山東省日照市2025屆高三物理下學期4月模擬考試試題含解析

PAGE25-山東省日照市2025屆高三物理下學期4月模擬考試試題（含解析）1.答題前，考生先將自己的姓名、考生號、座號填寫在相應位置，仔細核對條形碼上的姓名、考生號和座號，并將條形碼粘貼在指定位置上。2.選擇題答案必需運用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題答案必需運用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清晰。3.請依據題號在題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面整齊，不折疊、不破損。4.本試卷共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘。一、單項選擇題：本題包括8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中。只有一項是符合題目要求的。1.在放射性同位素的應用中，下列做法正確的是（）A.應當用α射線探測物體的厚度B.應當用粒子放射源制成“煙霧報警器”C.放射育種利用射線照耀種子使遺傳基因發(fā)生變異D.醫(yī)院在利用放射線診斷疾病時用半衰期較長的放射性同位素【答案】C【解析】【詳解】A．γ光子的貫穿實力最強，應當用γ射線探測物體的厚度，故A錯誤；

B．因為α粒子的電離本事強，所以應當用α粒子放射源制成“煙霧報警器”，故B錯誤；

C．γ光子的貫穿實力最強，從而使DNA發(fā)生變異，所以放射育種利用γ射線照耀種子使遺傳基因發(fā)生變異，故C正確；

D．人體長時間接觸放射線會影響健康，所以醫(yī)院在利用放射線診斷疾病時用半衰期較短的放射性同位素，故D錯誤。

故選C。2.如圖所示，在水平桌面上疊放著物體a、b、c，三個物體均處于靜止狀態(tài)。下列說法正確是（）A.c肯定受到水平桌面施加的摩擦力B.b對a的作用力肯定豎直向上C.c對b的摩擦力可能水平向右D.b對a的支持力與a受到的重力是一對作用力和反作用力【答案】B【解析】【詳解】A．對a、b、c整體分析，受重力和支持力，二力平衡，c不受地面的摩擦力，故A錯誤；

B．對物體a受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，依據平衡條件，b對a的作用力肯定豎直向上，和a的重力平衡，故B正確；C．以a和b整體為探討對象，受到重力、支持力和靜摩擦力，依據平衡條件，c對b的靜摩擦力平行接觸面對上，故C錯誤；D．b對a的支持力與a對b的壓力是一對作用力和反作用力，兩力的施力物體不同，受力物體不同，且兩力的大小相等，方向相反，作用在同一條直線上。而a受到的重力，受力物體還是a，且該力與b對a的支持力不在同始終線上，故D錯誤。故選B。3.在一次探討中，老師問道：“假如水中相同深度處有a、b、c三種不同顏色的單色點光源，有人在水面上方同等條件下觀測發(fā)覺，b在水下的像最深，c照亮水面的面積比a的大，關于這三種光在水中的性質，同學們能做出什么推斷？”有同學回答如下：①c光的頻率最大②a光的傳播速度最?、踒光的折射率最大④a光的波長比b光的短，依據老師的假定，以上回答正確的是()A.①② B.①③ C.②④ D.③④【答案】C【解析】【詳解】依據視深公式說明頻率最小的光，水對它的折射率最小，在水下的像最深，所以b的折射率最小，頻率最小，波長最大，傳播速度最大，③錯誤④正確；照亮水面的圓面積的半徑R與臨界角C滿意又，c照亮水面的面積比a的大，則c的臨界角大，水對c的折射率小，所以a的折射率最大，a的頻率最大，a的傳播速度最小，①錯誤②正確。故選C。4.如圖是試驗時用的原、副線圈都有從中點抽頭的志向變壓器，在原線圈上通過一個單刀雙擲開關S1與一只安培表A連接，在副線圈上通過另一個單刀雙擲開關與一個定值電阻R0相連接，通過S1、S2可以變更原、副線圈的匝數。在原線圈上加一電壓為U的溝通電后，①當S1接a，S2接c時，安培表的示數為I1；②當S1接a，S2接d時，安培表的示數為I2；③當S1接b，S2接c時，安培表的示數為I3；④當S1接b，S2接d時，安培表的示數為I4，則（）A.I1＝I2 B.I1＝I4 C.I2＝I3 D.I2＝I【答案】B【解析】【詳解】在第①種狀況下，S1接a，S2接c時，設副線圈加在R0上的電壓為U0，流過R0的電流為I0，依據可得，第②③④種狀況，R0上的電壓分別為、2U0、U0，流過R0的電流分別為、2I0、I0，依據可得、、故選B。5.質量的物塊靜止在光滑水平面上，t=0時刻對該物塊施加一沿水平方向的力F，F隨時間t按如圖所示的規(guī)律變更。下列說法正確的是（）A.第2s末，物塊距離動身點最遠 B.第2s末，物塊的動量為5kg·m/sC.第4s末，物塊的速度最大 D.第3s末，物塊的加速度為2.5m/s2【答案】B【解析】【詳解】A．前兩秒物體始終加速運動，所以第2s末物塊的速度最大，此時不是離動身點最遠，故A錯誤；

B．F-t圖象與坐標軸圍成的面積表示力的沖量。依據動量定理可得第2s末物塊的動量為故B正確；

C．第2s末，物塊的速度最大，第4s末，物塊的速度為零，故C錯誤；

D．第3s末，物塊的加速度為方向與速度方向相反，故D錯誤。

故選B。6.如圖所示，用電阻率為ρ、橫截面積為S、粗細勻稱的電阻絲折成平面梯形框架，邊均與邊成60°角，?？蚣芘c一電動勢為E、內阻忽視不計的電源相連接。垂直于豎直框架平面有磁感應強度大小為B、方向水平向里的勻強磁場，則框架受到安培力的合力的大小和方向為（）A.，豎直向上 B.，豎直向上C.，豎直向下 D.，豎直向下【答案】A【解析】【詳解】依據左手定則推斷出各段受到的安培力的方向，如圖

設電路abcd上的電阻為3r，由幾何關系得，ad段的長度為2L，所以ad上的電阻為2r；abcd上的電流ad上的電流ab、bc、cd上各段的安培力ad上各段的安培力各段受到的力中，F1和F3在左右方向的重量大小相等，方向相反，相互抵消，所以線框受到的合外力F=F4+F1cos60°+F2+F3cos60°=則可得方向豎直向上.故選A。7.如圖，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個帶等量異種電荷的點電荷，電荷量分別為+Q和－Q，A、B相距為2d。MN是豎直放置的光滑絕緣細桿，另有一個穿過細桿的帶電小球p，質量為m、電荷量為+q（可視為點電荷，不影響電場的分布）。現將小球p從與點電荷A等高的C處由靜止起先釋放，小球p向下運動到距C點距離為d的O點時，速度大小為v。已知MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g。可知（）A.C、D間的電勢差B.由等量異種電荷電場分布的特點知C.小球p經過O點時的加速度D.小球p經過與點電荷B等高的D點時的速度【答案】C【解析】【詳解】A．小球p由C運動到O時，由動能定理得又依據UCD=2UCO聯立解得故A錯誤；

B．由等量異種電荷電場分布的特點知C、O、D三點電勢漸漸降低，所以UCO=UOD=－UDO故B錯誤；

C．小球p經過O點時受力分析如圖，由庫侖定律得它們的合力為由牛頓其次定律得mg+F=ma解得故C正確；D．小球p經過與點電荷B等高的D點時的過程，由動能定理得由電場特點可知UCO=UOD聯立解得故D錯誤。

故選C。8.如圖，不計空氣阻力，從O點水平拋出的小球抵達光滑、固定斜面上端P處時，速度方向恰好沿著斜面方向，然后緊貼斜面PQ做勻加速直線運動。下列說法正確的是（）A.小球在斜面上運動加速度大小比平拋運動時的大B.小球在斜面上運動的過程中地面對斜面的支持力大于小球和斜面的總重C.撤去斜面，小球仍從O點以相同速度水平拋出，落地瞬間小球重力的功率將變大D.撤去斜面，小球仍從O點以相同速度水平拋出，落地時間將增大【答案】C【解析】【詳解】A．物體在抵達斜面之前做平拋運動，加速度為g；在斜面上運動時，由牛頓其次定律得加速度為：a=gsinα，（α是斜面的傾角），可知小球在斜面上運動的加速度大小比平拋運動時的小，故A錯誤；

B．對于小球和斜面組成的系統(tǒng)，因為小球有沿斜面對下的加速度，故小球在豎直方向上有豎直向下的分加速度，小球處于失重狀態(tài)，所以小球在斜面上運動的過程中地面對斜面的支持力小于小球和斜面的總重量，故B錯誤；CD．由于小球在斜面上運動的加速度為a=gsinα，豎直分加速度為ay=asinα=gsin2α＜g，則知撤去斜面，落地時間變短，落地瞬間豎直方向分速度變大，重力的瞬時功率變大，故C正確，D錯誤。

故選C。二、多項選擇題：本題包括4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.墨滴入水，擴而散之，緩緩混勻。關于該現象的分析正確的是（）A.混合勻稱主要是由于碳粒和水分子發(fā)生化學反應引起的B.混合勻稱的過程中，水分子和碳粒都做無規(guī)則運動C.適當加熱可以使混合勻稱的過程進行得更快速D.運用碳粒更大的墨汁，混合勻稱的過程進行得更快速【答案】BC【解析】【詳解】A．碳素墨水滴入清水中，視察到的布朗運動是液體分子不停地做無規(guī)則撞擊碳懸浮微粒，懸浮微粒受到的來自各個方向的液體分子的撞擊作用不平衡的導致的無規(guī)則運動，不是由于碳粒和水分子發(fā)生化學反應引起的，故A錯誤。

B．混合勻稱的過程中，水分子做無規(guī)則的運動，碳粒的布朗運動也是做無規(guī)則運動，故B正確。

C．溫度越高，布朗運動越猛烈，所以適當加熱可以使混合勻稱的過程進行得更快速，故C正確。

D．做布朗運動的顆粒越小，布朗運動越猛烈，所以要使混合勻稱的過程進行得更快速，須要運用碳粒更小的墨汁，故D錯誤。

故選BC。10.圖甲為一列簡諧橫波在某一時刻的波形圖，兩質點的橫坐標分別為和，圖乙為質點b從該時刻起先計時的振動圖像。下列說法正確的是（）A.該波沿方向傳播，波速為1m/s B.質點b經8s振動的路程為2mC.此時刻質點a的速度沿+y方向 D.質點a在t=2s時速度為零【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖乙可得：圖甲所示時刻，質點b在平衡位置向上振動，故由圖甲可得：波向左傳播；故A錯誤；

B．由圖乙可得：周期T=8s，振幅A=0.5m，故質點b經8s＝T振動的路程為4A=2m，故B正確；

C．波向左傳播，故圖甲所示時刻質點a沿-y方向向下振動，故C錯誤；

D．圖甲所示零時刻質點a在平衡位置，t=2s=T時刻故質點a到達最低點，速度為零，故D正確；

故選BD。11.2024年1月3號“嫦娥4號”探測器實現人類首次月球背面著陸，并開展巡察探測。因月球沒有大氣，無法通過著陸傘減速著陸，必需通過引擎噴射來實現減速。如圖所示為“嫦娥4號”探測器著陸月球表面過程的簡化模型。質量m的探測器沿半徑為r的圓軌道I繞月運動。為使探測器平安著陸，首先在P點沿軌道切線方向向前以速度u噴射質量為△m的物體，從而使探測器由P點沿橢圓軌道II轉至Q點（橢圓軌道與月球在Q點相切）時恰好到達月球表面旁邊，再次向前噴射減速著陸。已知月球質量為M、半徑為R。萬有引力常量為G。則下列說法正確的是（）A.探測器噴射物體前在圓周軌道I上運行時的周期為B.在P點探測器噴射物體后速度大小變?yōu)镃.減速著陸過程，從P點沿軌道II運行到月球表面所經驗的時間為D.月球表面重力加速度的大小為【答案】AD【解析】詳解】A．探測器繞月球做勻速圓周運動，萬有引力供應向心力解得探測器噴射物體前在圓周軌道I上運行時的周期故A正確；

B．在P點探測器噴射物體的過程中，設噴射前的速度為v，依據動量守恒可知mv=△mu+（m-△m）v'解得噴射后探測器的速度故B錯誤；

C．探測器在軌道II上做橢圓運動，半長軸依據開普勒第三定律可知解得減速著陸過程，從P點沿軌道II運行到月球表面所經驗時間為故C錯誤；

D．假設在月球表面的放置一個質量為m的物體，則它受到的重力和萬有引力相等解得月球表面重力加速度的大小故D正確。故選AD。12.如圖所示，豎直放置的兩根足夠長的光滑金屬導軌相距L，導軌的兩端分別與電源（串有一滑動變阻器R）、定值電阻R0、電容器（電容為C，原來不帶電）和開關S相連。整個空間充溢了磁感應強度大小為B、方向垂直于導軌平面對外的勻強磁場。一質量為m、電阻不計的金屬棒橫跨在導軌上。己知電源電動勢為E、內阻為r，不計導軌的電阻。當S接1，滑動變阻器R接入電路肯定阻值時，金屬棒ab在磁場中恰好保持靜止。當S接2后，金屬棒ab從靜止起先下落，下落距離時達到穩(wěn)定速度。重力加速度為g，則下列分析正確的是（）A.當S接1時，滑動變阻器接入電路的阻值B.當S接2時，金屬棒從靜止起先到剛好達到穩(wěn)定速度所經驗的時間為C.若將棒由靜止釋放的同時，將S接到3，則電容器積累的電荷量隨金屬棒速度v的變更關系為D.若將棒由靜止釋放的同時，將S接到3，則金屬棒將做勻加速直線運動，加速度大小【答案】ACD【解析】【詳解】A．S接到1位置時，有由平衡條件得mg=BIL得聯立解得故A正確；

B．S接到2位置速度恒定時有解得金屬棒ab從靜止起先下落，下落距離h時達到穩(wěn)定速度，依據動量定理可得即其中，解得故B錯誤；

CD．若將ab棒由靜止釋放的同時，將S接到3，則電容器積累的電荷量隨金屬棒速度v的變更關系為Q=CU=CBLv依據動量定理可得即mg△t-BL?△Q=m△v將△Q=CBL△v代入解得mg△t-CB2L2△v=m△所以故CD正確。

故選ACD。三、非選擇題：本題包括6小題，共60分。13.某試驗小組用如圖甲所示的試驗裝置驗證機械能守恒定律。將一鋼球用細線系住懸掛在鐵架臺上，鋼球靜止于A點。在鋼球底部豎直地粘住一片寬度為d的遮光條。在A的正下方固定一光電門。將鋼球拉至不同位置由靜止釋放，遮光條經過光電門的擋光時間t可由計時器測出，取作為鋼球經過A點時的瞬時速度。記錄鋼球每次下落的高度h和計時器示數t，計算并比較鋼球在釋放點和A點之間重力勢能的變更大小與動能的變更大小，就能驗證機械能是否守恒。(1)用計算鋼球動能變更量的大小，用刻度尺測量遮光條寬度，示數如圖乙所示，其讀數為_________cm。某次測量中，計時器的示數為0.0100s，則鋼球經過A時的速度_________m/s（保留三位有效數字）。(2)下表為該試驗小組的試驗結果：從表中發(fā)覺△Ep與△Ek之間存在差異，可能造成該差異的緣由是_________。A.用計算鋼球重力勢能的變更大小時，鋼球下落高度為測量釋放時鋼球球心到球在A點時底端之間的豎直距離B.鋼球下落過程中存在空氣阻力C.試驗中所求速度是遮光條的速度，比鋼球速度略大【答案】(1).1.50(2).1.50(3).C【解析】【詳解】(1)[1][2]．刻度尺的最小分度值為1mm，需估讀一位，所以讀數為1.50cm；

鋼球經過A的速度為(2)[3]．表中的△Ep與△Ek之間存在差異，且有△Ek＞△EP；

A．鋼球下落高度h為測量釋放時鋼球球心到球在A點時底端之間的豎直距離，測量的高度h偏大則△EP偏大，故A錯誤；

B．若鋼球下落過程中存在空氣阻力，則有重力勢能削減量大于鋼球的動能增加量，即△EP＞△Ek，故B錯誤；

C．試驗中所求速度是遮光條的速度，比鋼球速度略大，導致△Ek＞△EP，故C正確。故選C。14.某同學要用電阻箱和電壓表測量某水果電池組的電動勢和內阻，考慮到水果電池組的內阻較大，為了提高試驗的精度，須要測量電壓表的內阻。試驗室中恰好有一塊零刻度在中心的雙向電壓表，該同學便充分利用這塊表，設計了如圖所示的試驗電路，既能實現對該電壓表內阻的測量，又能利用該表完成水果電池組電動勢和內阻的測量。該同學用到的試驗器材有：待測水果電池組（電動勢約4V、內阻約），雙向電壓表（量程為2V、內阻約為），電阻箱（0~），滑動變阻器（0~），一個單刀雙擲開關及若干導線。(1)該同學按如圖1所示電路圖連線后，首先測量了電壓表的內阻。請完善測量電壓表內阻的試驗步驟：①將R1的滑動觸片滑至最左端，將開關S撥向1位置，將電阻箱阻值調為0；②調整R1的滑動觸片，使電壓表示數達到滿偏U；③保持R1不變，調整R2，使電壓表的示數達到，讀出電阻箱的阻值，記為R0，則電壓表的內阻RV=__________。(2)若測得電壓表內阻為，可分析此測量值應__________（填“大于”“等于”或“小于”）真實值。(3)接下來測量電源的電動勢和內阻，試驗步驟如下：①將開關S撥至__________（填“1”或“2”）位置，將R1的滑片移到最__________端，不再移動；②調整電阻箱的阻值，使電壓表的示數達到一合適值，記錄電壓表的示數和電阻箱的阻值；③重復其次步，記錄多組電壓表的示數和對應的電阻箱的阻值。(4)若將電阻箱與電壓表并聯后的阻值記錄為R，作出圖像，如圖2所示，其中縱軸截距為b，斜率為k，則電動勢的表達式為__________，內阻的表達式為__________?！敬鸢浮?1).(2).大于(3).2(4).左(5).(6).【解析】【詳解】(1)[1]．滑動變阻器接入電路的阻值不變，電壓表與電阻箱兩端電壓不變，電壓表示數變?yōu)闈M偏電壓時，則電阻箱分壓，電阻箱接入電路的阻值等于電壓表內阻的2倍，則電壓表內阻．

(2)[2]．調整電阻箱阻值使電壓表示數變?yōu)闈M偏電壓的時，電路總電阻變大，電路總電流變小，滑動變阻器與電源內阻分壓變小，電阻箱與電壓表兩端總電壓變大，當電壓表示數變?yōu)闈M偏電壓時，電阻箱兩端電壓大于電壓表滿偏電壓的，事實上電壓表內阻小于，則電壓表內阻的測量值偏大．

(3)①[3][4]．測電源電動勢與內阻，應將開關S撥至2位置，將R1的滑動觸片移到最左端，不再移動．

④[5][6]．由圖示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動勢則由圖示圖象可知，圖象截距圖象斜率則電源電動勢電源內阻．15.如圖所示，一端封閉、內徑勻稱的細玻璃管長為，中間有長的水銀柱將一部分空氣封閉在管內，水平放置時，A端空氣柱的長度。把玻璃管在豎直平面內緩慢倒轉到開口豎直向下后（玻璃管轉動過程中水銀無泄漏），再把開口端B緩慢插入足夠深的水銀槽內，直到B端空氣柱的長度變?yōu)闉橹埂Ｒ阎饨绱髿鈮簽?，空氣柱可視為志向氣體，在整個過程中溫度保持不變。求：(1)開口豎直向下時A端空氣柱的長度；(2)最終平衡時進入玻璃管的水銀柱的長度。（可保留分數）【答案】（1）75cm；（2）【解析】【詳解】（1）設玻璃管的橫截面積為，對端氣體，初始時，轉過90°，插入水銀槽之前，對端氣體：此過程為等溫變更，所以有解得（2）開口豎直向下時，氣柱長度，壓強玻璃管插入水銀槽之后，對端氣體由解得此時可知可得進入玻璃管的水銀柱長度為16.如圖所示，質量分別為mA=2kg、mB=1kg、mC=1kg的三個小物塊A、B、C（均視為質點）靜止在光滑水平軌道上。半徑為R=0.6m的光滑、豎直、半圓軌道最低點與水平軌道相切。B、C之間有一輕彈簧剛好處于原長，B與輕彈簧栓接，C未與彈簧栓接?，F讓物塊A（右側涂有少量質量不計的粘膠）以初速度=6m/s沿水平方向向右滑動，A與B發(fā)生碰撞并粘為一體。經過一段時間，C脫離彈簧，然后滑上光滑豎直半圓軌道。（取g=10m/s2）求：(1)上述過程中彈簧的最大彈性勢能；(2)C脫離彈簧時的速度大小；(3)試探討推斷C能否到達半圓軌道的最高點。若能，求出通過最高點時C對軌道的壓力大??；若不能，請說明理由?！敬鸢浮浚?）6J；（2）；（3）能，【解析】【詳解】（1）、、位于光滑的水平面上，系統(tǒng)動量守恒，選取向右為正方向，設與發(fā)生完全非彈性碰撞后共同速度為，對、有可得彈簧壓縮到最短時，彈性勢能最大，此時、、共同速度為，有可得由機械能守恒定律得解得（2）設彈簧復原原長時的速度為，的速度為，此后脫離彈簧由動量守恒定律得由機械能守恒定律得解得（3）脫離彈簧后沿軌道運動，假設能運動至最高點，且運動至最高點時的速度為，由機械能守恒定律得可得設過最高點時軌道對的支持力大小為由向心力公式可得所以假設成立，能通過最高點，且對軌道的壓力大小為．17.如圖所示，質量M=2kg的滑板A放在水平地面上，當A向右滑動的速度m/s時，在A中間位置輕輕地放上一個大小不計、質量m=1kg的小物塊B，同時給B施加一個水平向右的F=6N的恒力作用并起先計時。己知A與地面間的動摩擦因數=0.1，A與B間的動摩擦因數。（設滑板A足夠長，取g=10m/s2）求：(1)經過多長