2024屆河南省新鄉(xiāng)市高三第三次模擬考試數學試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE3河南省新鄉(xiāng)市2024屆高三第三次模擬考試數學試卷一、選擇題1.下列集合中有無數個元素的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗對于A，因為，，則，，故A錯誤；對于B，因為，，則，所以，故B錯誤；對于C，，，所以，故C錯誤；對于D，有無數個元素.故D正確.故選：D.2.已知為純虛數，則（）A.3 B. C. D.〖答案〗B〖解析〗依題意，，由是純虛數，得，所以.故選：B.3.已知向量，若與的夾角為，則（）A.10 B. C.5 D.〖答案〗A〖解析〗，則，故選：A.4.已知直線，則“”是“”的（）A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件〖答案〗C〖解析〗當時，直線，則，當時，，解得，所以“”是“”的充要條件.故選：C.5.已知球的半徑為5，點到球心的距離為3，則過點的平面被球所截的截面面積的最小值是（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗由點到球心的距離為3，得球心到過點的平面距離的最大值為3，因此過點的平面被球所截的截面小圓半徑最小值為，所以過點的平面被球所截的截面面積的最小值是.故選：C.6.如圖所示的“分數楊輝三角形”被我們稱為萊布尼茨三角形，是將楊輝三角形中的換成得到的，根據萊布尼茨三角形，下列結論正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗觀察萊布尼茨三角形，知每一個數等于下一層與它緊挨的兩個數之和，因此，即D正確，ABC錯誤.故選：D.7.傾斜角為的直線l經過拋物線C：的焦點F，且與C相交于兩點．若，則的取值范圍為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗首先，我們來證明拋物線中的焦半徑公式，如圖，對于一個拋物線，傾斜角為的直線l經過拋物線C：的焦點F，且與C相交于兩點．作準線的垂線，過作，則，解得，同理可得，如圖，不妨設在第一象限，由焦半徑公式得，，則，而，可得，故，故A正確，故選：A8.設，其中是自然對數的底數，則（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗令函數，求導得，即函數在上單調遞減，而，又，因此，所以.故選：B二、選擇題9.已知由5個數據組成的一組數據的平均數為7，方差為2，現再加入一個數據1，組成一組新數據，則（）A.這組新數據平均數為3 B.這組新數據的平均數為6C.這組新數據的方差為 D.這組新數據的方差為〖答案〗BC〖解析〗依題意，這組新數據的平均數為，方差為.故選：BC.10.已知為空間中三條不同的直線，為空間中三個不同的平面，則下列說法中正確的是（）A.若，則B.若，則與為異面直線C.若，且，則D.若，則〖答案〗ACD〖解析〗對于A，顯然，又，則，A正確；對于B，由，得與可能相交、可能平行、也可能為異面直線，B錯誤；對于C，由，，知點在平面內，即為平面的公共點，而，因此，C正確；對于D，由，得，而，因此，D正確故選：ACD.11.已知定義在上的函數滿足，且，若，則（）A. B.的圖象關于直線對稱C.是周期函數 D.〖答案〗BCD〖解析〗由，得，則，即，因此是周期為4的周期函數，C正確；令，得，則，因此，A錯誤；由，得，則，因此的圖象關于直線對稱，B正確；由，得的圖象關于直線對稱，因此直線及均為圖象的對稱軸，從而，令，得，即，則，故，D正確.故〖答案〗為：BCD.三、填空題12.雙曲線的實軸長為4，則________.〖答案〗1〖解析〗顯然恒成立，則雙曲線焦點在x軸上，于是，所以.故〖答案〗為：1.13.已知函數，若存在，使得，則的最小值為________.〖答案〗〖解析〗函數，由，得，由存在，使得，得，解得，所以的最小值為.故〖答案〗為：.14.如圖，在扇形中，半徑，，在半徑上，在半徑上，是扇形弧上的動點（不包含端點），則平行四邊形的周長的取值范圍是______．〖答案〗〖解析〗設，則，由，得，顯然，連接，由，，得，，因此的周長顯然，當，即時，，而時，，所以的周長的取值范圍是.故〖答案〗為：四、解答題15.已知函數．（1）求的極值；（2）若過點可以作兩條直線與曲線相切，證明：．（1）解：因為，所以，令，得，當時，在上單調遞減，當時，在上單調遞增，所以當時，取得極小值，且極小值為，無極大值.（2）證明：設切點為，則切線的方程為，則，整理得，由過點可以作兩條直線與曲線相切，可得方程有兩個不相等的正根.令，則，當時，在上單調遞減，則方程最多只有一個正根，不符合題意，當時，若，則在上單調遞增，若，則在上單調遞減，則，故要使得方程有兩個不相等的正根，則.16.如圖，在四面體中，分別為的中點．（1）證明：平面平面；（2）求平面與平面夾角的余弦值．（1）證明：取的中點，連接，，因為，所以，且，又，所以，≌，則，有，因為，所以，則，又，平面，所以平面，又平面，所以平面平面.（2）解：由（1）知，兩兩垂直，以為坐標原點，直線分別為軸，建立空間直角坐標系，如圖，設，則，因為，分別為，的中點，所以，則，設平面的法向量為，則，令，得，設平面的法向量為，則，令，得，，所以平面與平面夾角的余弦值為.17.甲、乙兩個不透明的袋中各裝有6個大小質地完全相同的球，其中甲袋中有3個紅球、3個黃球，乙袋中有1個紅球、5個黃球．（1）若從兩袋中各隨機地取出1個球，求這2個球顏色相同的概率；（2）若先從甲袋中隨機地取出2個球放入乙袋中，再從乙袋中隨機地取出2個球，記從乙袋中取出的紅球個數為，求的分布列與期望．解：（1）記這2個球顏色相同為事件，則；（2）依題意的可能取值為、、，則，，，所以的分布列為：所以18.已知橢圓的左、右頂點分別是，橢圓的焦距是2，（異于）是橢圓上的動點，直線與的斜率之積為．（1）求橢圓的標準方程；（2）分別是橢圓的左、右焦點，是內切圓的圓心，試問平面上是否存在定點，使得為定值?若存在，求出該定值；若不存在，請說明理由.解：（1）設，則，即，顯然點，依題意，，解得，由橢圓的焦距是2，得，則，所以橢圓的標準方程為.（2）設，因為，則，由（1）知，則直線的方程為，即，從而點到直線的距離，即，即.因為，所以，所以，所以，即，因為，所以，因為，所以，即，點在以為焦點，長軸長為2的橢圓上，故存在定點，使得.19.函數稱為取整函數，也稱為高斯函數，其中表示不超過實數的最大整數,例如：.對于任意的實數,定義數列滿足．（1）求的值；（2）設，從全體正整數中除去所有，剩下的正整數按從小到大的順序排列得到數列．①求的通項公式；②證明：對任意的，都有．（1）解：由，得，則，所以；由，得，則，所以.（2）①解：依題意，，則，對于給定的，存在唯一確定的，使得，即，而，則當時，，設，此時，即；當時，，設，此時，即，因此，恰好跳過，即所有正整數中恰好少了，因為，所以.②證明：由，得，則為遞增數列，，當時，，則，所以對任意的，都有.河南省新鄉(xiāng)市2024屆高三第三次模擬考試數學試卷一、選擇題1.下列集合中有無數個元素的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗對于A，因為，，則，，故A錯誤；對于B，因為，，則，所以，故B錯誤；對于C，，，所以，故C錯誤；對于D，有無數個元素.故D正確.故選：D.2.已知為純虛數，則（）A.3 B. C. D.〖答案〗B〖解析〗依題意，，由是純虛數，得，所以.故選：B.3.已知向量，若與的夾角為，則（）A.10 B. C.5 D.〖答案〗A〖解析〗，則，故選：A.4.已知直線，則“”是“”的（）A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件〖答案〗C〖解析〗當時，直線，則，當時，，解得，所以“”是“”的充要條件.故選：C.5.已知球的半徑為5，點到球心的距離為3，則過點的平面被球所截的截面面積的最小值是（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗由點到球心的距離為3，得球心到過點的平面距離的最大值為3，因此過點的平面被球所截的截面小圓半徑最小值為，所以過點的平面被球所截的截面面積的最小值是.故選：C.6.如圖所示的“分數楊輝三角形”被我們稱為萊布尼茨三角形，是將楊輝三角形中的換成得到的，根據萊布尼茨三角形，下列結論正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗觀察萊布尼茨三角形，知每一個數等于下一層與它緊挨的兩個數之和，因此，即D正確，ABC錯誤.故選：D.7.傾斜角為的直線l經過拋物線C：的焦點F，且與C相交于兩點．若，則的取值范圍為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗首先，我們來證明拋物線中的焦半徑公式，如圖，對于一個拋物線，傾斜角為的直線l經過拋物線C：的焦點F，且與C相交于兩點．作準線的垂線，過作，則，解得，同理可得，如圖，不妨設在第一象限，由焦半徑公式得，，則，而，可得，故，故A正確，故選：A8.設，其中是自然對數的底數，則（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗令函數，求導得，即函數在上單調遞減，而，又，因此，所以.故選：B二、選擇題9.已知由5個數據組成的一組數據的平均數為7，方差為2，現再加入一個數據1，組成一組新數據，則（）A.這組新數據平均數為3 B.這組新數據的平均數為6C.這組新數據的方差為 D.這組新數據的方差為〖答案〗BC〖解析〗依題意，這組新數據的平均數為，方差為.故選：BC.10.已知為空間中三條不同的直線，為空間中三個不同的平面，則下列說法中正確的是（）A.若，則B.若，則與為異面直線C.若，且，則D.若，則〖答案〗ACD〖解析〗對于A，顯然，又，則，A正確；對于B，由，得與可能相交、可能平行、也可能為異面直線，B錯誤；對于C，由，，知點在平面內，即為平面的公共點，而，因此，C正確；對于D，由，得，而，因此，D正確故選：ACD.11.已知定義在上的函數滿足，且，若，則（）A. B.的圖象關于直線對稱C.是周期函數 D.〖答案〗BCD〖解析〗由，得，則，即，因此是周期為4的周期函數，C正確；令，得，則，因此，A錯誤；由，得，則，因此的圖象關于直線對稱，B正確；由，得的圖象關于直線對稱，因此直線及均為圖象的對稱軸，從而，令，得，即，則，故，D正確.故〖答案〗為：BCD.三、填空題12.雙曲線的實軸長為4，則________.〖答案〗1〖解析〗顯然恒成立，則雙曲線焦點在x軸上，于是，所以.故〖答案〗為：1.13.已知函數，若存在，使得，則的最小值為________.〖答案〗〖解析〗函數，由，得，由存在，使得，得，解得，所以的最小值為.故〖答案〗為：.14.如圖，在扇形中，半徑，，在半徑上，在半徑上，是扇形弧上的動點（不包含端點），則平行四邊形的周長的取值范圍是______．〖答案〗〖解析〗設，則，由，得，顯然，連接，由，，得，，因此的周長顯然，當，即時，，而時，，所以的周長的取值范圍是.故〖答案〗為：四、解答題15.已知函數．（1）求的極值；（2）若過點可以作兩條直線與曲線相切，證明：．（1）解：因為，所以，令，得，當時，在上單調遞減，當時，在上單調遞增，所以當時，取得極小值，且極小值為，無極大值.（2）證明：設切點為，則切線的方程為，則，整理得，由過點可以作兩條直線與曲線相切，可得方程有兩個不相等的正根.令，則，當時，在上單調遞減，則方程最多只有一個正根，不符合題意，當時，若，則在上單調遞增，若，則在上單調遞減，則，故要使得方程有兩個不相等的正根，則.16.如圖，在四面體中，分別為的中點．（1）證明：平面平面；（2）求平面與平面夾角的余弦值．（1）證明：取的中點，連接，，因為，所以，且，又，所以，≌，則，有，因為，所以，則，又，平面，所以平面，又平面，所以平面平面.（2）解：由（1）知，兩兩垂直，以為坐標原點，直線分別為軸，建立空間直角坐標系，如圖，設，則，因為，分別為，的中點，所以，則，設平面的法向量為，則，令，得，設平面的法向量為，則，令，得，，所以平面與平面夾角的余弦值為.17.甲、乙兩個不透明的袋中各裝有6個大小質地完全相同的球，其中甲袋中有3個紅球、3個黃球，乙袋中有1個紅球、5個黃球．（1）若從兩袋中各隨機地取出1個球，求這2個球顏色相同的概率；（2）若先從甲袋中隨機地取出2個球放入乙袋中，再從乙袋中隨機地取出2個球，記從乙袋中取出的紅球個數為，求的分布列與期望．解：（1）記這2個球顏色相同為事件，則；（2）依題意的可能取值為、、，則，，，所以的分布列為：所以18.已知橢圓的左、右頂點分別是，橢圓的焦距是2，（異于）是橢圓上的動點，直線與的斜率之積為．（1）求橢圓的標準方程；（2）分別是橢圓的左、右焦點，是內切圓的圓心，試問平面上是否存在定點，使得為定值?若存在，求出該定值；若不存在，請說明理由.解：（1）設，則，即，顯然點，依題意，，解得，由橢圓的焦距是2，得，則，所以橢圓的標準方程為.（2）設，因為，則，由（1）知，則直線的方程為，即，從而點到直線的距離，即，即.因為，所以，所以，所以，即，因為，所