江西矢安中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期第二次月考試題含解析

PAGE17-江西省靖安中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期其次次月考試題（含解析）一、選擇題（本題共10小題，其中第8~10題為多選題，共40分。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全得2分，有錯(cuò)選得0分）1.有一個(gè)帶電荷量為＋q、重力為G的小球，從兩豎直的帶電平行板上方h處自由落下，兩極板間另有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向如圖所示，則帶電小球通過有電場(chǎng)和磁場(chǎng)的空間時(shí)，下列說法正確的是()A.肯定做曲線運(yùn)動(dòng)B.不行能做曲線運(yùn)動(dòng)C.有可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.有可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】CD、若小球進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)電場(chǎng)力和洛倫茲力相等,因?yàn)樾∏蛳蛳逻\(yùn)動(dòng)時(shí),速度會(huì)增加,小球所受的洛倫茲力增大,將不會(huì)再與小球所受的電場(chǎng)力平衡,不行能做勻加速直線運(yùn)動(dòng),也不行能做勻速直線運(yùn)動(dòng).故CD錯(cuò)誤AB、若小球進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)電場(chǎng)力和洛倫茲力不等,則合力方向與速度方向不在同一條直線上,小球做曲線運(yùn)動(dòng).故A正確；B錯(cuò)誤；故選A點(diǎn)睛：帶電小球進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)受到重力、電場(chǎng)力和洛倫茲力作用,依據(jù)小球的合力與速度方向的關(guān)系確定小球的運(yùn)動(dòng)狀況2.如圖所示，要使線框abcd在受到磁場(chǎng)力作用后，ab邊向紙外，cd邊向紙里轉(zhuǎn)動(dòng)，可行的方法是（）A.加方向垂直紙面對(duì)外的磁場(chǎng)，通方向?yàn)閍→b→c→d→a的電流B.加方向平行紙面對(duì)上的磁場(chǎng)，通方向?yàn)閍→b→c→d→a電流C.加方向平行紙面對(duì)下的磁場(chǎng)，通方向?yàn)閍→b→c→d→a的電流D.加方向垂直紙面對(duì)內(nèi)的磁場(chǎng)，通方向?yàn)閍→d→c→b→a的電流【答案】B【解析】試題分析：當(dāng)加方向垂直紙面對(duì)外的磁場(chǎng)，通方向?yàn)閍→b→c→d→a的電流時(shí)，依據(jù)左手定則可知：各邊所受安培力均指向中心處，則線框無法轉(zhuǎn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；當(dāng)加方向平行紙面對(duì)上的磁場(chǎng)，通以方向?yàn)閍→b→c→d→a的電流時(shí)，依據(jù)左手定則可知：ab邊受到的安培力垂直紙面對(duì)外，cd邊受到的安培力垂直紙面對(duì)里，而另兩邊由于平行于磁感線，所以不受到安培力，B正確；當(dāng)加方向平行于紙面對(duì)下的磁場(chǎng)，通以方向?yàn)閍→b→c→d的電流時(shí)，依據(jù)左手定則可知：ab邊受到的安培力垂直紙面對(duì)里，cd邊受到的安培力垂直紙面對(duì)外，而另兩邊由于平行于磁感線，所以不受到安培力，C錯(cuò)誤；當(dāng)加方向垂直紙面對(duì)內(nèi)的磁場(chǎng)，通方向?yàn)椋帷洹恪狻岬碾娏鲿r(shí)，依據(jù)左手定則可知：各邊所受安培力均背離中心處，則線框無法轉(zhuǎn)動(dòng)，D錯(cuò)誤；故選B?？键c(diǎn)：磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)線的作用。3.如圖所示，空間中有垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一不行伸縮的軟導(dǎo)線繞過紙面內(nèi)的小動(dòng)滑輪P（可視為質(zhì)點(diǎn)），兩端分別拴在紙面內(nèi)的兩個(gè)固定點(diǎn)M、N處，并通入由M到N的恒定電流I，現(xiàn)將P從左側(cè)緩慢移動(dòng)到右側(cè)，運(yùn)動(dòng)過程中導(dǎo)線PM和PN始終伸直，在此過程中導(dǎo)線MPN受到的安培力大?。ǎ〢.始終不變 B.漸漸增大C.先增大后減小 D.先減小后增大【答案】A【解析】【詳解】在從左側(cè)緩慢移動(dòng)到右側(cè)的過程中，導(dǎo)線受到的安培力可等效為直導(dǎo)線通入電流時(shí)受到的安培力，即導(dǎo)線受到的安培力大小始終不變；A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C與分析不符，故C錯(cuò)誤；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤。4.一圓筒處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與筒的軸平行，筒的橫截面如圖所示。圖中直徑MN的兩端分別開有小孔，筒繞其中心軸以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。在該截面內(nèi)，一帶電粒子從小孔M射入筒內(nèi)，射入時(shí)的速度方向與MN成30°角。當(dāng)筒轉(zhuǎn)過90°時(shí)，該粒子恰好從小孔N飛出圓筒，不計(jì)重力。若粒子在筒內(nèi)未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)依據(jù)幾何關(guān)系，則有：，，所以有：，，即軌跡圓弧所對(duì)的圓心角為，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期，粒子在磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)所用時(shí)間：粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)間相等，即有：可得：解得：A.與分析不符，故A錯(cuò)誤；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤。5.如圖所示，下端封閉、上端開口、內(nèi)壁光滑的細(xì)玻璃管豎直放置，管底有一帶電的小球。整個(gè)裝置水平勻速向右運(yùn)動(dòng)，垂直于磁場(chǎng)方向進(jìn)入方向水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，由于外力的作用，玻璃管在磁場(chǎng)中的速度保持不變，最終小球從上端口飛出，則從進(jìn)入磁場(chǎng)到小球飛出端口前的過程中（）A.小球帶負(fù)電荷B.小球做類平拋運(yùn)動(dòng)C洛侖茲力對(duì)小球做正功D.管壁的彈力對(duì)小球做負(fù)功【答案】B【解析】【分析】洛倫茲力不做功。對(duì)小球進(jìn)行受力分析，依據(jù)小球的受力狀況推斷，由牛頓其次定律求出加速度，推斷加速度與速度如何改變，再分析小球運(yùn)動(dòng)的軌跡?！驹斀狻緼項(xiàng)：最終小球從上端口飛出，再由磁場(chǎng)方向垂直向里，依據(jù)左手定則可知，小球帶正電荷，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：設(shè)小球豎直分速度為vy、水平分速度為v，以小球?yàn)樘接憣?duì)象，受力如圖所示，由于小球隨玻璃管在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則豎直方向的洛倫茲力F1=qvB是恒力，由牛頓其次定律得：qvB-mg=ma，a=，小球的加速度不隨時(shí)間改變，恒定不變，故小球豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線，故B正確；C項(xiàng)：洛倫茲力方向總是與小球的速度方向垂直，對(duì)小球不做功，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：小球從進(jìn)入磁場(chǎng)到飛出端口前的過程中管壁的彈力向右，小球向右運(yùn)動(dòng)，故彈力做正功，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：C?！军c(diǎn)睛】本題運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，探討小球受力狀況，推斷出小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是正確解答本題的關(guān)鍵。6.為了保障行駛平安，一種新型雙門電動(dòng)公交車安裝了如下限制裝置：只要有一扇門沒有關(guān)緊，汽車就不能啟動(dòng)。假如規(guī)定：車門關(guān)緊時(shí)為“1”，未關(guān)緊時(shí)為“0”；當(dāng)輸出信號(hào)為“1”時(shí)，汽車可以正常啟動(dòng)行駛，當(dāng)輸出信號(hào)為“0”時(shí)，汽車不能啟動(dòng)。能正確表示該限制裝置工作原理的邏輯門是A.與門 B.或門 C.非門 D.與非門【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)邏輯門電路的特點(diǎn)，只有當(dāng)兩個(gè)車門都關(guān)緊，即都輸入“1”時(shí)，數(shù)出信號(hào)才為“1”，汽車才能啟動(dòng)，為與門邏輯電路，A正確。7.如圖所示，在相距為d的虛線MN、PQ區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶正電粒子沿與邊界MN成60°角的方向從A點(diǎn)以不同的速度大小射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。不計(jì)粒子重力，若粒子能從PQ邊界飛出磁場(chǎng)，則射到PQ邊界的點(diǎn)到A點(diǎn)的最大距離為（）A.d B.dC.d D.2d【答案】A【解析】【詳解】粒子恰好不能從邊界飛出的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)切點(diǎn)為；由幾何學(xué)問得：解得：依據(jù)圖中幾何關(guān)系可得射到邊界的點(diǎn)到點(diǎn)的最大距離為：A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.與分析不符，故C錯(cuò)誤；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤。8.如圖所示，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)電阻，以下說法中正確的是()A.當(dāng)R2＝R1＋r時(shí)，R2獲得最大功率B.當(dāng)R1＝R2＋r時(shí)，R1獲得最大功率C當(dāng)R2＝0時(shí)，R1獲得最大功率D.當(dāng)R2＝0時(shí)，電源的輸出功率最大【答案】AC【解析】【詳解】A．在探討R2的電功率時(shí)，可將R1視為電源內(nèi)阻的一部分，即將原電路等效為外電阻R2與電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為R1＋r的電源(等效電源)連成的閉合電路(如圖所示)，R2的電功率是等效電源的輸出功率．明顯當(dāng)R2＝R1＋r時(shí)，R2獲得的電功率最大，A項(xiàng)正確；BC．探討R1的電功率時(shí)，由于R1為定值，依據(jù)P＝I2R知，電路中電流越大，R1上的電功率就越大(P1＝I2R1)，所以，當(dāng)R2＝0時(shí)，R1獲得的電功率最大，故B項(xiàng)錯(cuò)誤，C項(xiàng)正確；D．探討電源的輸出功率時(shí)，R1＋R2為外電阻，內(nèi)電阻r恒定，由于題目沒有給出R1和r的詳細(xì)數(shù)值，所以當(dāng)R2＝0時(shí)，電源輸出功率不肯定最大，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．9.有兩根長(zhǎng)直導(dǎo)線a、b相互平行放置，如圖所示為垂直于導(dǎo)線的截面圖．在圖示的平面內(nèi)，O點(diǎn)為兩根導(dǎo)線連線的中點(diǎn)，M、N為兩根導(dǎo)線旁邊的兩點(diǎn)，它們?cè)趦蓪?dǎo)線連線的中垂線上，且與O點(diǎn)的距離相等．若兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I，則關(guān)于線段MN上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的說法中正確的是A.M點(diǎn)和N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同B.M點(diǎn)和N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反C.線段MN上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度都不行能為零D.線段MN上只有一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零【答案】BD【解析】ab兩根通電導(dǎo)線在平面內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)都為逆時(shí)針環(huán)繞導(dǎo)線，連接aM，aN，bM，bN，做切線，合成可得N點(diǎn)的磁場(chǎng)方向豎直向上，M點(diǎn)的磁場(chǎng)方向豎直向下，依據(jù)對(duì)稱性可得MN兩點(diǎn)的合磁場(chǎng)大小相等，故B正確，連接Oa，Ob，a在O點(diǎn)的磁場(chǎng)方向水平向右，b在O點(diǎn)的磁場(chǎng)方向水平向左，大小相等，故O點(diǎn)的磁場(chǎng)為零，由對(duì)稱性可知，只有這一點(diǎn)的磁場(chǎng)為零，所以D正確。10.如圖所示，ab是勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界，質(zhì)子()和α粒子()先后從c點(diǎn)射入磁場(chǎng)，初速度方向與ab邊界夾角均為45o，并都到達(dá)d點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力和粒子間的作用。關(guān)于兩粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是()A.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)軌跡相同B.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)動(dòng)能相同C.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)速率相同D.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同【答案】AB【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，質(zhì)子和α粒子從同一點(diǎn)沿相同的方向射入磁場(chǎng)，然后從同一點(diǎn)離開磁場(chǎng)，則它們?cè)诖艌?chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，故A正確；兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，則它們的軌道半徑r相同，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得：，解得：，粒子動(dòng)能：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則EK質(zhì)子=EKα粒子，故B正確；由牛頓其次定律得：，解得：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則：，故C錯(cuò)誤；粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則：，兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角θ相同，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，，故D錯(cuò)誤；故選AB．點(diǎn)睛：本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，依據(jù)題意確定兩粒子的軌跡關(guān)系與軌道半徑關(guān)系，然后應(yīng)用牛頓其次定律、動(dòng)能計(jì)算公式、周期公式進(jìn)行分析即可正確解題．二、試驗(yàn)題（本題共4小題，每空2分，共18分）11.某同學(xué)用多用電表測(cè)量某電阻，用×10Ω檔時(shí)，發(fā)覺指針偏轉(zhuǎn)角度過大，他應(yīng)當(dāng)換用____________檔（填×1Ω檔或×100Ω檔），換檔后，在測(cè)量前要先_________________?！敬鸢浮?1).×1Ω檔(2).歐姆調(diào)零【解析】【詳解】[1]測(cè)量某電阻時(shí)，用×10Ω檔時(shí)，發(fā)覺指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明所選擋位太大，為精確測(cè)量，應(yīng)當(dāng)換用×1Ω檔；[2]換檔后，在測(cè)量前要重新電阻調(diào)零。12.質(zhì)量為m，長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒靜止于水平軌道上，通過的電流為I，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，其方向與軌道平面成θ角斜向上方，則MN所受的支持力為多少？_，摩擦力為多少？【答案】FN＝mg-BILcosθ,f=BILsinθ【解析】試題分析：由左手定則可推斷安培力方向斜向上,與B垂直,以導(dǎo)體棒為探討對(duì)象進(jìn)行受力分析,在豎直方向,在水平方向安培力的分力與摩擦力平衡,所以摩擦力為f=BILsinθ考點(diǎn)：考查左手定則的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：本題難度較小,關(guān)鍵是依據(jù)左手定則推斷安培力方向,要留意安培力與水平方向的夾角,再由受力平衡方法解決13.下圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為__________mm，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為__________cm?！敬鸢浮?1).1.998(2).1.094【解析】【詳解】[1]螺旋測(cè)微器的固定刻度為1.5mm，可動(dòng)刻度為49.8×0.01mm=0.498mm，所以最終讀數(shù)為：[2]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標(biāo)尺上第47個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為47×0.02mm=0.94mm，所以最終讀數(shù)為：14.要測(cè)繪一個(gè)標(biāo)有“3V0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓須要由零漸漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：電池組(電動(dòng)勢(shì)為4.5V，內(nèi)阻約為1Ω)；電流表(量程為0～250mA，內(nèi)阻約5Ω)；電壓表(量程為0～3V，內(nèi)阻約3kΩ)；電鍵一個(gè)、導(dǎo)線若干．（1）試驗(yàn)中所用的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選下列中的________(填字母代號(hào))．A．滑動(dòng)變阻器(最大阻值20Ω，額定電流1A)B．滑動(dòng)變阻器(最大阻值1750Ω，額定電流0.3A)（2）試驗(yàn)的電路圖應(yīng)選用下列的圖________(填字母代號(hào))．（3）試驗(yàn)得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。假如將這個(gè)小燈泡接到電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為5Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是________W。（保留1位有效數(shù)字）【答案】(1).A(2).B(3).0.1【解析】【詳解】試題分析：（1）為便利試驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器．（2）明確試驗(yàn)原理，知道試驗(yàn)中要求電流從零起先調(diào)整，故應(yīng)采納滑動(dòng)變阻器分壓接法，同時(shí)依據(jù)電表內(nèi)阻進(jìn)行分析，確定電流表接法；（3）在I-U圖象中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點(diǎn)表示燈泡的工作點(diǎn)，由P=UI可求得試驗(yàn)燈泡的功率．（1）電壓從零起先改變，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采納分壓接法，為便利試驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選A；（2）試驗(yàn)要求燈泡兩端的電壓須要由零漸漸增加到3V，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)采納分壓接法，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為，，，電流表應(yīng)采納外接法，因此試驗(yàn)電路應(yīng)選B；（3）在圖中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點(diǎn)表示燈泡的工作點(diǎn)，則由圖可知，電壓為1.0V，電流為0.10A．則由可知，功率．三、計(jì)算題（本題共4小題，共計(jì)42分。解答時(shí)，請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位）15.如圖所示，金屬框架MON與導(dǎo)體棒DE構(gòu)成回路，處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中且與磁場(chǎng)垂直。(1)若B＝0.1T，DE從O點(diǎn)動(dòng)身，向右以1m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)4s時(shí)，回路的磁通量的改變是多少？(2)在圖中，若回路面積從S0＝8m2變到St＝18m2，B從B0＝0.1T變到Bt＝0.8T，則回路中的磁通量改變量是多少？【答案】（1）0.8Wb（2）13.6Wb【解析】【詳解】(1)棒向右以1m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)4s時(shí)，位移為：由于此時(shí)回路的面積為：回路的磁通量即磁通量的改變量為：(2)回路面積從變到，從變到時(shí)的磁通量為：故回路中的磁通量的改變?yōu)椋?6.如圖所示，電阻不計(jì)的兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌M、N，相距L=0.2m。兩導(dǎo)軌一端通過電阻R＝2Ω和電源相連，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，電源內(nèi)阻r＝0.5Ω。導(dǎo)軌上面沿垂直導(dǎo)軌方向放一根質(zhì)量為m＝5×10-2kg的勻稱金屬桿ab，Rab=0.5Ω。假如在裝置所在的區(qū)域加一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使ab對(duì)導(dǎo)軌的壓力恰好為零，并使ab處于靜止?fàn)顟B(tài)。求所加磁場(chǎng)磁感強(qiáng)度的大小和方向?！敬鸢浮克哟艌?chǎng)磁感強(qiáng)度大小為1.25T，方向水平向右【解析】【詳解】由題意可知處于靜止，且對(duì)導(dǎo)軌的壓力恰好為零，則磁場(chǎng)對(duì)的安培力必定豎直向上，與重力平衡，方向豎直向上，由左手定則推斷可知的方向水平向右安培力的大小為：依據(jù)閉合電路歐姆定律得：由得：17.PQ為一根足夠長(zhǎng)絕緣細(xì)直桿，處于豎直的平面內(nèi)，與水平夾角為θ斜放，空間充溢磁感應(yīng)強(qiáng)度B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向水平如圖所示．一個(gè)質(zhì)量為m，帶有負(fù)電荷的小球套在PQ桿上，小球可沿桿滑動(dòng)，球與桿之間的摩擦系數(shù)為μ（μ＜tanθ），小球帶電量為q．現(xiàn)將小球由靜止起先釋放，試求小球在沿桿下滑過程中(重力加速度為g)：(1)小球最大加速度為多少？此時(shí)小球的速度是多少？(2)下滑過程中，小球可達(dá)到的最大速度為多大？【答案】（1），（2）【解析】（1）依據(jù)題意因?yàn)?，所以小球剛起先做加速下落，小球下落過程中，豎直向下的重力，垂直斜面對(duì)上的洛倫茲力，和斜面給的摩擦力，剛起先小球的速度比較小，此時(shí)，即，小球做加速運(yùn)動(dòng)，隨著速度的增大，F(xiàn)在增大，在減小，所以在減小，小球的合力即沿斜面方向的合力在增大，即小球的加速度在增大，當(dāng)時(shí)小球在垂直斜面方向上的合力為零，即小球與斜面間的正壓力為零，所以摩擦力為零，，之后，，此時(shí)小球仍在做加速運(yùn)動(dòng)，隨著速度的增大，在增大，f在增大，所以在減小，即加速度在減小，所以當(dāng)時(shí)加速度最大，因?yàn)榇藭r(shí)，所以，，(2)當(dāng)時(shí)，加速度為零，速度達(dá)到最大，最終小球做減速運(yùn)動(dòng)，所以有最大速度，故，所以思路分析：小球在向下滑落的過程中，受到的洛倫茲力是變力，導(dǎo)致小球與斜面間