江西省吉安市遂川中學2024-2025學年高二物理上學期第二次月考試題含解析VIP

PAGE16-江西省吉安市遂川中學2024-2025學年高二物理上學期其次次月考試題（含解析）一、單項選擇(1-6小題為單選，7-10為多選共40分)1.關于元電荷，下列說法中不正確的是()A.元電荷實質上是指電子和質子本身B.全部帶電體的電荷量肯定等于元電荷的整數倍C.元電荷值通常取作D.電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根用試驗測得的【答案】A【解析】【詳解】A．元電荷是指最小的電荷量，不是指質子或者是電子。故A符合題意。B．元電荷是指最小的電荷量，全部帶電體的電荷量肯定等于元電荷的整數倍。故B不符合題意。C．元電荷的值通常取作e=1.60×10-19C。故C不符合題意。D．電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根用試驗測得的。故D不符合題意。2.如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶負電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R點在等勢面b上，據此可知（）A.帶電質點在P點的加速度比在Q點的加速度小B.帶電質點在P點的電勢能比在Q點的小C.帶電質點在P點的動能大于在Q點的動能D.三個等勢面中，c的電勢最高【答案】D【解析】【詳解】A.等差等勢面P處比Q處密，則P處電場強度大，質點受到的電場力大，加速度大，故A錯誤；D.依據軌跡彎曲的方向和電場線與等勢線垂直可知帶電質點所受的電場力方向應向下，所以電場線方向向上，故c的電勢最高，故D正確.B.帶負電質點在電勢高處電勢能小，可知質點在P點的電勢能大，故B錯誤.C.帶電質點的總能量守恒，即帶電質點在P點的動能與電勢能之和不變，在P點的電勢能大，則動能小，故C錯誤.3.如圖所示,厚度勻稱的矩形金屬薄片邊長ab=10cm，bc=5cm.將A與B接入電壓為U的電路中時，電流為1A，若將C與D接入同一電路中．則電流為()A.4A B.2A C.0.25A D.0.5A【答案】A【解析】設導體沿AB與CD方向導電時的長度分別為、，則設導體沿AB與CD方向導電時的橫截面積分別為、，則又導體電阻故導體沿AB與CD方向導電時的電阻之比若將之接入同一電路：又故選A4.帶正電的小球放在不帶電的空心金屬球的外部或內部，下列狀況下放在P點的摸索電荷受到電場力的是A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】AB．由于正電荷放在導體的外邊，所以達到靜電平衡的導體內部的場強到處為0，與空腔導體是否接地無關，即P點的電場強度等于0，放在P點的摸索電荷受力為零。故AB不符合題意。C．當正電荷放在沒有接地的空腔導體的內部時，達到靜電平衡狀態(tài)時，空腔導體的內表面帶負電，外表面帶正電，外表面帶的正電荷在空腔導體的外邊仍舊要產生電場，所以P點的電場強度不等于0，所以放在P點的摸索電荷會受到電場力的作用。故C符合題意。

D．當正電荷放在接地的空腔導體的內部，達到靜電平衡狀態(tài)時，空腔導體的內表面帶負電，大地的無窮遠處帶正電，而空腔導體的外表面不帶電，所以導體的外邊沒有電場，P點的電場強度等于0，所以放在P點的摸索電荷不受到電場力的作用。故D不符合題意。5.如圖所示，是一個多量程多用電表的簡化電路圖測電流和測電壓時各有兩個量程，還有兩個擋位用來測電阻下列說法正確的是(

)A.當開關S調到位置1、2時，多用電表測量的是電流，且調到位置1時的量程比位置2的小B.當開關S調到位置3、4時，多用電表測量的是電阻，且A為黑表筆C.當開關S調到位置5、6時，多用電表測量的是電壓，且調到位置6時的量程比位置5的大D.多用電表各擋位所對應的表盤刻度都是勻稱的【答案】C【解析】【詳解】A.是電流表時電流計應與電阻并聯，由圖可知當轉換開關S旋到位置1、2位置是電流表，并聯電阻越小，量程大，即調到位置1時的量程比位置2的大，則A錯誤；B.歐姆表要聯接電源，則開關S調到3、4兩個位置上時，多用電表測量的是電阻，紅表筆在內部接電源的負極，則A為紅表筆．故B錯誤；C.要測量電壓，電流表應與電阻串聯，由圖可知當轉換開關S旋到位置5、6時，測量電壓，電流表所串聯的電阻越大，所測量電壓值越大，故當轉換開關S旋到6的量程比旋到5的量程大．故C正確．D.電流、電壓擋的刻度都是勻稱的，電阻擋的刻度不勻稱，左邊密右邊疏，故D錯誤．6.如圖所示，真空中一橢圓的兩焦點M、N處固定兩個等量異種電荷+Q、-Q，O為橢圓中心，ab、cd分別是橢圓長軸和短軸，ef是橢圓上關于O點對稱的兩個點，下列說法中正確的是（）A.橢圓上某點的場強方向為該點的切線方向B.a、b兩點場強相同，e、f兩點場強也相同C.將一正電荷由e點沿橢圓移到f點，電場力做功為零D.將一電荷由O點移到橢圓上隨意一點時，電勢能的改變量相同【答案】B【解析】【詳解】A.橢圓上某點的場強方向為該點的電場線方向，故A錯誤；B.a、b兩點場強相同，e、f兩點場強大小相同，與ab的角度關于O點中心對稱，方向均指向斜上方，故B正確；C.e點的電勢高于f點，則將一正電荷由e點沿橢圓移到f點，電場力做正功，故C錯誤；D.將一電荷由O點移到橢圓上隨意一點時，橢圓不是等勢面，故電勢能的改變量不同，故D錯誤；7.一個T形電路如圖所示，電路中的電阻R1＝120Ω，R2＝10Ω，R3＝40Ω.另有一測試電源，電動勢為100V，內阻忽視不計．則()A.當c、d端短路時，a、b之間的等效電阻是130ΩB.當a、b端短路時，c、d之間的等效電阻是40ΩC.當a、b兩端接通測試電源時，用志向電壓表測得c、d兩端的電壓為50VD.當c、d兩端接通測試電源時，用志向電壓表測得a、b兩端的電壓為80V【答案】BD【解析】【詳解】當cd端短路時，ab間電路的結構是：電阻R2、R3并聯后與R1串聯，等效電阻為，故A錯誤；當ab端短路時，cd之間電路結構是：電阻R1、R3并聯后與R2串聯，等效電阻為，故B正確；當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，故C錯誤；當cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓：，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．8.一帶正電的檢驗電荷，僅在電場力作用下沿x軸從x＝－∞向x＝＋∞運動，其速度v隨位置x改變的圖象如圖所示．x＝x1和x＝－x1處，圖線切線的斜率肯定值相等且最大，則A.x＝x1和x＝－x1兩處，電場強度相同B.x＝x1和x＝－x1兩處，電場強度最大C.x＝0處電勢最高D.從x＝x1運動到x＝＋∞過程中，電荷的電勢能漸漸增大【答案】BC【解析】【詳解】由題，正檢驗電荷僅在電場力作用下沿x軸從x=-∞向x=+∞運動，速度先減小后增大，所受的電場力先沿-x軸方向，后沿+x軸方向，電場線方向先沿-x軸方向，后沿+x軸方向，則知x=x1和x=-x1兩處，電場強度的方向相反，電場強度不同，故A錯誤．此圖是速度-位置圖象，速度隨位置的改變率即斜率體現的是加速度的改變，依據F=ma及F=qE可知電場強度確定于加速度，也就是斜率，x=x1和x=-x1兩處斜率最大，則電荷的電場強度最大，故B正確．由上知，電場線方向先沿-x軸方向，后沿+x軸方向，依據順著電場線方向電勢降低可知，電勢先上升后降低，則x=0處電勢最大，故C正確．從x=x1運動到x=+∞過程中，電場力沿+x軸方向，則電場力做正功，電荷的電勢能漸漸減小，故D錯誤．故選BC．【點睛】本題的突破口是速度圖象的斜率等于加速度．解決這類問題還要明確帶電粒子在電場中運動的功能關系．9.在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內阻為r，平行板電容器C的兩金屬板水平放置，和為定值電阻，P為滑動變阻器R的滑動觸頭，G為靈敏電流表，A為志向電流表開關S閉合后，C的兩板間恰好有一質量為m、電荷量為q的油滴處于靜止狀態(tài)在P向上移動的過程中，下列說法正確的是A.電流表的示數變小B.油滴向上加速運動C.G中有由a至b的電流D.電源輸出功率肯定變大【答案】AB【解析】【詳解】A．粒子原來處于平衡狀態(tài)，重力和靜電力平衡；電容器與電阻R、電阻R2相并聯后與R1串聯，滑片向上移動，電阻R變大，電路總電阻變大，電流變小，則A表的示數變小。故A正確。

BC．電容器兩端電壓為：U=E-I（r+R1），故電容器兩端電壓變大，帶電量變大，電容器充電，故電流從b到a，電場力變大，粒子向上加速。故B正確，C錯誤。D．依據當外電阻等于內電阻時，此時電源輸出功率最大，雖外電阻在變大，但不知與內電阻的關系，因此無法確定輸出功率的大小關系。故D錯誤。10.如圖所示，帶正電的小球套在絕緣光滑水平直桿上，輕彈簧一端固定在O點，另一端與小球相連．空間中有水平向右的勻強電場，現將小球從P點由靜止釋放，它向右運動的過程中經過了Q點．已知，在P、Q兩點處，彈簧對小球的彈力大小相等（忽視彈簧的靜電效應），且∠OPQ>∠0QP，在小球從P點到Q點的過程中（）A.小球的加速度始終增大B.彈簧最短時，彈簧彈力對小球做功的功率為零C.彈力做的總功為零D.小球到達Q點的動能等于它在P、Q兩點的電勢能的差值【答案】BCD【解析】【詳解】如下圖所示，設O點正下方為O′點，與P點關于O′點對稱的點為M點，所以小球從P到M過程中彈簧始終被壓縮，彈簧原長的位置肯定是在M與Q點之間．

小球處于O點正下方O′和小球受到的彈力為零的位置（M與Q點之間）時，小球合力都是qE，加速度都是Eq/m，則從P點到Q點的過程中，小球的加速度不是始終增大，選項A錯誤；彈簧最短時，小球在O′位置，此時彈力和速度方向垂直，則彈簧彈力對小球做功的功率為零，選項B正確；因小球在PQ位置時彈簧的彈力相等，則形變量大小相等，彈性勢能相同，則彈力做的總功為零，選項C正確；從P到Q,只有電場力做功，依據動能定理可知，小球到達Q點的動能等于電場力做功，即等于它在P、Q兩點的電勢能的差值，選項D正確；故選BCD.【點睛】解答本題的關鍵是：要知道彈力做功與彈性勢能的改變關系，電場力做功與電勢能改變的關系；分析清晰小球的受力狀況和運動狀況是解答本題的突破口．二、試驗題(每空2分，共26分)11.某同學要測量一粗細勻稱的某種新材料制成的圓柱體的電阻率ρ.（1）用游標卡尺和螺旋測微器測量其長度L和直徑d，如圖甲所示，由圖可知其長度為____mm.由圖乙可知其直徑d為____mm.（2）圓柱體阻值大約為5Ω.用伏安法測電阻時，由于電壓表、電流表內阻有影響，為了減小系統(tǒng)誤差，則選擇______（圖a或圖b）的電路圖，此做法使得結果_____（偏大、偏?。敬鸢浮?1).50.15mm(2).4.700mm(3).圖b(4).偏小【解析】（1）由圖可知其長度為5cm+0.05mm×3=50.15mm；直徑d為4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm.（2）圓柱體阻值大約為5Ω，阻值較小，則電壓表內阻遠大于待測電阻，故可采納電流表外接，故選圖b；因電壓表的分流，使得通過Rx電流的測量值偏大，依據可知測量偏小.12.在如圖甲所示的電路中，四節(jié)干電池串聯，小燈泡A、B的規(guī)格為“3.8V，0.3A”．合上開關S后，無論怎樣移動滑動片，A、B燈都不亮．(1)用多用電表的直流電壓擋檢查故障(只有一處故障)，①選擇開關置于下列量程的_____擋較為合適(用字母序號表示)；A．2.5VB．10VC．50VD．250V②測得c、d間電壓約為5.8V，e、f間電壓為0，則故障是_____；A．A燈絲斷開B．B燈絲斷開C．d、e間連線斷開D．B燈被短路(2)接著換用歐姆表的“×1”擋測電阻，歐姆表經過“歐姆調零”，①測試前，肯定要將電路中的開關S_____(填“斷開”或“閉合”)；②測c、d間和e、f間電阻時，某次測試結果如圖乙所示，讀數為_____Ω.【答案】(1).B(2).A(3).斷開(4).6Ω【解析】【詳解】(1)①[1]由于4節(jié)電池的電動勢為6V左右，所以選擇開關應置于10V擋較合適。故選B。

②[2]A、B兩燈均不亮，說明電路中有斷路沒有短路，依據歐姆定律以及“等勢”的概念可知，若c、d間電壓不為零說明c、d間可能發(fā)生斷路，e、f間電壓為零說明e、f間電勢相等即沒有斷路，則故障是A燈絲斷開。所以A正確，BCD錯誤。(2)①[3]依據歐姆表的運用方法可知，測試前應將電路中的開關斷開。

②[4]歐姆表的讀數為：R=6×1Ω=6Ω。13.實際電流表有內阻，可等效為志向電流表與電阻的串聯。測量實際電流表G1內阻r1的電路如圖所示。供選擇的儀器如下：①待測電流表G1(5mA，內阻約300Ω)；②電流表G2(10mA，內阻約100Ω)；③定值電阻R1(300Ω)；④定值電阻R2(10Ω)；⑤滑動變阻器R3(300Ω)；⑥滑動變阻器R4(10Ω)；⑦干電池(1.5V);⑧電鍵S及導線若干(1)定值電阻應選________，滑動變阻器應選________。(在空格內填寫序號)(2)補全試驗步驟：①按電路圖連接實物電路圖________。，將滑動觸頭移至最________端；②閉合電鍵S，移動滑動觸頭至某一位置，記錄G1、G2，的讀數I1、I2；③___________________________________；④以I2為縱坐標，I1為橫坐標，作出相應圖線，如圖所示。(3)依據I2-I1圖線的斜率k及定值電阻，寫出待測電流表內阻的表達式____________?！敬鸢浮?1).③(2).⑥(3).(4).左(5).多次移動滑動觸頭，記錄相應的G1，G2讀數I1，I2(6).（k-1）R1【解析】【詳解】(1)[1]定值電阻要和待測電流表內阻接近，故定值電阻選③；因為電流表G2的量程是待測電流表G1的2倍；滑動變阻器的電阻不要太大，滑動變阻器選⑥。(2)[2][3]依據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：按電路圖連接電路，將滑動觸頭移至最左端。③[4]多次移動滑動觸頭，記錄相應的G1，G2讀數I1，I2。(3)[5]由電路圖可知：，I2-I1圖象斜率：，可得：r1=（k-1）R1四、計算題(共34分)14.如圖所示，在勻強電場中，有A、B兩點，它們之間的距離為10cm，兩點的連線與場強方向成53°角．將一個電荷量為的電荷由A點移到B點，電場力做功為．求：（1）A、B兩點的電勢差UAB；（2）勻強電場的場強E．【答案】(1);(2)【解析】（1）由W=qU可得，；（2）A、B兩點間的沿電場線方向的距離為由U=Ed得，15.如圖所示，光滑絕緣半圓形軌道ABC固定在豎直面內，圓心為O，軌道半徑為R，B為軌道最低點．該裝置右側的1/4圓弧置于水平向右的足夠大的勻強電場中．某一時刻一個帶電小球從A點由靜止起先運動．到達B點時，小球的動能為E0，進入電場后接著沿軌道運動，到達C點時小球的電勢能削減量為2E0，試求：（1）小球所受重力和電場力的大?。?）小球脫離軌道后到達最高點時的動能【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）依據動能定理和功能關系即可求解重力和電場力的大?。唬?）小球通過C點后，利用運動的分解進行求解即可；【詳解】（1）設帶電小球的質量為，則從A到B依據動能定理有：則小球受到的重力為：，方向豎直向下；由題可知：到達C點時小球的電勢能削減量為，依據功能關系可知：則小球受到的電場力為：，方向水平向右，小球帶正電；（2）設小球到達C點時速度為，則從A到C依據動能定理有：則C點速度為：，方向豎直向上從C點飛出后，在豎直方向只受重力作用，做勻減速運動，到達最高點時間為：在水平方向只受電場力作用，做勻加速運動，到達最高點時只有水平方向的速度，其速度為：=則在最高點動能為：．【點睛】本題考查帶電小球在重力場和電場中的運動，留意將運動依據受力狀況進行分解，分成水平方向做勻加速運動和豎直方向勻減速進行求解即可．16.如圖所示電路中，，，，，當開關閉合、斷開電路穩(wěn)定時，電源消耗總功率為，當開關、都閉合電路穩(wěn)定時，電源消耗的總功率為，求：電源電動勢E和內阻r；當閉合，斷開，電路穩(wěn)定后，電容器所帶的電量為多少；當、都閉合電路穩(wěn)定時，電源的輸出功率及電容器所帶的電量各為多少？【答案】4V；；0

【解析】【分析】（1）當開關S1閉合、S2斷開電路穩(wěn)定時，R2和R3串聯，當開關S1、S2都閉合電路穩(wěn)定時，R1和R2并聯，再與R3串聯，結合閉合電路歐姆定律以及功率的公式求出電源的電動勢和內電阻；

（2）當開關S1閉合、S2斷開電路穩(wěn)定時，電容器與并聯在R2兩端，電容器板間電壓等于R2兩端的電壓，由Q=CU求出電容器所帶的電量；

（3）當S1、S2閉合時，依