2024屆內(nèi)蒙古赤峰市高三下學期一模模擬考試物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE7赤峰市高三年級3·20模擬考試試題第Ⅰ卷一、選擇題1.醫(yī)學影像診斷設備PET/CT是借助于示蹤劑可以聚集到病變部位的特點來發(fā)現(xiàn)疾病。示蹤劑常利用同位素作示蹤原子標記，其半衰期僅有20min。可由小型回旋加速器輸出的高速質子流轟擊，獲得，下列說法正確的是（）A.用高速質子轟擊，生成的同時釋放出中子B.用高速質子轟擊，生成的同時釋放出β粒子C.儲存環(huán)境溫度升高，其半衰期將減小D.質量為8g的經(jīng)過40min后，剩余的質量為2g〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒知，該核反應方程為故AB錯誤；C．半衰期與元素所處的物理環(huán)境和化學狀態(tài)無關；儲存環(huán)境溫度升高，其半衰期不可能變化。故C錯誤；D．由題意知半衰期為20min，經(jīng)40min，則經(jīng)過了2個半衰期，質量為8g的剩余的質量為，故D正確。故選D。2.避雷針是用來保護建筑物避免雷擊的裝置。當雷云放電時，在避雷針頂端形成局部電場集中的空間，引導雷電向避雷針放電，將雷電流引入大地。避雷針周圍電場的等勢面分布情況如圖所示，在等勢面中有A、B、C、D四點。下列說法中正確的是（）A.C點場強小于B點場強B.AD連線中點的電勢為8.5kVC.同一帶負電的雨滴在C點的電勢能小于在B點的電勢能D.同一帶負電的雨滴從C點移動到B點，電場力做負功〖答案〗A〖解析〗A．等勢面的疏密表示電場強弱，C點的等勢面比B點的等勢面稀疏，所以C點場強小于B點場強，故A正確；B．AD之間不是勻強電場，AD連線中點的電勢不一定為8.5kV，故B錯誤；C．由圖可知又，所以同一帶負電的雨滴在C點的電勢能大于在B點的電勢能，故C錯誤；D．同一帶負電的雨滴在C點的電勢能大于在B點的電勢能，所以同一帶負電的雨滴從C點移動到B點，電場力做正功，故D錯誤。故選A。3.2023年10月26日17時46分，神舟十七號載人飛船與空間站組合體完成自主快速交會對接。飛船的發(fā)射過程可簡化為：飛船從預定軌道Ⅰ的A點第一次變軌進入橢圓軌道Ⅱ，到達橢圓軌道的遠地點B時，再次變軌進入空間站的運行軌道Ⅲ，與空間站實現(xiàn)對接。假設軌道Ⅰ和Ⅲ都近似為圓軌道，下列說法正確的是（）A.飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的加速度比飛船在圓軌道I經(jīng)過A點時的加速度大B.飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的速度一定大于11.2km/sC.飛船沿軌道Ⅱ運行的周期小于沿軌道Ⅲ運行的周期D.在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ上飛船與地心連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積相等〖答案〗C〖解析〗A．有牛頓第二定律有解得所以飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的加速度與飛船在圓軌道I經(jīng)過A點時的加速度大小相等，故A項錯誤；B．11.2km/s是第二宇宙速度其大于第一宇宙速度，而第一宇宙速度是飛船環(huán)繞地球運行的最大速度，所以飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的速度一定小于11.2km/s，故B項錯誤；C．由開普勒第三定律有由于所以，飛船沿軌道Ⅱ運行的周期小于沿軌道Ⅲ運行的周期，故C項正確；D．飛船與地心的連線單位時間內(nèi)掃過的面積為對飛船有整理有由于軌道Ⅰ半徑小于軌道Ⅲ的半徑，所以在軌道Ⅰ上飛船與地心連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積小于軌道Ⅲ上飛船與地心連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積，故D項錯誤。故選C。4.太陽能電池板在光照時將光能轉化為電能即為光伏發(fā)電。太陽能電池板作為電源，其路端電壓與干路電流的關系如圖中的曲線所示，太陽能電池板負載的U-I圖線為圖中傾斜直線。當太陽能電池板給負載供電時，下列說法正確的是（）A.太陽能電池板的效率約為50%B.太陽能電池板的輸出功率約為C.太陽能電池板的內(nèi)阻約為1kΩD.太陽能電池板的內(nèi)阻消耗的功率約為1.8W〖答案〗B〖解析〗A．由圖可知，太陽能電池板的電動勢為2.80V，交點為負載工作時的電壓和電流，則太陽能電池板負載兩端電壓為1.80V，則太陽能電池板的效率約為故A錯誤；B．由圖可知，太陽能電池板負載兩端電壓為1.80V，電路中電流為1.80mA。則太陽能電池板的輸出功率約為故B正確；CD．由圖可知路端電壓與干路電流的關系圖線為曲線，則太陽能電池板負載的內(nèi)阻是變化的。故無法計算太陽能電池板的內(nèi)阻和內(nèi)阻消耗的功率，故CD錯誤。故選B。5.如圖所示，一根細線一端系在天花板上，另一端系在木箱上，木箱內(nèi)放有一個質量m=0.1kg的物塊，物塊與水平輕質彈簧相連，彈簧的另一端與木箱左壁相連，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，彈簧的彈力為0.5N，物塊保持靜止狀態(tài)。取重力加速度。用剪刀把細線剪斷的瞬間，物塊的加速度大小是（）A.a=0B.C.D.〖答案〗D〖解析〗用剪刀把繩子剪斷的瞬間，物塊有豎直方向的加速度因物塊完全失重，物塊對木箱壓力為零，則水平方向不受摩擦力，只受彈簧的拉力，則可知物塊的加速度大小故選D。6.質量為m的子彈以速度射穿靜止在光滑水平面上質量也為m的木塊，設子彈穿過木塊的時間為t，木塊對子彈的阻力恒為f，則子彈穿過木塊的瞬間（）A.木塊的速度為 B.木塊的速度為C.子彈的速度為 D.子彈的速度為〖答案〗AD〖解析〗AB．根據(jù)題意，對木塊，由動量定理有解得故A正確，B錯誤；CD．根據(jù)題意，對子彈，由動量定理有解得故C錯誤，D正確。故選AD。7.矩形導線框abcd放在勻強磁場中，在外力控制下處于靜止狀態(tài)，如圖甲所示。磁感線方向與導線框所在平面垂直，磁感應強度B隨時間變化的圖像如圖乙所示（規(guī)定磁感應強度的方向垂直導線框平面向里為正方向），在0~4s時間內(nèi)，流過導線框的電流（規(guī)定順時針方向為正方向）與導線框ad邊所受安培力隨時間變化的圖像（規(guī)定以向左為安培力正方向）可能是圖中的（）A. B.C. D.〖答案〗AC〖解析〗AB．在0~1s內(nèi)，原磁場磁感應強度垂直紙面向外，且線性減小，線框產(chǎn)生的感應電流為逆時針方向，即為負方向，大小不變。同理可得，在1~2s時間內(nèi)，線框上的感應電流為逆時針方向，即為負方向，大小不變。在2~3s時間內(nèi)，線框上的感應電流為順時針方向，即為正方向，大小不變。在3~4s內(nèi)，線框產(chǎn)生的感應電流為順時針方向，即為正方向，大小不變。故A正確；B錯誤；CD．由以上分析得，在0~1s時間內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由a向d，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向外，且線性減小，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向左，且線性減小，即安培力為正方向，線性減小。同理可得，在1~2s時間內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由a向d，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向里，且線性增大，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向右，且線性增大，即安培力為負方向，線性增大。在2~3s時間內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由d向a，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向里，且線性減小，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向左，且線性減小，即安培力為正方向，線性減小。在3~4s內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由d向a，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向外，且線性增大，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向右，且線性增大，即安培力為負方向，線性增大。故C正確；D錯誤。故選AC。8.如圖所示，一固定在水平面上的光滑木板，與水平面的夾角，木板的底端固定一垂直木板的擋板，上端固定一定滑輪O。勁度系數(shù)為的輕彈簧下端固定在擋板上，上端與質量為2m的物塊Q連接?？邕^定滑輪O的不可伸長的輕繩一端與物塊Q連接，另一端與套在水平固定的光滑直桿上質量為m的物塊P連接。初始時物塊P在水平外力F作用下靜止在直桿的A點，且恰好與直桿沒有相互作用，輕繩與水平直桿的夾角。去掉水平外力F，物塊P由靜止運動到B點時輕繩與直桿間的夾角。已知滑輪到水平直桿的垂直距離為d，重力加速度大小為g，彈簧軸線、物塊Q與定滑輪之間的輕繩共線且與木板平行，不計滑輪大小及摩擦。，，，。則下列說法正確的是（）A.物塊P向左運動的過程中其機械能先增大后減小B.物塊P從A點運動到B點時，物塊Q的重力勢能減少量小于P、Q兩物塊總動能的增加量C.物塊P在A點時彈簧的伸長量為D.物塊P從A點運動到B點的過程中，輕繩拉力對物塊P做的功為〖答案〗CD〖解析〗A．由于輕繩只能提供拉力，其對于物塊P來說在從A點到B點過程中輕繩拉力的方向與其運動方向成銳角，即輕繩拉力對其做正功。而由于水平光滑直桿，所以物塊P在該過程只有輕繩拉力做功，即物塊P在該過程中機械能一直增加，故A項錯誤；C．對物塊P在A點時進行受力分析，其恰好與直桿沒有相互作用，所以繩子拉力在豎直方向的分力與重力大小相等，方向相反，即所以繩子的拉力為對物塊Q進行受力分析，在沿斜面方向上有解得設彈簧拉伸的長度為x，由胡克定律有解得故C項正確；B．物塊P到B點時，由幾何可得物塊Q沿斜面向下滑了所以此時彈簧的壓縮量為即此時彈簧的壓縮量與初始時彈簧的拉伸量相同，也就是說此時彈簧的彈性勢能與初始時彈簧的彈性勢能相同。物塊P從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈力做功為零，所以由能量守恒可知，物塊Q重力勢能減少量之和等于物塊P和Q兩物塊的動能的增加量，故B項錯誤；D．物塊P運動到B點時，P和Q速度滿足物塊P從A點運動到B的過程中，由能量守恒有對物塊P由動能定理有解得故D項正確。故選CD。第Ⅱ卷二、非選擇題（一）必考題9.某同學用伏安法測電阻的阻值（約為10Ω），除了、開關S、導線外，還有下列器材：電流表A（量程，內(nèi)阻約為1.0Ω）、電壓表V（量程，內(nèi)阻約為6kΩ）、滑動變阻器R（，允許通過的最大電流2A）、蓄電池E（電動勢為6V，內(nèi)阻約為0.05Ω）。（1）要求測量值盡可能準確，你在圖A、B、C、D中選擇的電路圖是_____。A. B. C. D.（2）按所選電路實驗測量時測量值比真實值__________。（填“偏大”，“偏小”或“不變”）〖答案〗（1）D（2）偏小〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意，由于應采用電流表外接法；滑動變阻器最大阻值較小，同時限流接法會使電路中的電流超過電流表的最大量程，故采用分壓接法；AC圖中滑動變阻器一部分短路后剩余部分與待測電阻和電流表兩端并聯(lián)，為不超過電流表量程，滑動變阻器的調(diào)節(jié)范圍會非常小，不合理。故選D?！拘?詳析】采用電流表外接法，電流表的測量值偏大，則實驗測量時測量值比真實值偏小。10.某實驗小組在沒有天平的情況下，利用下列器材測量小車質量。器材包括小車、一端帶有定滑輪的平直軌道、墊板、細線、打點計時器、紙帶、頻率為50Hz的交流電源、5個槽碼（槽碼的質量均為）。（1）按圖甲安裝好實驗器材，跨過定滑輪細線一端連接在小車上，另一端懸掛著5個槽碼。改變軌道的傾角，用手輕撥小車，直到打點計時器在紙帶上打出一系列___________的點，表明小車沿傾斜軌道勻速下滑。（2）保持軌道傾角不變，取下1個槽碼（即細線下端懸掛4個槽碼），由靜止釋放小車，讓小車拖著紙帶沿軌道下滑，同時用傳感器記錄小車在時刻t相對于其起始位置的位移s，繪制圖像如圖，經(jīng)數(shù)據(jù)處理后可得到相應的加速度___________（結果保留2位有效數(shù)字）。（3）依次減少細線下端懸掛的槽碼數(shù)量，重復步驟（2）。（4）用n表示取下的槽碼數(shù)，對應不同的n、和的值如下表所示。n23450.50.330.250.20（）1.200.770.550.42①利用表中的數(shù)據(jù)在圖丙中作出關系圖線。__________②由關系圖線可求出斜率為___________。③小車質量___________kg。（，結果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）等間距（2）0.40（4）2.60.26〖解析〗（1）[1]改變軌道的傾角，用手輕撥小車，直到打點計時器在紙帶上打出一系列等間距的點，表明小車沿傾斜軌道勻速下滑。（2）[2]物體做勻加速直線運動，對應的圖像為曲線，由圖像可知，當時，位移為則有解得（4）①[3]結合表格數(shù)據(jù)，根據(jù)描點法可得如圖所示圖線②[4]由關系圖線可求出斜率為③[5]根據(jù)題意，由牛頓第二定律有整理可得則有解得11.冰滑梯是東北地區(qū)體驗冰雪運動樂趣的設施之一，某冰滑梯的示意圖如圖所示。一游客從A點由靜止沿滑道下滑，螺旋滑道的摩擦可忽略且AB兩點的高度差為h，滑板與傾斜滑道和水平滑道間的動摩擦因數(shù)均為μ，傾斜滑道的水平距離為，BC兩點的高度差也為h。忽略游客經(jīng)過軌道銜接處B、C點時的能量損失。求：（1）游客滑至軌道B點時的速度的大?。唬?）為確保游客安全，水平滑道的最小長度?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意，游客從A點到點過程中，由動能定理有解得（2）設傾斜滑道與水平面的夾角為，游客由點到停止過程中，由動能定理有解得12.如圖所示，邊長為L的正方形OACD區(qū)域在平面直角坐標系的第一象限內(nèi)，OACD區(qū)域內(nèi)有垂直坐標平面向外的勻強磁場，邊長為L的正方形OMPN區(qū)域在第三象限內(nèi)，QMPN區(qū)域內(nèi)有沿y軸正向的勻強電場。在MP邊上離x軸距離為的Q點，以速度沿x軸正向射出一個質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，粒子經(jīng)電場偏轉恰好從坐標原點O進入磁場，粒子經(jīng)磁場偏轉后，從坐標（0.8L，0）點離開磁場。不計粒子的重力，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：（1）勻強電場的電場強度大?。唬?）勻強磁場的磁感應強度大?。唬?）若粒子在磁場中運動的某時刻，突然撤去磁場，此后粒子的運動經(jīng)過D點，則撤去磁場后，粒子在OACD區(qū)域內(nèi)運動的時間。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）粒子在電場中運動做類平拋運動，則有，根據(jù)牛頓第二定律得解得（2）設粒子通過O點時的速度大小為v，根據(jù)動能定理得解得設粒子進入磁場時速度方向與y軸夾角為，則解得設粒子在磁場中做圓周運動的半徑為r，根據(jù)幾何關系有解得根據(jù)牛頓第二定律得解得（3）粒子在電場、磁場中運動的軌跡如圖所示根據(jù)幾何關系可知，粒子在磁場中做圓周運動的圓心的橫坐標為縱坐標為若粒子在磁場中運動的某時刻，突然撤去磁場，則撤去磁場后，粒子在G點沿速度方向經(jīng)過D點，由數(shù)學知識可得設撤去磁場后，粒子在OACD區(qū)域內(nèi)運動的距離為d，根據(jù)幾何關系得粒子在OACD區(qū)域內(nèi)運動的時間【物理——選修3-3】13.如圖，一定質量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)熱力學過程AB、BC、CA后又回到狀態(tài)A。對于AB、BC、CA三個過程，下列說法正確的是（）A.A→B過程中氣體壓強增大B.A→B過程中氣體對外界做功C.B→C過程中氣體內(nèi)能減小D.B→C過程中氣體分子的平均動能減小E.C→A過程中氣體放出熱量〖答案〗ACD〖解析〗AB．由圖可知，A→B過程中氣體溫度不變，體積減小，外界對氣體做功，由玻意耳定律可知，氣體的壓強增大，故A正確，B錯誤；CD．由圖可知，B→C過程中氣體溫度降低，則氣體內(nèi)能減小，氣體分子的平均動能減小，故CD正確；E．由圖可知，C→A過程中氣體的溫度升高，內(nèi)能增加，氣體體積變大，氣體對外界做功，由熱力學第一定律可知，氣體吸收熱量，故E錯誤。故選ACD。14.如圖所示，豎直面內(nèi)有一粗細均勻的U形玻璃管。初始時，U形管右管上端封有壓強的理想氣體A，左管上端封有長度的理想氣體B，左右兩側水銀面高度差，此時A、B氣體的溫度均為。（1）求初始時理想氣體B的壓強；（2）保持氣體A溫度不變，對氣體B緩慢加熱，求左側液面下降4cm時氣體B的溫度?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意，設初始時理想氣體B的壓強為，則有解得（2）左側液面下降4cm時，右側液面上升4cm，初狀態(tài)理想氣體A的長度為壓強為，末狀態(tài)理想氣體A的長度為壓強為，則有解得則末狀態(tài)理想氣體B的壓強為對氣體B有解得【物理——選修3-4】15.下列有關機械振動和機械波的說法正確的是（）A.“聞其聲不見其人”是聲波的衍射現(xiàn)象B.單擺具有等時性，是因為其振動周期與擺球的質量和振幅均無關C.火車鳴笛向我們駛來時，我們聽到的笛聲頻率比聲源發(fā)聲的頻率低D.彈簧振子做簡諧運動時，若某兩個時刻位移相同，則這兩個時刻的速度也一定相同E.機械波中各個質點通過受迫振動的形式傳遞能量和信息〖答案〗ABE〖解析〗A．“聞其聲不見其人”是聲波繞過障礙物傳播過來，是衍射現(xiàn)象，故A正確；B．單擺具有等時性，是因為其振動周期取決于擺長與所在處的重力加速度，與擺球的質量和振幅均無關，故B正確；C．由多普勒效應可知，火車鳴笛向我們駛來時，我們聽到的笛聲頻率將比聲源發(fā)聲的頻率高，故C錯誤；D．彈簧振子做簡諧運動時，若某兩個時刻位移相同，則這兩個時刻的速度大小也一定相同，但方向可能不同，故D錯誤；E．機械波傳播機械振動運動形式，機械波中各個質點通過受迫振動的形式傳遞能量和信息，故E正確。故選ABE。16.如圖甲所示，某汽車大燈距水平地面的高度為，該大燈結構的簡化圖如圖乙所示。光源位于焦點處，光源發(fā)出的光經(jīng)旋轉拋物面反射后，平行于旋轉拋物面的對稱軸線射出，然后垂直射向半球透鏡的左邊圓面。半球透鏡的折射率為，，已知透鏡直徑遠小于大燈離地面高度。求：（1）C為AO的中點，射向C點的細光束經(jīng)透鏡后射到地面的位置與大燈間的水平距離x；（2）射向AO的某條細光束經(jīng)透鏡弧面恰不發(fā)生全反射，這條細光束射到地面的位置與大燈間的水平距離。〖答案〗（1）3m；（2）0.675m〖解析〗（1）光路如圖所示由題知C為AO中點，則又因由折射率有解得折射角為有幾何關系可知，該光線與地面間夾角為由幾何關系有解得（2）當光線恰好在半圓界面發(fā)生全發(fā)射時，其臨界角為解得此時折射光線與水平方向的夾角由幾何關系有赤峰市高三年級3·20模擬考試試題第Ⅰ卷一、選擇題1.醫(yī)學影像診斷設備PET/CT是借助于示蹤劑可以聚集到病變部位的特點來發(fā)現(xiàn)疾病。示蹤劑常利用同位素作示蹤原子標記，其半衰期僅有20min?？捎尚⌒突匦铀倨鬏敵龅母咚儋|子流轟擊，獲得，下列說法正確的是（）A.用高速質子轟擊，生成的同時釋放出中子B.用高速質子轟擊，生成的同時釋放出β粒子C.儲存環(huán)境溫度升高，其半衰期將減小D.質量為8g的經(jīng)過40min后，剩余的質量為2g〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒知，該核反應方程為故AB錯誤；C．半衰期與元素所處的物理環(huán)境和化學狀態(tài)無關；儲存環(huán)境溫度升高，其半衰期不可能變化。故C錯誤；D．由題意知半衰期為20min，經(jīng)40min，則經(jīng)過了2個半衰期，質量為8g的剩余的質量為，故D正確。故選D。2.避雷針是用來保護建筑物避免雷擊的裝置。當雷云放電時，在避雷針頂端形成局部電場集中的空間，引導雷電向避雷針放電，將雷電流引入大地。避雷針周圍電場的等勢面分布情況如圖所示，在等勢面中有A、B、C、D四點。下列說法中正確的是（）A.C點場強小于B點場強B.AD連線中點的電勢為8.5kVC.同一帶負電的雨滴在C點的電勢能小于在B點的電勢能D.同一帶負電的雨滴從C點移動到B點，電場力做負功〖答案〗A〖解析〗A．等勢面的疏密表示電場強弱，C點的等勢面比B點的等勢面稀疏，所以C點場強小于B點場強，故A正確；B．AD之間不是勻強電場，AD連線中點的電勢不一定為8.5kV，故B錯誤；C．由圖可知又，所以同一帶負電的雨滴在C點的電勢能大于在B點的電勢能，故C錯誤；D．同一帶負電的雨滴在C點的電勢能大于在B點的電勢能，所以同一帶負電的雨滴從C點移動到B點，電場力做正功，故D錯誤。故選A。3.2023年10月26日17時46分，神舟十七號載人飛船與空間站組合體完成自主快速交會對接。飛船的發(fā)射過程可簡化為：飛船從預定軌道Ⅰ的A點第一次變軌進入橢圓軌道Ⅱ，到達橢圓軌道的遠地點B時，再次變軌進入空間站的運行軌道Ⅲ，與空間站實現(xiàn)對接。假設軌道Ⅰ和Ⅲ都近似為圓軌道，下列說法正確的是（）A.飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的加速度比飛船在圓軌道I經(jīng)過A點時的加速度大B.飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的速度一定大于11.2km/sC.飛船沿軌道Ⅱ運行的周期小于沿軌道Ⅲ運行的周期D.在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ上飛船與地心連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積相等〖答案〗C〖解析〗A．有牛頓第二定律有解得所以飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的加速度與飛船在圓軌道I經(jīng)過A點時的加速度大小相等，故A項錯誤；B．11.2km/s是第二宇宙速度其大于第一宇宙速度，而第一宇宙速度是飛船環(huán)繞地球運行的最大速度，所以飛船在橢圓軌道Ⅱ經(jīng)過A點時的速度一定小于11.2km/s，故B項錯誤；C．由開普勒第三定律有由于所以，飛船沿軌道Ⅱ運行的周期小于沿軌道Ⅲ運行的周期，故C項正確；D．飛船與地心的連線單位時間內(nèi)掃過的面積為對飛船有整理有由于軌道Ⅰ半徑小于軌道Ⅲ的半徑，所以在軌道Ⅰ上飛船與地心連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積小于軌道Ⅲ上飛船與地心連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積，故D項錯誤。故選C。4.太陽能電池板在光照時將光能轉化為電能即為光伏發(fā)電。太陽能電池板作為電源，其路端電壓與干路電流的關系如圖中的曲線所示，太陽能電池板負載的U-I圖線為圖中傾斜直線。當太陽能電池板給負載供電時，下列說法正確的是（）A.太陽能電池板的效率約為50%B.太陽能電池板的輸出功率約為C.太陽能電池板的內(nèi)阻約為1kΩD.太陽能電池板的內(nèi)阻消耗的功率約為1.8W〖答案〗B〖解析〗A．由圖可知，太陽能電池板的電動勢為2.80V，交點為負載工作時的電壓和電流，則太陽能電池板負載兩端電壓為1.80V，則太陽能電池板的效率約為故A錯誤；B．由圖可知，太陽能電池板負載兩端電壓為1.80V，電路中電流為1.80mA。則太陽能電池板的輸出功率約為故B正確；CD．由圖可知路端電壓與干路電流的關系圖線為曲線，則太陽能電池板負載的內(nèi)阻是變化的。故無法計算太陽能電池板的內(nèi)阻和內(nèi)阻消耗的功率，故CD錯誤。故選B。5.如圖所示，一根細線一端系在天花板上，另一端系在木箱上，木箱內(nèi)放有一個質量m=0.1kg的物塊，物塊與水平輕質彈簧相連，彈簧的另一端與木箱左壁相連，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，彈簧的彈力為0.5N，物塊保持靜止狀態(tài)。取重力加速度。用剪刀把細線剪斷的瞬間，物塊的加速度大小是（）A.a=0B.C.D.〖答案〗D〖解析〗用剪刀把繩子剪斷的瞬間，物塊有豎直方向的加速度因物塊完全失重，物塊對木箱壓力為零，則水平方向不受摩擦力，只受彈簧的拉力，則可知物塊的加速度大小故選D。6.質量為m的子彈以速度射穿靜止在光滑水平面上質量也為m的木塊，設子彈穿過木塊的時間為t，木塊對子彈的阻力恒為f，則子彈穿過木塊的瞬間（）A.木塊的速度為 B.木塊的速度為C.子彈的速度為 D.子彈的速度為〖答案〗AD〖解析〗AB．根據(jù)題意，對木塊，由動量定理有解得故A正確，B錯誤；CD．根據(jù)題意，對子彈，由動量定理有解得故C錯誤，D正確。故選AD。7.矩形導線框abcd放在勻強磁場中，在外力控制下處于靜止狀態(tài)，如圖甲所示。磁感線方向與導線框所在平面垂直，磁感應強度B隨時間變化的圖像如圖乙所示（規(guī)定磁感應強度的方向垂直導線框平面向里為正方向），在0~4s時間內(nèi)，流過導線框的電流（規(guī)定順時針方向為正方向）與導線框ad邊所受安培力隨時間變化的圖像（規(guī)定以向左為安培力正方向）可能是圖中的（）A. B.C. D.〖答案〗AC〖解析〗AB．在0~1s內(nèi)，原磁場磁感應強度垂直紙面向外，且線性減小，線框產(chǎn)生的感應電流為逆時針方向，即為負方向，大小不變。同理可得，在1~2s時間內(nèi)，線框上的感應電流為逆時針方向，即為負方向，大小不變。在2~3s時間內(nèi)，線框上的感應電流為順時針方向，即為正方向，大小不變。在3~4s內(nèi)，線框產(chǎn)生的感應電流為順時針方向，即為正方向，大小不變。故A正確；B錯誤；CD．由以上分析得，在0~1s時間內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由a向d，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向外，且線性減小，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向左，且線性減小，即安培力為正方向，線性減小。同理可得，在1~2s時間內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由a向d，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向里，且線性增大，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向右，且線性增大，即安培力為負方向，線性增大。在2~3s時間內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由d向a，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向里，且線性減小，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向左，且線性減小，即安培力為正方向，線性減小。在3~4s內(nèi)，導線框ad邊電流方向為由d向a，空間所加磁場的磁感應強度B為垂直紙面向外，且線性增大，根據(jù)左手定則得，導線框ad邊受安培力向右，且線性增大，即安培力為負方向，線性增大。故C正確；D錯誤。故選AC。8.如圖所示，一固定在水平面上的光滑木板，與水平面的夾角，木板的底端固定一垂直木板的擋板，上端固定一定滑輪O。勁度系數(shù)為的輕彈簧下端固定在擋板上，上端與質量為2m的物塊Q連接。跨過定滑輪O的不可伸長的輕繩一端與物塊Q連接，另一端與套在水平固定的光滑直桿上質量為m的物塊P連接。初始時物塊P在水平外力F作用下靜止在直桿的A點，且恰好與直桿沒有相互作用，輕繩與水平直桿的夾角。去掉水平外力F，物塊P由靜止運動到B點時輕繩與直桿間的夾角。已知滑輪到水平直桿的垂直距離為d，重力加速度大小為g，彈簧軸線、物塊Q與定滑輪之間的輕繩共線且與木板平行，不計滑輪大小及摩擦。，，，。則下列說法正確的是（）A.物塊P向左運動的過程中其機械能先增大后減小B.物塊P從A點運動到B點時，物塊Q的重力勢能減少量小于P、Q兩物塊總動能的增加量C.物塊P在A點時彈簧的伸長量為D.物塊P從A點運動到B點的過程中，輕繩拉力對物塊P做的功為〖答案〗CD〖解析〗A．由于輕繩只能提供拉力，其對于物塊P來說在從A點到B點過程中輕繩拉力的方向與其運動方向成銳角，即輕繩拉力對其做正功。而由于水平光滑直桿，所以物塊P在該過程只有輕繩拉力做功，即物塊P在該過程中機械能一直增加，故A項錯誤；C．對物塊P在A點時進行受力分析，其恰好與直桿沒有相互作用，所以繩子拉力在豎直方向的分力與重力大小相等，方向相反，即所以繩子的拉力為對物塊Q進行受力分析，在沿斜面方向上有解得設彈簧拉伸的長度為x，由胡克定律有解得故C項正確；B．物塊P到B點時，由幾何可得物塊Q沿斜面向下滑了所以此時彈簧的壓縮量為即此時彈簧的壓縮量與初始時彈簧的拉伸量相同，也就是說此時彈簧的彈性勢能與初始時彈簧的彈性勢能相同。物塊P從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈力做功為零，所以由能量守恒可知，物塊Q重力勢能減少量之和等于物塊P和Q兩物塊的動能的增加量，故B項錯誤；D．物塊P運動到B點時，P和Q速度滿足物塊P從A點運動到B的過程中，由能量守恒有對物塊P由動能定理有解得故D項正確。故選CD。第Ⅱ卷二、非選擇題（一）必考題9.某同學用伏安法測電阻的阻值（約為10Ω），除了、開關S、導線外，還有下列器材：電流表A（量程，內(nèi)阻約為1.0Ω）、電壓表V（量程，內(nèi)阻約為6kΩ）、滑動變阻器R（，允許通過的最大電流2A）、蓄電池E（電動勢為6V，內(nèi)阻約為0.05Ω）。（1）要求測量值盡可能準確，你在圖A、B、C、D中選擇的電路圖是_____。A. B. C. D.（2）按所選電路實驗測量時測量值比真實值__________。（填“偏大”，“偏小”或“不變”）〖答案〗（1）D（2）偏小〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意，由于應采用電流表外接法；滑動變阻器最大阻值較小，同時限流接法會使電路中的電流超過電流表的最大量程，故采用分壓接法；AC圖中滑動變阻器一部分短路后剩余部分與待測電阻和電流表兩端并聯(lián)，為不超過電流表量程，滑動變阻器的調(diào)節(jié)范圍會非常小，不合理。故選D。【小問2詳析】采用電流表外接法，電流表的測量值偏大，則實驗測量時測量值比真實值偏小。10.某實驗小組在沒有天平的情況下，利用下列器材測量小車質量。器材包括小車、一端帶有定滑輪的平直軌道、墊板、細線、打點計時器、紙帶、頻率為50Hz的交流電源、5個槽碼（槽碼的質量均為）。（1）按圖甲安裝好實驗器材，跨過定滑輪細線一端連接在小車上，另一端懸掛著5個槽碼。改變軌道的傾角，用手輕撥小車，直到打點計時器在紙帶上打出一系列___________的點，表明小車沿傾斜軌道勻速下滑。（2）保持軌道傾角不變，取下1個槽碼（即細線下端懸掛4個槽碼），由靜止釋放小車，讓小車拖著紙帶沿軌道下滑，同時用傳感器記錄小車在時刻t相對于其起始位置的位移s，繪制圖像如圖，經(jīng)數(shù)據(jù)處理后可得到相應的加速度___________（結果保留2位有效數(shù)字）。（3）依次減少細線下端懸掛的槽碼數(shù)量，重復步驟（2）。（4）用n表示取下的槽碼數(shù)，對應不同的n、和的值如下表所示。n23450.50.330.250.20（）1.200.770.550.42①利用表中的數(shù)據(jù)在圖丙中作出關系圖線。__________②由關系圖線可求出斜率為___________。③小車質量___________kg。（，結果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）等間距（2）0.40（4）2.60.26〖解析〗（1）[1]改變軌道的傾角，用手輕撥小車，直到打點計時器在紙帶上打出一系列等間距的點，表明小車沿傾斜軌道勻速下滑。（2）[2]物體做勻加速直線運動，對應的圖像為曲線，由圖像可知，當時，位移為則有解得（4）①[3]結合表格數(shù)據(jù)，根據(jù)描點法可得如圖所示圖線②[4]由關系圖線可求出斜率為③[5]根據(jù)題意，由牛頓第二定律有整理可得則有解得11.冰滑梯是東北地區(qū)體驗冰雪運動樂趣的設施之一，某冰滑梯的示意圖如圖所示。一游客從A點由靜止沿滑道下滑，螺旋滑道的摩擦可忽略且AB兩點的高度差為h，滑板與傾斜滑道和水平滑道間的動摩擦因數(shù)均為μ，傾斜滑道的水平距離為，BC兩點的高度差也為h。忽略游客經(jīng)過軌道銜接處B、C點時的能量損失。求：（1）游客滑至軌道B點時的速度的大小；（2）為確保游客安全，水平滑道的最小長度。〖答案〗（1）（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意，游客從A點到點過程中，由動能定理有解得（2）設傾斜滑道與水平面的夾角為，游客由點到停止過程中，由動能定理有解得12.如圖所示，邊長為L的正方形OACD區(qū)域在平面直角坐標系的第一象限內(nèi)，OACD區(qū)域內(nèi)有垂直坐標平面向外的勻強磁場，邊長為L的正方形OMPN區(qū)域在第三象限內(nèi)，QMPN區(qū)域內(nèi)有沿y軸正向的勻強電場。在MP邊上離x軸距離為的Q點，以速度沿x軸正向射出一個質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，粒子經(jīng)電場偏轉恰好從坐標原點O進入磁場，粒子經(jīng)磁場偏轉后，從坐標（0.8L，0）點離開磁場。不計粒子的重力，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：（1）勻強電場的電場強度大?。唬?）勻強磁場的磁感應強度大??；（3）若粒子在磁場中運動的某時刻，突然撤去磁場，此后粒子的運動經(jīng)過D點，則撤去磁場后，粒子在OACD區(qū)域內(nèi)運動的時間?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）粒子在電場中運動做類平拋運動，則有，根據(jù)牛頓第二定律得解得（2）設粒子通過O點時的速度大小為v，根據(jù)動能定理得解得設粒子進入磁場時速度方向與y軸夾角為，則解得設粒子在磁場中做圓周運動的半徑為r，根據(jù)幾何關系有解得根據(jù)牛頓第二定律得解得（3）粒子在電場、磁場中運動的軌跡如圖所示根據(jù)幾何關系可知，粒子在磁場中做圓周運動的圓心的橫坐標為縱坐標為若粒子在磁場中運動的某時刻，突然撤去磁場，則撤去磁場后，粒子在G點沿速度方向經(jīng)過D點，由數(shù)學知識可