2024屆浙江省強(qiáng)基聯(lián)盟高三下學(xué)期（3月）二模物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE2浙江強(qiáng)基聯(lián)盟2023學(xué)年第二學(xué)期高三3月聯(lián)考物理試題本試卷滿分100分，考試用時90分鐘。注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4．可能用到的參數(shù)：重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.功率的單位是瓦特，若用國際單位制的基本單位來表示瓦特，正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)功率的定義式可知；根據(jù)功的定義式可得，其中力的單位，故功率單位用國際單位制的基本單位可表示為故選B。2.如圖所示，電子在電場中從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)，實(shí)線為電場線，虛線為電子的運(yùn)動軌跡，請判斷下列說法正確的是（）A.a點(diǎn)的電勢低于b點(diǎn)的電勢B.電子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度C.電子在a點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度D.電子在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能〖答案〗C〖解析〗A．順著電場線電勢逐漸降低，則有a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)的電勢，故A錯誤；B．電場線的疏密程度表示場強(qiáng)的大小，因b點(diǎn)位置電場線較密，故場強(qiáng)較大，由可知電子在b點(diǎn)的加速度更大，故B錯誤；C．電子從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)過程中速度與電場力成鈍角，則電場力做負(fù)功，動能減小，可知電子在a點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度，故C正確；D．電場力做負(fù)功，則電子的電勢能增大，即電子在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能，故D錯誤。故選C。3.燃?xì)庠钪Ъ苡泻芏喾N規(guī)格和款式。如圖所示，這是a、b兩款不同的燃?xì)庠钪Ъ?，它們都是在一個圓圈底座上等間距地分布有五個支架齒，每一款支架齒的簡化示意圖在對應(yīng)的款式下方。如果將含有食物的球面鍋置于兩款支架上，假設(shè)鍋和鍋內(nèi)食物的總重量總是維持不變，則（）A.如果鍋的尺寸越大，則a款每個支架齒受到的壓力越大B.如果鍋的尺寸越大，則a款每個支架齒受到的壓力越小C.如果鍋的尺寸越大，則b款每個支架齒受到的壓力越大D.如果鍋的尺寸越大，則b款每個支架齒受到的壓力越小〖答案〗D〖解析〗AB．因?yàn)閍款支架與球面鍋的接觸點(diǎn)的彈力始終垂直于支架的斜面，方向不變，設(shè)每個支架齒對鍋的支持力與豎直方向的夾角為，鍋靜止，根據(jù)平衡條件可得故鍋的尺寸越大，a款每個支架齒受到的壓力不變，故AB錯誤；CD．因?yàn)閎款支架與球面鍋的接觸點(diǎn)的彈力始終垂直于公切面，故鍋的尺寸越大，b款每個支架齒對鍋的支持力與豎直方向的夾角變小，由力的分解的知識可知b款每個支架齒受到的壓力越小，故C錯誤，D正確。故選D。4.利用智能手機(jī)的加速度傳感器可測量手機(jī)自身的加速度。用手掌托著智能手機(jī)，打開加速度傳感器，從靜止開始迅速上下運(yùn)動，得到如圖所示的豎直方向加速度隨時間變化的圖像，該圖像以豎直向上為正方向。下列說法正確的是（）A.手機(jī)一直沒有離開手掌B.時刻手機(jī)運(yùn)動到最高點(diǎn)C.時刻手機(jī)開始減速上升，時刻速度為0D.時刻手機(jī)開始減速上升，時間內(nèi)手機(jī)所受的支持力一直減小〖答案〗D〖解析〗A．由圖可知，手機(jī)的加速度某一段時間內(nèi)等于重力加速度，則手機(jī)與手掌沒有力的作用，手機(jī)可能離開過手掌，故A錯誤；B．根據(jù)可知圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在時刻速度為正，還沒有到最高點(diǎn)，故B錯誤；C．根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在時刻前后速度均為正，運(yùn)動方向沒有發(fā)生改變，故C錯誤；D．由圖可知時刻后加速度變?yōu)樨?fù)值，速度依舊為正，則手機(jī)開始減速上升。時間內(nèi)加速度向上不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律得得可知加速度由向上到向下的過程中支持力一直減小。故D正確。故選D。5.蹦床運(yùn)動是一項(xiàng)技巧性與觀賞性都很強(qiáng)的運(yùn)動。運(yùn)動員在比賽的開始階段會先跳幾下，此階段上升的最高點(diǎn)會越來越高，后來最高點(diǎn)基本能維持穩(wěn)定。下列有關(guān)此情景說法正確的是（）A.運(yùn)動員每次上升過程，蹦床對運(yùn)動員先做正功，后做負(fù)功B.如果不考慮空氣等各種阻力，運(yùn)動員和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.最開始的幾次起跳上升過程，蹦床彈性勢能的減小量小于運(yùn)動員機(jī)械能的增加量D.對于最高點(diǎn)基本穩(wěn)定的情景，運(yùn)動員的重力勢能與蹦床彈性勢能之和最小時，運(yùn)動員的加速度最大〖答案〗C〖解析〗A．上升過程，離開蹦床前，蹦床給運(yùn)動員的彈力向上，做正功，離開蹦床之后沒有彈力，不做功，故A錯誤；B．站在蹦床上到跳起過程，運(yùn)動員自己對自己做功，系統(tǒng)機(jī)械能會增加，故B錯誤；C．最開始的幾次起跳的上升過程，運(yùn)動員自己對自己做功，故蹦床彈性勢能的減小量小于運(yùn)動員機(jī)械能的增加量，故C正確；D．最高點(diǎn)基本穩(wěn)定時，人和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能可認(rèn)為守恒，人的重力勢能與蹦床的彈性勢能之和最小時，運(yùn)動員的動能最大，加速度應(yīng)該最小，故D錯誤。故選C。6.圖甲是正在做送餐工作的“機(jī)器人服務(wù)員”，該機(jī)器人正在沿圖乙中ABCD曲線給16號桌送餐，已知弧長和半徑均為的圓弧BC與直線路徑AB、CD相切，AB段長度也為，CD段長度為，機(jī)器人從A點(diǎn)由靜止勻加速出發(fā)，到達(dá)B點(diǎn)時速率恰好達(dá)到1m/s，接著以1m/s的速率勻速通過BC弧段，通過C點(diǎn)以1m/s的速率勻速運(yùn)動到某位置后開始做勻減速直線運(yùn)動，最終停在16號桌旁的D點(diǎn)。已知餐盤與托盤間的動摩擦因數(shù)，關(guān)于該機(jī)器人送餐運(yùn)動的說法正確的是（）A.從B運(yùn)動到C過程中機(jī)器人的向心加速度B.為防止餐盤與水平托盤之間發(fā)生相對滑動，機(jī)器人在BC段運(yùn)動的最大速率為4m/sC.從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)過程中機(jī)器人的加速度且餐盤和水平托盤不會發(fā)生相對滑動D.餐盤和水平托盤不發(fā)生相對滑動的情況下，機(jī)器人從C點(diǎn)到D點(diǎn)的最短時間秒〖答案〗C〖解析〗A．從B運(yùn)動到C的過程中機(jī)器人的向心加速度故A錯；B．餐盤與托盤恰好不發(fā)生相對滑動，摩擦力提供向心力有解得故B錯；C．由知，該加速度小于發(fā)生相對滑動的臨界加速度，故C正確；D．機(jī)器人以的速度勻減速至D點(diǎn)的最大加速度故最短的減速時間勻減速的最小位移為故從C點(diǎn)開始勻速運(yùn)動的時間故從C運(yùn)動到D點(diǎn)最短時間為，D錯。故選C。7.“中國空間站”在距地面高400km左右的軌道上做勻速圓周運(yùn)動，在此高度上有非常稀薄的大氣，因氣體阻力的影響，軌道高度1個月大概下降2km，空間站安裝有發(fā)動機(jī)，可對軌道進(jìn)行周期性修正。則下列說法中正確的是（）A.“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期B.“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的向心加速度大小稍大于gC.“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的線速度大小稍大于地球的第一宇宙速度D.“中國空間站”修正軌道時，發(fā)動機(jī)應(yīng)“向后噴火”使空間站加速，但進(jìn)入目標(biāo)軌道正常運(yùn)行后的速度小于修正之前在較低軌道上的運(yùn)行速度〖答案〗D〖解析〗A．“中國空間站”在軌道上做勻速圓周運(yùn)動的周期得故A錯誤；B．“中國空間站”在軌道上做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律有物體繞地球表面運(yùn)行，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得“中國空間站”正常在軌道上做圓周運(yùn)動的向心加速度大小為故向心加速度稍小于g，B錯誤；C．根據(jù)“中國空間站”正常在軌道上做圓周運(yùn)動的線速度大小為故C錯誤；D．空間站由低軌向高軌修正時需要離心運(yùn)動，故需要發(fā)動機(jī)點(diǎn)火使空間站加速，但進(jìn)入目標(biāo)軌道后的速度比修正之前低軌的速度小。故D正確；故選D。8.如圖，在等邊三角形三個頂點(diǎn)處，各有一根長直導(dǎo)線垂直于紙面固定放置。在三根導(dǎo)線中均通有電流I，其中P、Q導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向里，M導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向外，三角形中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，若撤去導(dǎo)線P，則三角形中心O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（）A.0 B. C. D.2B〖答案〗C〖解析〗根據(jù)右手螺旋定則，通電導(dǎo)線P、M和Q在O處的磁場方向，如圖所示由題知，三角形中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，設(shè)每根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為，則有可得撤去導(dǎo)線P后，導(dǎo)線Q、M在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度成角，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，故選C。9.一列機(jī)械波沿x軸正向傳播，圖甲是時的波形圖，圖乙是介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)M的振動圖像，已知時M點(diǎn)位移為，下列說法不正確的是（）A.該機(jī)械波的波速為1.0m/sB.M點(diǎn)的橫坐標(biāo)可能為1.5mC.時，M點(diǎn)振動方向向下D.時，M點(diǎn)位移仍為〖答案〗B〖解析〗A．由甲圖可知，波長為，由乙圖可知，周期為所以波速故A正確；BC．根據(jù)乙圖分析，時，M點(diǎn)振動方向向下，機(jī)械波向x軸正方向傳播，故時刻，處的質(zhì)點(diǎn)正向y軸正方向運(yùn)動，M點(diǎn)的橫坐標(biāo)不可能為，故B錯誤，C正確；D．時，根據(jù)乙圖，由于對稱性可知，M點(diǎn)位移為，故D正確。本題選擇不正確的，故選B。10.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為，原線圈通過燈泡與正弦式交流電源相連，電源電壓恒定，副線圈通過導(dǎo)線與燈泡和相連，三個燈泡規(guī)格完全相同。開始時三個燈泡都能發(fā)光，工作一段時間后燈絲被燒斷，若不考慮燈絲電阻隨溫度變化的情況，下列說法正確的是（）A.都能發(fā)光時三個燈泡的亮度不相同B.燈絲被燒斷后燈泡變亮C.燈絲被燒斷后燈泡變亮D.燈絲被燒斷后變壓器輸入功率不變〖答案〗C〖解析〗A．三個燈泡都在發(fā)光時，由于原、副線圈中的電流之比為1∶2，故三個燈泡的亮度相等，選項(xiàng)A錯誤；B．燈泡燈絲燒斷后，副線圈回路電阻變大，如圖所示，根據(jù)變壓器的等效電阻可知，電阻變大，電源電壓恒定，則原線圈電流減小，燈泡變暗，B錯誤；C．原線圈電流減小，電源電壓恒定，由于輸入電流變小，燈泡兩端的電壓減小，原線圈兩端電壓增大，匝數(shù)比不變，故副線圈兩端電壓增大，所以燈泡變亮，故C正確；D．由于變成原來兩倍，故也變成原來兩倍，即變壓器的等效電阻由變成，故原線圈的電壓由增大為，故原線圈的輸入功率不相等，D錯誤。故選C。11.現(xiàn)在的城市街道上到處都能看到各種共享自行車和電動助力車，極大地方便了市民的短途出行。如圖甲是一款電動助力車，其調(diào)速把手主要是應(yīng)用了“霍爾效應(yīng)”來控制行駛速度的。調(diào)速把手內(nèi)部截面如圖乙所示，內(nèi)部含有永久磁鐵和霍爾器件等部件。如圖丙，把手里面的霍爾器件是一個棱長分別為a，b、l的長方體金屬器件，助力車正常行駛時，在霍爾器件的上下面通有一個恒定電流I，騎手將調(diào)速把手旋轉(zhuǎn)，永久磁鐵也跟著轉(zhuǎn)動，施加在霍爾器件上的磁場就會發(fā)生變化，霍爾器件就能在C、D間輸出變化的電壓U，電機(jī)電路感知這個電壓的變化就能相應(yīng)地改變電機(jī)轉(zhuǎn)速，這個電壓U與電機(jī)轉(zhuǎn)速n的關(guān)系如圖丁所示。以下敘述正確的是（）A.霍爾器件C端的電勢高于D端的電勢B.若組裝助力車時不小心將永久磁鐵裝反了（兩極互換）將會影響該電動助力車正常騎行C.維持恒定電流I不變，僅減小圖丙中器件的尺寸a，可使電動助力車更容易獲得最大速度D.若騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動把手時電壓會隨時間均勻增大，則電動助力車的加速度將會增大〖答案〗C〖解析〗A．由左手定則，電子所受洛倫茲力向外，所以霍爾器件C端的電勢低于D端的電勢，故A錯誤；B．若磁鐵裝反了（兩極互換）霍爾電壓會反向，但由丁圖可知不影響電動助力車的正常騎行，故B錯誤；C．根據(jù)題意，有，可知所以僅減小圖丙中器件的尺寸a時，U增大，由丁圖可知可使電動助力車更容易獲得最大速度，故C正確；D．當(dāng)騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動把手時若電壓會隨時間均勻增大，則由丁圖可知，電動助力車的速度隨時間增加更慢，加速度將減小，故D錯誤。故選C。12.夏季常出現(xiàn)如圖甲所示的日暈現(xiàn)象，日暈是太陽光通過卷層云時，受到冰晶的折射或反射形成的。圖乙為一束太陽光射到六角形冰晶上時的光路圖，、為其折射出的光線中的兩種單色光，比較、兩種單色光，下列說法正確的是（）A.在冰晶中，光的波速比光大B.通過同一儀器發(fā)生雙縫干涉，光的相鄰明條紋間距較大C.若光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)D.、兩種光分別從水射入空氣發(fā)生全反射時，光的臨界角比光的小〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知a光的偏折程度比b光的偏折程度小，則冰晶對b光的折射率比對a光的折射率大，根據(jù)棱鏡色散規(guī)律可知a光的頻率比b光的頻率低，根據(jù)可知在冰晶中，b光的波速比a光小，故A錯誤；B．根據(jù)c=λf所以a光的波長大于b光的波長，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可知用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時，a光條紋間距更大，故B錯誤；C．由上可知，a光折射率小，頻率小，光子能量小，所以a光比b光不容易發(fā)生光電效應(yīng)，若a光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確；D．水對a光的折射率比對b光的折射率小，根據(jù)可知從水中射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角較大，故D錯誤。故選C。13.華為在2023年10月發(fā)布了一款據(jù)稱可實(shí)現(xiàn)“一秒一公里”的全液冷超級充電樁，其最大輸出電流為600A，充電電壓范圍為200V至1000V，并且該充電樁能根據(jù)很多電動汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率。某天，小振開著自己的某款電動汽車來這種充電站體驗(yàn)，其車總質(zhì)量為1.6t，所用電池組規(guī)格為“360V，”（內(nèi)阻不能忽略），車上顯示屏顯示此次充電電量由充到用時10分鐘，本次充電共消費(fèi)60元（充電樁計費(fèi)規(guī)則為每度電2元）。經(jīng)他幾天實(shí)測，顯示屏電量由下降到共行駛了120公里，已知他的車行駛時的阻力為車重的0.02倍，則（）A.充電樁上標(biāo)識的“600kW”表示給各車充電時的平均功率B.小振本次充電的平均功率約為300kWC.小振本次充電的充電效率約為D.小振汽車電機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的效率約為〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)最大充電電流與最大充電電壓可知，指的是最大充電功率。而最大功率由于“充電樁能根據(jù)很多電動汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率”，所以充電樁的平均充電功率必定小于最大功率，故A錯誤；B．本次充電時的平均功率約為故B錯誤；C．充電效率約為故C正確；D．機(jī)械效率約為故D錯誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.2023年8月24日，日本政府不顧周邊國家的反對執(zhí)意向海洋排放福島第一核電站的核污水，核污水中的放射性物質(zhì)會對海水產(chǎn)生長久的、風(fēng)險不可控的污染。如核污水中的具有放射性，其發(fā)生衰變時的核反應(yīng)方程為，該核反應(yīng)過程中放出的能量為Q。設(shè)的結(jié)合能為，的結(jié)合能為，X的結(jié)合能為，已知光在真空中的傳播速度為c，則下列說法正確的是（）A.的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能B.該核反應(yīng)過程中放出的能量C.該核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損可以表示為D.衰變過程中放出的光子是由新原子核從高能級向低能級躍遷產(chǎn)生的〖答案〗AD〖解析〗A．比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，由于比更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故A正確；B．的結(jié)合能為，的結(jié)合能為，X的結(jié)合能為，則該核反應(yīng)過程中放出的能量為故B錯誤；C．根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知可得故C錯誤；D．核衰變后，生成的新原子核位于高能級，能自發(fā)向低能級躍遷，從而放出光子，故D正確。故選AD。15.如圖所示，一群處于第4能級的氫原子，向低能級躍遷時能發(fā)出不同頻率的光，其中只有3種不同頻率的光a，b，c照射到圖甲電路陰極K的金屬上能夠發(fā)生光電效應(yīng)，測得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示，調(diào)節(jié)過程中三種光均能達(dá)到對應(yīng)的飽和光電流，已知?dú)湓拥哪芗増D如圖丙所示，則下列推斷正確的是（）A.陰極金屬的逸出功可能為B.圖乙中的b光光子能量為C.若圖乙中的，則D.若甲圖中電源右端為正極，隨滑片向右滑動，光電流先增大后保持不變〖答案〗AB〖解析〗這些氫原子在向低能級躍遷過程中能發(fā)出6種不同頻率的光，按頻率從高到低（輻射能量從大到?。┓謩e是躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到。依題意，照射圖甲所示的光電管陰極K，能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)的是其中頻率高的三種，分別是躍遷到；躍遷到；躍遷到。A．由第2能級向基態(tài)躍遷輻射的光子能量為輻射能量第4大的光子能量為由于只測得3條電流隨電壓變化的圖像，故陰極金屬的逸出功介于之間，故A正確；B．b光是頻率排第二高的光，則是第3能級向基態(tài)躍遷發(fā)出的，其能量值為故B正確；C．由乙圖可知，a光的遏止電壓最大，據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程a光的頻率最高，a光是由第4能級向基態(tài)躍遷發(fā)出的，其光子能量為由可知金屬的逸出功為，c光應(yīng)是能級2向基態(tài)躍遷產(chǎn)生的光，其光子能量為，故故C錯誤；D．若甲圖中電源左端為正極，則光電管上加的正向電壓，隨著滑片向右滑動，正向電壓逐漸增大，更多的光電子到達(dá)A極，光電流在增大；當(dāng)正向電壓達(dá)到某值時所有光電子都能到達(dá)A極，光電流達(dá)到最大值，滑片再向右滑動，光電流保持不變，但該選項(xiàng)電源右端為正極，故D錯誤。故選AB。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）實(shí)驗(yàn)題（16、17、18三題共14分）16.阿特伍德機(jī)是著名的力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)該裝置可測量重力加速度，也可驗(yàn)證牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律或動量定理等力學(xué)規(guī)律。圖甲是阿特伍德機(jī)的其中一種簡化模型，鐵架臺上固定一輕質(zhì)滑輪，跨過滑輪的輕質(zhì)細(xì)繩懸吊質(zhì)量均為的兩個物塊P、Q，物塊P側(cè)面粘貼小遮光片，其寬度為d、質(zhì)量忽略不計。在物塊P、Q下各掛5個相同的小鉤碼，質(zhì)量均為。光電門1、2通過連桿固定于鐵架臺上，并處于同一豎直線上，且光電門1，2之間的距離為h。兩光電門與數(shù)字計時器相連記錄遮光片通過光電門的時間。整個裝置現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。實(shí)驗(yàn)步驟如下：n123450.200.410.590.791.00（1）該小組同學(xué)先用該裝置探究牛頓第二定律。將n（依次取、2、3、4、5）個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間、。由勻變速運(yùn)動規(guī)律可得到物塊P上升過程的加速度__________（用“h、d、、”表示）。該小組同學(xué)測量的數(shù)據(jù)見上表，他們將表格中的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)變?yōu)樽鴺?biāo)點(diǎn)畫在圖乙的坐標(biāo)系中，并作出圖像。從圖像可以得出：a與n成正比，圖像的斜率__________（用“M、m、g”表示）。根據(jù)斜率可進(jìn)一步求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。同時也說明當(dāng)連接體質(zhì)量一定時，連接體的加速度與其所受的合外力成正比。（2）該小組同學(xué)想利用該裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，將5個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間、。該過程中系統(tǒng)動能的增加量__________，系統(tǒng)重力勢能的減少量__________。（用“M，m，g，h、d、、”表示），代入真實(shí)的數(shù)據(jù)計算后即可得出系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒的結(jié)論。（3）該小組同學(xué)還想利用該裝置驗(yàn)證動量定理，將5個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間、。并且記錄下遮光片從1運(yùn)動到2的時間t。若以運(yùn)動方向?yàn)檎较蜓乩K子建立一維坐標(biāo)系，則該過程中系統(tǒng)“繩向”的動量變化量為__________，“繩向”合外力對系統(tǒng)的沖量__________。（用“M，m，g，d，t，、”表示），代入真實(shí)的數(shù)據(jù)計算后即可驗(yàn)證系統(tǒng)動量的變化量與合外力的沖量大小是否相等?！即鸢浮剑?）（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】[1]物塊P通過光電門1、2時的速度分別為、物塊P的遮光片從1運(yùn)動到2，由運(yùn)動學(xué)規(guī)律可知[2]以P、Q兩物塊和10個小鉤碼整體為研究對象，由牛頓第二定律可知整理，可得由圖像可知，a與n成正比，圖像的斜率【小問2詳析】[1]該過程中系統(tǒng)動能的增加量為[2]系統(tǒng)重力勢能的減少量為【小問3詳析】[1]該過程中系統(tǒng)“繩向”的動量變化量[2]“繩向”合外力對系統(tǒng)的沖量為17.某電學(xué)實(shí)驗(yàn)興趣小組結(jié)合物理課本上的多用電表結(jié)構(gòu)示意圖及實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有器材，設(shè)計了如圖所示可以當(dāng)作“”“”兩個倍率使用的歐姆電表。他們使用到的器材有：電源E（電動勢，內(nèi)阻忽略不計）定值電阻、電流表G（量程為，內(nèi)阻）滑動變阻器R（最大阻值為）單刀雙擲開關(guān)S（1）按照多用電表的原理，接線柱B端應(yīng)該接__________表筆（選填“紅”或“黑”）；（2）當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S撥到2端時，歐姆表的倍率為___________（選填“”或“”）；將紅黑表筆短接調(diào)節(jié)電阻R進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流__________mA；（3）當(dāng)歐姆表倍率取“”，將紅黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零后電阻__________；（4）選用“”擋測量時，電流表偏轉(zhuǎn)，則待測電阻__________。〖答案〗（1）黑（2）1（3）1401（4）3000〖解析〗【小問1詳析】紅表筆與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，黑表筆與內(nèi)部電源的正極相連，故B端應(yīng)與黑表筆相連?！拘?詳析】[1][2]當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥到2端時，電流表的量程較小，故調(diào)零時歐姆表的內(nèi)電阻較大，即歐姆表的中值電阻也較大，倍率為較大的“”，S撥到2端，則有電流表量程為，即當(dāng)電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流為?！拘?詳析】當(dāng)歐姆表倍率取“”，即單刀雙擲開關(guān)撥到2端時，歐姆調(diào)零的電阻為，則有解得【小問4詳析】當(dāng)歐姆表倍率取“”，即單刀雙擲開關(guān)撥到2端，電流表量程為，此時歐姆表內(nèi)阻為當(dāng)指針指到處時，電路的總電流為，總電阻為，故待測電阻為。18.下圖是小明同學(xué)在做“測定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中所留下的圖紙。如圖（a）所示，該同學(xué)選用的玻璃磚前后兩個光學(xué)面相互平行，a和分別是玻璃磚與空氣的兩個界面，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針和，然后在另一側(cè)透過玻璃磚觀察，并插上大頭針，使其擋住、的像；接著插上大頭針，使其擋住和、的像，用“?！北硎敬箢^針的位置，這樣、確定了射入玻璃磚的光線，、確定了射出玻璃磚的光線。（1）根據(jù)以上信息，請你在答題卡的圖（a）中畫出光路圖________。（2）小明同學(xué)根據(jù)a界面測得的入射角和折射角的正弦值畫出了如圖（b）所示的圖像，從圖像可求得玻璃磚的折射率是__________（保留兩位有效數(shù)字）。（3）如圖（c）所示，若在實(shí)驗(yàn)過程中畫出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導(dǎo)致界面畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面a仍為開始所畫的，則所測得的折射率與真實(shí)值相比將__________（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）（2）1.6（3）偏大〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意，畫出光路圖如圖所示【小問2詳析】根據(jù)折射定律，可知圖像斜率倒數(shù)表示折射率，由圖像可得，斜率則折射率【小問3詳析】根據(jù)題意，在實(shí)驗(yàn)過程中畫出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導(dǎo)致界面畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面a仍為開始所畫的，如圖所示由圖可知，入射角i不變，導(dǎo)致折射角r偏小，則所測得的折射率將偏大。19.自行車在生活中是一種普及程度很高的交通工具。自行車輪胎氣壓過低不僅費(fèi)力而且又很容易損壞內(nèi)胎，輪胎氣壓過高會使輪胎的緩沖性能下降或發(fā)生爆胎，因此保持合適的輪胎氣壓對延長輪胎使用壽命和提升騎行感受至關(guān)重要。已知某款自行車輪胎容積為且保持不變，在環(huán)境溫度為27℃條件下，胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，外界大氣壓強(qiáng)為。（1）若該車長時間騎行在溫度較高的公路上使胎內(nèi)氣體的溫度上升到37℃，問此時車內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）若車胎的氣門芯會緩慢漏氣，長時間放置后胎內(nèi)壓強(qiáng)變?yōu)?，忽略氣體溫度與車胎容積的變化，問胎內(nèi)泄漏出的氣體質(zhì)量占原來胎內(nèi)氣體質(zhì)量的比例；（3）若自行車說明書規(guī)定的輪胎標(biāo)準(zhǔn)氣壓在室溫27℃下為，為使車胎內(nèi)氣壓達(dá)標(biāo)，某同學(xué)用打氣筒給自行車打氣。設(shè)每打一次可打入壓強(qiáng)為溫度為27℃的空氣。請通過計算判斷打氣10次后車胎壓強(qiáng)是否達(dá)到說明書規(guī)定的標(biāo)準(zhǔn)胎壓。假設(shè)打氣過程氣體的溫度保持不變，車胎因膨脹而增大的體積可以忽略不計。〖答案〗（1）；（2）；（3）未達(dá)標(biāo)準(zhǔn)氣壓〖解析〗（1）氣體做等容變化，由得（2）設(shè)原胎內(nèi)氣體做等溫膨脹，由得故即有三分之一的氣體泄漏。（3）設(shè)原胎內(nèi)氣體做等溫膨脹后壓強(qiáng)變?yōu)闀r體積變?yōu)?，得再將胎?nèi)氣體和打氣筒打入的氣體看作整體一起做等溫壓縮，由，聯(lián)立解得故胎內(nèi)氣體未達(dá)標(biāo)準(zhǔn)氣壓。20.物理老師自制了一套游戲裝置供同學(xué)們一起娛樂和研究，其裝置可以簡化為如圖所示的模型。該模型由同一豎直平面內(nèi)的水平軌道OA、半徑為的半圓單層軌道ABC、半徑為的半圓圓管軌道CDE、平臺EF和IK、凹槽FGHI組成，且各段各處平滑連接。凹槽里停放著一輛質(zhì)量為的無動力擺渡車Q并緊靠在豎直側(cè)壁FG處，其長度且上表面與平臺EF、IK平齊。水平面OA的左端通過擋板固定一個彈簧，彈簧右端可以通過壓縮彈簧發(fā)射能看成質(zhì)點(diǎn)的不同滑塊P，彈簧的彈性勢能最大能達(dá)到?，F(xiàn)三位同學(xué)小張、小楊、小振分別選擇了質(zhì)量為、、的同種材質(zhì)滑塊P參與游戲，游戲成功的標(biāo)準(zhǔn)是通過彈簧發(fā)射出去的滑塊能停在平臺的目標(biāo)區(qū)JK段。已知凹槽GH段足夠長，擺渡車與側(cè)壁IH相撞時會立即停止不動，滑塊與擺渡車上表面和平臺IK段的動摩擦因數(shù)都是，其他所有摩擦都不計，IJ段長度，JK段長度。問：（1）已知小振同學(xué)的滑塊以最大彈性勢能彈出時都不能進(jìn)入圓管軌道，求小振同學(xué)的滑塊經(jīng)過與圓心等高的B處時對軌道的最大壓力；（2）如果小張同學(xué)以的彈性勢能將滑塊彈出，請根據(jù)計算后判斷滑塊最終停在何處？（3）如果小楊將滑塊彈出后滑塊最終能成功地停在目標(biāo)區(qū)JK段，則他發(fā)射時的彈性勢能應(yīng)滿足什么要求？〖答案〗（1）；（2）離I點(diǎn)左側(cè)距離0.1m；（3）〖解析〗（1）當(dāng)彈性勢能最大彈出時，經(jīng)過與圓心等高的B處時對軌道的壓力最大。從彈出到B處，根據(jù)動能定理有經(jīng)過B處時由牛頓第三定律可知聯(lián)立解得最大壓力方向由指向B。（2）當(dāng)剛好經(jīng)過C時解得假設(shè)滑塊在C點(diǎn)不脫離軌道，由能量守恒得解得故滑塊在C點(diǎn)不脫離軌道，從起點(diǎn)到車左端，根據(jù)動能定理有故的彈性勢能彈出到達(dá)車左端的速度與車共速時，根據(jù)動量守恒以及機(jī)械能守恒有解得共速時與擺渡車的相對位移所以，如果小張同學(xué)的滑塊能滑上擺渡車但又不從擺渡車上掉進(jìn)凹槽，擺渡車與右端碰后停止，滑塊繼續(xù)向前滑行的距離故滑塊所停位置在離車右端距離（3）當(dāng)剛好經(jīng)過C時將彈出到平臺上，根據(jù)動能定理有與車共速時由能量守恒要使得滑塊停在目標(biāo)區(qū)聯(lián)立上面四式解得且故當(dāng)小楊同學(xué)游戲能成功時，彈簧的彈性勢能范圍為21.如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左、右兩側(cè)導(dǎo)軌間距分別為d和2d，處于豎直向上的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為2B和B，導(dǎo)軌右側(cè)連接一個電容為C的電容器。已知導(dǎo)體棒MN的電阻為R、長度為d，質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒PQ的電阻為2R、長度為2d，質(zhì)量為2m。初始時刻開關(guān)斷開，兩棒靜止，兩棒之間壓縮一輕質(zhì)絕緣彈簧（但不鏈接），彈簧的壓縮量為L。釋放彈簧，恢復(fù)原長時MN恰好脫離軌道，PQ的速度為v，并觸發(fā)開關(guān)閉合。整個過程中兩棒保持與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，右側(cè)導(dǎo)軌足夠長，所有導(dǎo)軌電阻均不計。求（1）脫離彈簧瞬間PQ桿上的電動勢多大？PQ兩點(diǎn)哪點(diǎn)電勢高？（2）剛要脫離軌道瞬間，MN所受安培力多大？（3）整個運(yùn)動過程中，通過PQ的電荷量為多少？〖答案〗（1）2Bdv，Q點(diǎn)電勢高；（2）；（3）〖解析〗（1）脫離彈簧瞬間PQ桿上的感應(yīng)電動勢大小為根據(jù)右手定則，Q點(diǎn)電勢高。（2）彈簧伸展的過程中，對PQ由動量定理得對MN由動量定理得解得導(dǎo)體棒MN的速度為PQ速率為v時，回路中的感應(yīng)電動勢大小為回路中的感應(yīng)電流大小為則MN所受的安培力大小為（3）脫離前，通過PQ的電荷量為代入數(shù)據(jù)解得脫離后，PQ向右運(yùn)動，設(shè)最終速度為，由動量定理可得脫離后，通過PQ的電荷量為解得整個運(yùn)動過程中，通過PQ的電荷量為22.如圖所示，直角坐標(biāo)系第一象限內(nèi)有一豎直分界線PQ，PQ左側(cè)有一直角三角形區(qū)域OAC，其中分布著方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場，已知OA與y軸重合，且，，C點(diǎn)恰好處于PQ分界線上。PQ右側(cè)有一長為L的平行板電容器，板間距為a，上極板與左側(cè)磁場的上邊界平齊，內(nèi)部分布著方向垂直紙面向里，強(qiáng)弱隨y坐標(biāo)變化的磁場，和豎直向下場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場。該復(fù)合場能使沿水平方向進(jìn)入電容器的電子均能沿直線勻速通過電容器。在平行板電容器右側(cè)某區(qū)域，存在一垂直紙面向內(nèi)、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），使水平通過平行板電容器的電子進(jìn)入該磁場后匯聚于x軸上一點(diǎn)?，F(xiàn)有速率不同的電子在紙面上從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿不同方向射到三角形區(qū)域，不考慮電子間的相互作用。已知電子的電量為e，質(zhì)量為m，求：（1）當(dāng)速度方向沿y軸正方向時，能進(jìn)入平行板電容器的電子所具有的最大速度是多少；（2）寫出電容器內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨y坐標(biāo)的變化規(guī)律；（3）若電子沿上極板邊緣離開電容器后立即進(jìn)入右側(cè)磁場，在答題紙上畫出縱坐標(biāo)區(qū)域內(nèi)該磁場的左邊界，并求出匯聚點(diǎn)的橫坐標(biāo)?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）見〖解析〗；〖解析〗（1）根據(jù)題意可知，由洛倫茲力提供向心力，有解得可知，能從OC邊出磁場的電子，當(dāng)運(yùn)動軌跡和AC相切時半徑最大，故半徑最大值所以，能從OC邊出磁場的電子所具有的最大速度（2）根據(jù)題意，畫出從y處水平進(jìn)入平行板間的粒子的運(yùn)動軌跡，如圖所示由幾何關(guān)系可得，運(yùn)動半徑可得電子均能沿直線勻速通過電容器，則有解得（3）進(jìn)入右側(cè)磁場，因磁感應(yīng)強(qiáng)度為，所以運(yùn)動半徑為磁場左邊界為傾角的斜線，如圖所示由幾何關(guān)系可得，匯聚點(diǎn)橫坐標(biāo)浙江強(qiáng)基聯(lián)盟2023學(xué)年第二學(xué)期高三3月聯(lián)考物理試題本試卷滿分100分，考試用時90分鐘。注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4．可能用到的參數(shù)：重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.功率的單位是瓦特，若用國際單位制的基本單位來表示瓦特，正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)功率的定義式可知；根據(jù)功的定義式可得，其中力的單位，故功率單位用國際單位制的基本單位可表示為故選B。2.如圖所示，電子在電場中從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)，實(shí)線為電場線，虛線為電子的運(yùn)動軌跡，請判斷下列說法正確的是（）A.a點(diǎn)的電勢低于b點(diǎn)的電勢B.電子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度C.電子在a點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度D.電子在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能〖答案〗C〖解析〗A．順著電場線電勢逐漸降低，則有a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)的電勢，故A錯誤；B．電場線的疏密程度表示場強(qiáng)的大小，因b點(diǎn)位置電場線較密，故場強(qiáng)較大，由可知電子在b點(diǎn)的加速度更大，故B錯誤；C．電子從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)過程中速度與電場力成鈍角，則電場力做負(fù)功，動能減小，可知電子在a點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度，故C正確；D．電場力做負(fù)功，則電子的電勢能增大，即電子在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能，故D錯誤。故選C。3.燃?xì)庠钪Ъ苡泻芏喾N規(guī)格和款式。如圖所示，這是a、b兩款不同的燃?xì)庠钪Ъ?，它們都是在一個圓圈底座上等間距地分布有五個支架齒，每一款支架齒的簡化示意圖在對應(yīng)的款式下方。如果將含有食物的球面鍋置于兩款支架上，假設(shè)鍋和鍋內(nèi)食物的總重量總是維持不變，則（）A.如果鍋的尺寸越大，則a款每個支架齒受到的壓力越大B.如果鍋的尺寸越大，則a款每個支架齒受到的壓力越小C.如果鍋的尺寸越大，則b款每個支架齒受到的壓力越大D.如果鍋的尺寸越大，則b款每個支架齒受到的壓力越小〖答案〗D〖解析〗AB．因?yàn)閍款支架與球面鍋的接觸點(diǎn)的彈力始終垂直于支架的斜面，方向不變，設(shè)每個支架齒對鍋的支持力與豎直方向的夾角為，鍋靜止，根據(jù)平衡條件可得故鍋的尺寸越大，a款每個支架齒受到的壓力不變，故AB錯誤；CD．因?yàn)閎款支架與球面鍋的接觸點(diǎn)的彈力始終垂直于公切面，故鍋的尺寸越大，b款每個支架齒對鍋的支持力與豎直方向的夾角變小，由力的分解的知識可知b款每個支架齒受到的壓力越小，故C錯誤，D正確。故選D。4.利用智能手機(jī)的加速度傳感器可測量手機(jī)自身的加速度。用手掌托著智能手機(jī)，打開加速度傳感器，從靜止開始迅速上下運(yùn)動，得到如圖所示的豎直方向加速度隨時間變化的圖像，該圖像以豎直向上為正方向。下列說法正確的是（）A.手機(jī)一直沒有離開手掌B.時刻手機(jī)運(yùn)動到最高點(diǎn)C.時刻手機(jī)開始減速上升，時刻速度為0D.時刻手機(jī)開始減速上升，時間內(nèi)手機(jī)所受的支持力一直減小〖答案〗D〖解析〗A．由圖可知，手機(jī)的加速度某一段時間內(nèi)等于重力加速度，則手機(jī)與手掌沒有力的作用，手機(jī)可能離開過手掌，故A錯誤；B．根據(jù)可知圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在時刻速度為正，還沒有到最高點(diǎn)，故B錯誤；C．根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在時刻前后速度均為正，運(yùn)動方向沒有發(fā)生改變，故C錯誤；D．由圖可知時刻后加速度變?yōu)樨?fù)值，速度依舊為正，則手機(jī)開始減速上升。時間內(nèi)加速度向上不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律得得可知加速度由向上到向下的過程中支持力一直減小。故D正確。故選D。5.蹦床運(yùn)動是一項(xiàng)技巧性與觀賞性都很強(qiáng)的運(yùn)動。運(yùn)動員在比賽的開始階段會先跳幾下，此階段上升的最高點(diǎn)會越來越高，后來最高點(diǎn)基本能維持穩(wěn)定。下列有關(guān)此情景說法正確的是（）A.運(yùn)動員每次上升過程，蹦床對運(yùn)動員先做正功，后做負(fù)功B.如果不考慮空氣等各種阻力，運(yùn)動員和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.最開始的幾次起跳上升過程，蹦床彈性勢能的減小量小于運(yùn)動員機(jī)械能的增加量D.對于最高點(diǎn)基本穩(wěn)定的情景，運(yùn)動員的重力勢能與蹦床彈性勢能之和最小時，運(yùn)動員的加速度最大〖答案〗C〖解析〗A．上升過程，離開蹦床前，蹦床給運(yùn)動員的彈力向上，做正功，離開蹦床之后沒有彈力，不做功，故A錯誤；B．站在蹦床上到跳起過程，運(yùn)動員自己對自己做功，系統(tǒng)機(jī)械能會增加，故B錯誤；C．最開始的幾次起跳的上升過程，運(yùn)動員自己對自己做功，故蹦床彈性勢能的減小量小于運(yùn)動員機(jī)械能的增加量，故C正確；D．最高點(diǎn)基本穩(wěn)定時，人和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能可認(rèn)為守恒，人的重力勢能與蹦床的彈性勢能之和最小時，運(yùn)動員的動能最大，加速度應(yīng)該最小，故D錯誤。故選C。6.圖甲是正在做送餐工作的“機(jī)器人服務(wù)員”，該機(jī)器人正在沿圖乙中ABCD曲線給16號桌送餐，已知弧長和半徑均為的圓弧BC與直線路徑AB、CD相切，AB段長度也為，CD段長度為，機(jī)器人從A點(diǎn)由靜止勻加速出發(fā)，到達(dá)B點(diǎn)時速率恰好達(dá)到1m/s，接著以1m/s的速率勻速通過BC弧段，通過C點(diǎn)以1m/s的速率勻速運(yùn)動到某位置后開始做勻減速直線運(yùn)動，最終停在16號桌旁的D點(diǎn)。已知餐盤與托盤間的動摩擦因數(shù)，關(guān)于該機(jī)器人送餐運(yùn)動的說法正確的是（）A.從B運(yùn)動到C過程中機(jī)器人的向心加速度B.為防止餐盤與水平托盤之間發(fā)生相對滑動，機(jī)器人在BC段運(yùn)動的最大速率為4m/sC.從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)過程中機(jī)器人的加速度且餐盤和水平托盤不會發(fā)生相對滑動D.餐盤和水平托盤不發(fā)生相對滑動的情況下，機(jī)器人從C點(diǎn)到D點(diǎn)的最短時間秒〖答案〗C〖解析〗A．從B運(yùn)動到C的過程中機(jī)器人的向心加速度故A錯；B．餐盤與托盤恰好不發(fā)生相對滑動，摩擦力提供向心力有解得故B錯；C．由知，該加速度小于發(fā)生相對滑動的臨界加速度，故C正確；D．機(jī)器人以的速度勻減速至D點(diǎn)的最大加速度故最短的減速時間勻減速的最小位移為故從C點(diǎn)開始勻速運(yùn)動的時間故從C運(yùn)動到D點(diǎn)最短時間為，D錯。故選C。7.“中國空間站”在距地面高400km左右的軌道上做勻速圓周運(yùn)動，在此高度上有非常稀薄的大氣，因氣體阻力的影響，軌道高度1個月大概下降2km，空間站安裝有發(fā)動機(jī)，可對軌道進(jìn)行周期性修正。則下列說法中正確的是（）A.“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期B.“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的向心加速度大小稍大于gC.“中國空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動的線速度大小稍大于地球的第一宇宙速度D.“中國空間站”修正軌道時，發(fā)動機(jī)應(yīng)“向后噴火”使空間站加速，但進(jìn)入目標(biāo)軌道正常運(yùn)行后的速度小于修正之前在較低軌道上的運(yùn)行速度〖答案〗D〖解析〗A．“中國空間站”在軌道上做勻速圓周運(yùn)動的周期得故A錯誤；B．“中國空間站”在軌道上做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律有物體繞地球表面運(yùn)行，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得“中國空間站”正常在軌道上做圓周運(yùn)動的向心加速度大小為故向心加速度稍小于g，B錯誤；C．根據(jù)“中國空間站”正常在軌道上做圓周運(yùn)動的線速度大小為故C錯誤；D．空間站由低軌向高軌修正時需要離心運(yùn)動，故需要發(fā)動機(jī)點(diǎn)火使空間站加速，但進(jìn)入目標(biāo)軌道后的速度比修正之前低軌的速度小。故D正確；故選D。8.如圖，在等邊三角形三個頂點(diǎn)處，各有一根長直導(dǎo)線垂直于紙面固定放置。在三根導(dǎo)線中均通有電流I，其中P、Q導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向里，M導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向外，三角形中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，若撤去導(dǎo)線P，則三角形中心O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（）A.0 B. C. D.2B〖答案〗C〖解析〗根據(jù)右手螺旋定則，通電導(dǎo)線P、M和Q在O處的磁場方向，如圖所示由題知，三角形中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，設(shè)每根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為，則有可得撤去導(dǎo)線P后，導(dǎo)線Q、M在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度成角，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，故選C。9.一列機(jī)械波沿x軸正向傳播，圖甲是時的波形圖，圖乙是介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)M的振動圖像，已知時M點(diǎn)位移為，下列說法不正確的是（）A.該機(jī)械波的波速為1.0m/sB.M點(diǎn)的橫坐標(biāo)可能為1.5mC.時，M點(diǎn)振動方向向下D.時，M點(diǎn)位移仍為〖答案〗B〖解析〗A．由甲圖可知，波長為，由乙圖可知，周期為所以波速故A正確；BC．根據(jù)乙圖分析，時，M點(diǎn)振動方向向下，機(jī)械波向x軸正方向傳播，故時刻，處的質(zhì)點(diǎn)正向y軸正方向運(yùn)動，M點(diǎn)的橫坐標(biāo)不可能為，故B錯誤，C正確；D．時，根據(jù)乙圖，由于對稱性可知，M點(diǎn)位移為，故D正確。本題選擇不正確的，故選B。10.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為，原線圈通過燈泡與正弦式交流電源相連，電源電壓恒定，副線圈通過導(dǎo)線與燈泡和相連，三個燈泡規(guī)格完全相同。開始時三個燈泡都能發(fā)光，工作一段時間后燈絲被燒斷，若不考慮燈絲電阻隨溫度變化的情況，下列說法正確的是（）A.都能發(fā)光時三個燈泡的亮度不相同B.燈絲被燒斷后燈泡變亮C.燈絲被燒斷后燈泡變亮D.燈絲被燒斷后變壓器輸入功率不變〖答案〗C〖解析〗A．三個燈泡都在發(fā)光時，由于原、副線圈中的電流之比為1∶2，故三個燈泡的亮度相等，選項(xiàng)A錯誤；B．燈泡燈絲燒斷后，副線圈回路電阻變大，如圖所示，根據(jù)變壓器的等效電阻可知，電阻變大，電源電壓恒定，則原線圈電流減小，燈泡變暗，B錯誤；C．原線圈電流減小，電源電壓恒定，由于輸入電流變小，燈泡兩端的電壓減小，原線圈兩端電壓增大，匝數(shù)比不變，故副線圈兩端電壓增大，所以燈泡變亮，故C正確；D．由于變成原來兩倍，故也變成原來兩倍，即變壓器的等效電阻由變成，故原線圈的電壓由增大為，故原線圈的輸入功率不相等，D錯誤。故選C。11.現(xiàn)在的城市街道上到處都能看到各種共享自行車和電動助力車，極大地方便了市民的短途出行。如圖甲是一款電動助力車，其調(diào)速把手主要是應(yīng)用了“霍爾效應(yīng)”來控制行駛速度的。調(diào)速把手內(nèi)部截面如圖乙所示，內(nèi)部含有永久磁鐵和霍爾器件等部件。如圖丙，把手里面的霍爾器件是一個棱長分別為a，b、l的長方體金屬器件，助力車正常行駛時，在霍爾器件的上下面通有一個恒定電流I，騎手將調(diào)速把手旋轉(zhuǎn)，永久磁鐵也跟著轉(zhuǎn)動，施加在霍爾器件上的磁場就會發(fā)生變化，霍爾器件就能在C、D間輸出變化的電壓U，電機(jī)電路感知這個電壓的變化就能相應(yīng)地改變電機(jī)轉(zhuǎn)速，這個電壓U與電機(jī)轉(zhuǎn)速n的關(guān)系如圖丁所示。以下敘述正確的是（）A.霍爾器件C端的電勢高于D端的電勢B.若組裝助力車時不小心將永久磁鐵裝反了（兩極互換）將會影響該電動助力車正常騎行C.維持恒定電流I不變，僅減小圖丙中器件的尺寸a，可使電動助力車更容易獲得最大速度D.若騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動把手時電壓會隨時間均勻增大，則電動助力車的加速度將會增大〖答案〗C〖解析〗A．由左手定則，電子所受洛倫茲力向外，所以霍爾器件C端的電勢低于D端的電勢，故A錯誤；B．若磁鐵裝反了（兩極互換）霍爾電壓會反向，但由丁圖可知不影響電動助力車的正常騎行，故B錯誤；C．根據(jù)題意，有，可知所以僅減小圖丙中器件的尺寸a時，U增大，由丁圖可知可使電動助力車更容易獲得最大速度，故C正確；D．當(dāng)騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動把手時若電壓會隨時間均勻增大，則由丁圖可知，電動助力車的速度隨時間增加更慢，加速度將減小，故D錯誤。故選C。12.夏季常出現(xiàn)如圖甲所示的日暈現(xiàn)象，日暈是太陽光通過卷層云時，受到冰晶的折射或反射形成的。圖乙為一束太陽光射到六角形冰晶上時的光路圖，、為其折射出的光線中的兩種單色光，比較、兩種單色光，下列說法正確的是（）A.在冰晶中，光的波速比光大B.通過同一儀器發(fā)生雙縫干涉，光的相鄰明條紋間距較大C.若光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)D.、兩種光分別從水射入空氣發(fā)生全反射時，光的臨界角比光的小〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知a光的偏折程度比b光的偏折程度小，則冰晶對b光的折射率比對a光的折射率大，根據(jù)棱鏡色散規(guī)律可知a光的頻率比b光的頻率低，根據(jù)可知在冰晶中，b光的波速比a光小，故A錯誤；B．根據(jù)c=λf所以a光的波長大于b光的波長，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可知用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時，a光條紋間距更大，故B錯誤；C．由上可知，a光折射率小，頻率小，光子能量小，所以a光比b光不容易發(fā)生光電效應(yīng)，若a光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確；D．水對a光的折射率比對b光的折射率小，根據(jù)可知從水中射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角較大，故D錯誤。故選C。13.華為在2023年10月發(fā)布了一款據(jù)稱可實(shí)現(xiàn)“一秒一公里”的全液冷超級充電樁，其最大輸出電流為600A，充電電壓范圍為200V至1000V，并且該充電樁能根據(jù)很多電動汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率。某天，小振開著自己的某款電動汽車來這種充電站體驗(yàn)，其車總質(zhì)量為1.6t，所用電池組規(guī)格為“360V，”（內(nèi)阻不能忽略），車上顯示屏顯示此次充電電量由充到用時10分鐘，本次充電共消費(fèi)60元（充電樁計費(fèi)規(guī)則為每度電2元）。經(jīng)他幾天實(shí)測，顯示屏電量由下降到共行駛了120公里，已知他的車行駛時的阻力為車重的0.02倍，則（）A.充電樁上標(biāo)識的“600kW”表示給各車充電時的平均功率B.小振本次充電的平均功率約為300kWC.小振本次充電的充電效率約為D.小振汽車電機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的效率約為〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)最大充電電流與最大充電電壓可知，指的是最大充電功率。而最大功率由于“充電樁能根據(jù)很多電動汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率”，所以充電樁的平均充電功率必定小于最大功率，故A錯誤；B．本次充電時的平均功率約為故B錯誤；C．充電效率約為故C正確；D．機(jī)械效率約為故D錯誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.2023年8月24日，日本政府不顧周邊國家的反對執(zhí)意向海洋排放福島第一核電站的核污水，核污水中的放射性物質(zhì)會對海水產(chǎn)生長久的、風(fēng)險不可控的污染。如核污水中的具有放射性，其發(fā)生衰變時的核反應(yīng)方程為，該核反應(yīng)過程中放出的能量為Q。設(shè)的結(jié)合能為，的結(jié)合能為，X的結(jié)合能為，已知光在真空中的傳播速度為c，則下列說法正確的是（）A.的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能B.該核反應(yīng)過程中放出的能量C.該核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損可以表示為D.衰變過程中放出的光子是由新原子核從高能級向低能級躍遷產(chǎn)生的〖答案〗AD〖解析〗A．比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，由于比更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故A正確；B．的結(jié)合能為，的結(jié)合能為，X的結(jié)合能為，則該核反應(yīng)過程中放出的能量為故B錯誤；C．根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知可得故C錯誤；D．核衰變后，生成的新原子核位于高能級，能自發(fā)向低能級躍遷，從而放出光子，故D正確。故選AD。15.如圖所示，一群處于第4能級的氫原子，向低能級躍遷時能發(fā)出不同頻率的光，其中只有3種不同頻率的光a，b，c照射到圖甲電路陰極K的金屬上能夠發(fā)生光電效應(yīng)，測得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示，調(diào)節(jié)過程中三種光均能達(dá)到對應(yīng)的飽和光電流，已知?dú)湓拥哪芗増D如圖丙所示，則下列推斷正確的是（）A.陰極金屬的逸出功可能為B.圖乙中的b光光子能量為C.若圖乙中的，則D.若甲圖中電源右端為正極，隨滑片向右滑動，光電流先增大后保持不變〖答案〗AB〖解析〗這些氫原子在向低能級躍遷過程中能發(fā)出6種不同頻率的光，按頻率從高到低（輻射能量從大到小）分別是躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到。依題意，照射圖甲所示的光電管陰極K，能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)的是其中頻率高的三種，分別是躍遷到；躍遷到；躍遷到。A．由第2能級向基態(tài)躍遷輻射的光子能量為輻射能量第4大的光子能量為由于只測得3條電流隨電壓變化的圖像，故陰極金屬的逸出功介于之間，故A正確；B．b光是頻率排第二高的光，則是第3能級向基態(tài)躍遷發(fā)出的，其能量值為故B正確；C．由乙圖可知，a光的遏止電壓最大，據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程a光的頻率最高，a光是由第4能級向基態(tài)躍遷發(fā)出的，其光子能量為由可知金屬的逸出功為，c光應(yīng)是能級2向基態(tài)躍遷產(chǎn)生的光，其光子能量為，故故C錯誤；D．若甲圖中電源左端為正極，則光電管上加的正向電壓，隨著滑片向右滑動，正向電壓逐漸增大，更多的光電子到達(dá)A極，光電流在增大；當(dāng)正向電壓達(dá)到某值時所有光電子都能到達(dá)A極，光電流達(dá)到最大值，滑片再向右滑動，光電流保持不變，但該選項(xiàng)電源右端為正極，故D錯誤。故選AB。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）實(shí)驗(yàn)題（16、17、18三題共14分）16.阿特伍德機(jī)是著名的力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)該裝置可測量重力加速度，也可驗(yàn)證牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律或動量定理等力學(xué)規(guī)律。圖甲是阿特伍德機(jī)的其中一種簡化模型，鐵架臺上固定一輕質(zhì)滑輪，跨過滑輪的輕質(zhì)細(xì)繩懸吊質(zhì)量均為的兩個物塊P、Q，物塊P側(cè)面粘貼小遮光片，其寬度為d、質(zhì)量忽略不計。在物塊P、Q下各掛5個相同的小鉤碼，質(zhì)量均為。光電門1、2通過連桿固定于鐵架臺上，并處于同一豎直線上，且光電門1，2之間的距離為h。兩光電門與數(shù)字計時器相連記錄遮光片通過光電門的時間。整個裝置現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。實(shí)驗(yàn)步驟如下：n123450.200.410.590.791.00（1）該小組同學(xué)先用該裝置探究牛頓第二定律。將n（依次取、2、3、4、5）個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間、。由勻變速運(yùn)動規(guī)律可得到物塊P上升過程的加速度__________（用“h、d、、”表示）。該小組同學(xué)測量的數(shù)據(jù)見上表，他們將表格中的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)變?yōu)樽鴺?biāo)點(diǎn)畫在圖乙的坐標(biāo)系中，并作出圖像。從圖像可以得出：a與n成正比，圖像的斜率__________（用“M、m、g”表示）。根據(jù)斜率可進(jìn)一步求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。同時也說明當(dāng)連接體質(zhì)量一定時，連接體的加速度與其所受的合外力成正比。（2）該小組同學(xué)想利用該裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，將5個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間、。該過程中系統(tǒng)動能的增加量__________，系統(tǒng)重力勢能的減少量__________。（用“M，m，g，h、d、、”表示），代入真實(shí)的數(shù)據(jù)計算后即可得出系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒的結(jié)論。（3）該小組同學(xué)還想利用該裝置驗(yàn)證動量定理，將5個鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計時器記錄遮光片通過光電門1、2的時間、。并且記錄下遮光片從1運(yùn)動到2的時間t。若以運(yùn)動方向?yàn)檎较蜓乩K子建立一維坐標(biāo)系，則該過程中系統(tǒng)“繩向”的動量變化量為__________，“繩向”合外力對系統(tǒng)的沖量__________。（用“M，m，g，d，t，、”表示），代入真實(shí)的數(shù)據(jù)計算后即可驗(yàn)證系統(tǒng)動量的變化量與合外力的沖量大小是否相等?！即鸢浮剑?）（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】[1]物塊P通過光電門1、2時的速度分別為、物塊P的遮光片從1運(yùn)動到2，由運(yùn)動學(xué)規(guī)律可知[2]以P、Q兩物塊和10個小鉤碼整體為研究對象，由牛頓第二定律可知整理，可得由圖像可知，a與n成正比，圖像的斜率【小問2詳析】[1]該過程中系統(tǒng)動能的增加量為[2]系統(tǒng)重力勢能的減少量為【小問3詳析】[1]該過程中系統(tǒng)“繩向”的動量變化量[2]“繩向”合外力對系統(tǒng)的沖量為17.某電學(xué)實(shí)驗(yàn)興趣小組結(jié)合物理課本上的多用電表結(jié)構(gòu)示意圖及實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有器材，設(shè)計了如圖所示可以當(dāng)作“”“”兩個倍率使用的歐姆電表。他們使用到的器材有：電源E（電動勢，內(nèi)阻忽略不計）定值電阻、電流表G（量程為，內(nèi)阻）滑動變阻器R（最大阻值為）單刀雙擲開關(guān)S（1）按照多用電表的原理，接線柱B端應(yīng)該接__________表筆（選填“紅”或“黑”）；（2）當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S撥到2端時，歐姆表的倍率為___________（選填“”或“”）；將紅黑表筆短接調(diào)節(jié)電阻R進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流__________mA；（3）當(dāng)歐姆表倍率取“”，將紅黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零后電阻__________；（4）選用“”擋測量時，電流表偏轉(zhuǎn)，則待測電阻__________?！即鸢浮剑?）黑（2）1（3）1401（4）3000〖解析〗【小問1詳析】紅表筆與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，黑表筆與內(nèi)部電源的正極相連，故B端應(yīng)與黑表筆相連?！拘?詳析】[1][2]當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥到2端時，電流表的量程較小，故調(diào)零時歐姆表的內(nèi)電阻較大，即歐姆表的中值電阻也較大，倍率為較大的“”，S撥到2端，則有電流表量程為，即當(dāng)電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流為?！拘?詳析】當(dāng)歐姆表倍率取“”，即單刀雙擲開關(guān)撥到2端時，歐姆調(diào)零的電阻為，則有解得【小問4詳析】當(dāng)歐姆表倍率取“”，即單刀雙擲開關(guān)撥到2端，電流表量程為，此時歐姆表內(nèi)阻為當(dāng)指針指到處時，電路的總電流為，總電阻為，故待測電阻為。18.下圖是小明同學(xué)在做“測定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中所留下的圖紙。如圖（a）所示，該同學(xué)選用的玻璃磚前后兩個光學(xué)面相互平行，a和分別是玻璃磚與空氣的兩個界面，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針和，然后在另一側(cè)透過玻璃磚觀察，并插上大頭針，使其擋住、的像；接著插上大頭針，使其擋住和、的像，用“。”表示大頭針的位置，這樣、確定了射入玻璃磚的光線，、確定了射出玻璃磚的光線。（1）根據(jù)以上信息，請你在答題卡的圖（a）中畫出光路圖________。（2）小明同學(xué)根據(jù)a界面測得的入射角和折射角的正弦值畫出了如圖（b）所示的圖像，從圖像可求得玻璃磚的折射率是__________（保留兩位有效數(shù)字）。（3）如圖（c）所示，若在實(shí)驗(yàn)過程中畫出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導(dǎo)致界面畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面a仍為開始所畫的，則所測得的折射率與真實(shí)值相比將__________（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）（2）1.6（3）偏大〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意，畫出光路圖如圖所示【小問2詳析】根據(jù)折射定律，可知圖像斜率倒數(shù)表示折射率，由圖像可得，斜率則折射率【小問3詳析】根據(jù)題意，在實(shí)驗(yàn)過程中畫出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導(dǎo)致界面畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面a仍為開始所畫的，如圖所示由圖可知，入射角i不變，導(dǎo)致折射角r偏小，則所測得的折射率將偏大。19.自行車在生活中是一種普及程度很高的交通工具。自行車輪胎氣壓過低不僅費(fèi)力而且又很容易損壞內(nèi)胎，輪胎氣壓過高會使輪胎的緩沖性能下降或發(fā)生爆胎，因此保持合適的輪胎氣壓對延長輪胎使用壽命和提升騎行感受至關(guān)重要。已知某款自行車輪胎容積為且保持不變，在環(huán)境溫度為27℃條件下，胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，外界大氣壓強(qiáng)為。（1）若該車長時間騎行在溫度較高的公路上使胎內(nèi)氣體的溫度上升到37℃，問此時車內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）若車胎的氣門芯會緩慢漏氣，長時間放置后胎內(nèi)壓強(qiáng)變?yōu)?，忽略氣體溫度與車胎容積的變化