勢能增大，故B錯誤；

C、熱力學其次定律可描述為“不行能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他方面

的改變”，故C錯誤；

D、溫度越高，分子無規(guī)則運動的猛烈程度越大，因此在真空、高溫條件下，可以利用分子擴

散向半導體材料摻入其它元素，故D正確；

E、液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，所以液體表面存在表面張力，故E正確。

故選ADE?

14.如圖是一太陽能空氣集熱器示意圖，底面及側(cè)面為隔熱材料，頂面為透亮玻璃板，集熱器

容積為九起先時內(nèi)部封閉氣體的壓強為經(jīng)過太陽暴曬，氣體溫度由6=300K升至7]=350Ko

出氣口

進氣口

①求此時氣體的壓強。

②保持A=350K不變，緩慢抽出部分氣體，使氣體壓強再變回到功。求集熱器內(nèi)剩余氣體的質(zhì)

量與原來總質(zhì)量的比值。

【答案】⑴my⑵m

【解析】

試題分析：（1）設(shè)升溫后氣體的壓強為R,

由查理定律得

代入數(shù)據(jù)得n

（2）抽氣過程可視為等溫膨脹過程，設(shè)膨脹后的總體積為人由玻意耳定律得值）

聯(lián)立②③式解得七0兒④

設(shè)剩余氣體的質(zhì)量與原來氣體的總質(zhì)量之比為K,由題意得K=

聯(lián)立④⑤式解得仁利⑥

考點：查理定律蓋?呂薩克定律

點評：合理的選擇公式是處理這類題型的關(guān)鍵

15.一列橫波沿x軸正方向傳播，在￡=0時刻的波形曲線如圖所示。已知這列波的質(zhì)點戶從t=0

時刻起第一次達到波峰的時間為0.6s,質(zhì)點制的坐標分別為（1,0）和（7,0）,則有（）

A.這列波的頻率為運囤

B